2025年蘇教版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示的電路中，開關(guān)閉合時(shí)，燈L1、L2正常發(fā)光。由于電路出現(xiàn)故障，燈L1突然變亮，燈L2變暗；電流表的讀數(shù)變小。則發(fā)生的故障可能是（）

A.R1斷路B.R2斷路C.R3斷路D.R4斷路2、如圖所示為伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律時(shí)設(shè)計(jì)的斜面實(shí)驗(yàn)；他讓銅球沿阻力很小的斜面從靜止?jié)L下，利用滴水計(jì)時(shí)記錄銅球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．關(guān)于伽利略的“斜面實(shí)驗(yàn)“，下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.實(shí)驗(yàn)中斜面起到了“沖淡”重力的作用，便于利用滴水計(jì)時(shí)記錄銅球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間B.若斜面長度一定，小球由靜止從頂端滾到底端時(shí)的速度大小與傾角無關(guān)C.若斜面傾角一定，不同質(zhì)量的小球由靜止從頂端滾到底端的時(shí)間相同D.若斜面傾角一定，在斜面上不同的位置釋放小球，小球在斜面上的平均速度與時(shí)間成正比3、如果一物體在任意相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量相等，則此物體的運(yùn)動(dòng)不可能是(

)

A.勻速圓周運(yùn)動(dòng)B.自由落體運(yùn)動(dòng)C.平拋運(yùn)動(dòng)D.豎直上拋運(yùn)動(dòng)4、如圖所示，放在水平地面上的木箱B內(nèi)，小球A在細(xì)線約束下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角為θ．設(shè)此時(shí)木箱與地面間的彈力和摩擦力大小分別為FN1和f1．現(xiàn)在將小球拉至細(xì)線與豎直方向的夾角θ時(shí)釋放，當(dāng)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，木箱與地面間的彈力和摩擦力大小分別為FN2和f2．木箱始終靜止不動(dòng)，以下關(guān)系正確的是（）A.FN1＞FN2；f1＞f2B.FN1＜FN2；f1＞f2C.FN1＜FN2；f1＜f2D.FN1＞FN2；f1＜f25、下列說法中正確的是（）A.有加速度的物體，其速度一定增加B.物體的速度有變化，則加速度必有變化C.沒有加速度的物體，其速度一定不變D.物體的加速度為零，則速度一定為零6、如圖（甲）所示是用沙擺演示振動(dòng)圖象的實(shí)驗(yàn)裝置，沙擺的運(yùn)動(dòng)可看作簡諧運(yùn)動(dòng)，實(shí)驗(yàn)時(shí)在木板上留下圖示的痕跡．圖（乙）是兩個(gè)沙擺在各自板上形成的曲線，若板N1和板N2拉動(dòng)的速度分別為v1和v2，的關(guān)系為2v2=v1，則板N1和板N2上曲線所代表的振動(dòng)周期T1和T2的關(guān)系為（）A.T2=T1B.T2=2T1C.T2=4T1D.T2=評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、（2015春?錦州期末）如圖所示，為0.3mol的某種氣體的壓強(qiáng)和溫度關(guān)系的P-t圖線．P0表示1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，則在狀態(tài)B時(shí)氣體的體積為____L．（已知1mol任何氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為22.4L）8、（2014?德州一模）（1）下列說法正確的是____．

A．PM2.5（指空氣中直徑小于2.5微米的懸浮顆粒物）在空氣中的運(yùn)動(dòng)屬于分子熱運(yùn)動(dòng)。

B．分子間引力總是隨著分子間距離的減小而減小。

C．熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體；但不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體。

D．水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大。

E．液晶既具有液體的流動(dòng)性；又具有單晶體的光學(xué)各向同性的特點(diǎn)。

（2）如圖所示，導(dǎo)熱良好的薄壁汽缸放在光滑水平面上，用橫截面積為S=1.0×10-2m2的光滑活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在汽缸內(nèi)，活塞桿的另一端固定在墻上．外界大氣壓強(qiáng)P0=1.0×l05Pa．當(dāng)環(huán)境溫度為27℃時(shí)，密閉氣體的體積為2.0×10-3m3．

①當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高到87℃時(shí)；汽缸移動(dòng)的距離是多少？

②在上述過程中封閉氣體____（填“吸熱”或“放熱”），傳遞的熱量____（填“大于”或“小于”）氣體對外界所做的功．9、（2014?新民市校級(jí)三模）如圖所示，一平行板電容器跟一電源相接，當(dāng)S閉合時(shí)，平行板電容器極板A、B間的一帶電液滴恰好靜止．若將兩板間距離增大為原來的兩倍，那么液滴的運(yùn)動(dòng)加速度為____，液滴的電勢能將____（填“增大”、“不變”、“減小”），若先將S斷開，再將兩板間距離增大為原來的兩倍，液滴的運(yùn)動(dòng)加速度為____．10、（2012?新余校級(jí)模擬）（1）對于一定量的理想氣體，下列說法正確的是____．

A．若氣體的壓強(qiáng)和體積都不變；其內(nèi)能也一定不變

B．若氣體的內(nèi)能不變；其狀態(tài)也一定不變

C．若氣體的溫度隨時(shí)間不段升高；其壓強(qiáng)也一定不斷增大

D．氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關(guān)

E．當(dāng)氣體溫度升高時(shí)；氣體的內(nèi)能一定增大

（2）如圖，體積為V、內(nèi)壁光滑的圓柱形導(dǎo)熱氣缸頂部有一質(zhì)量和厚度均可忽略的活塞；氣缸內(nèi)密封有溫度為2.4T0、壓強(qiáng)為1.2p0的理想氣體．p0和T0分別為大氣的壓強(qiáng)和溫度．已知：氣體內(nèi)能U與溫度T的關(guān)系為U=αT；α為正的常量；容器內(nèi)氣體的所有變化過程都是緩慢的．求

（i）氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時(shí)的體積V1：

（ii）在活塞下降過程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量Q．11、利用靜電除塵器可以消除空氣中的粉塵．靜電除塵器由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成，A和B分別接到高壓電源正極和負(fù)極，其裝置示意圖如右圖所示．A、B之間有很強(qiáng)的電場，距B越近，場強(qiáng)__________(填：“越大”或“越小”)。B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子，粉塵吸附電子后被吸附到_______（填“A”或“B”）上，最后在重力作用下落入下面的漏斗中．12、一列橫波沿直線傳播，波速為2m/s，在沿波的傳播直線上取P，Q兩點(diǎn)，當(dāng)波正好傳到其中某一點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，測得5s內(nèi)，P點(diǎn)完成8次全振動(dòng)，Q點(diǎn)完成10次全振動(dòng)，由此可知P，Q間的距離____，此波由點(diǎn)____向____點(diǎn)傳播．13、電場線上每一點(diǎn)的____與該點(diǎn)的場強(qiáng)方向一致；正點(diǎn)電荷形成的電場中，電場線始于____（正點(diǎn)電荷或者負(fù)點(diǎn)電荷），延伸到無窮遠(yuǎn)處；負(fù)點(diǎn)電荷形成的電場中，電場線起始于無窮遠(yuǎn)處，終止于____（正點(diǎn)電荷或者負(fù)點(diǎn)電荷）．14、（2014?呼倫貝爾一模）用能量為15eV的光子照到某種金屬上，能發(fā)生光電效應(yīng)，測得其光電子的最大初動(dòng)能為12.45eV，則該金屬的逸出功為____eV．氫原子的能級(jí)如圖所示，現(xiàn)有一群處于n=3能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷，在輻射出的各種頻率的光子中，能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的頻率共有____種．15、如圖所示，一列沿+x方向傳播的波，波速為100m/s，當(dāng)t1=0時(shí)，振動(dòng)只傳播到A點(diǎn)，當(dāng)t2=____s時(shí)，位于x=200m的P點(diǎn)第一次出現(xiàn)波峰，當(dāng)t3____s時(shí)，P點(diǎn)第一次出現(xiàn)波谷．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對錯(cuò)）17、當(dāng)溫度升高時(shí)，物體內(nèi)部所有分子的動(dòng)能都增加．____．（判斷對錯(cuò)）18、物體的位移為零時(shí)，路程也一定為零．____．（判斷對錯(cuò)）19、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運(yùn)動(dòng)，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，說明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對錯(cuò)）20、絕對零度是低溫的極限，永遠(yuǎn)達(dá)不到．____．（判斷對錯(cuò)）21、電場線真實(shí)地存在于電場中．____．（判斷對錯(cuò)）22、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對錯(cuò)）23、同一汽車，速度越快，越難剎車，說明物體速度越大，慣性越大．____（判斷對錯(cuò)）24、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．評卷人得分四、識(shí)圖作答題(共2題，共14分)25、為探究獺兔的遺傳方式，科研人員用患病的獺兔和正常獺兔做雜交實(shí)驗(yàn)，結(jié)果見下表，回答下列問題：。親本F1的表現(xiàn)型F2的表現(xiàn)型及比例雜交組合一：一只患病雄兔與一只正常雌兔雜交雌雄兔都正常，雌雄兔隨機(jī)交配雌性全正常雄兔中，正常兔:患病兔=15:1雜交組合二：一只正常雄兔與一只正常雌兔雜交雌雄兔都正常，雌雄兔隨機(jī)交配雌性全正常雄兔中，正常兔:患病兔=15:1（1）對上述雜交實(shí)驗(yàn)結(jié)果合理的解釋：①患病性狀只在__________（填“雌”或“雄”）性獺兔中表現(xiàn)；②該遺傳病由位于兩對常染色體上的兩對等位基因控制，只要個(gè)體的基因型中含有_____個(gè)顯性基因即表現(xiàn)為正常。（2）依據(jù)上述解釋，雜交組合二的親本基因型為____________（用A、a和B、b表示）（3）請從F1和F2中選擇小兔，設(shè)計(jì)簡便的實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證上述解釋：實(shí)驗(yàn)方案：___________________________________________支持該解釋的預(yù)期結(jié)果：_______________________________________________26、青蒿的花色表現(xiàn)為白色(只含白色素)和黃色(含黃色色素)一對相對性狀，由兩對等位基因(A和a，B和b)共同控制，顯性基因A控制以白色素為前體物合成黃色色素的代謝過程，但當(dāng)顯性基因B存在時(shí)可抑制其表達(dá)(如下圖所示)。據(jù)此回答：(1)開黃花的青蒿植株的基因型可能是____。(2)現(xiàn)有AABB、aaBB和aabb三個(gè)純種白色青蒿品種，為了培育出能穩(wěn)定遺傳的黃色品種，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下程序：Ⅰ.選擇____和____兩個(gè)品種進(jìn)行雜交，得到F1種子；Ⅱ.F1種子種下得F1植株，F(xiàn)1隨機(jī)交配得F2種子；Ⅲ.F2種子種下得F2植株，F(xiàn)2自交，然后選擇開黃色花植株的種子混合留種；Ⅳ.重復(fù)步驟Ⅲ若干代，直到后代不出現(xiàn)性狀分離為止。F1植株能產(chǎn)生比例相等的四種配子，原因是____。①F2的性狀分離比為____。②若F2與基因型為aabb的白色品種雜交，測交后代的表現(xiàn)型比例為____。③F2植株中在這些開黃花的植株上所結(jié)的種子中黃色純合子占____。評卷人得分五、計(jì)算題(共3題，共27分)27、【題文】如圖所示，在第二象限和第四象限的正方形區(qū)域內(nèi)分別存在著勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B，方向相反，且都垂直于xOy平面．一電子由P(－d，d)點(diǎn)，沿x軸正方向射入磁場區(qū)域Ⅰ.(電子質(zhì)量為m，電荷量為e，sin53°＝)

(1)求電子能從第三象限射出的入射速度的范圍．

(2)若電子從位置射出；求電子在磁場Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t.

(3)求第(2)問中電子離開磁場Ⅱ時(shí)的位置坐標(biāo)．28、如圖；絕緣粗糙的豎直平面MN

左側(cè)同時(shí)存在相互垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向水平向右，電場強(qiáng)度大小為E

磁場方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.

一質(zhì)量為m

電荷量為q

的帶正電的小滑塊從A

點(diǎn)由靜止開始沿MN

下滑，到達(dá)C

點(diǎn)時(shí)離開MN

做曲線運(yùn)動(dòng).AC

兩點(diǎn)間距離為h

重力加速度為g

．

(1)

求小滑塊運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)時(shí)的速度大小vc

(2)

求小滑塊從A

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)過程中克服摩擦力做的功Wf

(3)

若D

點(diǎn)為小滑塊在電場力、洛倫茲力及重力作用下運(yùn)動(dòng)過程中速度最大的位置，當(dāng)小滑塊運(yùn)動(dòng)到D

點(diǎn)時(shí)撤去磁場，此后小滑塊繼續(xù)運(yùn)動(dòng)到水平地面上的P

點(diǎn).

已知小滑塊在D

點(diǎn)時(shí)的速度大小為vD

從D

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P

點(diǎn)的時(shí)間為t

求小滑塊運(yùn)動(dòng)到P

點(diǎn)時(shí)速度的大小vp

．29、如圖1

所示，空間存在著方向豎直向上的勻強(qiáng)電場和方向垂直于紙面向內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B

的勻強(qiáng)磁場，帶電量為+q

質(zhì)量為m

的小球Q

靜置在光滑絕緣的水平高臺(tái)邊緣，另一質(zhì)量為m

不帶電的絕緣小球P

以水平初速度v0

向Q

運(yùn)動(dòng)，v0=mg2qB

小球PQ

正碰過程中沒有機(jī)械能損失且電荷量不發(fā)生轉(zhuǎn)移，已知?jiǎng)驈?qiáng)電場的電場強(qiáng)度E=mgq

水平臺(tái)面距離地面高度h=2m2gq2B2

重力加速度為g

不計(jì)空氣阻力．

(1)

求PQ

兩球首次發(fā)生彈性碰撞后；小球Q

的速度大??；

(2)PQ

兩球首次發(fā)生彈性碰撞后；經(jīng)多少時(shí)間小球P

落地，落地點(diǎn)與平臺(tái)邊緣間的水平距離多大？

(3)

若撤去勻強(qiáng)電場，并將小球Q

重新放在平臺(tái)邊緣，小球P

仍以水平初速度v0=mg2qB

向Q

運(yùn)動(dòng)，小球Q

的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖2

所示，已知Q

球在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)所受全力的大小相等，求小球Q

在運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度和第一次下降的最大距離H

．評卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共12分)30、某同學(xué)為了較精確地測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻；實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了下列器材：

A.待測干電池E(

電動(dòng)勢約為1.5V

內(nèi)阻約為1婁賂)

B.電流表G(

滿偏電流3.0mA

內(nèi)阻為100婁賂)

C.電流表A(

量程0隆蘆0.6A

內(nèi)阻約為1婁賂)

D.滑動(dòng)變阻器R1(0隆蘆10婁賂

額定電流為2A)

E.滑動(dòng)變阻器R2(0隆蘆1k婁賂

額定電流為1A)

F.定值電阻R0(

阻值為900婁賂)

G.開關(guān)一個(gè)；導(dǎo)線若干。

(1)

為了能比較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量；同時(shí)還要考慮操作的方便，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______．

(2)

根據(jù)題意在圖1

中畫出該實(shí)驗(yàn)所需要的電路圖．

(3)

根據(jù)圖2

電路圖；將實(shí)物圖連接起來，組成完整的電路．

(4)

如圖3

所示，是某同學(xué)根據(jù)正確的實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)作出的圖線，其中縱坐標(biāo)I1

為電流表G

的示數(shù)橫坐標(biāo)I2

為電流表A

的示數(shù)，由圖可知，被測干電池的電動(dòng)勢為______V

內(nèi)電阻為______婁賂(

保留2

位有效數(shù)字)

31、2017年1月24日，國際學(xué)術(shù)權(quán)威刊物發(fā)表了一篇研究論文，該論文首次報(bào)道了以唾液腺作為生物反應(yīng)器，從轉(zhuǎn)基因動(dòng)物的唾液中生產(chǎn)出具有良好生物活性、可用于治療人類小兒腦癱和老年癡呆等神經(jīng)損傷或退化性疾病的人神經(jīng)生長因子蛋白。（1）欲獲得人的神經(jīng)生長因子基因，可從細(xì)胞中分離到相應(yīng)的mRNA，再經(jīng)過反轉(zhuǎn)錄產(chǎn)生________，以此作為模板可利用PCR技術(shù)在體外擴(kuò)增獲得目的基因，該技術(shù)的前提是要有_______________________，以便合成引物。（2）將人的神經(jīng)生長因子基因?qū)胴i受體細(xì)胞；最終使其在________中高效表達(dá)，獲得的產(chǎn)品需要與天然產(chǎn)品的功能進(jìn)行________比較。

（3）為使外源基因在后代長期保持；可將轉(zhuǎn)基因豬體細(xì)胞的細(xì)胞核轉(zhuǎn)入_____細(xì)胞中構(gòu)成重組細(xì)胞，使其發(fā)育成與供體具有相同性狀的個(gè)體，該技術(shù)稱為核移植（或克?。?/p>

（4）轉(zhuǎn)基因生物中，有時(shí)會(huì)出現(xiàn)一些人們意想不到的后果，轉(zhuǎn)基因生物引發(fā)人們在食物安全、________和環(huán)境安全三個(gè)方面發(fā)生了激烈的爭論。32、某同學(xué)利用圖甲所示裝置探究“質(zhì)量一定時(shí)加速度與合力的關(guān)系”；其主要實(shí)驗(yàn)步驟如下；

①將礦泉水瓶P和物塊Q；分別與跨過輕滑輪的輕繩連接，滑輪通過豎直彈簧力計(jì)懸掛；

②將紙帶上端夾在Q的下面；下端穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（圖中未畫出），往P中加一些水，接通電源，釋放P后，P向下運(yùn)動(dòng)，讀出測力計(jì)的示數(shù)F，打出點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖乙所示；

③逐漸往P中加適量水；重復(fù)實(shí)驗(yàn)，獲得多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。

（1）在圖乙所示的紙帶上，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，用刻度尺測得1、5兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離為14.40cm，5、9兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離為30.20cm，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的額率為50Hz，則Q的加速度大小為______m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，作出Q的加速度a隨測力計(jì)示數(shù)F變化的圖象如圖丙所示，若圖線的斜率為k，圖線在F軸上的截距為b，不計(jì)滑輪的摩擦，重力加速度大小為g，則Q的質(zhì)量為______，滑輪的質(zhì)量為______。33、某研究小組利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證動(dòng)能定理；實(shí)驗(yàn)裝置示意圖如圖甲所示：

首先用天平測量滑塊和遮光條的總質(zhì)量M；重物的質(zhì)量m；用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度d；然后調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平；調(diào)整輕滑輪使細(xì)線水平；實(shí)驗(yàn)時(shí)每次滑塊都從同一位置A處由靜止釋放，用x表示滑塊從位置A到光電門的距離，用△t表示遮光條經(jīng)過光電門所用的時(shí)間。

回答下列問題：

（1）測量d時(shí)；游標(biāo)卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為______cm；

（2）實(shí)驗(yàn)前調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平的目的是______；

（3）以滑塊（包含遮光條）和重物組成的系統(tǒng)為研究對象，在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式______（用實(shí)驗(yàn)測得物理量的字母表示），則可認(rèn)為驗(yàn)證了動(dòng)能定理。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】由圖知，R1與燈L1并聯(lián)，若R1斷路則電路的總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律知電路的總電流減小，即并聯(lián)電路R3、R4的總電流減小，得到并聯(lián)電路兩端的總電壓減小，由歐姆定律的電流表的讀數(shù)變小，流過燈L2電流變小，燈L2變暗，由路端電壓增大，得到燈L1兩端的電壓增大，燈L1的功率增大，燈L1變亮，A對；若R2斷路，則電路斷開，兩燈不亮，電流表沒有讀數(shù)，B錯(cuò)；若R3斷路則燈L2不亮，C錯(cuò)；若R4斷路則電流表沒有讀數(shù)；D錯(cuò)。

【點(diǎn)評】學(xué)生能據(jù)電流的流向判斷電路中的用電器的連接方式，明確動(dòng)態(tài)分析的總體思路是先由局部阻值的變化得出總電阻的變化，再整體據(jù)閉合電路的歐姆定律得出電路中總電流的變化，再局部就是由串、并聯(lián)電路的特點(diǎn)去分析。2、B【分析】解：A；落體下落很快；不容易計(jì)時(shí)，伽利略讓小球沿阻力很小的斜面滾下，用“沖淡”重力的巧妙方法加以突破，故A正確．

B；根據(jù)小球沿斜面運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知；若斜面長度一定，若斜面的傾角越大，則小球的速度變化越快，所以小球由靜止從頂端滾到底端時(shí)的速度大小與傾角有關(guān)，故B錯(cuò)誤．

C；根據(jù)小球沿斜面運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知；若斜面傾角一定，不同質(zhì)量的小球由靜止從頂端滾到底端的過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律是相同的，時(shí)間也相同，故C正確．

D；根據(jù)小球沿斜面運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知；若斜面傾角一定，在斜面上不同的位置釋放小球，小球在斜面上的平均速度與時(shí)間成正比，故D正確．

本題選擇不正確的；故選：B．

本題考查了伽利略對自由落體運(yùn)動(dòng)的研究；只要了解其研究過程；采用的方法、其科學(xué)的思維以及得出的結(jié)論即可正確解答本題．

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對物理學(xué)的發(fā)展史要了解，特別是一些物理學(xué)家對物理學(xué)史的貢獻(xiàn)更應(yīng)當(dāng)了解，屬于物理常識(shí)，要加強(qiáng)記憶．【解析】【答案】B3、A【分析】解：如果物體在任何相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量都相同；由I=Ft

可知，物體受到的力是恒力．

則可知；物體可以做自由落體運(yùn)動(dòng)；平拋運(yùn)動(dòng)或豎直上拋運(yùn)動(dòng)；

物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；所受合外力方向不斷變化，合力為變力，在任何相等時(shí)間內(nèi)，合外力的沖量不相等，故不可能為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，BCD

均可能，A

不可能；

本題選運(yùn)動(dòng)不可能的；故選：A

分析物體的受力情況；再根據(jù)動(dòng)量定理可明確物體的動(dòng)量變化是否相等，明確沖量不變則說明物體受到的一定是恒力．

該題考查物體的沖量與受力、運(yùn)動(dòng)之間的關(guān)系，要注意明確受力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，注意明確勻速圓周運(yùn)動(dòng)受到的是變力．【解析】A

4、B【分析】【分析】當(dāng)小球A在細(xì)線約束下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律求出細(xì)線的拉力，再對木箱，根據(jù)平衡條件求出FN1和f1．

將小球拉至細(xì)線與豎直方向的夾角θ時(shí)釋放，根據(jù)機(jī)械能守恒求出小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律求出繩子的拉力，再對木箱，根據(jù)平衡條件求出FN2和f2．即可作出判斷．【解析】【解答】解：設(shè)小球和木箱的質(zhì)量分別為m和M．

當(dāng)小球A在細(xì)線約束下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律可得：T1cosθ=mg，則細(xì)線的拉力T1=

對木箱，根據(jù)平衡條件可得：地面對木箱的支持力FN1=T1cosθ+Mg=（m+M）g；

f1=T1sinθ=mgtanθ

將小球拉至細(xì)線與豎直方向的夾角θ時(shí)釋放；根據(jù)機(jī)械能守恒得：

mgL（1-cosθ）=

在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律有：T2-mg=m，解得T2=mg（3-2cosθ），則FN2=T2+Mg=mg（3-2cosθ）+Mg

f2=0

故得：FN1＜FN2；f1＞f2．

故選：B5、C【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，速度大，速度變化量大，加速度都不一定大．【解析】【解答】解：A；有加速度；速度不一定增大，也可能減小，如減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B；物體的速度有變化；加速度不一定變化，如勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C；加速度為零；物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)或處于靜止?fàn)顟B(tài)，速度不變，故C正確；

D；物體的加速度為零；速度不一定為零，比如：勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為零，速度不為零．故D錯(cuò)誤．

故選：C．6、A【分析】【分析】單擺的擺動(dòng)和木板的勻速運(yùn)動(dòng)同時(shí)進(jìn)行，上板記錄了一個(gè)周期的圖象，下板記錄了兩個(gè)周期的圖象，根據(jù)速度的定義公式列式比較即可．【解析】【解答】解：設(shè)板長為L；則：

上板記錄了一個(gè)周期的圖象，板勻速運(yùn)動(dòng)位移L的時(shí)間等于單擺的周期，則：T1=；

下板記錄了兩個(gè)周期的圖象，板勻速運(yùn)動(dòng)位移L的時(shí)間等于單擺周期的兩倍，則：T2=

根據(jù)題意，有：2v2=v1；

故得：T2=T1

故選：A．二、填空題(共9題，共18分)7、8.4【分析】【分析】由圖可知圖象為P-t圖象，根據(jù)圖象可知壓強(qiáng)與攝氏溫度的關(guān)系；知道1mol任何氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為22.4L，根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C和已知的變化量去判斷其它的物理量．【解析】【解答】解：1mol任何氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積都是22.4L；0.3mol氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積是6.72L．

根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C知：在P-T圖象中等容線為過原點(diǎn)的直線；其中T為熱力學(xué)溫度溫度．所以在圖中，虛線及延長線為等容線，A點(diǎn)的體積為6.72L．

A到B，壓強(qiáng)不變，根據(jù)氣體狀態(tài)方程得：VB===8.4L．

故答案為：8.4．8、CD吸熱大于【分析】【分析】（1）當(dāng)分子間距離增大時(shí)；分子間引力和斥力都減??；熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體；水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大；液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性．

（2）①當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高時(shí)；氣體作等壓膨脹，根據(jù)蓋-呂薩克定律列式求解出膨脹的體積；

②溫度升高，氣體從外界吸熱；理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，溫度升高，氣體內(nèi)能增加；體積增大，氣體對外做功，W＜0；由熱力學(xué)第一定律可知傳遞的熱量大于氣體對外界所做的功．【解析】【解答】解：（1）A；PM2.5在空氣中的運(yùn)動(dòng)是固體顆粒、是分子團(tuán)的運(yùn)動(dòng)；不是分子的熱運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤。

B；分子間同時(shí)存在著引力和斥力；都是隨分子間距離增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，故B錯(cuò)誤；

C；根據(jù)熱力學(xué)第二定律；熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體，故C正確；

D；水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大；故D正確；

E；液晶像液體一樣具有流動(dòng)性；而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，故E錯(cuò)誤；

故選：CD．

（2）封閉氣體等壓變化；由蓋呂薩克定律得：

解得：

氣缸移動(dòng)的距離為：

溫度升高；氣體從外界吸熱；

理想氣體的內(nèi)能由溫度決定；溫度升高，氣體內(nèi)能增加；體積增大，氣體對外做功，W＜0；

由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可得：Q＞-W；即傳遞的熱量大于氣體對外界所做的功；

答：（1）CD

（2）①當(dāng)環(huán)境溫度緩慢升高到87℃時(shí)，汽缸移動(dòng)的距離是4×10-2m；②吸熱，大于．9、增大0【分析】【分析】帶電液滴開始恰好靜止，則電場力和重力相等，兩板間的距離增大，電場強(qiáng)度減小，根據(jù)牛頓第二定律求出液滴的加速度．通過電場力做功判斷液滴電勢能的變化，將S斷開，通過電場強(qiáng)度的變化，判斷液滴的加速度變化．【解析】【解答】解：液滴開始靜止；有：mg=qE．

若將兩板間距離增大為原來的兩倍，電勢差不變，則電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼模?/p>

根據(jù)牛頓第二定律得，a=．加速度方向向下；液滴向下加速運(yùn)動(dòng)，電場力做負(fù)功，電勢能增大．

將S斷開，電荷量不變，電場強(qiáng)度；d變化時(shí)，電場強(qiáng)度不變，則電場力和重力仍然平衡，加速度為0．

故答案為：，增大，0．10、ADE【分析】【分析】（1）理想氣體內(nèi)能由物體的溫度決定；理想氣體溫度變化，內(nèi)能變化；由理想氣體的狀態(tài)方程可以判斷氣體溫度變化時(shí)，氣體的體積與壓強(qiáng)如何變化．

（2）（i）開始?xì)怏w溫度降低時(shí)體積不變；由查理定律可以求出氣體壓強(qiáng)等于大氣壓時(shí)氣體的溫度；溫度再降低時(shí)，氣體壓強(qiáng)不變，由蓋呂薩克定律可以求出氣體壓強(qiáng)等于大氣壓時(shí)氣體的體積．

（ii）求出氣體狀態(tài)發(fā)生變化時(shí)，外界對氣體所做的功，然后根據(jù)氣體內(nèi)能與溫度的關(guān)系，求出氣體內(nèi)能的變化量，最后由熱力學(xué)第一定律求出氣體放出的熱量．【解析】【解答】解：（1）A、由理想氣體的狀態(tài)方程=C可知；若氣體的壓強(qiáng)和體積都不變，則其溫度不變，其內(nèi)能也一定不變，故A正確；

B；若氣體的內(nèi)能不變；則氣體的溫度不變，氣體的壓強(qiáng)與體積可能發(fā)生變化，氣體的狀態(tài)可能變化，故B錯(cuò)誤；

C、由理想氣體的狀態(tài)方程=C可知；若氣體的溫度T隨時(shí)間不段升高，體積同時(shí)變大，其壓強(qiáng)可能不變，故C錯(cuò)誤；

D；氣體絕熱壓縮或膨脹時(shí)；氣體不吸熱也不放熱，氣體內(nèi)能發(fā)生變化，溫度升高或降低，在非絕熱過程中，氣體內(nèi)能變化，要吸收或放出熱量，由此可知?dú)怏w溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關(guān)，故D正確；

E；理想氣體內(nèi)能由溫度決定；當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，氣體的內(nèi)能一定增，故E正確；

故答案為：ADE．

（2）在氣體由壓強(qiáng)p=1.2p0下降到p0的過程中；氣體體積不變；

溫度由T=2.4T0變?yōu)門1，由查理定律得=①；

在氣體溫度由T1變?yōu)門0的過程中，體積由V減小到V1；

氣體壓強(qiáng)不變，由蓋?呂薩克定律得：=②；

由①②式得V1=③；

（ⅱ）在活塞下降過程中，活塞對氣體做的功為W=P0（V-V1）④；

在這一過程中，氣體內(nèi)能的減少為△U=α（T1-T0）⑤；

由熱力學(xué)第一定律得；氣缸內(nèi)氣體放出的熱量為Q=W+△U⑥；

由②③④⑤⑥式得：Q=+αT0；

答：（1）ADE；

（2）（i）氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時(shí)的體積V1=；

（ii）在活塞下降過程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量Q=+αT0．11、略

【分析】電極截面如圖所示，由電場線可判斷越靠近B場強(qiáng)越大；粉塵吸附電子后帶負(fù)電，因此向正極A運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥俊敬鸢浮吭酱驛12、2mQP【分析】【分析】由題，5s內(nèi)，P點(diǎn)完成8次全振動(dòng)，Q點(diǎn)完成10次全振動(dòng)，可知，從波到達(dá)Q點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，由時(shí)間求出一次全振動(dòng)的時(shí)間，即為周期．根據(jù)公式x=vt求出波從Q傳到P的距離．【解析】【解答】解：據(jù)題；5s內(nèi)，P點(diǎn)完成8次全振動(dòng)，Q點(diǎn)完成10次全振動(dòng)，必定是從波到達(dá)Q點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，波傳播的方向是從Q到P．

周期為T===0.5s；波從B傳到A的時(shí)間為△t=2T=1s，則P，Q間的距離為S=v△t=2×1m=2m

故答案為：2m，Q，P．13、切線方向正點(diǎn)電荷負(fù)點(diǎn)電荷【分析】【分析】電場線是為了形象的描述電場強(qiáng)弱和方向引入的，并非實(shí)際存在的，電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱，沿電場線電勢降低．【解析】【解答】解：電場線上每一點(diǎn)的切線方向與該點(diǎn)的場強(qiáng)方向一致；正點(diǎn)電荷形成的電場中；電場線始于正點(diǎn)電荷，延伸到無窮遠(yuǎn)處；負(fù)點(diǎn)電荷形成的電場中，電場線起始于無窮遠(yuǎn)處，終止于負(fù)點(diǎn)電荷。

故答案為：切線方向正點(diǎn)電荷負(fù)點(diǎn)電荷14、2.552【分析】【分析】根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出該群氫原子可能發(fā)射的不同頻率光子的種數(shù)．根據(jù)輻射光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差求出光子能量，根據(jù)光電效應(yīng)方程求出光電子的最大初動(dòng)能．【解析】【解答】解：用能量為15eV的光子照到某種金屬上；能發(fā)生光電效應(yīng)，測得其光電子的最大初動(dòng)能為12.45eV；

根據(jù)光電效應(yīng)方程得，Ekm=15-12.45=2.55eV．

現(xiàn)有一群處于n=3能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷，根據(jù)=3；知該群氫原子可能發(fā)射3種不同頻率的光子．

但是n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)的光子能量小于2.55eV；所以能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的頻率共有2種．

故答案為：2.55，215、1.951.85【分析】【分析】已知該波沿x軸正方向傳播，判斷出t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方向，也就是起振方向，當(dāng)x=5m的波傳到P點(diǎn)時(shí)，P點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，當(dāng)x=15m的波傳到P點(diǎn)時(shí)，P點(diǎn)第一次到達(dá)波谷，根據(jù)t=求解時(shí)間．【解析】【解答】解：已知該波沿x軸正方向傳播；波形向右平移，則知t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方向向下；

也就是起振方向；當(dāng)x=5m的波傳到P點(diǎn)時(shí)，P點(diǎn)第一次到達(dá)波峰；

根據(jù)t=得：

t2==1.95s

當(dāng)x=15m的波傳到P點(diǎn)時(shí)，P點(diǎn)第一次到達(dá)波谷，根據(jù)t=得：

t3==1.85s

故答案為：1.951.85三、判斷題(共9題，共18分)16、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志；是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對單個(gè)的分子沒有意義；當(dāng)溫度升高時(shí)，物體內(nèi)的分子的平均動(dòng)能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動(dòng)能都增加．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】路程表示運(yùn)動(dòng)軌跡的長度，位移的大小等于首末位置的距離，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，路程等于位移的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w的位移為零時(shí)；其路程不一定為零．比如繞操場一圈，路程不為零，但位移等于零．所以以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】熱力學(xué)溫標(biāo)亦稱“絕對溫標(biāo)”．是由開爾文首先引入的．開爾文所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是氣體發(fā)生等容變化時(shí)，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系，再進(jìn)行合理外推得到的．熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系是T=t+273.15K；熱力學(xué)溫度的0K是不可能達(dá)到的．【解析】【解答】解：根據(jù)熱力學(xué)第三定律可知；熱力學(xué)溫標(biāo)的零K達(dá)不到．所以該說法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場線，實(shí)際不存在，電場線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場線；實(shí)際不存在．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認(rèn)識(shí)到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√23、×【分析】【分析】質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志，與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志；與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無關(guān)，故此說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．24、×【分析】【分析】由萬有引力定律知兩個(gè)物體之間存在萬有引力充當(dāng)向心力，繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到的萬有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到萬有引力提供向心力；處于失重狀態(tài)．而不是不受到地球的吸引力．故該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×四、識(shí)圖作答題(共2題，共14分)25、（1）①雄

②一

（2）AAbb和aaBB

（3）實(shí)驗(yàn)方案：讓F2中的患病雄兔與F1中的正常雌兔交配，繁殖多次，統(tǒng)計(jì)后代的表現(xiàn)型（或從F2中選取多只患病雄兔與F1中的多只正常雌兔隨機(jī)交配，統(tǒng)計(jì)后代的表現(xiàn)型）

預(yù)期結(jié)果：子代中的雌兔都正常，雄兔中患?。赫?1：3（或子代中正常雄獺兔與患病獺兔的比例接近7：1）【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生理解基因分離定律和自由組合定律的實(shí)質(zhì)，根據(jù)子代表現(xiàn)型及比例推測基因與性狀之間的數(shù)量關(guān)系、親本基因型及遵循的遺傳規(guī)律，并應(yīng)用演繹推理的方法設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，證明推測的結(jié)論。分析雜交組合一：一只患病雄鼠與一只正常雌鼠雜交，子一代雌雄鼠都正常，說明正常是顯性性狀，患病是隱性性狀，雌雄鼠隨機(jī)交配，子二代雌性全正常，雄性中，正常鼠：患病鼠=15：1說明患病由2對等位基因控制，且遵循自由組合定律，2對等位基因位于常染色體上，且患病只在雄鼠中表現(xiàn)，且A_B_、A_bb、aaB_都正常，aabb患病；雜交組合二：一只正常雄鼠與一只正常雌鼠雜交，子一代雌雄鼠都正常，雌雄鼠隨機(jī)交配，子二代雌性全正常雄性中，正常鼠：患病鼠=15：1，說明2對等位基因位于常染色體上，且患病只在雄鼠中表現(xiàn)，且A_B_、A_bb、aaB_都正常，aabb患病?！窘獯稹浚?）①由分析可知，患病性狀只在雄鼠中表現(xiàn)。

②由分析可知，該遺傳病由位于兩對常染色體上的兩對等位基因控制，只要個(gè)體的基因型中含有一個(gè)顯性基因即表現(xiàn)為正常。

（2）由于該病由2對等位基因控制，且遵循自由組合定律，子二代雄鼠中正常：患病=15：1，因此子一代的基因型是AaBb，親本正常鼠鼠的組合是AABB×aabb或者的AAbb×aaBB，如果是AABB×aabb，則AABB為雄鼠，aabb為雌鼠，如果是AAbb×aaBB，二者性別不受基因型限制。

（3）如果該遺傳病由位于兩對常染色體上的兩對等位基因控制，只要個(gè)體的基因型中含有一個(gè)顯性基因即表現(xiàn)正常，且患病性狀只在雄鼠中表現(xiàn)，子二代中患病雄鼠的基因型是aabb，子一代正常雌鼠的基因型是AaBb，二者雜交相當(dāng)于測交實(shí)驗(yàn)，后代的基因型及比例是AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，雌鼠都表現(xiàn)正常，雄鼠正常：患病=3：1。故實(shí)驗(yàn)方案：讓F2中的患病雄鼠與F1中的正常雌鼠交配，繁殖多次，統(tǒng)計(jì)后代的表現(xiàn)型（或從F2中選取多只患病雄鼠與F1中的多只正常雌鼠隨機(jī)交配，統(tǒng)計(jì)后代的表現(xiàn)型）。預(yù)期結(jié)果：子代中正常田鼠與患病田鼠的比例接近7：1（或子代中的雌鼠都正常，雄鼠中患?。赫?1：3）?！窘馕觥浚?）①雄②一（2）AAbb和aaBB（3）實(shí)驗(yàn)方案：讓F2中的患病雄兔與F1中的正常雌兔交配，繁殖多次，統(tǒng)計(jì)后代的表現(xiàn)型（或從F2中選取多只患病雄兔與F1中的多只正常雌兔隨機(jī)交配，統(tǒng)計(jì)后代的表現(xiàn)型）預(yù)期結(jié)果：子代中的雌兔都正常，雄兔中患?。赫?1：3（或子代中正常雄獺兔與患病獺兔的比例接近7：1）26、(1)AAbb或Aabb(2)Ⅰ.AABBaabbⅣ.①A和a、B和b分別位于3號(hào)和1號(hào)染色體上，產(chǎn)生配子時(shí)非同源染色體上的非等位基因自由組合②白色：黃色＝13：3③白色：黃色＝3：1④1/2【分析】【分析】本題考查兩對等位基因控制一對相對性狀的實(shí)驗(yàn)分析及實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)，意在考查考生運(yùn)用所學(xué)知識(shí)與觀點(diǎn)，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學(xué)問題進(jìn)行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確結(jié)論的能力?！窘獯稹浚?）由顯性基因A控制以白色素為前體物合成黃色色素的代謝過程，但當(dāng)顯性基因B存在時(shí)可抑制其表達(dá)可知，只要有A、無B基因存在時(shí)，才表現(xiàn)為黃花，因此開黃花的青蒿植株的基因型可能是AAbb或Aabb。

（2）①由題意可知，欲得到能穩(wěn)定遺傳的黃色品種，只能選擇AABB和aabb雜交，因此F1的基因型為AaBb，A和a、B和b分別位于3號(hào)和1號(hào)染色體上，產(chǎn)生配子時(shí)非同源染色體上的非等位基因自由組合,因此F1植株能產(chǎn)生比例相等的四種配子即AB：Ab：aB：ab=1:1:1:1。

②F1的基因型為AaBb，自交后代的基因組成可以寫出A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1，其中A_bb為黃花，其余的為白花，因此F2的性狀分離比為黃花：白花=3:13。

③F1與基因型為aabb的白花品種雜交，后代的基因組成及比例為AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，其中AaBb為黃花，其余為白花，因此F1與基因型為aabb的白花品種雜交，后代的分離比為黃花：白花=1：3。

④F2中黃花植株的基因型為AAbb:Aabb=1:2，F(xiàn)2自交，在開黃花的植株上所結(jié)的種子中黃花純合子即AAbb的比例是1/3+2/31/4=1/2。【解析】(1)AAbb或Aabb(2)Ⅰ.AABBaabbⅣ.①A和a、B和b分別位于3號(hào)和1號(hào)染色體上，產(chǎn)生配子時(shí)非同源染色體上的非等位基因自由組合②白色：黃色＝13：3③白色：黃色＝3：1④1/2五、計(jì)算題(共3題，共27分)27、略

【分析】【解析】(1)電子能從第三象限射出的臨界軌跡如圖甲所示．電子偏轉(zhuǎn)半徑范圍為＜r＜d

由evB＝m得v＝

故電子入射速度的范圍為＜v＜

(2)電子從位置射出的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示．設(shè)電子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R，則R2＝2＋d2

解得R＝

則∠PHM＝53°

由evB＝mR2解得T＝

電子在磁場Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t＝T＝

(3)如圖乙所示，根據(jù)幾何知識(shí)，帶電粒子在射出磁場區(qū)域Ⅰ時(shí)與水平方向的夾角為53°，在磁場區(qū)域Ⅱ位置N點(diǎn)的橫坐標(biāo)為

由△NBH′可解得NB的長度等于d，則QA＝d－

由勾股定理得H′A＝d，H′B＝Rcos53°＝

所以電子離開磁場Ⅱ的位置坐標(biāo)為【解析】【答案】(1)＜v＜(2)(3)28、略

【分析】

(1)

小滑塊到達(dá)C

點(diǎn)時(shí)離開MN

此時(shí)與MN

間的作用力為零，對小滑塊受力分析計(jì)算此時(shí)的速度的大小；

(2)

由動(dòng)能定理直接計(jì)算摩擦力做的功Wf

(3)

撤去磁場后小滑塊將做類平拋運(yùn)動(dòng)；根據(jù)分運(yùn)動(dòng)計(jì)算最后的合速度的大小；

解決本題的關(guān)鍵是分析清楚小滑塊的運(yùn)動(dòng)過程，在與MN

分離時(shí)，小滑塊與MN

間的作用力為零，在撤去磁場后小滑塊將做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)滑塊的不同的運(yùn)動(dòng)過程逐步求解即可．【解析】解：(1)

小滑塊沿MN

運(yùn)動(dòng)過程；水平方向受力滿足。

qvB+N=qE

小滑塊在C

點(diǎn)離開MN

時(shí)。

N=0

解得vc=EB

(2)

由動(dòng)能定理。

mgh鈭?Wf=12mvc2鈭?0

解得Wf=mgh鈭?mE22B2

(3)

如圖；

小滑塊速度最大時(shí)；速度方向與電場力；重力的合力方向垂直；

撤去磁場后小滑塊將做類平拋運(yùn)動(dòng)；等效加速度為g隆盲

g隆盲=(qEm)2+g2

且vp2=vD2+g隆盲2t2

解得vp=vD2+[(qEm)2+g2]t2

答：(1)

小滑塊運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)時(shí)的速度大小vc

為EB

(2)

小滑塊從A

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)過程中克服摩擦力做的功Wf

為mgh鈭?mE22B2

(3)

小滑塊運(yùn)動(dòng)到P

點(diǎn)時(shí)速度的大小vp

為vD2+[(qEm)2+g2]t2

．29、略

【分析】

(1)PQ

兩球發(fā)生彈性碰撞；遵守動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，據(jù)此列式，可求得碰撞后小球Q

的速度大?。?/p>

(2)

兩球碰撞后交換速度；Q

球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，經(jīng)過一個(gè)周期時(shí)間再次與P

球碰撞，交換速度，P

球做平拋運(yùn)動(dòng).

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解即可．

(3)PQ

相碰之后小球Q

開始做曲線運(yùn)動(dòng)；小球運(yùn)動(dòng)到最低位置時(shí)下落高度為H

此時(shí)速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理列式得到最大速度.

任意時(shí)刻v

沿水平向右方向；豎直向下方向的分速度分別為vxvy.

與vy

相對應(yīng)的洛倫茲力水平向右，為fx=qvyB

小球Q

到最低點(diǎn)的過程中，運(yùn)用動(dòng)量定理可求解．

解決本題要正確分析兩球的受力情況，準(zhǔn)確把握彈性碰撞的規(guī)律：動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，關(guān)鍵要運(yùn)用積分法動(dòng)量定理求解最大速度．【解析】解：(1)

小球PQ

首次發(fā)生彈性碰撞時(shí)；取向右為正方向，由動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得：

mv0=mvP+mvQ

12mv02=12mvP2+12mvQ2

聯(lián)立解得vP=0vQ=v0=mg2qB

．

(2)

對于小球Q

由于qE=mg

故Q

球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，則。

qvQB=mvQ2r

經(jīng)時(shí)間t1=T=2婁脨mqB

小球PQ

再次發(fā)生彈性碰撞，由(1)

可知碰后：vP隆盲=v0=mg2qBvQ隆盲=0

小球P

離開平臺(tái)后做平拋運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2t2=2hg=2mqB

所以P

與Q

首次發(fā)生碰撞后到落地，經(jīng)過的時(shí)間t=2婁脨mqB+2mqB=2mqB(婁脨+1)

落地點(diǎn)與平臺(tái)邊緣的水平距離xP=vP隆盲t2=m2gq2B2

(3)PQ

相碰后，Q

球速度vQ=v0=mg2qB

之后小球Q

以速度vQ

開始做曲線運(yùn)動(dòng)．

設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最低位置時(shí)下落高度為H

此時(shí)速度最大為vm

方向水平向右．

由動(dòng)能定理得：mgH=12mvm2鈭?12mvQ2

任意時(shí)刻v

沿水平向右方向；豎直向下方向的分速度分別為vxvy

．

與vy

相對應(yīng)的洛倫茲力水平向右；為fx=qvyB

小球Q

到最低點(diǎn)的過程中；由動(dòng)量定理得：

sumlimitsf_{x}trianglet=隆脝qv_{y}Btrianglet=qBsumlimitsv_{y}trianglet=qBH=mv_{m}-mv_{Q}

聯(lián)立解得H=m2gq2B2vm=3mg2qB

答：

(1)PQ

兩球首次發(fā)生彈性碰撞后，小球Q

的速度大小為mg2qB

．

(2)PQ

兩球首次發(fā)生彈性碰撞后，經(jīng)2mqB(婁脨+1)

時(shí)間小球P

落地，落地點(diǎn)與平臺(tái)邊緣間的水平距離為m2gq2B2

．

(3)

小球Q

在運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為3mg2qB

第一次下降的最大距離H

為m2gq2B2

．六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共12分)30、略

【分析】解：(1)

電源電動(dòng)勢為1.5V

較??；電源的內(nèi)阻較小，為多次幾組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)選D；

(2)

上述器材中雖然沒有電壓表；但給出了兩個(gè)電流表，將電流表G

與定值電阻R0

串聯(lián)，改裝成電壓表，用電流表A

測電路電流，滑動(dòng)變阻器R1

串聯(lián)接入電路，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示．

(3)

根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點(diǎn)；然后用直線把各點(diǎn)連接起來，作出圖象如圖所示；

(4)

根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識(shí)得電源兩端電壓為：U=1(900+1