2025年人教B版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教B版必修3物理上冊階段測試試卷581考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，某同學(xué)用細(xì)線吊著質(zhì)量為的小球做圓錐擺運動，擺長為擺線與豎直方向的夾角若該同學(xué)通過細(xì)線對小球做功，使擺線與豎直方向的夾角增大為小球仍做圓錐擺運動，重力加速度為此過程保持懸點的高度不變；則該同學(xué)通過細(xì)線對小球做的功為（）

A.B.C.D.2、一平行板電容器充電后與電源斷開，負(fù)極板接地．兩板間有一個正試探電荷固定在P點，如圖所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場強、φ表示P點的電勢，W表示正電荷在P點的電勢能，若正極板保持不動，將負(fù)極板緩慢向右平移一小段距離l0的過程中，各物理量與負(fù)極板移動距離x的關(guān)系圖像中正確的是（）

A.B.C.D.3、如果在某電場中將3.0×10-9C的正電荷由A點移到B點，電場力做6.0×10-7J的功，那么（）A.A、B兩點間的電勢差UAB=5.0×10-2VB.A、B兩點間的電勢差UAB=2.0×102VC.A、B兩點間的電勢差UAB=-5.0×102VD.A、B兩點間的電勢差UAB=2.0×10-2V4、如圖所示，在勻強電場中有一直角三角形ABC，AC邊長1m。電場強度的方向與三角形ABC在同一平面內(nèi)。一電子從A點移到B點克服電場力做功為10eV，從A點移到C點克服電場力做功為5eV。則（）

A.B、C兩點間的電勢差UBC為-10VB.電場強度的方向由A點指向B點C.電場強度的大小為10V/mD.一電子從B點移到C點，電勢能增加5eV5、有三個用電器，分別為日光燈、電烙鐵和電風(fēng)扇，它們的額定電壓和額定功率均為“220V,60W”．現(xiàn)讓它們在額定電壓下工作相同時間，產(chǎn)生的熱量()A.日光燈最多B.電烙鐵最多C.電風(fēng)扇最多D.一樣多6、用電流表和電壓表測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻；電路圖如圖甲所示，由實驗中測得的數(shù)據(jù)描繪的圖像如圖乙所示，以下說法正確的是（）

A.電池的電動勢約為1.4V，內(nèi)阻約為2.8ΩB.考慮電表內(nèi)阻對實驗的影響，由圖甲可知，誤差來源于電壓表有分流作用C.滑動變阻器滑片滑至最左端時，流過電流表的電流為0.5AD.考慮電表內(nèi)阻對實驗的影響，由圖甲可知，所測電池的內(nèi)阻應(yīng)偏大7、下列物理量屬于矢量的是（）A.磁感應(yīng)強度B.磁通量C.電勢D.電動勢評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示,M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點,O為半圓弧的圓心,在M、P處各有一條長直導(dǎo)線垂直穿過紙面,導(dǎo)線中通有垂直紙面向里、大小相等的恒定電流．整個系統(tǒng)處于平行于紙面的勻強磁場中,勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為此時O點的磁感應(yīng)強度為零．則()

A.勻強磁場的方向水平向左B.M處電流在圓心O點處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為C.P處電流在圓心O點處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為D.若把P點處電流反向,其他條件不變,則O點磁感應(yīng)強度大小為9、某電場中的等差等勢面如圖所示；下列關(guān)于該電場描述正確的是（）

A.A點的電場強度比C點的大B.電荷沿等勢面移動的過程中，電場力始終不做功C.負(fù)電荷在A點的電勢能比在C點的電勢能大D.正電荷由A移動到C，電場力做負(fù)功10、如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧左端固定，右端連一帶負(fù)電荷的物塊，物塊的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，可在光滑水平面上左右移動，水平面上方還有水平向右的勻強電場，電場強度大小為E，開始時物塊在向右的大小為的外力F作用下靜止在M點。現(xiàn)將力F撤去，規(guī)定物塊在M點時的電勢能為零；對之后的過程，以下說法正確的是（）

A.彈簧和物塊組成的系統(tǒng)機械能和電勢能之和不變B.彈簧處于原長時，物塊的速度最大C.彈簧被壓縮到最短時，物塊的加速度大小為0D.物塊的最大動能為11、類比是一種常用的研究方法。對于直線運動，教科書中講解了由圖象求位移的方法。請你借鑒此方法；對于如圖所示中圖線和橫軸所圍成的“面積”的說法中，正確的有（）

A.（加速度-時間）圖象面積反映速度變化量B.（電壓-電流）圖象面積反映電功率C.（力-位移）圖象面積反映力做的功D.（電流-時間）圖象面積反映電量變化量12、如圖所示的是伏安法測電阻的部分電路，開關(guān)先后接通a和b時；觀察電壓表和電流表示數(shù)的變化，那么（）

A.若電壓表示數(shù)有顯著變化，測量R的值時，S應(yīng)接bB.若電流表示數(shù)有顯著變化，測量R的值時，S應(yīng)接bC.若S應(yīng)接a，電阻的測量值小于真實值D.若S應(yīng)接b，電阻的測量值大于真實值評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、如圖所示，是根據(jù)某同學(xué)做“用伏安法測定電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗記錄，畫出的U-I圖像，則待測電源電動勢E=___________V，內(nèi)電阻r=___________歐。

14、如圖所示為火警報警裝置的部分電路，其中為電源，為電源內(nèi)阻，是半導(dǎo)體熱敏電阻傳感器，它的電阻阻值隨溫度升高而減小，是定值電阻．兩端接報警器．當(dāng)傳感器所在處出現(xiàn)火險險情時，與險情出現(xiàn)前相比，兩端電壓________，電流表中的電流________（選填“變大”；“變小”或“不變”）．

15、如圖，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個點，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點處有一電荷量為q(q>0)的固定點電荷．已知b點處的場強為零，則d點處場強的大小為_________方向為_________(k為靜電力常量)

16、如圖所示，A、B兩個帶異種電荷的小球分別被兩根絕緣細(xì)線系在木盒內(nèi)的一豎直線上，靜止時木盒對地面的壓力為細(xì)線對B的拉力為若將系B的細(xì)線斷開，剛斷開時木盒對地面的壓力等于____________；在B向上運動過程中，木盒對地面的壓力逐漸___________（填“變大”或“變小”）。

17、（1）2019年6月，工信部正式向中國移動、中國電信、中國聯(lián)通和中國廣電4家公司發(fā)放5G正式商用牌照，這標(biāo)志著我國正式進(jìn)入了5G商用元年。據(jù)悉此次中國電信和中國聯(lián)通獲得3500MHz頻段試驗頻率使用許可，該頻段的波長約為________mm。

（2）在收音機接收中波段時其LC振蕩電路的電感L是固定的，當(dāng)可變電容器電容為C1＝270pF時可接收頻率為535kHz的電磁波，當(dāng)可變電容器的電容為C2時可接收頻率為1605kHz的電磁波，則可變電容器的電容C2＝________pF。18、在以點電荷為中心的球面上，由該點電荷所產(chǎn)生的場強處處相同______。19、判一判。

（1）兩電荷的帶電量越大，它們間的靜電力就越大。______

（2）兩電荷的帶電量一定時，電荷間的距離越小，它們間的靜電力就越大。______

（3）很小的帶電體就是點電荷。______

（4）兩點電荷之間的作用力是相互的，其方向相反，但電荷量大的對電荷量小的電荷作用力大。______

（5）當(dāng)兩個電荷之間的距離r→0時，根據(jù)推出，兩電荷之間的庫侖力F→∞。______20、某次實驗中兩電表示數(shù)如圖所示，可讀出毫安表的示數(shù)是___________微安表的示數(shù)是___________

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)21、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

22、如圖所示，磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進(jìn)入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

23、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)24、小譚同學(xué)用多用電表測量一個“黑盒子”內(nèi)的元件種類及連接方式；進(jìn)行如下探測：

第1步：用電壓擋，對任意兩個接線柱正、反向測量，指針均不發(fā)生偏轉(zhuǎn)．這一測量結(jié)果表明盒內(nèi)__________（填“有”或“沒有”）電源。

第2步：用電阻“×10”擋；對任意兩個接線柱正；反向測量，指針偏轉(zhuǎn)情況為下列情況。

（1）圖1、2中歐姆表指針?biāo)幍奈恢孟嗤?，如圖甲所示，其對應(yīng)的阻值是__________Ω；圖3中歐姆表指針?biāo)幍奈恢萌鐖D乙所示，其對應(yīng)的阻值是__________Ω。

（2）若此“黑盒子”內(nèi)總共有兩個電學(xué)元件，每兩個接線柱之間只可能連接一個元件．根據(jù)六次測試結(jié)果，請在圖丙所示的接線柱間，用電路符號畫出盒內(nèi)的元件及連接情況________。25、某同學(xué)要測量一金屬絲的電阻率ρ。步驟如下：

（1）先分別用毫米刻度尺和螺旋測微器測量其長度L和直徑d，（金屬絲的另一端已與刻度尺的零刻線對齊），如圖甲、乙所示，則L=_________cm，d=________mm。

（2）再用多用電表粗測其電阻；請完善他在該實驗中的主要測量步驟：

①調(diào)節(jié)指針定位螺絲；使多用電表指針指著電流電壓擋的零刻度線；

②將紅；黑表筆分別插入“＋”“－”插孔；再把選擇開關(guān)撥到“×10”擋上；并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對準(zhǔn)歐姆零點；

③把兩表筆分別與待測電阻的兩端相接；發(fā)現(xiàn)這時指針偏轉(zhuǎn)接近滿偏；

④再換用_______擋（選填“×1”或“×100”），重新歐姆調(diào)零后，測量結(jié)果如圖丙所示，其阻值為R=______Ω；

⑤測量完畢；將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到OFF位置，把多用電表放回桌上原處。

（3）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其阻值；現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

待測金屬絲R

電流表A1（量程0~0.6A；內(nèi)阻約為0.5Ω）

電流表A2（量程0~100mA；內(nèi)阻為2Ω）

電壓表V1（量程0~3V；內(nèi)阻約3kΩ）

電壓表V2（量程0~15V；內(nèi)阻約15kΩ）

直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻不計）

滑動變阻器R1（阻值范圍0~10Ω；允許通過的最大電流2.0A）

滑動變阻器R2（阻值范圍0~1kΩ；允許通過的最大電流0.5A）

開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

為使實驗調(diào)節(jié)方便，測量誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)，請在圖虛線框中畫出測量的電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號。()

26、某興趣小組要將一塊量程Ig為1mA、內(nèi)阻約為100Ω的電流表G改裝成量程為3V的電壓表．首先要測量該電流表的內(nèi)阻現(xiàn)有如下器材。A．待測電流表G(量程1mA、阻值約100Ω)B．滑動變阻器(總阻值5000Ω、額定電流1A)C．滑動變阻器(總阻值500Ω、額定電流1A)D．電阻箱R2(總阻值999.9Ω)E．電源(電動勢為1.5V，內(nèi)阻很小)F．電源(電動勢為3V，內(nèi)阻很小)G．開關(guān)、導(dǎo)線若千

(1)該小組如果選擇如圖甲所示的電路來測量待測電流表G的內(nèi)阻，則滑動變阻器R1應(yīng)選擇________(填器材前代碼序號)；電源應(yīng)選擇_______(填器材前代碼序號)．

(2)實驗時，先斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1，調(diào)節(jié)滑動變阻器R1，使得G的示數(shù)為Ig；保證R1的阻值不變，再閉合S2；調(diào)節(jié)電阻箱R2，使得G的示數(shù)為此時電阻箱R2的示數(shù)如圖乙所示；則G的內(nèi)阻為________Ω

(3)該實驗中，G的內(nèi)阻測量值_______真實值(填“大于”或“小于”)參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

根據(jù)牛頓第二定律分別求解小球在兩種情況下的速度；然后根據(jù)幾何知識判斷小球上升的高度；而細(xì)線對小球做的功等于小球動能與重力勢能的變化量，據(jù)此求解。

【詳解】

錐角未變化前，運動半徑為

細(xì)線的拉力和重力的合力充當(dāng)向心力，故

解得

懸點到小球運動平面的高度為

錐角變化后，小球的運動半徑為

根據(jù)牛頓第二定律可得

解得

懸點到小球運動平面的高度為

故細(xì)線對小球做功為

故選A。

【點睛】

本題的計算量較大，思維需要清晰，一是比較動能的變化，二是比較重力勢能的變化。2、C【分析】【詳解】

A．由題意及電容公式可得，d減小時，C增大；但非線性關(guān)系，故A錯誤；

B．由

可知，電場強度E與板間距離無關(guān)；故B錯誤；

C．在負(fù)極接地的情況下，由題意有平移后的電勢為

由上述分析可得，E不變，電勢與x0的變化關(guān)系符合一次函數(shù)關(guān)系；故C正確；

D．由題意及上述分析可得

電勢能隨著x0的變化而變化；故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

根據(jù)電場力做功與電勢差的關(guān)系有

解得

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電勢差的定義可得

因為UBC=φB-φC=φB-φA+φA-φC=-5V

故A錯誤；

BC．D為AB的中點，△CDB為等邊三角形，所以φC=φD

BE⊥CD則電場方向由E指向B；如圖所示。

根據(jù)幾何關(guān)系可得

電場強度為

故B錯誤；C正確；

D．一電子從B點移到C點，電場力做功WBC=UBC（-e)=5eV

所以電勢能降低5eV；故D錯誤。

故選C。5、B【分析】【詳解】

日光燈在工作時是電能轉(zhuǎn)化為光能和內(nèi)能，電烙鐵在工作時是電能只轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，電風(fēng)扇在工作時是電能轉(zhuǎn)化為機械能能和內(nèi)能，所以在額定電壓下工作相同時間，消耗的電能相同，電烙鐵產(chǎn)生的內(nèi)能最多，產(chǎn)生的熱量最多，B對，ACD錯．6、B【分析】【詳解】

A．圖像的縱截距表示干電池電動勢，斜率的絕對值表示內(nèi)阻，則

故A錯誤；

BD．由于電壓表分流的緣故，當(dāng)電流表示數(shù)為零時，實際通過干電池的電流并不為零，所以此時干電池的內(nèi)電壓不為零，從而導(dǎo)致圖像的縱截距比干電池的實際電動勢偏小；假設(shè)當(dāng)電壓表示數(shù)為零時，干電池的路端電壓實際值就是零，即所作圖像的橫截距（并非為題圖中圖線與i軸的交點，而是圖線延伸至U=0時與對應(yīng)i軸的交點）等于真實值。綜上所述可知實驗中作出的U-I圖像斜率的絕對值比真實圖像的斜率的絕對值偏小；從而造成干電池內(nèi)阻的測量值與真實值相比偏小，故B正確，D錯誤；

C．由題圖乙可知；當(dāng)路端電壓為1.0V時，流過電流表的電流為0.5A，當(dāng)滑動變阻器滑片滑至最左端時，其接入電路的阻值為零，此時路端電壓約為零，流過電流表的電流（假設(shè)電流表不燒壞）一定大于0.5A，故C錯誤。

故選B。7、A【分析】【分析】

【詳解】

A．磁感應(yīng)強度有大小又有方向；即為矢量，故A正確；

B．磁通量為穿過某平面的磁感線條數(shù)；則有大小和方向，但是磁通量的疊加不滿足矢量疊加法則，即為標(biāo)量，故B錯誤；

CD．電勢；電動勢都是只有大小沒有方向的標(biāo)量；故CD錯誤。

故選：A。二、多選題(共5題，共10分)8、C:D【分析】【詳解】

ABC．根據(jù)安培定則可知，兩導(dǎo)線在O點形成的磁感應(yīng)強度如圖所示：

兩電流的合磁感應(yīng)強度大小與外磁場大小相等為方向相反．則根據(jù)幾何關(guān)系可知，兩導(dǎo)線單獨形成的磁感應(yīng)強度大小為．故AB不符合題意；C符合題意．

D．當(dāng)P處電流反向后，根據(jù)幾何關(guān)系可得合磁場為．故D符合題意．9、A:B【分析】【詳解】

A．由于A點的等差等勢面較C點密集，可知A點的電場線也密集，則A點的電場強度比C點的大；選項A正確；

B．電場線與等勢面垂直；則電荷沿等勢面移動的過程中，電場力與速度垂直，則電場力始終不做功，選項B正確；

C．因A點電勢比C點高，則負(fù)電荷在A點的電勢能比在C點的電勢能?。贿x項C錯誤；

D．正電荷由A移動到C；電勢能減小，則電場力做正功，選項D錯誤。

故選AB。10、A:D【分析】【詳解】

A．只有電場力和彈簧彈力做功；所以彈簧和物塊組成的系統(tǒng)機械能和電勢能之和不變，A正確；

B．當(dāng)合力等于零時速度最大；即彈簧壓縮至彈力等于電場力時，速度最大，B錯誤；

D．當(dāng)時，彈簧彈力

當(dāng)速度最大時，彈簧彈力

此時彈簧壓縮量為兩個位置彈性勢能相等，從撤去F到速度最大過程中物塊增加的動能等于電場力做功，即

D正確；

C．彈簧被壓縮到最短時；物塊所受合力向右，加速度不為0，C錯誤。

故選AD。11、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)△v=a△t得，a-t（加速度-時間）圖線和橫軸圍成的面積表示速度的改變量；故A正確；

B．由U-I（電壓-電流）圖線，根據(jù)公式P=UI可知，根據(jù)U與I的坐標(biāo)值的乘積求出對應(yīng)電流做功的功率；故B錯誤；

C．由W=Fx可知，由F-x（力-位移）圖線和橫軸圍成的面積可求出對應(yīng)位移內(nèi)F所做的功；故C正確；

D．根據(jù)△q=I△t，得由（電流-時間）圖線和橫軸圍成的面積可以求出對應(yīng)時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電量；故D正確。

故選ACD。12、B:C:D【分析】【詳解】

AC．電壓表示數(shù)有明顯變化，說明電流表的分壓較大，說明待測電阻較小，應(yīng)采用電流表外接法，即S接a，可減小誤差；此時電流的測量值偏大，根據(jù)

可知；電阻的測量值偏小，故A錯誤，C正確；

BD．電流表示數(shù)有明顯變化，說明電壓表的分流較大，待測電阻較大，應(yīng)采用電流表內(nèi)接法，即S接b，可減小誤差；此時電壓的測量值偏大，根據(jù)

可知；電阻的測量值偏大，故BD正確；

故選BCD。三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】【詳解】

[1]由圖象圖象可知，電源U-I圖象與縱軸交點坐標(biāo)值為3.0，則電源電動勢E=3.0V

[2]電源內(nèi)阻【解析】3.01.014、略

【分析】【詳解】

由題知，當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2減小，R2、R3并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，路端電壓減小，即a、b兩端電壓U變小，R2、R3并聯(lián)電壓I增大，E、R1、r均不變，則減小，通過R3電流減小，由于干路電流增大，則知電流表示數(shù)I變大；

【點睛】由題知，當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2減小，分析外電路總電阻如何變化，根據(jù)歐姆定律分析干路電流的變化情況和路端電壓U的變化情況，根據(jù)R2、R3并聯(lián)電壓的變化情況，分析通過R3電流的變化情況，即可知電流表示數(shù)變化情況．【解析】變小變大15、略

【分析】【詳解】

電荷量為q的點電荷在b處產(chǎn)生電場強度為E＝K而半徑為R均勻分布著電荷量為Q的圓盤上電荷，與在a點處有一電荷量為q（q＞0）的固定點電荷，在b點處的場強為零，則圓盤在此處產(chǎn)生電場強度也為E＝K．那么圓盤在此d產(chǎn)生電場強度則仍為E＝K．而電荷量為q的點電荷在d處產(chǎn)生電場強度為E′＝K＝K由于都在d處產(chǎn)生電場強度方向相同，即為兩者大小相加．所以兩者這d處產(chǎn)生電場強度為K水平向右．

點睛：考查點電荷與圓盤電荷在某處的電場強度疊加，緊扣電場強度的大小與方向關(guān)系，從而為解題奠定基礎(chǔ)．【解析】水平向右16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]細(xì)線斷開前，對整體(A、B和木盒)進(jìn)行受力分析，整體受重力Mg和地面的支持力F′N。根據(jù)共點力平衡的條件和牛頓第三定律得出。

細(xì)線斷開前；對小球B進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點力平衡的條件得出。

若將系B的細(xì)線斷開，對小球B進(jìn)行受力分析，小球B受重力mg，向上的電場力F電剛斷開時，對A和木盒做為整體進(jìn)行受力分析，整體受重力M′g、地面的支持力FN′′、小球B對A的靜電力F電。運用平衡條件得出。

由牛頓第三定律得木盒對地的壓力等于

[2]在B向上運動的過程中，小球B對A的電場力F電′增大；由。

得地面對木盒的支持力也在增大，根據(jù)牛頓第三定律知道木盒對地的壓力逐漸變大.【解析】變大17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)公式，可得該頻段的波長為

（2）[2]當(dāng)收音機的LC振蕩電路的頻率等于電磁波的頻率時，收音機就能接收該頻率的電磁波。根據(jù)LC振蕩電路頻率公式

電感L是固定的，故有

所以

由題意C1＝270pF

可解得C2＝30pF【解析】①.85.7②.3018、略

【分析】【詳解】

以點電荷為球心的球面上各點電場強度大小相等，方向不同，故錯誤?！窘馕觥垮e誤19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)庫侖定律可知；兩電荷之間的庫侖力大小與帶電量大小；電荷間距離均有關(guān)，在不知道電荷間距離的情況下，無法判斷庫侖力大小，故描述錯誤。

（2）[2]根據(jù)庫倫定律可知；兩電荷的帶電量一定時，電荷間的距離越小，它們間的靜電力就越大，故描述正確。

（3）[3]物理學(xué)上把本身的線度比相互之間的距離小得多的帶電體叫做點電荷；故描述錯誤。

（4）[4]根據(jù)牛頓第三定律可知；兩點電荷之間的作用力是相互的，其方向相反，大小相等，故描述錯誤。

（5）[5]當(dāng)兩個電荷之間的距離r→0時，電荷就不能視為點電荷，庫倫定律不再適用，故描述錯誤?！窘馕觥竣?錯誤②.正確③.錯誤④.錯誤⑤.錯誤20、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可以看出，毫安表的最小分度為按“五分之一估讀”法，其示數(shù)為

[2]微安表的最小分度為按“十分之一估讀”法，其示數(shù)為【解析】8.0150四、作圖題(共3題，共9分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?2、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進(jìn)入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進(jìn)入磁場階段：對應(yīng)穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應(yīng)，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過