2025年滬科版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列說法中正確的是（）A.導(dǎo)體中正電荷的運動就形成了電流B.在國際單位制中，電流的單位是安培C.電流有方向，它是一個矢量D.任何一個物體，只要其兩端電壓不為零，就有電流存在2、圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子從M點運動到N點的軌跡；可以判定（）

A.粒子帶負電B.M點的電勢低于N點的電勢C.粒子在M點的動能小于在N點的動能D.粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力3、如圖所示電路，電源內(nèi)阻不能忽略，阻值小于變阻器的總電阻，初態(tài)滑片位于變阻器的中點，由中點向上移動到頂端的過程中（）

A.電流表的示數(shù)一直增大B.電壓表的示數(shù)先增大后減小C.電源的總功率先減小后增大D.電源的效率先減小后增大4、在物理學發(fā)展史上，許多科學家通過恰當?shù)剡\用科學研究方法，如理想實驗法，控制變量法，極限思想法，理想模型法，微元法和比值定義法等等，超越了當時研究條件的局限性，取得了輝煌的研究成果。下列表述符合物理學史事實的是（）A.根據(jù)速度定義式v=當非常非常小時，就可以用表示物體在t時刻的瞬時速度，這是應(yīng)用了極限思想法B.在不需要考慮物體本身大小和形狀時，用質(zhì)點代替物體的方法，采用了等效替代的思想C.牛頓由斜面實驗通過邏輯推理得出了自由落體運動的規(guī)律D.卡文迪許利用扭秤巧妙地實現(xiàn)了對電荷間的作用力與電荷量的關(guān)系研究5、下面是教材中的四幅插圖；下列說法正確的是（）

A.由甲圖可知當兩個相鄰的分子間距離大于r0時，隨它們之間的距離增大分子力先變小后增大B.圖乙是封閉在容器中的一定質(zhì)量的理想氣體，若溫度升高，其內(nèi)能一定增大C.從圖丙可看出隨著溫度升高，輻射強度的極大值向頻率較小的方向移動D.圖丁中一只水黽能停在水面上，主要是靠水對水黽的浮力作用評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、某同學將一毫安表改裝成雙量程電流表。如圖所示，已知毫安表表頭的內(nèi)阻為100Ω，滿偏電流為1mA，R1和R2為定值電阻，且R1=5Ω，R2=20Ω；則下列說法正確的是（）

A.若使用a和b兩個接線柱，電表量程為24mAB.若使用a和b兩個接線柱，電表量程為25mAC.若使用a和c兩個接線柱，電表量程為4mAD.若使用a和c兩個接線柱，電表量程為5mA7、R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都為正方形的導(dǎo)體，但R1的尺寸比R2大得多，把它們分別連接在如圖所示電路的A、B兩端，接R1時電壓表的讀數(shù)為U1，接R2時電壓表的讀數(shù)為U2；則下列判斷正確的是（）

A.R1＝R2B.R1＞R2C.U1＜U2D.U1＝U28、如圖甲所示，某點電荷固定在O點，Ox軸上有a、b、c三點，Ox軸上各點的電勢的變化規(guī)律如圖乙所示。若某帶負電的粒子只在電場力的作用下從a點以某一初速度沿直線運動到c點；則（）

A.O點處的點電荷帶負電B.a點的電場強度小于b點的電場強度C.粒子從a點沿直線運動到c點的過程中動能減小D.粒子從a點運動到b點過程電場力做的功大于從b點運動到c點過程電場力做的功9、Q是真空中的點電荷，它激發(fā)的電場的電場線在虛線右側(cè)的部分如圖所示。M、N是電場中的兩點，M與點電荷的距離小于N與點電荷的距離。下列說法正確的是（）

A.Q帶正電荷B.M點的電場強度大于N點的電場強度C.M點的電場強度小于N點的電場強度D.同一試探電荷在M點受到的電場力大于它在N點受到的電場力10、電荷量不等的兩點電荷固定在x軸上坐標為－3L和3L的兩點，其中坐標為3L處電荷帶正電，電荷量為Q.兩點電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中x＝L處電勢最低，x軸上M、N兩點的坐標分別為－2L和2L；則下列判斷正確的是()

A.兩點電荷一定為異種電荷B.原點O處場強大小為C.負檢驗電荷在原點O處受到向左的電場力D.負檢驗電荷由M點運動到N點的過程，電勢能先減小后增大11、如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板；a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與b板用導(dǎo)線相連，Q板接地．開始時懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后；懸線偏轉(zhuǎn)了角度α．在以下方法中，能使懸線的偏角α變大的是。

A.縮小a、b間的距離B.加大a、b間的距離C.取出a、b兩極板間的電介質(zhì)D.換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)12、如圖所示，帶電小球用絕緣細線懸掛在O點，在豎直平面內(nèi)做完整的變速圓周運動，小球運動到最高點時，細線受到的拉力最大。已知小球運動空間存在豎直向下的勻強電場，電場強度為E，小球質(zhì)量為m，帶電量為q，細線長為l，重力加速度為g；則（）

A.小球帶正電B.電場力大于重力C.小球運動到最低點時速度最大D.小球運動過程最小速度至少為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、如圖所示為一改裝后的電流表和電壓表電路，已知表頭滿偏電流為100微安，內(nèi)阻為900歐姆，定值電阻R1=100歐姆，定值電阻R2=1910歐姆；A為公用接線柱則。

（1）當使用___________兩接線柱時是電流表，其量程為___________安培；

（2）當使用___________兩接線柱時是電壓表，其量程為___________伏特；14、判斷下列說法的正誤。

（1）公式UAB=Ed適用于計算任何電場中A、B兩點間的電勢差。____

（2）根據(jù)公式UAB=Ed，在勻強電場中A點和B點間距離越大，則這兩點的電勢差越大。____

（3）在勻強電場中，沿電場線方向，相同距離上降低的電勢必相等。____

（4）由公式得，電場強度E與電勢差U成正比，與兩點間距離d成反比。____15、A、B兩電阻的伏安特性曲線如圖，它們的電阻之比_______；把它們并聯(lián)在電路中，在相同時間內(nèi)通過它們的電量之比_______。

16、有一長方體導(dǎo)體，長a、寬b、高h之比為6∶3∶2，它的六個面的中心各焊接一根電阻不計的導(dǎo)線，如圖所示，分別將AA′、BB′、CC′接在同一恒壓電源上時，導(dǎo)體的電阻之比R1∶R2∶R3=___________；若導(dǎo)體中電荷定向移動的速度分別為v1、v2、v3，則v1∶v2∶v3=___________。

17、在綿陽南山中學物理實驗室中，甲同學用螺旋測微器測一金屬絲直徑時，儀器刻度的位置如左下圖所示，則金屬絲為__________mm；該同學又用游標卡尺測一金屬球直徑時，儀器刻度的位置如右下圖所示，則金屬球的直徑為__________cm。

評卷人得分四、實驗題(共3題，共15分)18、導(dǎo)電玻璃是制造LCD的主要材料之一。為測量導(dǎo)電玻璃的電阻率，某小組同學選取長度L=25.00cm、直徑d=0.900mm的圓柱體導(dǎo)電玻璃進行實驗，用歐姆表粗測其電阻Rx，電阻約12.0Ω。

(1)為精確測量Rx的阻值，該小組設(shè)計了如圖所示的實驗電路?？晒┦褂玫闹饕鞑娜缦隆?/p>

電源E（電動勢為4.5V；內(nèi)阻約1Ω）

定值電阻R0（阻值為20Ω）

電壓表V1（量程0~3V；內(nèi)阻約3kΩ）

電壓表V2（量程0~15V；內(nèi)阻約15kΩ）

電流表A1（量程0~200mA；內(nèi)阻約1.5Ω）

電流表A2（量程0~3A；內(nèi)阻約0.5Ω）

滑動變阻器R1（阻值范圍0~1kΩ）

滑動變阻器R2（阻值范圍0~20Ω）

①圖中電壓表應(yīng)選用__；電流表應(yīng)選用__；滑動變阻器應(yīng)選用__；（填器材代號）

②該小組進行了如下操作∶

A.將滑動變阻器的滑片移到最右端，將S1撥到位置1，閉合S2；調(diào)節(jié)滑動變阻器，讀出電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.185A和2.59V；

B．將滑動變阻器的滑片移到最右端，將S1撥到位置2；調(diào)節(jié)滑動變阻器，讀出電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.125A和2.65V；

C．將滑動變阻器的滑片移到最右端，斷開S1、S2?？汕蟮肦x=____Ω。

(2)由以上實驗可求得該導(dǎo)電玻璃的電阻率ρ=____Ω·m。19、小李走進實驗室；看到一個如圖甲所示的二極管（正向電阻較小，反向電阻較大），二極管的兩個管腳長短不一，正負極的標識不清楚，于是他計劃用實驗室的多用電表判斷短管腳B的正負。

(1)用多用電表歐姆擋“”倍率兩次實驗情況如圖乙、丙所示，由此可知___________（填“A”或“B”）端為二極管的正極。

(2)小李設(shè)計了如圖丁所示的實驗電路測量二極管正；反向電壓均為5V時的阻值（圖示電路為測量二極管加反向電壓時的電路）；電路中電流表用多用電表電流擋代替，請把圖戊實物圖用筆畫線連接完整。（________）

(3)欲測二極管加反向電壓時的阻值，單刀雙擲開關(guān)應(yīng)擲于___________端（填“a”或“b”）。

(4)欲用如圖丁所示的電路測正向電阻，調(diào)整二極管的正負極接法以及電流表的內(nèi)外接法后進行測量，則正向電阻的測量值______（填“大于”“小于”或“等于”）真實值，理由是___________。20、在探究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件時；同學們分別用下列三種方案進行了探究。

（1）下列操作中，能使靈敏電流計發(fā)生偏轉(zhuǎn)的是______（填選項前字母）。

A．甲圖中將條形磁鐵放在線圈中保持靜止。

B．乙圖中閉合開關(guān)的瞬間。

C．乙圖中閉合開關(guān)后，導(dǎo)體桿ab在磁場中平行磁場方向上下運動。

D．丙圖中斷開開關(guān)的瞬間。

（2）同學們用三套實驗方案做了各種嘗試；最終總結(jié)如下：

甲方案：只有當磁鐵和線圈有相對運動時才會產(chǎn)生感應(yīng)電流；

乙方案：只有當開關(guān)閉合，并且ab棒做切割磁感線運動時才會產(chǎn)生感應(yīng)電流；

丙方案：只要線圈A中的電流有變化時；線圈B中就會產(chǎn)生感應(yīng)電流。

運用磁通量的概念，根據(jù)以上結(jié)論可將感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件全面，簡潔地表示為______。評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)21、如圖所示，用長L=0.50m的絕緣輕質(zhì)細線，把一個質(zhì)量m=1.0g帶電小球懸掛在帶等量異種電荷的平行金屬板之間，平行金屬板間的距離d=5.0cm，兩板間電壓U=1.0×103V．靜止時，絕緣線偏離豎直方向θ角，小球偏離豎直距離a=1.0cm．（θ角很小，為計算方便可認為tanθ≈sinθ，取g=10m/s2；需要求出具體數(shù)值，不能用θ角表示）求：

（1）兩板間電場強度的大小；

（2）判斷小球帶何種電荷并計算其帶電荷量；

（3）在圖示位置，若將細線突然剪斷，小球做何種性質(zhì)的運動？求加速度a的大?。?2、有一個表頭G，其滿偏電流內(nèi)阻將它：

(1)改裝成能測0~10V電壓表需要怎么改裝？

(2)改裝成能測0~1A電流表需要怎么改裝？23、某碼頭用電動勢為電源的電路控制電動機（如圖2）帶動傳送帶（如圖1）向高處傳送物品，電路中接有一標有“6V12W”字樣的小燈泡L。現(xiàn)將一質(zhì)量為的小物體（可視為質(zhì)點）輕放在傳送帶的點，此后燈泡正常發(fā)光，電動機正常工作，其額定電壓為6V，電動機帶動傳送帶以的速度勻速運動，傳送帶長為與水平面之間的夾角為小物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)在傳送帶將小物體從點傳送到最高點點的過程中，求：

(1)電源內(nèi)阻

(2)小物體運動至傳送帶頂端的速度；

(3)為傳送小物體；電動機多輸出的能量？

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．導(dǎo)體中只有產(chǎn)生電荷的定向移動才能形成電流；故A錯誤；

B．在國際單位制中；電流的單位是安培，符號是A，故B正確；

C．電流有方向；但電流的計算不能用平行四邊形定則，故是標量，故C錯誤；

D．任何導(dǎo)體，只要其兩端電勢差不為零，根據(jù)公式可知就有電流存在；故D錯誤。

故選B。2、C【分析】【詳解】

A．粒子的軌跡向下彎曲；粒子所受電場力大致向下，電場線方向斜向下，說明粒子帶正電，故A錯誤；

B．沿電場線電勢降低，則M點的電勢高于N點的電勢；故B錯誤；

C．粒子從M運動到N的過程中，電場力做正功，粒子的電勢能減小，動能增大，則粒子M點的動能小于N點的動能；故C正確；

D．電場線的疏密反映電場的強弱，所以M點的場強小于N點的場強，所以粒子在M點受到的電場力小于在N點受到的電場力；故D錯誤。

故選C。3、A:B:C【分析】【詳解】

AB．因并聯(lián)電路的總電阻

當兩電阻之和確定時，兩電阻大小相等時總電阻最大；所以P向上滑動時；并聯(lián)電路的總電阻先增大后減小，外電路的總電阻就先增大后減小，所以電壓表的示數(shù)（路端電壓）先增大，后減小。與電流表串聯(lián)的電阻在減小，所以開始時電流表的示數(shù)是增加的，故A錯誤，B正確；

C．因P向上滑動時，并聯(lián)電路的總電阻先增大后減小，則干路電流先減小，后增加，由可知電源的總功率先減小后增大。則C正確；

D．因電源效率

所以電源效率先增大后減小。則D錯誤。

故選B。4、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)速度定義式v=當非常非常小時，就可以用表示物體在t時刻的瞬時速度；這是應(yīng)用了極限思想法，故A正確；

B．在不需要考慮物體本身大小和形狀時；用質(zhì)點代替物體的方法，采用了理想模型法，故B錯誤；

C．伽利略由斜面實驗通過邏輯推理得出了自由落體運動的規(guī)律；故C錯誤；

D．庫倫利用扭秤巧妙地實現(xiàn)了對電荷間的作用力與電荷量的關(guān)系研究；故D錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

A．由甲圖可知，當兩個相鄰的分子間距離大于r0時；分子力表現(xiàn)為引力，分子力隨它們之間的距離增大先增大后減小，故A錯誤；

B．圖乙是封閉在容器中的一定質(zhì)量的理想氣體；若溫度升高，其內(nèi)能一定增大，故B正確；

C．從圖丙可看出隨著溫度升高；輻射強度的極大值向波長較小的方向移動，即向頻率較大的方向移動，故C錯誤；

D．圖丁中一只水黽能停在水面上；主要是因為水的表面張力的原因，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共7題，共14分)6、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．若使用和兩個接線柱，則與表頭串聯(lián)然后共同與并聯(lián)；根據(jù)并聯(lián)電路兩端電壓相等，可得。

解得。

故A錯誤；B正確；

CD．若使用和兩個接線柱，則與串聯(lián)然后共同與表頭并聯(lián)；根據(jù)并聯(lián)電路兩端電壓相等，可得。

解得。

故C錯誤；D正確。

故選BD。7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．電流從導(dǎo)體的橫截面流過；由電阻定律。

R＝ρ＝ρ＝可見電阻與邊長a無關(guān)；選項A正確，B選項錯誤；

CD．因外電阻相同；故路端電壓相等，選項D正確，C選項錯誤。

故選AD。8、A:D【分析】【詳解】

A．由題圖乙可知，沿x軸正方向電勢升高，對于負電荷，電勢能減小，電場力做正功，故負電荷所受電場力水平向右，所以電場線方向沿x軸負方向，O點處的點電荷帶負電；選項A正確；

B．由

可知，到點電荷的距離越大處的電場強度越小，故a點的電場強度大于b點的電場強度；選項B錯誤；

C．粒子從a點沿直線運動到c點的過程中；電場力做正功，根據(jù)動能定理可知其動能增大，選項C錯誤；

D．對于點電荷電場，場強是不均勻的，由于

但是，離點電荷越近，場強越大，所以a、b兩點間的電場強度大于b、c兩點間的電場強度，即a、b兩點間的平均電場強度大于b、c兩點間的平均電場強度，由

可知，粒子從a點運動到b點過程電場力做的功大于從b點運動到c點過程電場力做的功；選項D正確。

故選AD。9、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由電場線的分布可知，Q帶正電荷；選項A正確；

BC．M點的電場線較N點密集，可知M點的電場強度大于N點的電場強度；選項B正確，C錯誤；

D．根據(jù)F=Eq可知，同一試探電荷在M點受到的電場力大于它在N點受到的電場力；選項D正確。

故選ABD。10、B:C【分析】【分析】

由題中“兩點電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關(guān)系如圖所示”可知；本題考查兩點電荷之間電勢變化；電場和電場力變化，根據(jù)點電荷電場規(guī)律、電場線分布規(guī)律和電勢變化可分析本題．

【詳解】

A．正電荷周圍的電勢為正；負電荷周圍的電勢為負，因此由圖可知，兩點電荷均為正電荷，故A錯誤；

BC．在x＝L處電勢最低，此處圖線的斜率為0，即該點的合場強為0，

得故原點出的場強大小為

方向向右，負檢驗電荷在原點O處受到的電場力向左；故BC正確；

D．由M點到N點電勢先減小后增大，所以負檢驗電荷由M點運動到N點的過程，電勢能先增大后減小，故D錯誤．11、B:C【分析】【詳解】

試題分析：兩極板間的電荷量恒定，因為a板和Q板接地，b板和P板相連，所以ab間的電勢差和PQ間的電勢差相等，根據(jù)公式可知縮小a、b間的距離，電容增大，根據(jù)公式可得減小，則也減小，即PQ間的電場強度減小，所以偏角變變小，反之增大ab間的距離，則偏角變大，A錯誤B正確；根據(jù)公式可知取出a、b兩極板間的電介質(zhì)，電容ab減小，根據(jù)公式可得增大，則也增大；即PQ間的電場強度增大，所以偏角變大，反之換一塊形狀大小相同，介電常數(shù)更大的電介質(zhì)，偏小變小，C正確D錯誤；

考點：考查了電容的動態(tài)變化分析。

【名師點睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變12、B:D【分析】【詳解】

AB．因為小球運動到最高點時；細線受到的拉力最大，可知重力和電場力的合力（等效重力）方向向上，則電場力方向向上，且電場力大于重力，小球帶負電，故A錯誤，B正確；

C．因重力和電場力的合力方向向上；可知小球運動到最高點時速度最大，故C錯誤；

D．由于等效重力豎直向上，所以小球運動到最低點時速度最小，最小速度滿足

即

故D正確；

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]當使用A；B兩接線柱時是電流表；其量程為。

（2）[3][4]當使用A；C接線柱時是電壓表；其量程為。

【解析】A、B0.001A、C2.014、略

【解析】①.錯②.錯③.對④.錯15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]圖線A的電阻為

圖線B的電阻為

故

[2]把它們并聯(lián)在電路中，它們的電壓相同，則

根據(jù)

則【解析】①.②.16、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電阻定律可得

[2]根據(jù)歐姆定律有

根據(jù)電流的微觀表達式有

聯(lián)立可得

所以【解析】36∶9∶41∶2∶317、略

【分析】【詳解】

[1]

[2]【解析】5.2000.97四、實驗題(共3題，共15分)18、略

【分析】【詳解】

(1)①[1]電源電動勢為4.5V，小于電壓表V2量程的因此結(jié)合待測電阻Rx的粗測阻值，可知電壓表應(yīng)選用量程為3V的電壓表V1；

[2]電流表應(yīng)選用量程為200mA的電流表A1；

[3]滑動變阻器應(yīng)選用最大阻值與待測導(dǎo)電玻璃阻值差不多的滑動變阻器R2。

②[4]設(shè)電流表內(nèi)阻為RA，對操作步驟A，由歐姆定律可得U1=I1（RA+Rx）

對操作步驟B，由歐姆定律可得U2=I2（RA+R0）

聯(lián)立解得

代入數(shù)據(jù)解得Rx=12.8Ω

(2)[5]根據(jù)解得

代入數(shù)據(jù)可得ρ=3.26×10-5Ω【解析】V1A1R212.83.26×10-5Ω19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]紅表筆接歐姆表內(nèi)部電路的負極；紅表筆接A端，二極管電阻較小，表明二極管導(dǎo)通，因此A端是二極管的負極，B端是二極管的正極。

(2)[2]二極管的短管腳接電源的負極；多用電表使用電流擋時，紅表筆接電源的正極,實物圖如圖所示。

(3)[3]由于是測量二極管加反向電壓時的阻值，二極管反向阻值較大，因此采用電流表內(nèi)接法，選擇開關(guān)擲于b端。

(4)[4][5]測量二極管的正向電阻時，阻值較小，因此采用電流表外接法，選擇開關(guān)擲于a端，根據(jù)可知，由于電壓表的分流作用，代入