2025年統(tǒng)編版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示電路；當滑片放在滑動變阻器的正中時，三盞燈的亮度相同，則在滑動變阻器的滑片下移過程中。

A.A燈變亮B.B燈變亮C.C燈變亮D.C燈亮度不變2、在電磁波譜中，紅外線、可見光和X射線三個波段的頻率大小關系是（）A.紅外線的頻率最大，可見光的頻率最小B.可見光的頻率最大，紅外線的頻率最小C.X射線頻率最大，紅外線的頻率最小D.X射線頻率最大，可見光的頻率最小3、在如圖所示的電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω；小型直流電動機M的內阻為0.5Ω，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數(shù)為2.0A，電流表內阻不計。則以下判斷中正確的是（）

A.電動機的輸出功率為2WB.電動機兩端的電壓為7.0VC.電動機產(chǎn)生的熱功率為12WD.電源輸出的功率為14W4、一負電荷從電場中A點由靜止釋放，只受電場力作用，沿電場線運動到B點，它運動的v－t圖像如圖所示，則A、B兩點所在區(qū)域的電場線分布情況可能是（）

A.B.C.D.5、一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能隨位移x變化的關系如圖所示，其中0~段是關于直線對稱的曲線，段是直線；則下列說法正確的是（）

A.處電場強度最小，但不為零B.粒子在段做勻變速運動，段做勻速直線運動C.若處電勢為則D.段的電場強度大小方向均不變6、如圖，一粗糙絕緣豎直平面與兩個等量異種點電荷連線的中垂線重合。A、O、B為豎直平面上的三點，且O為等量異種點電荷連線的中點，AO=BO?，F(xiàn)電量為q、質量為m的小物塊從A點以初速v0向B滑動，到達B點時速度恰好為0；則（）

A.q一定帶正電荷B.到達O點時的動能為C.從A到B電勢能先減小后增大D.從A到B，q的加速度一直減小7、電阻率是用來表示不同物質材料電阻特性的物理量，某種材料制成的長為米，橫截面積為平方米的導體的電阻，在數(shù)值上等于這種材料的電阻率。采用國際單位制中基本單位來表示電阻率的單位，以下正確的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、在真空中A、B兩點分別固定電荷量為+q、-q（q>0）的兩個點電荷；以A；B為頂點作兩等大的圓錐，O點為圓錐底面圓的圓心，C、D兩點在圓錐母線上并關于O點對稱，空間無其他電場，下列說法正確的是。

A.圓錐底面上所有點的電勢相等B.圓錐底面上所有點的電場強度相等C.C.D兩點的場強大小相等，方向相同D.將正電荷由C點移到到D點電勢能將增大9、如圖所示，空間中存在沿x軸的靜電場，其電勢φ沿x軸的分布如圖所示．x1、x2、x3、x4是x軸上的四個點，質量為m、帶電量為－q的粒子（不計重力），以初速度v0從O點沿x軸正方向進入電場，在粒子沿x軸運動的過程中；下列說法正確的是（）

A.粒子在x2點的速度為v0B.從x1到x3點的過程中，粒子的電勢能先減小后增大C.若粒子能到達x4處，則v0的大小至少應為D.若v0＝則粒子在運動過程中的最大動能為3qφ010、如圖，平行板電容器與直流電源連接，電源正極接地。初始電容器不帶電，閉合開關，電路穩(wěn)定后，一個帶電油滴位于電容器中的P點且處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）

A.帶電油滴帶正電B.保持開關閉合，上極板下移，帶電油滴向上運動C.保持開關閉合，上極板上移，P點電勢降低D.電路穩(wěn)定后，斷開開關，下極板下移，帶電油滴保持靜止11、帶電量均為Q的異種點電荷分別固定在水平方向上的MN兩點，其連線中垂線上的O點連接長為的絕緣輕桿，桿的另一端固定一質量為m，電量為q（q>0）的帶電小球，桿可繞O點無摩擦地在豎直面內轉動。如圖所示，現(xiàn)讓小球從O的等高處A點（電勢為）釋放，若C也為O的水平等高點，且OC=OA，以無窮遠處為電勢零點，且q<Q；則（）

A.轉到最低點B時的速度B.轉到最低點B時的速度C.小球恰好能到達C點D.要想使小球到達C點，在A點至少需要提供初速度12、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢處處相等．a(chǎn)、b為電場中的兩點；則。

A.a點的電場強度比b點的大B.a點的電勢比b點的高C.檢驗電荷-q在a點的電勢能比在b點的大D.將檢驗電荷-q從a點移到b點的過程中，電場力做負功13、一電子飛經(jīng)電場中的M、N兩點，電子在M點時的電勢能為1.6×10－17J，電子經(jīng)過N點時電勢能為8.0×10－17J，已知電子的電荷量為1.6×10－19C，則（）A.由M到N，電子所受電場力做功為6.4×10－17JB.由M到N，電子克服電場力做功為6.4×10－17JC.M、N兩點間的電勢差UMN=400VD.M、N兩點間的電勢差UMN=－400V14、如圖所示，兩板間距為的平行板電容器與一電源連接，下極板接地。開關S閉合，電容器兩極板間有一質量為m，帶電量為的微粒靜止不動；下列各敘述中正確的是（）

A.斷開開關S，把電容器兩極板距離增大，電容會增大B.斷開開關S，把電容器兩極板距離減小，微粒將保持靜止C.保持開關S閉合，把電容器兩極板距離增大，兩板帶電量將會增大D.保持開關S閉合，把電容器上極板向上移動少許，微粒在初始位置的電勢能將增大15、如圖所示為某一電源的U－I圖像；由圖可知（）

A.電源電動勢為2VB.電源內阻為ΩC.電源短路時電流為6AD.電路路端電壓為1V時，電路中電流為5A評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、（1）串聯(lián)電路：把幾個導體（用電器）_________連接，接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）并聯(lián)電路：把幾個導體（用電器）的一端_________，另一端_________，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示。17、一個電流表內阻滿偏電流要把它改裝為量程的電流表，要______聯(lián)的電阻值為______（結果保留兩位有效數(shù)字）18、新疆達坂城風口的風速約為設該地空氣的密度為把通過橫截面積的風能轉化為電能（轉化效率），利用上述已知量推導計算電功率的公式為___________，代入數(shù)據(jù)得到電功率的大小為___________。

19、異種電荷相互___________。真空中兩個靜止點電荷間相互作用力為：若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來的3倍，則F增大為原來的___________倍。20、如圖所示，平行板電容器板面水平，放置于空氣中，兩板與電源相接，A板接靜電計小球，B板接靜電計外殼，開始開關S閉合；有一個帶電粒子在電容器中恰好靜止。

（1）將A板水平向左移動一段距離，粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）。電容器所帶的電荷量的變化情況是___________（填“增多”；“減少”或“不變”）。

（2）如果先斷開開關S，再把A板向左移動一段距離，則粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）靜電計指針張角的變化情況是___________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

21、路端電壓U與電流I的關系：

（1）路端電壓U與電流I的函數(shù)關系式：U=_______。

（2）圖像：如圖所示，該直線與縱軸交點的縱坐標表示_______，斜率的絕對值表示電源的_______。

22、如圖所示，導體AB做切割磁感線運動時，線路中________電流產(chǎn)生，而導體AB順著磁感線運動時，線路中________電流產(chǎn)生。（均選填“有”或“無”）

評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)23、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

24、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

由圖知，變阻器與燈串聯(lián)后與燈并聯(lián)，最后與燈串聯(lián)；當滑片向下滑動時，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流減小，則燈變暗，路端電壓增大，而燈兩端電壓減小，所以燈兩端電壓增大，則變亮．通過電流由于減小，增大，則減小，所以燈變暗；

A.與分析不符；故A錯誤；

B.與分析相符；故B正確；

C.與分析不符；故C錯誤；

D.與分析不符，故D錯誤．2、C【分析】【分析】

【詳解】

紅外線；可見光和倫琴射線（X射線）三個波段的波長是從長到短；所以其頻率是從低到高。則頻率最高的是倫琴射線（X射線），頻率最小的紅外線。

故選C。

【總結】

電磁波是由變化電磁場產(chǎn)生的，電磁波有：無線電波、紅外線、可見光、紫外線、倫琴射線、γ射線。它們的波長越來越短，頻率越來越高3、B【分析】【詳解】

B．電動機兩端的電壓為

B正確；

C．電動機的熱功率為

C錯誤；

A．電動機的輸出功率為

A錯誤；

D．電源的功率輸出功率為

D錯誤。

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

由v－t圖象可知；負電荷做加速度逐漸減小的加速運動，因此該電荷所受電場力越來越小，電場強度越來越小，電場線密的地方電場強度大，且負電荷受力與電場方向相反。

故選B。5、D【分析】【詳解】

A．圖像的斜率表示粒子所受電場力F，根據(jù)可知處電場強度最小且為零；選項A錯誤；

B．粒子在0~段切線的斜率發(fā)生變化，所以加速度也在變化，做變速運動，~段斜率不變；所以做勻變速直線運動，選項B錯誤；

C．帶負電的粒子從到的過程中電勢能增加，說明電勢降低，即>

選項C錯誤；

D．~段斜率不變；所以這段電場強度大小方向均不變，選項D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

A．等量異種點電荷電場對稱分布，沿電荷連線的中垂線，電場方向始終垂直中垂線，即中垂線是等勢面，且中間場強最大向兩邊逐漸減小，小物塊受重力、電場力和墻壁的彈力以及摩擦力作用，可知q帶負電；故A錯誤；

D．物塊全程做減速運動，可知加速度始終豎直向上。從A到O的過程中，電場強度越來越大，則電場力越來越大，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力增大，導致滑動摩擦力增大，根據(jù)

知加速度增大；從O到B，電場強度越來越小，則電場力越來越小，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力減小，導致滑動摩擦力減小，根據(jù)

知加速度減小；從A到B；加速度先增大后減小，故D錯誤；

B．由于AO段和OB段的電場強度對稱，可知加速度對稱，兩段過程中合外力做功相同，根據(jù)動能定理，有

即O點的速度為則O點動能為故B正確；

C．由于AB是等勢線；則電荷的電勢能不變，故C錯誤。

故選B。7、B【分析】【分析】

【詳解】

由

可知，材料的電阻率在數(shù)值上等于這種材料做成的長1m、橫截面積為1m2的導體的電阻。

由

則

又

則

位移、長度單位為m，截面積單位為m2，力的單位電流的單位是A，時間的單位是s，可知電阻率ρ的單位為

故選B。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】根據(jù)等量異種電荷的電場分布可知；圓錐底面上所有點的電勢均為零，即電勢相等，選項A正確；圓錐底面上所有點的電場強度方向均水平向右，但是O點的場強最大，離O點越遠的位置場強越小，選項B錯誤；由對稱性可知，C；D兩點的場強大小相等，方向相同，選項C正確；C點的電勢高于D點，則將正電荷由C點移到到D點電勢能將減小，選項D錯誤；故選AC.

點睛：解決本題的關鍵要掌握等量異種點電荷電場線和等勢面的分布情況，要知道過兩點連線的垂直平分面是一個等勢面．9、A:C【分析】【詳解】

A．從O到x2處，電場力做功為零，根據(jù)動能定理可知，粒子在x2點的速度為v0；故A正確；

B．粒子從x1運動到x3的過程中；電勢不斷降低，負電荷的電勢能不斷增大；故B錯誤；

C．粒子能運動恰好運動到x1處，就能運動到x4處。設粒子恰能運動運動到x1處，初速度v0最小，根據(jù)動能定理得：

解得：

所以若小球能運動到x4處，則初速度v0至少為故C正確；

D．當帶電粒子運動到x3處時，電場力做正功最大，粒子的速度最大，根據(jù)動能定理得：

解得最大動能為：Ekm=2qφ0

故D錯誤。

故選AC。10、B:C:D【分析】【詳解】

A．電容器上極板與電源正極相連；上極板帶正電，油滴受到的電場力方向向上，則油滴帶負電。故A錯誤；

B．保持開關閉合，電容器兩極板間電壓不變，上極板下移，兩板間距離減小，根據(jù)

可知電場強度增大；則帶電油滴向上運動。故B正確；

C．同理，保持開關閉合，電容器兩極板間電壓不變，上極板上移，兩板間距離變大，電場強度變小，P點到下極板的距離不變，根據(jù)

可知P到下極板的電勢差變小，而下極板的電勢不變，則P點的電勢降低。故C正確；

D．電路穩(wěn)定后，斷開開關，電容器電荷量不變，根據(jù)

可得電場強度為

下極板下移；電場強度不變，帶電液滴受力情況不變，帶電油滴保持靜止。故D正確。

故選BCD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．異種點電荷其周圍電線的特點：連線中垂線是一條電勢為零的等勢線，則A點的電勢A<0

B點的電勢B=0

C點的電勢C＞0

小球在運動過程中受重力和電場力，對AB過程應用動能定理mgl+qA=

得

故B正確；A錯誤；

C．在小球由A到C的過程中，重力不做功，電場力做負功，總功為負，則小球不可能到C點；故C錯誤；

D．對AC過程應用動能定理(A－C)q=2qA=0－

得

故D正確。

故選BD。12、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A項：電場線越密集的地方電場強度就越大，從上圖中可以看出a處的電場線比b處的電場線密集，所以a點的場強大于b點的場強；故A項正確；

B項：a點所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止,所以a點的電勢高于金屬球的電勢,而b點所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠,所以金屬球的電勢高于b點的電勢,即a點的電勢比b點的高.故B正確;

C項：電勢越高的地方,負電荷具有的電勢能越小,即負電荷在a點的電勢能較b點小,故C錯誤;

D項：由上知,-q在a點的電勢能較b點小,則把-q電荷從電勢能小的a點移動到電勢能大的b點,電勢能增大,電場力做負功.所以D選項是正確的.

綜上所述：本題答案為：ABD13、B:C【分析】【詳解】

AB．由M到N根據(jù)功能關系可知

故A錯誤；B正確；

CD．由M到N電場力做功為

得

故C正確；D錯誤。

故選BC。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由

可知；電容器兩極板距離增大，電容會減小，A錯誤；

B．斷開開關S，兩板帶電量Q不變，極板間場強為

故場強與d無關；即保持不變，微粒所受電場力不變，仍保持靜止，B正確；

C．保持開關S閉合，電壓U不變，電容器兩極板距離增大，電容會減小，由

可知；兩板帶電量將會減小，C錯誤；

D．極板間場強向下，由平衡條件可知，微粒所受電場力向上，故微粒帶負電，保持開關S閉合，電壓U不變，把電容器上極板向上移動少許，即d增大，由

可知，極板間場強減小，微粒所在初始位置的電勢

由于微粒所在初始位置到參考點（下極板）的距離d1不變，故電勢降低，由

可知；該微粒（帶負電）在初始位置的電勢能將增大，D正確。

故選BD。15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由U－I圖像可知，電源電動勢E＝2V

故A正確；B錯誤；

CD．由歐姆定律可得。

由閉合電路歐姆定律。

可得。

故D正確；C錯誤。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

定義。

（1）[1]串聯(lián)電路:把幾個導體（用電器）依次首尾連接；接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）[2][3]并聯(lián)電路:把幾個導體（用電器）的一端連在一起，另一端也連在一起，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示?！窘馕觥竣?依次首尾②.連在一起③.也連在一起17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律知要改裝為電流表，應并聯(lián)電阻，阻值為【解析】①.并②.0.1018、略

【分析】【詳解】

[1]設時間t內通過橫截面積的風能為

電功率為

[2]代入數(shù)據(jù)得到電功率的大小為【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1]異種電荷相互吸引。

[2]由靜電力公式可得

所以若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來的3倍，則F增大為原來的9倍。【解析】吸引920、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩極板電壓不變，根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離；兩板間距離不變，所以兩極板間的電場強度不變，粒子的運動情況是靜止。

[2]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距