2025年粵教版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、圖中兩條平行虛線之間存在勻強磁場，虛線間的距離為L，磁場方向垂直紙面向里．a(chǎn)bcd是位于紙面內(nèi)的直角梯形線圈，ab與dc間的距離也為L，t=0時刻ab邊與磁場區(qū)域邊界重合，如圖所示，現(xiàn)令線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場區(qū)域邊界的方向穿過磁場區(qū)域．取沿a→d→c→b→a的感應電流為正；則在線圈穿越磁場區(qū)域的過程中，感應電流I隨時間t變化的圖線可能是（）

A.

B.

C.

D.

2、兩個放在絕緣架上的相同金屬球，相距為r，已知球的半徑比r小很多，帶電量大小分別為q和-3q，相互作用力為3F。現(xiàn)將這兩個金屬球相接觸，過一段時間再分開，仍放回原處，則它們之間的相互作用力可能變?yōu)椋ǎ〢.FB.4F/3C.4FD.03、在科學發(fā)展過程中，許多科學家對物理學的發(fā)展作出了巨大貢獻，下列表述正確的是(

)

A.開普勒在整理第谷的觀測數(shù)據(jù)之上，總結(jié)得到行星運動規(guī)律B.庫侖提出了電荷周圍存在電場的觀點C.元電荷e

的數(shù)值最早是由物理學家法拉第測得的D.伽利略發(fā)現(xiàn)萬有引力定律并測得萬有引力常量G

值4、如圖所示，當變阻器R3

的滑動頭P

向b

端移動時

A.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小B.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變小C.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變大D.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變大5、如圖為AB

兩個物體的四個x鈭?t

圖象；以下說法正確的是(

)

A.圖(1)

中AB

兩個物體同時從同一位置開始運動B.圖(2)

中AB

兩個物體做勻速直線運動的速度相同C.圖(3)

中AB

兩個物體從同一位置開始做加速度不同的勻加速運動D.圖(4)

中AB

兩個物體的運動方向相同評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、關于經(jīng)典力學的適用范圍，正確的是（）A.低速運動B.宏觀物體C.弱引力作用D.微觀粒子7、如圖所示，在xOy

平面內(nèi)有兩根平行y

軸水平放置的長直導線，通有沿y

軸正方向大小相等的電流I

兩導線關于y

軸對稱，P

為x

軸上一點，O

為z

軸上一點，下列說法正確的是(

)

A.O

點處的磁感應強度為零B.PQ

兩點處的磁感應強度方向垂直C.PQ

兩點處的磁感應強度方向平行D.正電荷從O

點沿z

軸向上運動不受洛倫茲力作用8、充電寶是當今流行的移動充電電源，人們可以隨時隨地的給手機充電.

某容量為12000mA?h

的充電寶，下列說法正確的是(

)

A.該充電寶儲存的電荷量為43200C

B.該充電寶能給手機充電12000h

C.該充電寶充電的電流大小為12000mA

D.若手機通話時平均電流為200mA

則該充電寶能支持手機通話最長可達60h

9、[

多選]

通過觀測冥王星的衛(wèi)星，可以推算出冥王星的質(zhì)量。假設衛(wèi)星繞冥王星做勻速圓周運動，除了引力常量外，至少還需要兩個物理量才能計算出冥王星的質(zhì)量。這兩個物理量可以是()A.衛(wèi)星的速度和角速度B.衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道半徑C.衛(wèi)星的質(zhì)量和角速度D.衛(wèi)星的運行周期和軌道半徑10、如圖所示，細線拴一帶負電的小球，球處在豎直向下的勻強電場中，使小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動，則()A.小球可能做勻速圓周運動B.當小球運動到最高點時繩的張力一定最小C.小球運動到最低點時，球的線速度一定最大D.小球運動到最低點時，電勢能一定最大11、兩個等量異種電荷的連線的垂直平分線上有ABC

三點，如圖所示，下列說法正確的是(

)

A.a

點電勢比b

點高B.ab

兩點的場強方向相同，b

點場強比a

點大C.abc

三點和無窮遠處等電勢D.一個電子在a

點無初速釋放，則它將在c

點兩側(cè)往復運動12、如圖所示，AB

球的質(zhì)量相等，彈簧的質(zhì)量不計，傾角為婁脠

的斜面光滑.

系統(tǒng)靜止時，彈簧與細線均平行于斜面，在細線被燒斷的瞬間，下列說法中不正確的是(

)

A.兩個小球的瞬時加速度均沿斜面向下，大小均為g?sin婁脠

B.B

球的受力情況未變，瞬時加速度為零C.A

球的瞬時加速度沿斜面向下，大小為g?sin婁脠

D.彈簧有收縮趨勢，B

球的瞬時加速度向上，A

球的瞬時加速度向下，瞬時加速度都不為零評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、長為L的水平通電直導線放在傾角為的光滑的斜面上，并處在磁感應強度為B的勻強磁場中，若磁場方向豎直向上，則電流為I1時導線平衡，若磁場方向垂直于斜面向上，則電流為I2時導線平衡，那么樣I1：I2=____14、（4分）如圖所示，理想變壓器的次級有兩組線圈，圖中三個燈泡的規(guī)格相同，四個電表對電路的影響都可忽略不計。開關K斷開時，燈L1正常發(fā)光，這時兩電流表示數(shù)之比I1：I2是1：4；開關K閉合時，三個燈都正常發(fā)光，這時兩電流表示數(shù)之比，兩電壓表示數(shù)之比U1：U2=______15、如圖所示是探究感應電流與磁通量變化關系的實驗．下列操作會產(chǎn)生感應電流的有______．

①閉合開關的瞬間；

②斷開開關的瞬間；

③條形磁鐵穿過線圈；

④條形磁鐵靜止在線圈中。

此實驗表明：只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生______，閉合電路中就有感應電流產(chǎn)生．16、（略）17、如圖甲所示；一定量理想氣體的狀態(tài)沿1隆煤2隆煤3隆煤1

的順序作循環(huán)變化.

若用V鈭?T

或P鈭?V

圖象表示這一循環(huán)，乙圖中表示可能正確的選項是______．

18、寫出下列核反應方程式，并寫明核反應類別（1）＋＋，是原子核的（2）＋＋，是原子核的（3）＋，是原子核的（4）＋＋＋，是原子核的19、如圖，A放在水平面上，B放在A的斜面上，C放在B的水平的上表面上，B、C一起沿A的斜面勻速下滑時，A保持靜止．已知A的傾角為θ，B、C的質(zhì)量分別為mB和mC，那么B對C的摩擦力大小為______，水平面對A的摩擦力大小為______，若將C從B上取走，B的運動狀態(tài)將______．20、如圖所示，一交流發(fā)電機線圈共50匝，ab=0.1m，bd=0.2m，總電阻為10Ω，在B=0.5T的勻強磁場中從磁通量最大位置開始以100r/s的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動，外電路中接有R為40Ω的電阻，當線圈轉(zhuǎn)過周期時，電流表的讀數(shù)為____________；電壓表讀數(shù)為____________；這段時間內(nèi)通過外電阻R的電荷量為____________．21、要測繪一個標有“3V；0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：

電池組（電動勢為4.5V；內(nèi)阻約1Ω）；電流表（量程為0～250mA．內(nèi)阻約5Ω）；

電壓表（量程為0～3V．內(nèi)限約3kΩ）；電鍵一個；導線若干。

①實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的______（填字母代號）。

A．滑動變阻器（最大阻值20Ω；額定電流1A）

B．滑動變阻器（最大阻值1750Ω；額定電流0.3A）

②實驗的電路圖應選用下列的圖______（填字母代號）。

③實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5V；內(nèi)阻為5.0Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是______W。

評卷人得分四、判斷題(共4題，共24分)22、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

24、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

25、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、作圖題(共4題，共16分)26、根據(jù)所給電路圖（圖甲）；請在圖乙中以筆劃線代替導線將實物圖補充完整．

27、根據(jù)磁感應強度B

電流I

和安培力F

的相互關系；請根據(jù)要求作圖．

28、如圖所示；一束紅色激光從空氣射入厚度均勻的平行玻璃磚．

（1）請完成該光線射到CD界面之后的光路圖．

（2）隨著入射角θ1的不斷增加，該光線______（選填“能”或“不能”）在CD界面發(fā)生全反射．29、如圖所示，在圖(1)

中，G

為指針在中央的靈敏電流表，連接在直流電路中時的偏轉(zhuǎn)情況.

今使它與一線圈串聯(lián)進行電磁感應實驗，則圖(2)

中的條形磁鐵的運動方向是______；圖(3)

中電流計的指針將向______偏轉(zhuǎn)；圖(4)

中的條形磁鐵上端為______極．評卷人得分六、證明題(共2題，共12分)30、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。31、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】

開始ab邊進入磁場切割磁感線，由右手定則可知，電流方向為a→d→c→b→a；電流方向是正的，故BD錯誤；

由右手定則可知，ab邊離開磁場時，感應電流方向是a→b→c→d→a；電流方向是負的，故A正確，C錯誤；

故選A．

【解析】【答案】由右手定則判斷回路中感應電流方向；采用排除法分析答題．

2、A【分析】【解析】試題分析：由庫侖定律得到將這兩個金屬球相接觸后，電荷量是先中和再平分，即分開后兩球的電荷量都是-q，由庫侖定律得到A對，BCD錯?？键c：本題考查庫侖定律【解析】【答案】A3、A【分析】解：A

開普勒在整理第谷的觀測數(shù)據(jù)之上；總結(jié)得到行星運動規(guī)律；故A正確；

B；法拉第最早提出了電荷周圍存在電場的觀點；故B錯誤；

C；元電荷最早是由美國物理學家密立根測出的；故C錯誤；

D；牛頓發(fā)現(xiàn)的萬有引力定律；卡文迪許通過實驗測出的引力常量G

故D錯誤；

故選：A

．

根據(jù)物理學史和物理常識解答；記住著名物理學家的主要貢獻即可．

本題考查物理學史，屬于常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，注重積累.

同時注意準確，不能張冠李戴．【解析】A

4、D【分析】略【解析】D

5、B【分析】解：A.

由圖可知：B

物體比A

物體先運動；但都是從x=0

位置處出發(fā)的，故A錯誤；

B.x鈭?t

圖象中；傾斜的直線表示勻速直線運動，斜率表示速度.

由圖可知AB

速度圖象是平行的傾斜直線，所以AB

兩個物體做勻速直線運動的速度相同，故B正確；

C.x鈭?t

圖象中；傾斜的直線表示勻速直線運動，斜率表示速度.

由圖可知AB

速度圖象從同一位置出發(fā)做勻速直線運動，且A

的速度大于B

的速度，故C錯誤；

D.x鈭?t

圖象中；傾斜的直線表示勻速直線運動，斜率表示速度.

由圖可知A

速度圖象斜率為正，B

圖象斜率為負，故運動方向相反，故D錯誤．

故選B．

x鈭?t

圖象中；傾斜的直線表示勻速直線運動，斜率表示速度；與x

軸的交點表示初始位置，與時間軸的交點表示開始運動的時間．

位移圖象的特點：壟脵

位移圖象的斜率等于物體的速度；壟脷

位移圖象的縱坐標表示物體在某時刻的位置.

這是我們解題的關鍵．【解析】B

二、多選題(共7題，共14分)6、ABC【分析】解：經(jīng)典力學的基礎是牛頓運動定律；經(jīng)典力學只適用于宏觀世界，低速運動，和弱引力下．所以選項ABC正確，D錯誤．

故選：ABC

經(jīng)典力學是狹義相對論在低速（v＜＜c）條件下的近似；牛頓經(jīng)典力學只考慮了空間，而狹義相對論既考慮了空間，也考慮了時間，牛頓經(jīng)典力學只適用于宏觀低速物體，而微觀；高速物體適用于狹義相對論．

本題考查經(jīng)典力學的局限性；但一定要注意明確經(jīng)典力學并沒有過時，只是在一定的范圍內(nèi)適用．【解析】【答案】ABC7、AB【分析】解：A

根據(jù)安培定則可判斷出兩電流在0

點處產(chǎn)生的磁感應強度等大反向；合磁感應強度為零。故A正確。

B；兩電流在P

點的磁場方向相反；疊加后合磁場方向沿z

軸正方向；兩電流在z

軸正方向上各點產(chǎn)生的磁感應強度矢量疊加后，都沿x

軸負方向，PQ

兩點磁場方向垂直。故B正確。C錯誤。

D；正電荷從O

點沿z

軸向上運動；由左手定則判斷其受沿y

軸正方向的洛倫茲力作用。故D錯誤。

故選：AB

根據(jù)右手螺旋定則判斷出磁場的方向；通過場強的疊加得出合場強的方向．

解決本題的關鍵會根據(jù)右手螺旋定則(

安培定則)

判斷電流周圍磁場方向，以及會通過左手定則判斷洛倫茲力方向．【解析】AB

8、AD【分析】解：A

根據(jù)公式：q=It=12000隆脕10鈭?3隆脕3600=43200C.

故A正確；

B；12000mA?h

是電池的容量；不知道充電寶給手機充電時的電流，所以不能判斷出充電的時間.

故B錯誤；

C；12000mA?h

是電池的容量；不表示該充電寶充電的電流大小為12000mA.

故C錯誤；

D、若手機通話時平均電流為200mA

則該充電寶能支持手機通話最長時間為：t隆盲=qI隆盲=43200200隆脕10鈭?3=216000s=60h.

故D正確．

故選：AD

電池板充電后儲存的電能等于容量與電動勢的乘積；由此分析即可．

電池的容量是電池的重要參數(shù)之一，要理解電池的容量即電池放電的最大電量是解答的關鍵．【解析】AD

9、AD【分析】【分析】人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時，萬有引力充當向心力，由萬有引力定律結(jié)合牛頓第二定律列式求中心天體的質(zhì)量，然后由選項條件判斷正確的答案。解答萬有引力定律在天體運動中的應用時要明確天體做勻速圓周運動，其受到的萬有引力提供向心力，會用線速度、角速度、周期表示向心力，同時注意公式間的化簡?！窘獯稹啃l(wèi)星圍繞冥王星做勻速圓周運動；萬有引力提供向心力；

A.已知衛(wèi)星的速度和角速度，則軌道半徑r=v婁脴

根據(jù)GMmr2=m婁脴v

即可求解冥王星質(zhì)量M

故A正確；

B.根據(jù)GMmr2=mv2r

可知；衛(wèi)星的質(zhì)量可以約去，只知道半徑不能求出冥王星質(zhì)量，故B錯誤；

C.根據(jù)GMmr2=m婁脴2r

可知；衛(wèi)星的質(zhì)量可以約去，只知道角速度不能求出冥王星質(zhì)量，故C錯誤；

D.根據(jù)GMmr2=m4婁脨2rT2

可知；知道衛(wèi)星的運行周期和軌道半徑可求解冥王星質(zhì)量M

故D正確。

故選AD?！窘馕觥緼D

10、AD【分析】【分析】帶電小球做圓周運動，由重力、線的拉力、電場力三力的合力提供，但三者的大小未知，小球是否做勻速圓周運動以及何時速度最大要具體分析，電勢能的大小可由其算式分析；能正確分析向心力來源，知道電勢分布于電場線之間的關系，明確電勢能計算式?！窘獯稹緼.重力豎直向下；電場力豎直向上；若使二者相等且保持繩子拉力大小不變，則有可能做勻速圓周運動，故A正確；

B.重力與電場力大小未知；小球速度最小位置不確定，由受力分析結(jié)合牛頓第二定律得知，繩子張力最小位置不確定，故B錯誤；

C.由B

分析可知；C錯誤；

D.沿電場方向電勢逐漸降低；結(jié)合小球帶負電，故在電勢最低處點勢能最大，故D正確；

故選AD。【解析】AD

11、BC【分析】解：AC

如圖，abc

是兩個等量異種電荷連線的垂直平分線的三點；電勢相等，而且與無窮遠處電勢相等.

故A錯誤，C正確．

B、ab

兩點的場強方向都與垂直平分線垂直向右，方向相同.

由于b

處電場線密；電場強度大于a

處電場強度.

故B正確．

D；一個電子在a

點受到的電場方向垂直于垂直平分線向左；無初速釋放后，將向左下方運動，不可能到達c

點.

故D錯誤．

故選：BC

．

兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線；電場強度方向與等勢面方向垂直；而且指向電勢低的方向.

根據(jù)電子的受力情況，分析電子的運動情況．

對于等量異種電荷和等量同種電荷連線和垂直平分線的特點要掌握，抓住電場線和等勢面的對稱性進行記憶．【解析】BC

12、AD【分析】解：細線未剪斷前；根據(jù)共點力平衡得，彈簧的彈力F=mgsin婁脠

．

剪斷細繩的瞬間；彈簧彈力不變，對于B

瞬間合力為零，則B

的瞬時加速度為零．

對于A

合力為F潞脧=mgsin婁脠+F=2mgsin婁脠

根據(jù)牛頓第二定律得，A

的瞬時加速度方向沿斜面向下，大小為2gsin婁脠.

故B；C正確，A

D錯誤．

本題選不正確的；故選：AD

．

細線燒斷的瞬間；彈簧彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律求出瞬時加速度的大?。?/p>

解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，抓住瞬間彈簧彈力不變，結(jié)合牛頓第二定律進行求解．【解析】AD

三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【解析】試題分析：若磁場方向豎直向上，則安培力水平方向．由平衡條件可得：若磁場方向垂直于斜面向上，則安培力沿斜面向上．由平衡條件可得：則考點：安培力；共點力平衡的條件及其應用．【解析】【答案】14、略

【分析】試題分析：當開關K斷開時，燈L1正常發(fā)光，由電流與匝數(shù)成反比得，原線圈和次級線圈的匝數(shù)之比：因為開關K閉合時，三個規(guī)格相同的燈泡都正常發(fā)光，所以下邊次級線圈的電壓和上面次級線圈的電壓相等，且通過三燈泡的電流相等，又因電壓與匝數(shù)成之比，則上面和下面次線圈的匝數(shù)相等，故兩電壓表示數(shù)之比：對理想變壓器有輸入功率等于輸出功率，即又故有所以．考點：本題考查理想變壓器的工作原理、歐姆定律的應用，意在考查考生能夠運用已學的物理知識進行分析判斷．【解析】【答案】3：44：115、略

【分析】解：①；開關S閉合瞬間；穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，線圈產(chǎn)生感應電流，故①正確；

②；開關S斷開瞬間；穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產(chǎn)生，故②正確；

③；開關S閉合后；變阻器滑片P移動，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產(chǎn)生，故③正確；

④；開關S閉合后；變阻器滑片P不移動，穿過線圈B的磁通量不發(fā)生變化，沒有感應電流產(chǎn)生，故④錯誤；

故選：①②③

此實驗表明：只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化；閉合電路中就有感應電流產(chǎn)生。

故答案為：①②③；變化。

產(chǎn)生感應電流的條件是：穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化；根據(jù)圖示情景分析答題．

本題考查了感應電流產(chǎn)生的條件，熟練掌握基礎知識即可正確解題，本題是一道基礎題．【解析】①②③；變化16、（略）【分析】（略）【解析】（略）17、略

【分析】解：由圖示圖示可知；

1隆煤2

過程；p

與T

成正比，是等容過程，p

與T

均增大；

2隆煤3

過程；是等壓變化，壓強p

不變，溫度T

降低，由理想氣體狀態(tài)方程可知，體積V

減?。?/p>

3隆煤1

過程；是等溫變化，溫度T

不變，壓強p

減小，由玻意耳定律可知，體積V

變大；

A；由圖示圖象可知；1隆煤2

過程，是等容變化，溫度升高；2隆煤3

是等壓變化，溫度降低；3隆煤1

是等溫變化，壓強減小，體積增大，符合題意，故A正確；

B；由圖示圖象可知；1隆煤2

過程是等容變化，溫度降低，不符合題意，故B錯誤；

C；由圖示圖象可知；2隆煤3

過程是等壓變化，體積變大，不符合題意，故C錯誤；

D；由圖示圖象可知；1隆煤2

過程，p

與T

成正比，是等容過程，p

與T

均增大；

2隆煤3

過程；是等壓變化，壓強p

不變，溫度T

降低，由理想氣體狀態(tài)方程可知，體積V

減??；

3隆煤1

過程；是等溫變化，溫度T

不變，壓強p

減小，由玻意耳定律可知，體積V

變大；符合題意，故D正確；

故選：AD

．

根據(jù)圖示圖象分析清楚氣體狀態(tài)變化過程與氣體狀態(tài)參量；然后分析判斷哪個圖象符合氣體狀態(tài)變化過程．

本題考查了判斷氣體的狀態(tài)變化過程圖象，分析清楚圖示圖象、應用理想氣體狀態(tài)方程即可正確解題．【解析】AD

18、略

【分析】試題分析：（1）＋＋是原子核的聚變；（2）＋＋是原子核的人工轉(zhuǎn)變；（3）＋是原子核的β衰變；（4）＋＋＋3是原子核的裂變?？键c：四種核反應方程?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）聚變（2）人工轉(zhuǎn)變（3）β衰變（4）3裂變19、略

【分析】解：對C受力分析；受重力；支持力，可能有靜摩擦力，由于C做勻速直線運動，故靜摩擦力為零，否則不可能平衡；

對A；B、C整體受力分析；受重力、支持力，可能受地面的靜摩擦力，由于整體處于平衡狀態(tài)（因為內(nèi)部每個物體都平衡），故靜摩擦力為零，否則整體不可能平衡；

對B；C整體受力分析；受重力、支持力和滑動摩擦力，根據(jù)共點力平衡條件，有：

（mA+mB）gsinθ-f=0

N-（mA+mB）gcosθ=0

其中：

f=μN

聯(lián)立解得：

μ=tanθ

若將C從B上取走；重力的下滑分力依然等于滑動摩擦力，故物體B的運動狀態(tài)保持不變；

故答案為：0；0；不變．

對C受力分析；結(jié)合運動狀態(tài)確定靜摩擦力大?。粚；B、C整體受力分析，結(jié)合運動狀態(tài)確定靜摩擦力大?。粚、C整體受力分析，受根據(jù)共點力平衡條件確定A、B間的動摩擦因素，若將C從B上取走，根據(jù)受力情況確定運動情況．

本題是共點力平衡問題，特點是物體較多，關鍵是采用隔離法和整體法靈活地選擇研究對象，根據(jù)共點力平衡條件列式分析，不難．【解析】0；0；不變20、略

【分析】解：根據(jù)ω=2πn得：ω=200πrad/s

電動勢最大值。

Em=NBSω

=50×0.5×0.2×0.1×200π

=100πV

從圖示位置開始計時；感應電動勢的瞬時值為：e=100πsin200πt；

感應電動勢的有效值E=π=50πV；

根據(jù)閉合電路歐姆定律，則有：I===A，因此電流表的讀數(shù)為A；

而R電阻的兩端的電壓為U=IR=40V；因此電壓表的讀數(shù)為176V；

求電荷量要用平均電動勢；

所以q=I△t=?△t=N=50×=0.01C；

故答案為：πA，40πV，0.01C．【解析】A;40V;0.01C．21、AB0.10【分析】解：（1）由于實驗要求電壓從零調(diào)；變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)，所以應選擇A；

（2）由于待測小燈泡阻值較小，滿足所以電流表應用外接法，又變阻器應采用分壓式接法，所以應選擇B；

（3）在表示小燈泡的I-U圖象中畫出表示電源的I-U圖象如圖所示；讀出兩圖線交點坐標為：U=1.0V，I=0.1A；

所以小燈泡消耗的功率為：P=UI=1.0×0.1W=0.10W；

故答案為：（1）A

（2）B

（3）0.23（1）A（2）B（3）0.10

本題（1）的關鍵是根據(jù)實驗要求電流從零調(diào)可知變阻器應采用分壓式接法，選擇阻值小的變阻器更方便調(diào)節(jié)；題（2）的關鍵是根據(jù)小燈泡電阻滿足可知電流表應用外接法；即電路應是分壓外接電路；題（3）的關鍵是在表示小燈泡的I-U圖象中同時畫出表示電源的I-U圖象，讀出兩圖線的交點坐標，再根據(jù)功率公式求解即可。

應明確：①當實驗要求電流從零調(diào)或變阻器的全電阻遠小于待測電阻時變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)；②當待測電阻滿足時，電流表應用外接法，滿足時，電流表應用內(nèi)接法；③表示電阻和電源的I-U圖線的交點表示通過電阻的電流和電阻兩端電壓?！窘馕觥緼B0.10四、判斷題(共4題，共24分)22、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．23、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．25、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．五、作圖題(共4題，共16分)26、解：由圖示電路圖可知；滑動變阻器采用分壓接法，電流表采用外接法