2025年統(tǒng)編版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年統(tǒng)編版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷145考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；水平地面上質(zhì)量為m的木塊，受到大小為F；方向與水平方向成θ角的拉力作用，沿地面作勻加速直線運(yùn)動(dòng)．已知木塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則木塊的加速度大小為（）

A.

B.

C.

D.

2、沿電場(chǎng)線方向；下列說(shuō)法正確的是（）

A.場(chǎng)強(qiáng)減小。

B.電勢(shì)降低。

C.電荷的電勢(shì)能減少。

D.電荷受到的電場(chǎng)力減少。

3、太陽(yáng)因核聚變釋放出巨大的能量，同時(shí)其質(zhì)量不斷減少。太陽(yáng)每秒鐘輻射出的能量約為4×1026J，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程，太陽(yáng)每秒鐘減少的質(zhì)量最接近A.1036kgB.1018kgC.1013kgD.109kg4、如右圖，水平面上有一半徑為R的圓形區(qū)域處在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與圓面平行，一質(zhì)量為m、帶電量為q的帶電粒子由圓上某一點(diǎn)，以與圓面平行的初速度v0進(jìn)入該圓形區(qū)域，當(dāng)該粒子運(yùn)動(dòng)到該圓形區(qū)域的圓心處時(shí)，可能具有的動(dòng)能為：A.B.C.D.05、為了減少光學(xué)元件的反射損失，可在光學(xué)元件表面鍍上一層增透膜，利用薄膜的干涉相消來(lái)減少反射光.

如果照相機(jī)鏡頭所鍍膜對(duì)綠光的折射率為n

厚度為d

它使綠光在垂直入射時(shí)反射光完全抵消，那么綠光在真空中的波長(zhǎng)婁脣0

為(

)

A.d4

B.nd4

C.4d

D.4nd

6、如圖所示的各圖中，表示通電直導(dǎo)線在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中所受磁場(chǎng)力的情況，其中磁感強(qiáng)度B、電流I、磁場(chǎng)力F三者之間的方向關(guān)系不正確的是（）A.B.C.D.7、交流發(fā)電機(jī)在工作時(shí)電動(dòng)勢(shì)為e=Emsin婁脴t

若將發(fā)電機(jī)的角速度提高一倍，同時(shí)將線框所圍面積減小一半，其他條件不變，則其電動(dòng)勢(shì)變?yōu)?

)

A.e隆盲=Emsin婁脴t

B.e隆盲=2Emsin婁脴t

C.e隆盲=Emsin2婁脴t

D.e隆盲=Em2sin2婁脴t

8、下列敘述中正確的是（）

A.多晶體和非晶體各向同性；所以都不是晶體。

B.單晶體和多晶體都是各向異性的。

C.金屬材料各向同性；但金屬中每一晶粒的內(nèi)部各向異性。

D.明礬是多晶體；小鐵屑是單晶體。

評(píng)卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)9、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解10、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)11、將一電荷量為2×10-5的試探電荷放在電場(chǎng)中的P點(diǎn)處，所受的電場(chǎng)力的大小為2×10-2N，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為_(kāi)___N/C，如果將試探電荷拿走則電場(chǎng)強(qiáng)度為_(kāi)___N/C，方向____（填“變化”或“不變”）．12、現(xiàn)有一群處于n＝4能級(jí)上的氫原子，已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量E1＝－13.6eV，這群氫原子發(fā)光的光譜共有________條譜線，發(fā)出的光子照射某金屬能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，則該金屬的逸出功最大值是________eV.13、將電量為6×10-6C的負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做了3×10-5J的功，則該電荷在此過(guò)程中電勢(shì)能______了______J；再將該電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做了1.2×10-5J的功，則A、C間的電勢(shì)差UAC=______．14、設(shè)想在一間與外界絕熱的房間里，有一臺(tái)正在工作的電冰箱，如果電冰箱的門(mén)是開(kāi)著的，那么室內(nèi)溫度將______．15、在“用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)在擺球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，同時(shí)數(shù)“1”；當(dāng)擺球第2次通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)數(shù)“2”；依此數(shù)下去，當(dāng)數(shù)到“59”時(shí)，停止計(jì)時(shí)，讀出這段時(shí)間是58.0s，那么單擺的周期。

T=______s；測(cè)得擺長(zhǎng)L=1.000m，則測(cè)出的重力加速度g=______m/s2．（取π=3.14）16、如圖所示，在y＜0的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于xy平面并指向紙里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.一帶負(fù)電的粒子(質(zhì)量為m、電荷量為q)以速度v0從O點(diǎn)射入磁場(chǎng)，入射方向在xy平面內(nèi)，與x軸正向的夾角為θ.求：(1)該粒子射出磁場(chǎng)的位置；(2)該粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.(粒子所受重力不計(jì))17、如圖所示，甲乙兩個(gè)完全相同的金屬小球，甲帶有+3q

的電量，乙?guī)в锈?q

的電量.

若乙球與甲球接觸后放回原處，則甲球帶電量為_(kāi)_____．18、電子中微子可以將一個(gè)氯核轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)氬核，其核反應(yīng)方程為：νe+Cl→Ar+e，已知Cl核的質(zhì)量為36.95658u，Ar核的質(zhì)量為36.95691u，e的質(zhì)量為0.00055u，質(zhì)量u對(duì)應(yīng)的能量為931.5MeV．上述反應(yīng)的電子中微子的最小能量是______Mev評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共18分)19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、綜合題(共2題，共14分)21、如圖所示電路是一種觸電保安器；變壓器A處用火線和地線雙股平行繞制成線圈，然后接到用電器．B處有一個(gè)輸出線圈，一旦線圈中有電流，經(jīng)放大后便能推動(dòng)繼電器J切斷電源．試說(shuō)明：

22、(1)

一列橫波沿x

軸傳播，圖中實(shí)線表示t=0

時(shí)刻的波形，虛線表示從該時(shí)刻起經(jīng)0.005s

后的波形，以下說(shuō)法正確的是______A.該橫波周期為0.02

秒B.t=0

時(shí)刻，x=4m

處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向一定與x=8m

處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向相反C.t=0

時(shí)刻，x=4m

處的質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)D.如果周期大于0.005s

波向右傳播時(shí)，波速為400m/s

E.如果周期小于0.005s

則當(dāng)波速為6000m/s

時(shí)，該波向左傳播(2)

如圖所示，一個(gè)足夠大的水池盛滿(mǎn)清水，水深h=0.4m

水池底部中心有一點(diǎn)光源A

其中一條光線斜射到水面上距A

為l=0.5m

的B

點(diǎn)時(shí)，它的反射光線與折射光線恰好垂直.

求：

壟脵

水的折射率n

壟脷

用折射率n

和水深h

表示水面上被光源照亮部分的面積(

推導(dǎo)出表達(dá)式，不用計(jì)算結(jié)果，圓周率用婁脨

表示)

．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】

對(duì)物體受力分析可知；

物體受到重力、支持力、拉力和摩擦力的作用，

在水平方向有Fcosθ-f=ma；

豎直方向有mg=FN+Fsinθ；

滑動(dòng)摩擦力f=μFN；

根據(jù)以上三式聯(lián)立可以求得a=．

故選D．

【解析】【答案】對(duì)物體受力分析；物體豎直方向上受力平衡，在水平方向由牛頓第二定律列式在根據(jù)滑動(dòng)摩擦力的公即可求得加速度的大小．

2、B【分析】

A；電場(chǎng)線的疏密代表電場(chǎng)的強(qiáng)弱；沿電場(chǎng)線方向，場(chǎng)強(qiáng)不一定減小，故A錯(cuò)誤；

B；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；故B正確；

C；電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減??；沿電場(chǎng)線方向，電場(chǎng)力不一定做正功，故C錯(cuò)誤；

D；電荷受到的電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度有關(guān)；F=Eq，沿電場(chǎng)線方向，場(chǎng)強(qiáng)不一定減小，故D錯(cuò)誤．

故選B

【解析】【答案】電場(chǎng)線的疏密代表電場(chǎng)的強(qiáng)弱；電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減小，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低．

3、D【分析】根據(jù)愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程，選項(xiàng)D正確【解析】【答案】D4、A|C|D【分析】【解析】【答案】ACD5、D【分析】解：本題考查薄膜干涉.

設(shè)綠光在膜中的波長(zhǎng)為婁脣

則。

由d=14婁脣

得婁脣=4d

則綠光在真空中的波長(zhǎng)為：婁脣0=n婁脣=4nd

．

故選：D

．

當(dāng)光照射時(shí)膜的兩表面產(chǎn)生頻率相同的反射光；從而出現(xiàn)光的抵消，最終實(shí)現(xiàn)增加透射性．

光的透射能力是由薄膜的厚度決定，當(dāng)厚度正好使得兩反射光的光程差等于半個(gè)波長(zhǎng)，出現(xiàn)振動(dòng)減弱的現(xiàn)象.

此時(shí)光的透射性最強(qiáng)．【解析】D

6、C【分析】【解答】解：A；磁場(chǎng)向上；電流向里，根據(jù)左手定則可得，安培力的方向水平向右，所以A正確；

B；磁場(chǎng)向外；電流向上，根據(jù)左手定則可得，安培力的方向向右，所以B正確；

C；磁場(chǎng)向左；電流向里，根據(jù)左手定則可得，安培力的方向上，所以C不正確；

D；磁場(chǎng)向里；電流向右上方，根據(jù)左手定則可得，安培力的方向向左上方，所以D正確；

本題選不正確的；故選：C．

【分析】根據(jù)左手定則來(lái)判斷即可，讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是導(dǎo)線受的安培力的方向．7、C【分析】解：發(fā)電機(jī)的速度提高一倍；則角速度增大為原來(lái)的2

倍；

根據(jù)Em=NBS婁脴

知；將發(fā)電機(jī)的角速度提高一倍，同時(shí)將電樞所圍面積減小一半，則電動(dòng)勢(shì)的峰值不變。

其表達(dá)式變?yōu)椋篹隆盲=Emsin2婁脴t.

故C正確；ABD錯(cuò)誤；

故選：C

根據(jù)Em=NBS婁脴

判斷峰值的變化；從而得出電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式。

解決本題的關(guān)鍵掌握正弦式交流電峰值的表達(dá)式，知道影響峰值的因素?！窘馕觥緾

8、C【分析】【分析】

晶體有固定的熔點(diǎn)；非晶體沒(méi)有固定的熔點(diǎn)，單晶體的物理性質(zhì)是各向異性的，而多晶體和非晶體是各向同性的，晶體的分子排列是有規(guī)則的，而非晶體的分子排列是無(wú)規(guī)則的．

本題考查晶體的性質(zhì)；要注意明確多晶體由于是很多晶體組合在一起，故對(duì)外表現(xiàn)為各向同性，但每一個(gè)晶粒的內(nèi)部結(jié)構(gòu)卻是各向異性．

【解答】

A；多晶體雖然具有各向同性；但它是晶體，故A錯(cuò)誤；

B；單晶體具有各向異性；而多晶體沒(méi)有各向異性，故B錯(cuò)誤；

C；金屬材料屬于多晶體；由于多晶體是許多單晶體雜亂無(wú)章地組合而成的，所以多晶體具有各向同性現(xiàn)象，但是金屬中每一晶粒的內(nèi)部均表現(xiàn)為各向異性，故C正確；

D；明礬屬于單晶體；而小鐵屑屬于多晶體，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

【解析】C二、雙選題(共2題，共4分)9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共8題，共16分)11、略

【分析】

電荷量為2×10-5的試探電荷，放在電場(chǎng)中在P點(diǎn)的電場(chǎng)力大小為2×10-2N；

則由公式E===1000N/C

若將試探電荷移走；則電場(chǎng)強(qiáng)度大小與方向仍不變；

故答案為：1000；1000；不變。

【解析】【答案】電場(chǎng)強(qiáng)度是描述電場(chǎng)強(qiáng)弱的物理量；它是由電荷所受電場(chǎng)力與其電量的比值來(lái)定義．比值與電場(chǎng)力及電量均無(wú)關(guān)．而電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)．

12、略

【分析】【解析】試題分析：處于n=4能級(jí)上的氫原子，發(fā)出的譜線為：．第4能級(jí)的能量為：躍遷過(guò)程中產(chǎn)的光子能量最大值為：考點(diǎn)：；氫原子的能級(jí)公式和躍遷【解析】【答案】6、12.7513、略

【分析】解：負(fù)電荷在電場(chǎng)力作用下發(fā)生位移；導(dǎo)致電場(chǎng)力做負(fù)功，則電荷的電勢(shì)能增加．做多少功，電勢(shì)能就增加多少．

因此，電荷在此過(guò)程中電勢(shì)能增加，且增加了3×10-5J．

電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做了1.2×10-5J的功，則由：W=qU得UBC===-2v

而負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)移到B點(diǎn)，兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB===5V

所以A、C間的電勢(shì)差UAC=UAB+UBC=5V-2V=3V

故答案為：增加；3×10-5；3V

電荷在電場(chǎng)力作用下做功；導(dǎo)致電勢(shì)能變化．所以由做功與電量可求出兩點(diǎn)的電勢(shì)差，同時(shí)根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)可確定電勢(shì)能增加與減少．

電勢(shì)差是電場(chǎng)中的電勢(shì)之差，電勢(shì)可以任意取，但電勢(shì)差卻不變，就像高度與高度差一樣．電荷的電勢(shì)能增加還是減少是由電場(chǎng)力做功的正負(fù)決定．就像重力做功與重力勢(shì)能一樣．【解析】增加；3×10-5；3V14、略

【分析】解：電冰箱工作時(shí)；氟利昂（或其它物質(zhì)）在冷藏室和冷凍室內(nèi)汽化吸熱，然后在冷凝管內(nèi)液化放熱；冰箱后面的冷凝管溫度比較高，把熱量傳給空氣，冷凝管放出的熱量大于冷藏室和冷凍室吸收的熱量．故室內(nèi)溫度將升高．

故答案為：升高．

電冰箱工作過(guò)程是氟利昂（或其它物質(zhì)）不斷的汽化和液化的過(guò)程；將熱由冰箱內(nèi)搬運(yùn)到冰箱外．

掌握物態(tài)變化及物態(tài)變化時(shí)吸熱與放熱的情況是解題的關(guān)鍵，冰箱、空調(diào)等溫控設(shè)備在調(diào)節(jié)局部空間溫度時(shí)，要消耗電能，電能最終轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，使環(huán)境溫度升高【解析】升高15、略

【分析】解：t時(shí)間內(nèi)全振動(dòng)的次數(shù)為：n=則：T=．

根據(jù)T=得：g=．

故答案為：2；9.86．

單擺的周期為完成一次全振動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)周期、擺長(zhǎng)，通過(guò)T=求出重力加速度的值．

解決本題的關(guān)鍵知道單擺在一次全振動(dòng)中兩次經(jīng)過(guò)平衡位置，掌握單擺的周期公式，并能靈活運(yùn)用．【解析】2；9.8616、略

【分析】【解析】試題分析：（1）帶負(fù)電粒子射入磁場(chǎng)后，由于受到洛倫茲力的作用，粒子將沿圖示的軌跡運(yùn)動(dòng)，從A點(diǎn)射出磁場(chǎng)，設(shè)O、A間的距離為L(zhǎng)，射出時(shí)速度的大小仍為v，射出方向與x軸的夾角仍為θ，由洛倫茲力公式和牛頓定律可得：qv0B=m（2分）式中R為圓軌道半徑，解得：R=①（2分）圓軌道的圓心位于OA的中垂線上，由幾何關(guān)系可得：=Rsinθ②聯(lián)解①②兩式，得：L=（3分）所以粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的位置坐標(biāo)為(-，0)（1分）（2）因?yàn)門(mén)==（2分）所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，t＝(4分)考點(diǎn)：考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，【解析】【答案】(1)(-，0)(2)17、+q【分析】解：甲帶有+3q

的電量；乙?guī)в锈?q

的電量，若乙球與甲球接觸后放回原處，電量先中和后平分，知甲球的帶電量為+q

．

故答案為：+q

根據(jù)接觸帶電的原則；即先中和再平分得出甲球的帶電量．

本題考查了電荷守恒定律，知道接觸帶電的原則，難道不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】+q

18、0.82【分析】解：反應(yīng)過(guò)程需要能量為：E=△mc2=（mAr+me-mCl）c2=（36.95691+0.00055-36.95658）×931.5MeV=0.82MeV

故答案為：0.82

根據(jù)題意可知該核反應(yīng)過(guò)程中質(zhì)量增加；因此需要提供能量，根據(jù)質(zhì)能方程求出反應(yīng)所需能量，然后根據(jù)能量的守恒即可求出中微子的最小能量。

本題考查了能量守恒在原子物理知識(shí)中的應(yīng)用，要解答這類(lèi)問(wèn)題關(guān)鍵是在計(jì)算上不要出錯(cuò)?！窘馕觥?.82四、判斷題(共2題，共18分)19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．五、綜合題(共2題，共14分)21、①開(kāi)的電燈過(guò)多，但火線和零線中電流方向相反、大小相等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量為零；線圈A中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故繼電器不會(huì)切斷電源；②當(dāng)有人如圖中“手﹣地”觸電時(shí)，會(huì)導(dǎo)致一部分電流通過(guò)大地，火線和零線中電流方向、大小不等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量不為零，即增加了，故會(huì)在線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流，經(jīng)放大后便能推動(dòng)繼電器切斷電源；③當(dāng)有人雙手“火線﹣零線”觸電時(shí)（人與地絕緣），火線和零線中電流方向相反、大小相等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量為零；線圈A中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故繼電器不會(huì)切斷電源【分析】【解答】（1）開(kāi)的電燈過(guò)多；但火線和零線中電流方向相反；大小相等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量為零；線圈A中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故繼電器不會(huì)切斷電源；（2）當(dāng)有人如圖中“手﹣地”觸電時(shí)，會(huì)導(dǎo)致一部分電流通過(guò)大地，火線和零線中電流方向、大小不等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量不為零，即增加了，故會(huì)在線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流，經(jīng)放大后便能推動(dòng)繼電器切斷電源；（3）當(dāng)有人雙手“火線﹣零線”觸電時(shí)（人與地絕緣），火線和零線中電流方向相反、大小相等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量為零；線圈A中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故繼電器不會(huì)切斷電源．

答：（1）開(kāi)的電燈過(guò)多；但火線和零線中電流方向相反；大小相等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量為零；線圈A中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故繼電器不會(huì)切斷電源；（2）當(dāng)有人如圖中“手﹣地”觸電時(shí)，會(huì)導(dǎo)致一部分電流通過(guò)大地，火線和零線中電流方向、大小不等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量不為零，即增加了，故會(huì)在線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流，經(jīng)放大后便能推動(dòng)繼電器切斷電源；（3）當(dāng)有人雙手“火線﹣零線”觸電時(shí)（人與地絕緣），火線和零線中電流方向相反、大小相等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量為零；線圈A中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故繼電器不會(huì)切斷電源．

【分析】圖中A線圈是用火線和零線雙股平行線繞制成線圈，正常情況下火線和零線中電流方向相反、大小相等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量為零；當(dāng)漏電時(shí)，火線和零線中電流方向、大小不等，線圈A產(chǎn)生的總磁通量不為零，增加了，故會(huì)在線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流，經(jīng)放大后便能推動(dòng)繼電器切斷電源．22、（1）BDE

（2）解：?①設(shè)射向B點(diǎn)的光線入射角與折射角分別i和r；

由題意得i+γ=90°

故水的折射率為

②設(shè)射向水面的光發(fā)生全反射的臨界角為C，則有

圓形光斑的半徑為R=htanC

圓