2025年蘇科新版必修一物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科新版必修一物理下冊月考試卷404考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、G7332次列車07：50從蒼南站出發(fā)，09：02到麗水站，用時1小時12分。以上描述中（）A.“07：50”和“1小時12分”都表示時間間隔B.“07：50”和“1小時12分”都表示時刻C.“07：50”表示時間間隔D.“1小時12分”表示時間間隔2、一個物體在水平恒力F的作用下，由靜止開始在一個粗糙的水平面上運動，經(jīng)過時間t，速度變?yōu)関，如果要使物體的速度變?yōu)?v，下列方法正確的是（）A.將水平恒力增加到2F，其他條件不變B.將物體質(zhì)量減小一半，其他條件不變C.物體質(zhì)量不變，水平恒力和作用時間都增為原來的兩倍D.將時間增加到原來的2倍，其他條件不變3、如圖所示，兩個相似的斜面體A、B在豎直向上的力F的作用下靜止靠在豎直粗糙墻壁上。關(guān)于斜面體A和B的受力情況；下列說法正確的是（）

A.A一定受到五個力B.B可能受到四個力C.B與墻壁之間一定有彈力和摩擦力D.A與B之間一定有摩擦力4、觀察圖中屋頂?shù)拇稛熀蛙嚿系男∑?；可知甲；乙兩車相對于房子的運動情況，其中正確的是（）

A.甲、乙兩車一定都向左運動B.甲、乙兩車一定都向右運動C.甲，乙兩車可能都靜止D.甲車可能靜止，乙車一定向左運動5、如圖所示，光滑斜面上的四段距離相等，質(zhì)點從O點由靜止開始下滑，做勻加速直線運動，先后通過a、b、c、d；下列說法正確的是()

A.質(zhì)點由O到達各點的時間之比＝1：2：3：4B.質(zhì)點通過各點的速率之比＝1：2：3：4C.在斜面上Od間運動的平均速度＝D.在斜面上Od間運動的平均速度＝6、一物體自t=0時開始做直線運動；其速度圖線如圖所示．下列選項正確的是（）

A.在0～6s內(nèi)，物體離出發(fā)點最遠為30mB.在0～6s內(nèi)，物體經(jīng)過的路程為40mC.在0～6s內(nèi)，物體的平均速率為7.5m/sD.在5～6s內(nèi)，物體的加速度與速度方向相反7、下列關(guān)于力的說法正確的是（）A.一個物體放在水平桌面上，物體受到了向上的彈力，是因為桌面發(fā)生了形變B.摩擦力總是阻礙物體的運動C.一個作用力與它的反作用力的合力等于零D.兩個相互作用物體之間的作用力與反作用力大小是否相等，取決于物體的運動狀態(tài)8、如圖所示，放置于粗糙斜面上的木塊在水平推力F的作用下，剛好不能沿斜面下滑?，F(xiàn)緩慢改變推力F的方向，直至F與斜面垂直，為使木塊始終保持剛好不能沿斜面下滑的狀態(tài)，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。則在此過程中，F(xiàn)的大小變化情況為（）

A.先減小后增大B.先增大后減小C.一直減小D.一直增大評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，質(zhì)量為m的物體A放在質(zhì)量為M、傾角為的斜面B上，斜面B置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面的力F拉物體A，使其沿斜面向下勻速運動，斜面B始終靜止不動，則下列說法中正確的是（）

A.斜面B相對地面有向右運動的趨勢B.地面對斜面B的靜摩擦力大小為C.地面對斜面B的支持力大小為D.斜面B與物體A間的動摩擦因數(shù)為10、如圖所示；在傾角為θ的光滑斜劈P的斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連的物塊A；B，C為一垂直固定在斜面上的擋板．A、B質(zhì)量均為m，斜面連同擋板的質(zhì)量為M，彈簧的勁度系數(shù)為k，系統(tǒng)靜止于光滑水平面．現(xiàn)開始用一水平恒力F作用于Ｐ，（重力加速度為g）下列說法中正確的是（）

A.若F=0，擋板受到B物塊的壓力為B.力F較小時A相對于斜面靜止，F(xiàn)大于某一數(shù)值，A相對于斜面向上滑動C.若要B離開擋板C，彈簧伸長量需達到D.若且保持兩物塊與斜劈共同運動，彈簧將保持原長11、如圖所示，兩個光滑斜面體固定在水平地面上，斜面體的傾角分別為a=30°、β=60°；兩個小球通過一水平彈簧連接，靜止在兩個斜面上。彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。則下列說法正確的是（）

A.左右兩小球的質(zhì)量之比為1∶1B.左右兩小球的質(zhì)量之比為1∶3C.將兩小球沿斜面向下移動少許，保持彈簧水平，兩小球仍平衡D.兩小球只能在圖示位置保持平衡12、質(zhì)點做直線運動的位移x和時間平方t2的關(guān)系圖象如圖所示，則該質(zhì)點

A.加速度大小為1m/s2B.任意相鄰1s內(nèi)的位移差都為2mC.2s末的速度是4m/sD.物體第3s內(nèi)的平均速度大小為3m/s13、如圖所示，A、B、C、D、E是光滑斜面上等間距的5個點.一個小球由A點靜止釋放，沿光滑斜面做勻加速運動.下面對小球的運動敘述正確的是()

A.小球到達各點的速度B.小球到達各點所經(jīng)歷的時間C.小球從A到B的時間等于小球從B到E的時間D.小球從B到D的平均速度小于小球經(jīng)過C點的速度評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖表示某物體的v-t圖象，從圖象可知OA段的加速度是______m/s2；BC段的加速度是______m/s2；CD段的加速是______m/s2；物體在0-10s內(nèi)的平均速度是______m/s；物體在這14s內(nèi)運動的總位移是______m。15、如圖為某質(zhì)點做直線運動的v-t圖象。由圖可知，0~3s內(nèi)質(zhì)點做__________（填“勻速”或“勻加速”）直線運動；3-6s內(nèi)質(zhì)點做__________（填“勻速”或“勻加速”）直線運動；5s末質(zhì)點的瞬時速度大小為__________m/s。16、一輛汽車從甲地出發(fā)，沿平直公路開到乙地剛好停止，其速度圖像如圖所示。那么0~t和t~3t兩段時間內(nèi)，加速度的大小之比為________，位移的大小之比為________，平均速度的大小之比為________。

17、如圖所示，一根質(zhì)量不計的輕彈簧上端固定在天花板上，下端與一重力為G的托盤連接，托盤中有一個質(zhì)量為2G的砝碼。當托盤靜止時，彈簧的伸長量為L。現(xiàn)將托盤向下拉，彈簧又伸長了L（未超過彈簧的彈性限度），然后使托盤由靜止釋放，則剛釋放托盤時，砝碼對托盤的作用力大小等于___________。

18、在一探究實驗中，一個小球在一個斜面上由靜止?jié)L下，小球滾動的距離S和小球運動過程中經(jīng)歷的時間T之間的關(guān)系如表所示．由表中數(shù)據(jù)可以初步歸納出小球滾動的距離S和小球滾動的時間T的關(guān)系是_________________________。T（s）

0.25

0.5

1.0

2.0

S（cm）

5.0

20

80

320

評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)19、如圖，放在地上的斜面和斜面上的木塊都靜止，O為斜面的重心；請畫出斜面所受的各個作用力。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)20、某興趣小組通過如圖所示的實驗裝置探究加速度與力；質(zhì)量的關(guān)系。

(1)關(guān)于本實驗，下列說法中正確的有_____

A.調(diào)整滑輪使牽引滑塊的細線與長木板保持平行。

B.平衡摩擦力時；不需要把空砂桶系在滑塊上。

C.實驗時；先釋放滑塊再接通打點計時器的電源。

D.改變滑塊質(zhì)量后；需要重新調(diào)節(jié)長木板傾斜度。

(2)實驗中得到如圖所示的一條紙帶，A、B、C、D、E為5個相鄰的計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出。測出相鄰計數(shù)點之間的距離分別為：x1＝4.29cm、x2＝4.68cm、x3＝5.08cm、x4＝5.49cm，已知打點計時器的工作頻率為50Hz，則打C點時滑塊瞬時速度大小vc=___m/s，滑塊的加速度大小a＝_____m/s2.（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

(3)保持砂和砂桶總質(zhì)量不變，通過添加砝碼以改變滑塊質(zhì)量，進行多次測量，得到滑塊加速度a、滑塊和砝碼總質(zhì)量M及其對應(yīng)的的數(shù)據(jù)如表中所示：。滑塊和砝碼總質(zhì)量M（kg）0.830.630.500.420.360.31滑塊加速度a（m·s-2）0.350.370.600.710.810.95滑塊和砝碼質(zhì)量倒數(shù)1/M（kg-1）1.201.602.002.402.803.20

請在圖示的坐標紙中畫出滑塊的圖像____。

(4)圖像的斜率大小____（選填“大于”、“小于”或“等于”）砂和砂桶的總重力。21、某同學(xué)用如圖1所示的裝置來探究彈簧彈力F和長度L的關(guān)系；把彈簧上端固定在鐵架臺的橫桿上，記錄彈簧自由下垂時下端所到達的刻度位置。然后，在彈簧下端懸掛不同質(zhì)量的鉤碼，記錄每一次懸掛鉤碼的質(zhì)量和彈簧下端的刻度位置，實驗中彈簧始終未超過彈簧的彈性限度。通過分析數(shù)據(jù)得出實驗結(jié)論。

（1）實驗時認為可以用鉤碼所受重力的大小代替彈簧彈力的大小。

（2）以彈簧受到的彈力F為縱軸、彈簧長度L為橫軸建立直角坐標系，依據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出圖像，如圖2所示。由圖像可知：彈簧自由下垂時的長度______cm，彈簧的勁度系數(shù)k=________N/m。

（3）實驗中未考慮彈簧自身受到的重力，請你說明這對彈簧勁度系數(shù)的測量結(jié)果是否有影響。（______）

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

“07：50”是時刻；“1小時12分”是時間間隔，故ABC錯誤，D正確。

故選D。2、D【分析】【分析】

【詳解】

物體在水平恒力F的作用下做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律得

則

A．將物體的質(zhì)量減為原來的其他條件不變時

故A錯誤；

B．將水平恒力增加到2F，其他條件不變時

故B錯誤；

C．將物體的質(zhì)量不變，水平恒力和時間都同時增加為原來的2倍時

故C錯誤；

D．將作用時間增加到2t，其他條件不變時

故D正確。

故D正確。3、D【分析】【詳解】

C．對A、B整體受力分析，如圖甲所示，A、B整體受到向下的重力和向上的推力F；由平衡條件可知B與墻壁之間不可能有彈力，因此也不可能有摩擦力，故C錯誤；

B．對B受力分析如圖乙所示，其受到重力、A對B的彈力及摩擦力而處于平衡狀態(tài)，故B只能受到三個力；B錯誤；

AD．對A受力分析，如圖丙所示，其受到重力、推力F；B對A的彈力和摩擦力；共四個力，故A錯誤、D正確。

故選D。

4、D【分析】【分析】

【詳解】

從圖上煙的方向可以判斷風的方向是向左的；圖中甲物體的小旗向左飄，可以判斷甲物體可以靜止，可以向右運動，也可以向左運動，向左的速度必須小于風速；圖中乙物體的小旗向右飄，可以判斷乙物體一定向左運動，且向左運動的速度大于風速；

故選D。5、D【分析】【詳解】

A.可得

故所用時間之比為：1：故A錯誤；

B.由v2=2ax可得

通過各點的速率之比為：1：故B錯誤；

C.由于b點不是Od的時間中點，故Od間運動的平均速度故C錯誤；

D.由于a點是Od的時間中點，故Od間運動的平均速度故D正確．6、B【分析】【詳解】

A．0-5s，物體向正向運動，5-6s向負向運動，故5s末離出發(fā)點最遠，最遠距離為sm=×（2+5）×10m=35m，

故A錯誤；

B．由面積法求出0-5s的位移x1=×（2+5）×10m=35m，

5-6s的位移x2=-×1×10m=-5m，

總路程為：s=x1+|x2|=40m，

故B正確；

C．在0～6s內(nèi)，物體的平均速率為：===6.67m/s

故C錯誤；

D．由圖象知5～6s內(nèi)物體沿負向做勻加速直線運動；加速度與速度方向，故D錯誤．

【點睛】

v-t圖象中，與時間軸平行的直線表示做勻速直線運動，傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大，圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，在時間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負；7、A【分析】【分析】

【詳解】

A．物體放在水平面上；物體受到的彈力是因為桌面發(fā)生形變產(chǎn)生的，A正確；

B．摩擦力可能阻礙運動；也可能促進運動的作用，比如人走路，路面對人的摩擦力使促進運動的作用，B錯誤；

C．作用力和反作用力使作用在兩個不同物體上的力；不是共點力，不能計算合力，C錯誤；

D．作用力和反作用力總是大小相等；方向相反，與運動狀態(tài)無關(guān)，D錯誤。

故選A。8、A【分析】【詳解】

木塊的受力情況如圖所示。

設(shè)斜面的傾角為θ，力F與水平方向的夾角為α，根據(jù)題意，有

聯(lián)立可得

由于α從0增大到90°-θ，所以sin（α+θ+φ）應(yīng)先增大后減小，所以F應(yīng)先減小后增大。

故選A。二、多選題(共5題，共10分)9、B:C【分析】【詳解】

AB、將A和B看成一個整體,對其進行受力分析,由平衡條件可知,地面對B的靜摩擦力f=Fcosθ,方向水平向右,故B相對地面有向左運動的趨勢,故A錯誤,B正確;

C、由平衡條件可知,地面對B的支持力FN=(M+m)g+Fsinθ,故C正確;

D、對A進行受力分析可知,在平行于斜面的方向上有mgsinθ+F=μmgcosθ,

解得故D錯誤；10、A:D【分析】【詳解】

A、F=0時，對物體A、B整體受力分析，受重力、斜面的支持力N1和擋板的支持力N2，根據(jù)共點力平衡條件，沿平行斜面方向，有N2-（2m）gsinθ=0，故壓力為2mgsinθ，故A錯誤；

B；用水平力F作用于P時；A具有水平向左的加速度，設(shè)加速度大小為a，將加速度分解如圖。

根據(jù)牛頓第二定律得

mgsinθ-kx=macosθ

當加速度a增大時；x減小，即彈簧的壓縮量減小，物體A相對斜面開始向上滑行．故只要有力作用在P上，A即向上滑動，故B錯誤；

C、物體B恰好離開擋板C的臨界情況是物體B對擋板無壓力，此時，整體向左加速運動，對物體B受力分析，受重力、支持力、彈簧的拉力，如圖

根據(jù)牛頓第二定律，有

mg-Ncosθ-kxsinθ=0

Nsinθ-kxcosθ=ma

解得：kx=mgsinθ-macosθ，故C錯誤；

D、若F=（M+2m）gtanθ且保持兩物塊與斜劈共同運動，則根據(jù)牛頓第二定律，整體加速度為gtanθ；

對物體A受力分析，受重力，支持力和彈簧彈力，如圖

根據(jù)牛頓第二定律，有

mgsinθ-kx=macosθ

解得

kx=0

故彈簧處于原長，故D正確；11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．對左邊小球受力分析可知

對右邊小球受力分析可知

解得

選項A錯誤；B正確；

CD．將兩小球沿斜面向下移動少許；保持彈簧水平，則彈簧彈力變大，方向不變，而重力不變，支持力的方向不變，兩小球不能平衡；同理可知將兩小球沿斜面向上移動少許，保持彈簧水平，兩球仍不能平衡，即兩小球只能在圖示位置保持平衡，選項C錯誤，D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

根據(jù)x和時間平方t2的關(guān)系圖象得出關(guān)系式為：x=t2，對照勻變速直線運動的位移時間公式x=v0t+at2，知物體的初速度為0，加速度為a=2m/s2，且加速度恒定不變，故A錯誤；根據(jù)?x=aT2=2×1m=2m可知，任意相鄰1s內(nèi)的位移差都為2m，故B正確；2s末的速度是v2=at2=4m/s，故C正確；物體第3s內(nèi)的位移為：x3=32m–22m=5m，平均速度為故D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．13、B:C:D【分析】【詳解】

試題分析：根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出小球到達各點的速度之比，根據(jù)速度時間公式求出小球到達各點經(jīng)歷的時間之比．根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度判斷平均速度與C點速度的關(guān)系．

根據(jù)得，小球的速度因為AB、AC、AD、AE的位移之比為1：2：3：4，則小球到達各點的速度之比A錯誤；根據(jù)知，加速度不變，速度之比為則運動到各點經(jīng)歷的時間之比為B正確；設(shè)小球從A到B的時間等于根據(jù)可得小球從B到E的時間C正確；因為B到D的中間時刻所對應(yīng)的位置在BC之間，小球做加速運動，所以中間時刻速度小于C點的速度，而中間時刻速度等于BD過程中的平均速度，所以小球從B到D的平均速度小于小球經(jīng)過C點的速度，故D正確．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)速度-時間圖像的斜率表示加速度，則OA的加速度為。

[2]BC段的加速度為。

[3]CD段的加速度為。

[4]根據(jù)速度-時間圖像圍成的面積表示位移；則物體在0-10s內(nèi)的位移為。

則物體在0-10s內(nèi)的平均速度為。

[5]物體在這14s內(nèi)運動的總位移。

【解析】1-2-0.52.82415、略

【分析】【詳解】

[1]圖像的斜率表示加速度；斜率恒定，即加速度恒定，0~3s內(nèi)質(zhì)點的速度均勻增大，即做勻加速直線運動；

[2]3~6s內(nèi)質(zhì)點的速度恒定不變；即做勻速直線運動；

[3]5s末質(zhì)點對應(yīng)的速度為12m/s?！窘馕觥縿蚣铀賱蛩?216、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]0~t段加速度的大小。

t~3t段加速度的大小。

加速度的大小之比為2：1

[2]0~t段位移的大小。

t~3t段位移的大小。

位移的大小之比為1:2

[3]0~t段平均速度的大小。

t~3t段平均速度的大小。

平均速度的大小之比為1:1【解析】2:11:21:117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]設(shè)彈簧勁度系數(shù)為k，設(shè)砝碼質(zhì)量為2m，則托盤質(zhì)量為m，托盤靜止，彈簧伸長L時，以托盤及砝碼整體為研究對象，受力平衡，有kL=3mg

伸長2L時，釋放瞬間，以整體為研究對象，由牛頓第二定律得2kL-3mg=3ma

解得a=g

隔離砝碼為研究對象，則N-2mg=2ma

解得N=4mg

據(jù)牛頓第三定律，砝碼對托盤的作用力為4mg，即4G。【解析】4G18、略