湖南省懷化市高三上學期期末教育質量監(jiān)測物理試題

湖南省懷化市2018屆高三上學期期末教育質量監(jiān)測物理試題一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～8題只有一項符合題目要求，第9～12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.現將電池組、滑線變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關如下圖連接。在開關閉合、線圈A放在線圈B中的情況下，某同學發(fā)現當他將滑線變阻器的滑動端P向左加速滑動時，電流計指針向右偏轉。由此可以推斷A.滑動變阻器的滑動端P勻速向左或勻速向右滑動，都能使電流計指針靜止在中央B.因為線圈A、線圈B的繞線方向未知，故無法判斷電流計指針偏轉的方向C.線圈A向上移動或滑動變阻器的滑動端P向右加速滑動，都能引起電流計指針向左偏轉D.線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關，都能引起電流計指針向右偏轉【答案】D【解析】A、由題意可知滑動變阻器的滑動端P勻速向左或勻速向右滑動，線圈A中的電流發(fā)生改變，則其磁場發(fā)生改變，此時線圈B中磁通量發(fā)生改變，線圈B中產生了感應電流使指針向右或向左偏轉，故A錯誤；B、只要知道穿過線圈B的磁場方向與磁通量如何變化，就可以判斷電流計指針偏轉方向，故B錯誤；C、由于將滑線變阻器的滑動端P向左加速滑動時，線圈A中的電流減小，則其磁場減小，此時線圈B中磁通量減小，線圈B中產生了感應電流使電流計指針向右偏轉，當線圈A向上移動，則其磁場減小，此時線圈B中磁通量減小，線圈B中產生了感應電流使都能引起電流計指針向右偏轉，故C錯誤；D、線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關，則其磁場減小，此時線圈B中磁通量減小，線圈B中產生了感應電流使都能引起電流計指針向右偏轉，故D正確；故選D?！军c睛】對電磁感應現象的理解，電磁感應與電路知識的結合。2.如圖甲所示。為了測量運動員躍起的高度，訓練時可在彈性網上安裝壓力傳感器，利用傳感器記錄彈性網所受的的壓力，并在計算機上做出壓力一時間圖象，假如做出的圖象如圖乙所示。設運動員在空中運動時可視為質點，則運動員躍起的最大高度為(g取10m/s2)A.1.8mB.3.6mC.5.0mD.7.2m【答案】C【解析】由圖可知運動員在空中的最長時間為：t=4.3s2.3s=2s，運動員做豎直上拋運動，所以躍起最大高度為：，將t=2s帶入得：h=5m，故ABD錯誤，C正確；故選C?！军c睛】運動員離開彈性網后做豎直上拋運動，圖中壓力傳感器示數為零的時間即是運動員在空中運動的時間，根據平拋運動的對稱性可知，運動員豎直上拋或自由下落的時間為空中時間的一半，據此可求出運動員躍起是最大高度。3.如圖所示，正方形區(qū)域ABCD中有垂直于紙面向里的勻強磁場，一個α粒子(不計重力)以一定速度v從AB邊的中點M沿既垂直于AB邊又垂直于磁場的方向射入磁場，正好從AD邊的中點N射出。若將磁感應強度B變?yōu)樵瓉淼?倍，其他條件不變，則這個a粒子射出磁場的位置是A.ND之間的某一點B.AN之間的某一點C.A點D.AM之間的某一點【答案】C............故選C?！军c睛】解題關鍵將磁感應強度B變?yōu)樵瓉淼?倍，其他條件不變，做圓周運動的半徑為原來的一半，根據幾何知識確定粒子的運動軌跡。4.一正電荷僅在電場力作用下，從A點運動到B點，速度大小隨時間變化的圖象如圖所示。下列關于A、B兩點電場強度E的大小和電勢的高低的判斷，正確的是A.>，>B.<，>C.<，<D.=，=【答案】D【解析】由于“速度大小隨時間變化的圖象”即速率時間關系，可知正電荷的速率始終不變，該電荷做勻速圓周運動，靜電力提供向心力，由知，靜電力的大小保持不變，由F=qE知，場強的大小不變，即有EA=EB；由圖看出，電荷從A點運動B點，速度大小不變，電場力不做功，由電場力做功公式W=qU知，A、B兩點的電勢相等，即有φA=φB，故D正確，ABC錯誤；故選D?！军c睛】考查運用力學知識分析電荷在電場中運動情況的能力，抓住勻速圓周運動的合外力充當向心力，向心力的大小不變是解題的關鍵。5.一直升機停在南半球的地磁極上空。該處地磁場的方向豎直向上，磁感應強度為B。直升機螺旋槳葉片的長度為L，螺旋槳轉動的頻率為f，順著地磁場的方向看螺旋槳，螺旋槳按順時針方向轉動。螺旋槳葉片的近軸端為a，遠軸端為b，如圖所示。如果忽略a到轉軸中心線的距離，用E表示每個葉片中的感應電動勢，則A.E=πfL2B，且a點電勢高于b點電勢B.E=2πfL2B，且a點電勢高于b點電勢C.E=πfL2B，且a點電勢低于b點電勢D.E=2πfL2B，且a點電勢低于b點電勢【答案】C【解析】每個葉片都切割磁感線運動，根據右手定則，a點電勢低于b點電勢；，所以每個葉片中的感應電動勢為，故C正確，ABD錯誤；故選C。【點睛】解決本題的關鍵掌握轉動切割產生感應電動勢的表達式，要掌握應用右手定則判斷感應電動勢方向的方法。6.如圖所示，一帶電塑料小球質量為m，用絲線懸掛于0點，并在豎直平面內擺動，最大擺角為60°，水平磁場垂直于小球擺動的平面。當小球自左方擺到最低點時，懸線上的張力恰為零，則小球自右方最大擺角處擺到最低點時懸線上的張力為A.2mgB.4mgC.6mgD.8mg【答案】B【解析】帶電粒子在磁場中受到洛倫茲力作用，但是洛倫茲力不做功，所以從左方擺到最低點的過程只有重力做功，根據動能定理，擺動到最低點時，合力提供向心力，懸線上張力為0，即洛倫茲力提供向心力，洛倫茲力方向豎直向上；當小球從右方擺到最低點時，根據對稱性速度大小不變，但是方向反向，所以洛倫茲力方向豎直向上大小不變，此時向心力不變即拉力，拉力，故B正確，ACD錯誤；故選B?！军c睛】帶電粒子在磁場中受到洛倫茲力作用，但是洛倫茲力不做功，只有重力做功，機械能守恒，則擺到最低點動能總相同。7.如圖所示，質量為m的帶電小球A用絕緣細線懸掛于O點，處于靜止狀態(tài)?，F施加一水平向右的勻強電場后，A向右擺動，擺動的最大角度α=60°，則A受到的電場力大小為A.mgB.mgC.mgD.mg【答案】B【解析】小球A向右擺動過程中，擺線與豎直方向的最大角度為60°，根據動能定理有，解得A受到的電場力大小為，故B正確，ACD錯誤；故選B?！军c睛】根據動能定理，結合幾何關系，即可求解。8.物理關系式不僅反映了物理量之間的關系，也確定了單位間的關系。如關系式U=IR既反映了電壓、電流和電阻之間的關系，也確定了V(伏)與A(安)和Ω(歐)的乘積等效?，F有物理量單位：m(米)、s(秒)、N(牛)、J(焦)、W(瓦)、C(庫)、F(法)、A(安)、Ω([歐)和T(特)，由他們組合成的單位都與電壓單位V(伏)等效的是A.C/F和T·m2/sB.J/C和N/CC.W/A和C·T·m/sD.W1/2·Ω1/2和T·A·m【答案】A【解析】A、根據，C/F的單位是電壓V，根據，電動勢的單位就應該是T·m

2

/s，所以T·m

2

/s的單位是電壓V，故A正確；B、根據，J/C的單位是電壓V，根據，N/C的單位是電場強度單位，而不是電壓V，故B錯誤；C、根據，W/A的單位電壓V，根據洛倫茲力公式，C·T·m/s的單位是N而不是電壓V，故C錯誤；根據公式，單位是電壓V，根據公式，T·A·m的單位是N，而不是電壓單位V，故D錯誤；故選A?！军c睛】物理公式不僅確定了各個物理量之間的關系，同時也確定了物理量的單位之間的關系，根據物理公式來分析物理量的單位即可。9.磁流體發(fā)電是一項新興技術。如圖所示，平行金屬板之間有一個很強的磁場，將一束含有大量正、負帶電粒子的等離子體，沿圖中所示方向噴入磁場。圖中虛線框部分相當于發(fā)電機。把兩個極板與用電器相連，則A.用電器中的電流方向從B到AB.用電器中的電流方向從A到BC.若只減小磁場，發(fā)電機的電動勢增大D.若只增大噴入粒子的速度，發(fā)電機的電動勢增大【答案】BD【解析】AB、首先對等離子體進行動態(tài)分析：開始時由左手定則判斷正離子所受洛倫茲力方向向上（負離子所受洛倫茲力方向向下），則正離子向上板聚集，負離子則向下板聚集，兩板間產生了電勢差，即金屬板變?yōu)橐浑娫?，且上板為正極，下板為負極，所以通過用電器的電流方向從A到B，故B正確，A錯誤；CD、此后的正離子除受到向上的洛倫茲力f外還受到向下的電場力F，最終兩力達到平衡，即最終等離子體將勻速通過磁場區(qū)域，因，，則q，解得E=Bdv，所以電動勢E與速度v及磁場B成正比，故D正確，C錯誤；故選BD?！军c睛】等離子體受到洛倫茲力發(fā)生偏轉，根據正電荷的偏轉方向確定直流電源的正極．最終電荷在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據平衡求出電源的電動勢。10.如圖所示，ab為豎直平面內的半圓環(huán)acb的水平直徑，c為環(huán)上最低點，環(huán)半徑為R。將一個小球從a點以初速度沿ab方向拋出，設重力加速度為g，不計空氣阻力，則A.當小球的初速度時，掉到環(huán)上時的豎直分速度最大B.當小球的初速度時，將撞擊到環(huán)上的圓弧ac段C.無論取何值，小球都不可能垂直撞擊圓環(huán)D.當取適當值，小球可以垂直撞擊圓環(huán)【答案】ABC【解析】A、小球拋出后做平拋運動，水平方向勻速直線運動，豎直方向自由落體運動，若使得豎直分速度最大，根據自由落體運動可知當時速度最大，此時，落在C點，水平位移為R，那么平拋的初速度，故A正確；B、初速度，則豎直位移等于R時，水平位移則小于R，如圖示，則將撞擊到環(huán)上的圓弧ac段，故B正確；CD、假如平拋運動末速度與圓弧垂直，則末速度反向延長線一定指向圓心，根據平拋運動末速度反向延長線與水平位移交點為中點判斷，水平位移即為2R，而平拋運動不可能落在b點，所以小球都不可能垂直撞擊圓環(huán)，故C正確，D錯誤；故選ABC?！军c睛】解決本題的關鍵掌握平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，能巧妙運用“中點”的推論分析小球速度的方向，也可以結合運動學公式列式進行分析。11.在大型物流貨場，廣泛應用著傳送帶搬運貨物。如圖甲所示，與水平面成θ角傾斜的傳送帶以恒定速率運動，皮帶始終是繃緊的，將m=lkg的貨物放在傳送帶上的A處，經過1.2s到達傳送帶的B端。用速度傳感器測得貨物與傳送帶的速度v隨時間t變化圖象如圖乙所示，已知重力加速度g=10m/s2，由vt圖可知A.A、B兩點的距離為2.4mB.A、B兩點的距離為3.2mC.貨物與傳送帶間的動摩擦因數為0.4D.貨物與傳送帶間的動摩擦因數為0.5【答案】BD【解析】AB、物塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，當速度達到傳送帶速度，一起做勻速直線運動，所以物塊由A到B的間距對應圖象所圍梯形的“面積”，，故A錯誤，B正確；CD、由vt圖象可知，物塊在傳送帶上先做a1勻加速直線運動，加速度為，對物體受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：，即，同理，做a2的勻加速直線運動，對物體受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，加速度為：，得：，即：聯立解得，故D正確，C錯誤；故選BD?！军c睛】要分析工件的運動情況，由圖象結合求解加速度，再結合牛頓第二定律分兩個過程列式求解摩擦因數及斜面傾角是關鍵。12.如圖所示，兩個半圓柱A、B緊靠著靜置于水平地面上，其上有一光滑圓柱C，三者半徑均為R。C的質量為m，A、B的質量都為0.5m，與地面的動摩擦因數均為μ?，F用水平向右的力拉A，使A緩饅移動，直至C恰好降到地面。整個過程中B保持靜止。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。則未拉A時，C受到B作用力的大小F和整個過程中動摩擦因數的最小值A.F=mgB.F=mgC.D.【答案】AD【解析】AB、如圖所示，C被抬的最高時，A給C的力最小，根據平衡條件可得：，解得A給C的最小彈力為：，故B錯誤，A正確；CD、剛開始推動時，B對C支持力最大為，如圖所示此時B與地面的靜摩擦最大根據力的平衡條件可得：，解得：，所以最大靜摩擦力至少為：，B對地面的壓力為：，B受地面的最大靜摩擦力為：，解得：，故D正確，C錯誤；故選AD?！军c睛】C被抬的最高時，A給C的力最小，根據平衡條件可得A給C的彈力的最小值；剛開始推動時，B對C支持力最大，根據力的平衡條件可得A、B與地面間的動摩擦因數。二、實驗題：本題共3個小題，共20分。請考生把答案填在指定的答題處。13.如圖在“驗證碰撞中的動量守恒”實驗中，儀器按要求安裝好后開始實驗，第一次不放被碰小球，第二次把被碰小球直接靜止地放在斜槽末端的水平部分，在白紙上記錄下重錘位置和各小球落點的平均位置依次為0、A、B、C，設入射小球和被碰小球的質量依次為、，則：(1)第一、二次入射小球的落點依次是__________、_________。(2)第二次入射小球與被碰小球相比，將_____落地。(選填“先”、“后”或者“同時”）(3)下列關系式(用、及圖中字母表示)___________成立，即表示碰撞中動量守恒?！敬鸢浮?1).B(2).A(3).同時(4).m1·＝m1·＋m2·(或m1·＝m2·)(2)碰后都做平拋運動，豎直高度相同，所以第二次入射小球和被碰小球將同時落地；(3)根據動量守恒得：，即m1·＝m1·＋m2·(或m1·＝m2·)【點睛】入射小球和被碰小球相撞后，被碰小球的速度增大，入射小球的速度減小，都做平拋運動，豎直高度相同，所以水平方向，被碰小球在入射小球的前面。14.如圖所示是把量程為3mA的電流表改裝成歐姆表的結構示意圖，其中電池電動勢E=1.5V，改裝后，原來電流表3mA刻度處的刻度值定為零位置，則2mA刻度處應標為_______Ω，1mA刻度處應標為_______Ω.【答案】(1).250Ω(2).1000Ω【解析】改裝后歐姆表的內阻為，2mA刻度處標，1mA刻度處標：；【點睛】先根據閉合電路的歐姆定律求內電阻，再分別求不同電流時所對應的總電阻，用總電阻減去內阻即是外接電阻的值，即歐姆表的示數。15.在“測定電池的電動勢和內阻”的實驗中，備有如下器材：A.干電池B.電流表(0～0.6A，內阻約0.1Ω)C.靈敏電流計G(滿偏電流Ig=200μA、內阻rg=500Ω)D.滑動變阻器(0～20Ω、2.0A)E.電阻箱RF.開關、導線若干(1)由于沒有電壓表，要把靈敏電流計改裝成量程為2V的電壓表，需串聯一個阻值為_______Ω的電阻。(2)改裝后采用如圖甲所示電路進行測量，請在圖乙上完成實物連線_____。(3)在閉合開關S前，將滑動變阻器的滑片移動至_____(填“a端”、“中央”或“b端”)。(4)圖為該實驗繪出的圖線(為靈敏電流計G的示數，為電流表A的示數)，由圖線可求得被測電池的電動勢E=_____V，內阻r=_____Ω.(計算結果保留2位小數)【答案】(1).9500(2).【解析】(1)由于沒有電壓表，給定的靈敏電流計G改裝成量程為2V的電壓表，需串聯一個阻值為；(2)改裝后采用如圖甲所示電路進行測量，請在圖乙上完成實物連線如圖(3)滑動變阻器采用限流式，在閉合開關S前，滑動變阻器阻值最大，故將滑動變阻器的滑片移動至a端；(4)由閉合電路歐姆定律可知：，即，化為，由圖可知，圖象與縱坐標的交點為146，解得E=1.46V；由圖象可知，r=0.82Ω；三、計算題：本題共3小題，共32分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。16.如圖所示，邊長為L的正方形區(qū)域abcd內存在著勻強電場。電荷量為q、動能為。的帶電粒子從a點沿ab方向進入電場，不計重力。若粒子從c點離開電場，求：(1)電場強度的大小；(2)粒子離開電場時的動能?【答案】(1)(2)5Ek【解析】（1）從a點沿ab方向進入電場，從c點離開電場，則沿初速方向沿電場方向又聯立解得：（2）粒子從a點到c點，應用動能定理得：，代入數據得：17.如圖所示，一輕繩吊著粗細均勻的棒，棒下端離地面高H=1.2m，上端套著一個細環(huán)。棒和環(huán)的質量均為m=2kg，相互間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力kmg(k=2)。斷開輕繩，棒和環(huán)自由下落。假設棒足夠長，與地面發(fā)生碰撞時，觸地時間極短，無機械能損失。棒在整個運動過程中始終保持豎直，空氣阻力不計，g取9.8m/s2。求：(1)棒第一次與地面碰撤彈起上升過程中