廣東廣州市2018年高考調(diào)研物理模擬試題

2018年廣東省廣州市高考調(diào)研物理模擬試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求，第6～8題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1.16世紀(jì)末，伽利略用實驗和推理，推翻了已在歐洲流行了近兩千年的亞里士多德關(guān)于力和運(yùn)動的理論，開啟了物理學(xué)發(fā)展的新紀(jì)元．在以下說法中，與亞里士多德觀點相反的是（）A.四匹馬拉的車比兩匹馬拉的車跑得快；這說明，物體受的力越大，速度就越大B.一個運(yùn)動的物體，如果不再受力了，它總會逐漸停下來；這說明，靜止?fàn)顟B(tài)才是物體長時間不受力時的“自然狀態(tài)”C.兩物體從同一高度自由下落，較重的物體下落較快D.一個物體維持勻速直線運(yùn)動，不需要力【答案】D【解析】物體受的力越大，速度就越大，是亞里士多德的觀點．故A正確；力是維持物體運(yùn)動的原因，物體受力就會運(yùn)動，不再受力了，它總會逐漸停下來，是亞里士多德的觀點．故B正確．兩物體從同一高度自由下落，較輕的物體下落較慢，即重物比輕物下落快，是亞里士多德的觀點．故C正確．伽利略用實驗和推理，證明了力不是維持物體運(yùn)動的原因．故D錯誤．故選ABC.視頻2.質(zhì)量相等的A、B兩球在光滑水平面上，沿同一直線，同一方向運(yùn)動，A球的動量pA=9kg?m/s，B球的動量pB=3kg?m/s．當(dāng)A追上B時發(fā)生碰撞，則碰后A、B兩球的動量可能值是（）A.pA′=6kg?m/s，pB′=6kg?m/sB.pA′=8kg?m/s，pB′=4kg?m/sC.pA′=﹣2kg?m/s，pB′=14kg?m/sD.pA′=﹣4kg?m/s，pB′=17kg?m/s【答案】A【解析】A、根據(jù)碰撞過程總動能不增加，則有，解得：，滿足，故A正確；

B、根據(jù)碰撞過程動能不能增加有，得：，滿足，但是碰后A的速度不可能大于B的速度，故B錯誤；

C、根據(jù)碰撞過程動能不能增加有：，解得，不滿足，故C錯誤；

D、碰后動量之后為，不滿足動量守恒，故D錯誤。點睛：對于碰撞過程要遵守三大規(guī)律：是動量守恒定律；總動能不增加；符合物體的實際運(yùn)動情況。3.在如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內(nèi)阻，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動變阻器．當(dāng)R2的滑動觸點在a端時合上開關(guān)S，此時三個電表A1、A2和V的示數(shù)分別為I1、I2和U．現(xiàn)將R2的滑動觸點向b端移動，則三個電表示數(shù)的變化情況是（）A.I1增大，I2不變，U增大B.I1減小，I2增大，U減小C.I1增大，I2減小，U增大D.I1減小，I2不變，U減小【答案】B.....................考點：閉合電路的歐姆定律視頻4.空間有一均勻強(qiáng)電場，在電場中建立如圖所示的直角坐標(biāo)系Oxyz，M、N、P為電場中的三個點，M點的坐標(biāo)（0，a，0），N點的坐標(biāo)為（a，0，0），P點的坐標(biāo)為．已知電場方向平行于直線MN，M點電勢為0，N點電勢為1V，則P點的電勢為（）A.B.C.D.【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)題意已知電場方向平行于直線MN，點M的電勢為0，點N的電勢為1V，故，將電場強(qiáng)度沿著x方向和+y方向正交分解，設(shè)合場強(qiáng)為E，則x和+y方向的分量分別為：，設(shè)P在xOy平面上的投影為點，投影點的坐標(biāo)為，則聯(lián)立即得，又因N點電勢為1V，則電勢為，即P點電勢為，D正確考點：考查了電勢，【名師點睛】將電場強(qiáng)度沿坐標(biāo)軸方向正交分解，求出軸向的E的分量值，再選用U=Ed，求得電勢差，得電勢．視頻5.近地人造衛(wèi)星1和2繞地球做勻速圓周運(yùn)動的周期分別為T1和T2，設(shè)在衛(wèi)星1、衛(wèi)星2各自所在的高度上的重力加速度大小分別為g1、g2，則（）A.B.C.D.【答案】B【解析】試題分析：由萬有引力提供向心力，知，得，又因為，故，同理，，故解得選項B正確。考點：萬有引力定律牛頓第二定律【名師點睛】（1）萬有引力提供向心力（2）衛(wèi)星所在的高度上的重力加速度等于衛(wèi)星在該處做勻速圓周運(yùn)動的向心加速度：(3)要注意軌道半徑和衛(wèi)星離地面的高度的關(guān)系為視頻6.一有固定斜面的小車在水平面上做直線運(yùn)動．小球通過細(xì)繩與車頂相連．小球某時刻正處于圖示狀態(tài)．設(shè)斜面對小球的支持力為N，細(xì)繩對小球的拉力為T．關(guān)于此時刻小球的受力情況，下列說法正確的是（）A.若小車向左運(yùn)動，N可能為零B.若小車向左運(yùn)動，T可能為零C.若小車向右運(yùn)動，N不可能為零D.若小車向右運(yùn)動，T不可能為零【答案】AB【解析】若小車向左運(yùn)動做減速運(yùn)動，則加速度向右，小球受重力及繩子的拉力可以使小球的加速度與小車相同，故此時N為零，故A正確；若小球向左加速運(yùn)動，則加速度向左，此時重力與斜面的支持力可以使合力向左，則繩子的拉力為零，故B正確；同理可知當(dāng)小球向右時，也可能做加速或減速運(yùn)動，故加速度也可能向右或向左，故N和T均可以為零，故CD均錯誤；故選AB．

點睛：力是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因，故物體的受力與加速度有關(guān)，和物體的運(yùn)動方向無關(guān)，故本題應(yīng)討論向左加速和減速兩種況。視頻7.如圖所示，x軸在水平地面上，y軸在豎直方向．圖中畫出了從y軸上不同位置沿x軸正向水平拋出的三個小球a、b和c的運(yùn)動軌跡．小球a從（0，2L）拋出，落在（2L，0）處；小球b、c從（L，0）拋出，分別落在（2L，0）和（L，0）處．不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.a和b初速度相同B.b和c運(yùn)動時間相同C.b的初速度是c的兩倍D.a運(yùn)動時間是b的兩倍【答案】BC【解析】試題分析：b、c平拋運(yùn)動的高度相同，根據(jù)知，b、c運(yùn)動時間相同，故B正確．a(chǎn)、b的高度之比為2：1，根據(jù)知，a、b的運(yùn)動時間之比為：1，水平位移相等，則a、b的初速度之比為1：，故AD錯誤．b、c的運(yùn)動時間相等，水平位移之比為2：1，則b的初速度是c初速度的2倍，故C正確．故選BC．考點：平拋運(yùn)動8.三條在同一平面（紙面）內(nèi)的長直絕緣導(dǎo)線組成一等邊三角形，在導(dǎo)線中通過的電流均為I，方向如圖所示．a(chǎn)、b和c三點分別位于三角形的三個頂角的平分線上，且到相應(yīng)頂點的距離相等．將a、b和c處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別記為B1、B2和B3，下列說法正確的是（）A.B1=B2＜B3B.B1=B2=B3C.a和b處磁場方向垂直于紙面向外，c處磁場方向垂直于紙面向里D.a處磁場方向垂直于紙面向外，b和c處磁場方向垂直于紙面向里【答案】AC【解析】試題分析：a、b和c處的磁感應(yīng)強(qiáng)度均是三條通電導(dǎo)線單獨(dú)存在時在各點處產(chǎn)生的磁場的疊加。由于通過三條導(dǎo)線的電流大小相等，結(jié)合安培定則可判斷出三條導(dǎo)線在a、b處產(chǎn)生的的合磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外，在c處垂直紙面向里，且，C正確?？键c：考查了安培定則，磁場的疊加【名師點睛】通電導(dǎo)線周圍存在磁場，且離導(dǎo)線越遠(yuǎn)場強(qiáng)越弱．磁場不但有大小而且有方向，方向相同則相加，方向相反則相減．并根據(jù)矢量疊加原理來求解視頻二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分．第9～12題為必考題，每個試題考生都必須作答．第13題～第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答.9.圖1是改裝并校準(zhǔn)電流表的電路圖，已知表頭的量程為Ig=600μA、內(nèi)阻為Rg，是標(biāo)準(zhǔn)電流表，要求改裝后的電流表量程為I=60mA．完成下列填空．(1)圖1中分流電阻Rp的阻值為_____（用Ig、Rg、和I表示）．(2)在電表改裝成后的某次校準(zhǔn)測量中，表的示數(shù)如圖所示，由此讀出流過電流表的電流為_____mA．此時流過分流電阻RP的電流為_____mA（保留一位小數(shù)）【答案】(1).(2).49.5(3).49.0【解析】（1）由于Rg和Rp并聯(lián)，由IgRg=IRRp和I=Ig+IR得：．（2）由圖2知流過a電流表的電流I'為49.5mA；設(shè)此時流過表頭的電流為I'g，流過RP的電流為I'R，∵加在表頭和Rp上的電壓相等，故有I'gRg=I′RRp…①I'=（I'g+I'R）…②；由①②聯(lián)立得：I'R=49.005mA≈49.0mA10.利用氣墊導(dǎo)軌驗證機(jī)械能守恒定律，實驗裝置示意圖如圖1所示：(1)實驗步驟：①將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，桌面高度不低于lm，將導(dǎo)軌調(diào)至水平；②用游標(biāo)卡尺測量擋光條的寬度L，結(jié)果如圖2所示，由此讀出L=_____mm；③由導(dǎo)軌標(biāo)尺讀出兩光電門中心之間的距離S；④將滑塊移至光電門1左側(cè)某處，待砝碼靜止不動時，釋放滑塊，要求砝碼落地前擋光條已通過光電門2；⑤從數(shù)字計時器（圖1中未畫出）上分別讀出擋光條通過光電門1和光電門2所用的時間△t1和△t2；⑥用天平稱出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M，再稱出托盤和砝碼的總質(zhì)量m．(2)用表示直接測量量的字母寫出下列所示物理量的表達(dá)式：①當(dāng)滑塊通過光電門1和光電門2時，系統(tǒng)（包括滑塊、擋光條、托盤和砝碼）的總動能分別為Ek1=_____和Ek2=_____．②在滑塊從光電門1運(yùn)動到光電門2的過程中，系統(tǒng)重力勢能的減少量△EP=_____（重力加速度為g）．(3)如果在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，△EP=_____，則可認(rèn)為驗證了機(jī)械能守恒定律．【答案】(1).9.30(2).(3).(4).mgs(5).【解析】試題分析：游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．光電門測量瞬時速度是實驗中常用的方法．由于光電門的寬度d很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度．根據(jù)功能關(guān)系得重力做功的數(shù)值等于重力勢能減小量．要注意本題的研究對象是系統(tǒng)．（2）由于光電門的寬度d很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度．滑塊通過光電門1速度v1=滑塊通過光電門2速度v2=系統(tǒng)的總動能分別為Ek1=（M+m）（）2Ek2=（M+m）（）2；在滑塊從光電門1運(yùn)動到光電門2的過程中，系統(tǒng)勢能的減少△Ep=mgs（3）如果滿足關(guān)系式△Ep=Ek2﹣Ek1，即系統(tǒng)重力勢能減小量等于動能增加量，則可認(rèn)為驗證了機(jī)械能守恒定律．故答案為：（1）10.90；（M+m）（）2，（M+m）（）2，△Ep=Ek2﹣Ek1．【點評】了解光電門測量瞬時速度的原理．實驗中我們要清楚研究對象和研究過程，對于系統(tǒng)我們要考慮全面．11.一質(zhì)量m=0.6kg的物體以v0=20m/s的初速度從傾角為30°的斜坡底端沿斜坡向上運(yùn)動．當(dāng)物體向上滑到某一位置時，其動能減少了△Ek=18J，機(jī)械能減少了△E=3J．不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，求：(1)物體向上運(yùn)動時加速度的大小；(2)物體返回斜坡底端時的動能．【答案】(1)(2)EK′=80J【解析】試題分析：物體從開始到經(jīng)過斜面上某一點時，受重力、支持力和摩擦力，總功等于動能增加量，機(jī)械能減小量等于克服摩擦力做的功，根據(jù)功能關(guān)系列式可解；對從最高點到底端過程運(yùn)用動能定理列式求解解：（1）物體從開始到經(jīng)過斜面上某一點時，受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)動能定理，有﹣mg?lsinθ﹣f?l=EK﹣EK0=﹣18J①機(jī)械能的減小量等于克服摩擦力做的功：f?l=△E=3J②由①②可解得l=5m，f=0.6N因為物體的初速度為v0=20m/s，初動能=120J滑上某一位置時動能減少了△Ek=18J，則此時動能Ek=102J=，可得v2=340m2/s2物體在斜坡底端向上運(yùn)動時受重力、支持力和摩擦力作用，物體做勻減速運(yùn)動，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的速度位移關(guān)系有：==﹣6m/s2（負(fù)號表示方向與初速度方向相反）（2）當(dāng)該物體經(jīng)過斜面上某一點時，動能減少了18J，機(jī)械能減少了3J，所以當(dāng)物體到達(dá)最高點時動能減少了120J，機(jī)械能減少了20J，所以物體上升過程中克服摩擦力做功是20J，全過程摩擦力做功W=﹣40J從出發(fā)到返回底端，重力不做功，設(shè)回到出發(fā)點的動能為EK′，由動能定理可得W=EK′﹣EK0得EK′=80J答：（1）物體向上運(yùn)動時的加速度大小為6m/s2（2）物體返回斜坡底端時的動能80J．【點評】功能關(guān)系有多種表現(xiàn)形式：合力的功（總功）等于動能增加量；重力做功等于重力勢能的減小量；除重力外其余力做的功等于機(jī)械能的增加量．視頻12.如圖所示，在第一象限有一勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E，方向與y軸平行；在x軸下方有一勻強(qiáng)磁場，磁場方向與紙面垂直．一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子以平行于x軸的速度從y軸上的P點處射入電場，在x軸上的Q點處進(jìn)入磁場，并從坐標(biāo)原點O離開磁場．粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡與y軸交于M點．已知OP=l，．不計重力．求：(1)M點與坐標(biāo)原點O間的距離；(2)粒子從P點運(yùn)動到M點所用的時間．【答案】(1)(2)【解析】（1）帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，在y軸負(fù)方向上做初速度為零的勻加速運(yùn)動，設(shè)加速度的大小為a；在x軸正方向上做勻速直線運(yùn)動，設(shè)速度為v0；粒子從P點運(yùn)動到Q點所用的時間為t1，進(jìn)入磁場時速度方向與x軸正方向的夾角為θ，則由牛頓第二定律得：qE=ma①在電場中運(yùn)動的時間為：②水平初速度：③其中，y0=L，又④聯(lián)立②③④得θ=30°⑤由幾何關(guān)系知MQ為直徑，⑥MO==6L⑦（2）設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動的速度為v，從Q到M點運(yùn)動的時間為t2，則有⑧⑨從P點到M點所用的時間t=t1+t2⑩聯(lián)立①②③⑤⑥⑧⑨⑩并代入數(shù)據(jù)得視頻13.下列關(guān)于分子運(yùn)動和熱現(xiàn)象的說法正確的是（____）A.氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因為氣體分子之間存在勢能的緣故B.一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其分子之間的勢能增加C.對于一定量的氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱D.如果氣體分子總數(shù)不變，而氣體溫度升高，氣體分子的平均動能增大，因此壓強(qiáng)必然增大E.一定量氣體的內(nèi)能等于其所有分子熱運(yùn)動動能和分子之間勢能的總和【答案】BCE【解析】氣體如果失去了容器的約束就會散開，是因為分子間距較大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動，所以氣體分子可以自由擴(kuò)散．故A錯誤．一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，分子動能之和不變，由于吸熱，內(nèi)能增大，則其分子之間的勢能增大．故B正確．對于一定量的氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，根據(jù)氣態(tài)方程知，溫度升高，則內(nèi)能增大．故C正確．如果氣體分子總數(shù)不變，氣體溫度升高，若同時體積增大，由可知，壓強(qiáng)不一定增大．故D錯誤．一定量氣體的內(nèi)能等于其所有分子熱運(yùn)動動能和分子之間勢能的總和．故E正確;故選BCE.點睛：本題要根據(jù)熱傳遞情況分析物態(tài)變化，從而分析內(nèi)能的變化和判斷分子勢能的變化．對于一定量的理想氣體，內(nèi)能只跟溫度有關(guān)．溫度是分子平均動能的標(biāo)志，氣體的內(nèi)能等于其所有分子熱運(yùn)動動能和分子之間勢能的總和．14.如圖所示，系統(tǒng)由左右兩個側(cè)壁絕熱、底部、截面均為S的容器組成．左容器足夠高，上端敞開，右容器上端由導(dǎo)熱材料封閉．兩個容器的下端由可忽略容積的細(xì)管連通．容器內(nèi)兩個絕熱的活塞A、B下方封有氮?dú)?，B上方封有氫氣．大氣的壓強(qiáng)p0，溫度為T0=273K，兩個活塞因自身重量對下方氣體產(chǎn)生的附加壓強(qiáng)均為0.1p0．系統(tǒng)平衡時，各氣體柱的高度如圖所示．現(xiàn)將系統(tǒng)的底部浸入恒溫?zé)崴壑校俅纹胶鈺rA上升了一定的高度．用外力將A緩慢推回第一次平衡時的位置并固定，第三次達(dá)到平衡后，氫氣柱高度為0.8h．氮?dú)夂蜌錃饩梢暈槔硐霘怏w．求(1)第二次平衡時氮?dú)獾捏w積；(2)水的溫度．【答案】(1)V=2.7hS(2)T=368.55K【解析】試題分析：（ⅰ）考慮氫氣的等溫過程，該過程的初態(tài)壓強(qiáng)為，體積為，末態(tài)體積為，設(shè)末態(tài)的壓強(qiáng)為P，由玻意耳定律解得活塞A從最高點被第一次推回平衡位置的過程是等溫過程，該過程的初態(tài)壓強(qiáng)為，體積為V，末態(tài)壓強(qiáng)為，末態(tài)體積則：由玻意耳定律得：（ⅱ）活塞A從最初位置升到最高位置過程為等壓過程，該過程的初態(tài)體積和溫度分別為2hS和，末態(tài)體積為2．7hS，設(shè)末態(tài)溫度為T，由蓋呂薩克定律解得考點：考查了理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用【名師點睛】本題是關(guān)于氣體的連接體問題，知道兩部分氣體的總體積不變是正確解題的關(guān)鍵，分別對每部分氣體作為研究對象、應(yīng)用氣態(tài)方程即可正