2025屆云南省文山州紅河州高三上學期第一次統(tǒng)一檢測（12月）物理試卷（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1紅河州、文山州2025屆高中畢業(yè)生第一次復習統(tǒng)一檢測物理注意事項：1.答題前，考生務必用黑色碳素筆將自己的姓名、學校、班級、考場號、座位號在答題卡上填寫清楚，并將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號，回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將答題卡交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列說法正確的是（）A.放射性元素的半衰期由原子所處的溫度決定B.放射性元素的半衰期由原子所處的化學狀態(tài)決定C盧瑟福通過粒子散射實驗提出了原子核式結構模型D.一個氘核與一個氚核聚變生成一個氦核的同時，放出一個質子【答案】C【解析】AB．放射性元素的半衰期由核內部本身的因素決定，與原子所處的溫度無關，與原子所處的化學狀態(tài)無關，選項AB錯誤；C．盧瑟福通過粒子散射實驗提出了原子核式結構模型，選項C正確；D．根據(jù)核反應的質量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，一個氘核與一個氚核聚變生成一個氦核的同時，放出一個中子，選項D錯誤。故選C。2.如圖所示，a、b兩束單色光分別沿半徑方向射向圓柱形的玻璃磚，出射光線均沿OP方向。下列說法正確的是（）A.玻璃磚對a的折射率小于對b的折射率 B.相同儀器做雙縫干涉實驗，b的條紋間距大C.在真空中傳播時a的波長大于b的波長 D.在玻璃磚中傳播時a的波速大于b的波速【答案】B【解析】A．根據(jù)折射定律及光路可逆原理，知玻璃磚對a光的折射率為其中為a光的入射角，為a光的折射角，玻璃磚對a光的折射率為其中為b光的入射角，為b光的折射角，因為＞，所以＞，故A錯誤；C．光線a的折射率大，說明光線a的頻率高，根據(jù)光線a在真空中的波長較短。C錯誤；B．根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式知分別用a、b光在相同儀器做雙縫干涉實驗，a光的干涉條紋間距小于b光的干涉條紋間距，B正確；D．光在介質中傳播的速度關系，且＞可知在玻璃磚中傳播時a的波速小于b的波速，故D錯誤。故選B。3.我國于2024年11月9日11時39分在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心使用長征二號丙運載火箭，成功將航天宏圖PIESAT-201衛(wèi)星發(fā)射升空。示意圖中a為地球赤道上的物體，b為沿地球表面附近運行的航天宏圖PIESAT-201衛(wèi)星，c為地球同步衛(wèi)星。若A、B、C的運動均可看作勻速圓周運動，則（）A.向心加速度的大小關系為B.向心加速度的大小關系為C.角速度關系為D.角速度關系為【答案】A【解析】CD．同步衛(wèi)星和地球赤道上的物體具有相同的角速度，即根據(jù)可得可知即它們的角速度大小關系為故CD錯誤；AB．根據(jù)可知根據(jù)可得可知向心加速度大小關系為故A正確，B錯誤。故選A。4.如圖所示，斜面體A放在水平地面上，平行于斜面的輕彈簧一端與質量為1kg的物塊B相連，另一端固定在斜面底端的擋板上，彈簧的壓縮量為6cm，整個系統(tǒng)始終處于靜止狀態(tài)。已知斜面傾角為，B與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.8，彈簧勁度系數(shù)為200N/m，。g取，則下列說法正確的是（）A.物塊B不受摩擦力作用B.斜面體A受到水平向右的摩擦力C.擋板受到彈簧對其壓力大小為10ND.斜面體A受到物塊B的作用力為10N【答案】D【解析】A．題意知B的質量，彈簧彈力沿斜面向上，由胡克定律得彈簧彈力大小為由于故B受到摩擦力作用，由平衡條件可得摩擦力方向沿斜面向下，大小為故A錯誤；B．把A、B、彈簧和擋板作為整體分析可知，整體水平方向不受力，故B錯誤；C．由于彈力大小為12N，故擋板受到彈簧對其壓力大小為12N，故C錯誤；D．以上分析可知，B受到A給的沿斜面向下、大小為6N的摩擦力，由牛頓第三定律可知，斜面A受到B給的沿斜面向上的摩擦力斜面A受到B給的壓力故斜面體A受到物塊B的作用力大小為故D正確。故選D。5.一簡諧橫波沿x軸正方向傳播，時刻的波形如圖所示。經(jīng)過0.3s質點M第一次到達波峰，下列說法正確的是（）A.該波的周期為1.2s B.該波的波速為20m/sC.質點P、Q在0~0.3s內的路程均為0.3m D.時，質點M的位置在處【答案】D【解析】A．波沿x正方向傳播，根據(jù)“同側法”判斷知，時刻質點M沿y軸負方向向下振動，0.3s質點M第一次到達波峰，可知求得該波的周期為故A錯誤；B．由圖可知該列波波長，可得該波的波速為故B錯誤；C．由于質點P、Q不是從平衡位置或者波峰（或波谷）處開始振動，可知在0~0.3s內，即內的路程均不為故C錯誤；D．由于時刻質點M從平衡位置向下振動，則時，質點M的位置在波谷，即處，故D正確。故選D。6.某礦場工人利用運輸箱向井底運送物資，其簡化圖如圖所示。某次運送物資過程中，運輸箱先從靜止做勻加速直線運動，接著做勻速直線運動，最后做勻減速直線運動，到達井底時速度恰好為零。已知勻加速和勻減速直線運動的時間均為t，勻速運動的時間為2t，下落的總高度為h。則物資（）A.勻加速運動階段處于超重狀態(tài)B.整個運動過程的最大速度大小為C.勻減速運動階段的加速度大小為D.勻加速和勻減速運動階段所受運輸箱的作用力相同【答案】C【解析】A．由于物資先向下做勻加速運動，所以加速度方向向下，故勻加速運動階段處于失重狀態(tài)，故A錯誤；B．整個運動過程的最大速度出現(xiàn)在加速剛結束時，設最大速度為，則有解得故B錯誤；C．分析可知勻減速開始時速度為，則勻減速運動階段加速度大小為故C正確；D．勻加速時加速度向下，物資處于失重狀態(tài)，勻減速時加速度向上，物資處于超重狀態(tài)，故勻加速和勻減速運動階段所受運輸箱的作用力不相同，故D錯誤。故選C。7.如圖所示，在平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在垂直于平面向里的勻強磁場，第Ⅲ象限存在沿y軸負方向的勻強電場。一帶負電的粒子從電場中的Q點以速度沿x軸正方向開始運動，從坐標原點O進入磁場時速度方向與x軸正方向成角，最終從x軸上的P點射出磁場。已知Q點到x軸距離為L，P點到y(tǒng)軸距離為2L，不計粒子重力。則磁感應強度和電場強度的大小之比為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】因粒子從坐標原點O進入磁場時速度方向與x軸正方向成角，可知到粒子到O點時的速度粒子從Q點運動到O點，由動能定理得粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有解得磁感應強度和電場強度的大小之比故選B。8.如圖所示，理想變壓器原線圈接入電壓有效值恒定的正弦交流電，副線圈接入最大阻值為2R的滑動變阻器和阻值為R的定值電阻。在滑動變阻器滑片從b端向a端緩慢移動的過程中（）A.電流表示數(shù)逐漸增大B.電流表示數(shù)逐漸減小C.原線圈輸入功率逐漸增大D.原線圈輸入功率逐漸減小【答案】AC【解析】AB．由于原線圈所接電壓恒定，匝數(shù)比恒定，故變壓器副線圈的輸出電壓恒定，設滑動變阻器滑片滑片右側部分電阻為，則副線圈接入的總電阻可知滑片從b端向a端緩慢移動的過程中，增大，則總電阻變小，由歐姆定律得可知副線圈的電流逐漸增大，故變壓器原線圈的電流表示數(shù)也逐漸增大，故A正確，B錯誤；CD．原線圈的電壓不變，電流增大，由功率可知原線圈的輸入功率逐漸變大，故C正確，D錯誤。故選AC。9.等量異種點電荷產生的電場等勢面分布如圖中實線所示，相鄰等勢面間電勢差相等。O是兩電荷連線的中點，a、c為兩電荷連線上關于O點對稱的兩點。已知電子在a點電勢能比在b點電勢能大，則（）A.a、c兩點的電場強度相同B.O點左邊是正電荷，右邊是負電荷C.a點電場強度比b點的電場強度大D.把電子從a點移到b點電場力做正功【答案】AD【解析】AB．題意知電子在a點電勢能比在b點電勢能大，故O點右邊為正點電荷，左邊為負點電荷，電場線分布如下圖結合等量異種點電荷產生的電場分布特點可知，a、c兩點的電場強度相同，故A正確，B錯誤；C．相鄰等勢面間電勢差相等即為等差等勢面，等差等勢面越密集電場強度越大，故b點的電場強度比a點的電場強度大，故C錯誤；D．由于電子在a點電勢能比在b點電勢能大，由功能關系可知，電子從a點移到b點電場力做正功，故D正確。故選AD。10.如圖所示，勁度系數(shù)為k、原長為l的輕質彈簧豎直固定在水平地面上。質量為m的小球由彈簧正上方h處自由下落，到最低點時彈簧的壓縮量為x。不計空氣阻力，重力加速度為g，則（）A.小球下落的高度為h時速度最大B.彈簧的最大彈性勢能為C.小球速度最大時距地面的高度為D.小球速度最大時彈簧的彈性勢能為【答案】BC【解析】A．小球下落h的過程做勻加速直線運動，與彈簧接觸后重力先大于彈簧彈力，小球做變加速直線運動，當彈力等于重力時小球速度達到最大值，當彈力大于重力時小球做加速度反向增大的減速直線運動，故A錯誤；B．到達最低點時，速度為0，此時彈性勢能最大，根據(jù)動能定理可得故B正確；C．速度最大時，彈力等于重力，即則小球速度最大時距地面的高度為故C正確；D．小球速度最大時彈簧的彈性勢能為故D錯誤。故選BC。二、實驗題：本題共兩小題，共16分。11.某實驗小組欲測定當?shù)刂亓铀俣却笮?，設計實驗裝置如圖甲：將一細線上端固定于搖柄下端O點處，另一端連接一小鋼球。轉動搖柄可控制小鋼球某段時間內在某一水平面做勻速圓周運動，在圓周上某處裝一光電門。已知小鋼球的直徑為d，O點到鋼球球心的距離為L。（1）實驗中用螺旋測微器測量小球直徑如圖乙所示，則讀數(shù)為______mm。（2）某次實驗中小球經(jīng)過光電門時間為t，則對應圓周運動線速度大小為______；該若再測量出細線與豎直方向的夾角為α，則當?shù)刂亓铀俣却笮開_____。（以上均用題中所給物理量符號表示）【答案】（1）6.700（2）【解析】【小問1詳析】螺旋測微器精度0.01mm，故讀數(shù)【小問2詳析】[1]小鋼球的直徑為d，小球經(jīng)過光電門時間為t，則圓周運動線速度大小為[2]設小球質量為m，由勻速圓周運動合力提供向心力，則有聯(lián)立以上，解得12.某興趣學習小組為測量玩具電瓶車上蓄電池的電動勢和內阻，現(xiàn)有如下實驗器材：A．電壓表V（0~3V，內阻約為3kΩ）B．電流表A（0~0.6A，內阻約為2Ω）C．電阻箱R（0~999.9Ω）D．待測蓄電池E．開關S、導線若干（1）該小組同學設計了甲、乙兩個電路圖，為使測量結果盡量準確，應該選擇______（選填“甲”或“乙”）電路圖。（2）由（1）中選擇的電路圖測得的電動勢比真實值______（“偏大”或“偏小”），原因是______。（3）該小組同學選擇（1）中誤差小的電路圖測量，調節(jié)電阻箱到最大阻值，閉合開關。逐次改變電阻箱的電阻，記錄其阻值R、相應的電流表示數(shù)I和電壓表示數(shù)U。根據(jù)記錄數(shù)據(jù)作出的圖像如圖（a）所示，則蓄電池的電動勢為______V，內阻為______Ω（此空結果保留2位有效數(shù)字）。（4）該實驗還可以測量電流表的內阻，根據(jù)記錄數(shù)據(jù)進一步探究，作出圖像如圖（b）所示。利用圖（b）中圖像的縱軸截距，結合（3）問得到的電動勢與內阻，還可以求出電流表內阻為______Ω（保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）甲（2）偏小電壓表的分流作用造成的誤差（3）1.580.64（4）2.5【解析】【小問1詳析】由于玩具電瓶車上蓄電池的內阻較小，則圖甲電壓表的分流影響很小，而圖乙電流表的分壓作用造成電源內阻測量誤差相對較大，故實驗應該選擇甲電路【小問2詳析】[1][2]由（1）中選擇甲電路圖，誤差來源于電壓表的分流作用；將電壓表和蓄電池看成一個等效電源，則甲電路圖測得的電動勢為等效電源的電動勢，即測得的電動勢比真實值偏小?！拘?詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可知圖（a）中圖像的縱軸截距等于電動勢，則有圖像的斜率絕對值等于內阻，則有【小問4詳析】根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得由圖（b）可知解得電流表內阻為三、計算題：本題共三小題，共38分。13.為了監(jiān)控某高溫鍋爐外壁的溫度變化，在其鍋爐外壁上鑲嵌了一個底部水平、開口向上的圓柱形導熱汽缸。汽缸內有一質量不計、橫截面積的活塞封閉著一定質量的理想氣體，缸內氣體溫度等于鍋爐外壁溫度，活塞上方的警報器通過輕繩懸掛一質量的重物，如圖所示。當缸內氣體溫度時，活塞與缸底相距；當缸內氣體溫度時，活塞剛好接觸重物；當輕繩拉力剛好為零時，警報器開始報警。已知鍋爐房內空氣壓強，，不計活塞厚度及活塞與缸壁間的摩擦。求：（1）缸內氣體溫度由變化到的過程中，活塞上升的高度；（2）警報器開始報警時，鍋爐外壁的溫度。【答案】（1）8cm（2）605K【解析】【小問1詳析】溫度由變化到的過程中，氣體壓強一定，根據(jù)蓋—呂薩克定律有解得【小問2詳析】從活塞剛好接觸重物到輕繩拉力剛好為零過程，氣體體積一定，根據(jù)查理定律有對重物與活塞整體進行分析有解得14.如圖，兩根足夠長光滑平行金屬直導軌與水平面夾角θ=30°傾斜放置，下端連接一阻值R=1.5Ω的電阻，整個裝置處于方向垂直于導軌平面向上、磁感應強度大小B=1T的勻強磁場中?，F(xiàn)將一質量m=0.2kg的金屬棒從導軌上端由靜止釋放，經(jīng)過時間t=1.6s后做勻速直線運動。在運動過程中，金屬棒與導軌始終垂直且接觸良好，已知金屬棒接入電路阻值r=0.5Ω，導軌間距L=1m，導軌電阻忽略不計，g=10m/s2。求：（1）由靜止釋放時金屬棒的加速度大?。唬?）金屬棒做勻速直線運動的速度大??；（3）金屬棒在t=1.6s時間內產生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）5m/s2（2）2m/s（3）0.5J【解析】【小問1詳析】由靜止釋放時，設加速度大小為a，由牛頓第二定律得解得【小問2詳析】設金屬棒做勻速直線運動的速度大小為v，設此時電流為I，電動勢為E，由左手定則可知，金屬棒受到沿斜面向上的安培力F安，由平衡條件得因為聯(lián)立解得【小問3詳析】設金屬棒從開始到勻速時位移為x，該過程平均電動勢為，規(guī)定沿斜面向下為正方向，由動量定理得又因為平均電動勢為聯(lián)立以上解得設該過程系統(tǒng)產生熱量為Q總，由能量守恒得解得金屬棒在t=1.6s時間內產生的焦耳熱15.某科技創(chuàng)新小組制作了一個研究動量與能量的