新疆烏魯木齊市聯(lián)考2024-2025學(xué)年高二（上）月考物理試卷-（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁新疆烏魯木齊市聯(lián)考2024-2025學(xué)年高二（上）月考物理試卷一、單選題：本大題共9小題，共36分。1.在真空中有兩個完全相同的金屬小球，帶電荷分別為?q1和+q2(q2>q1)，相距A.q1：q2=1：2 B.q1：q2=2：1 C.q1：q【答案】C

【解析】【分析】

本題考查了庫侖定律。庫侖定律可得出兩球在接觸前后的庫侖力表達(dá)式，則根據(jù)電量的變化可得出接觸后的作用力與原來作用力的關(guān)系；對于完全相同的帶電體，若帶異種電荷，接觸后則先中和再平分，若帶同種電荷則將總電量平分。

【解答】

根據(jù)庫侖定律得：接觸前，兩球作用力大小為：F=kq1q2r2

①

兩個相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開，其所帶電量先中和后均分：q1′=q2′=q2?q12

②

2.用相同的靈敏電流計作表頭改裝成電流表A和電壓表V，分別將其串聯(lián)和并聯(lián)在一起，然后接入電路中．通電后關(guān)于指針的偏角情況的敘述正確的是(

)

A.圖甲中電壓表的指針偏角與電流表的相同 B.圖甲中電壓表的指針偏角比電流表的小

C.圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的大 D.圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小【答案】D

【解析】解：

AB、圖甲中由于電流表的電流計是并聯(lián)在電路中，電壓表的電流計是串聯(lián)在電路中，而串聯(lián)電路的電流相等，所以由于電流表的定值電阻分流的原因，通過電流表的電流計的電流小于電壓表的，所以電壓表的指針偏轉(zhuǎn)角比電流表的大，AB錯誤；

CD、圖乙中電壓表和電流表是并聯(lián)在一起的，兩端的電壓是相等的，由于電壓表中的定值電阻的分壓原因，電壓表中電流計兩端的電壓小于電流表中電流計兩端的電壓，所以圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小，C錯誤，D正確；

故選：D．3.如圖所示，虛線a，b，c代表電場中的三條電場線，實(shí)線為一帶電粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運(yùn)動軌跡，P、R，Q是這條軌跡上的三點(diǎn)，由圖可知(

)

A.電場中Q點(diǎn)的電勢高于R點(diǎn)的電勢

B.帶電粒子的受力方向與電場強(qiáng)度的方向相同

C.帶電粒子在R點(diǎn)時的加速度小于在P點(diǎn)時的加速度

D.帶電粒子在Q點(diǎn)時的電勢能小于在P點(diǎn)時的電勢能【答案】C

【解析】【分析】

由于電場線方向未知，根據(jù)題意無法判斷電勢高低，電場力做負(fù)功，粒子電勢能增大;粒子運(yùn)動過程中能量守恒;電場線密集程度代表場強(qiáng)大小，根據(jù)a=qEm判斷粒子的加速度的大小。

【詳解】

ABD.帶電粒子做曲線運(yùn)動，電場力指向曲線的凹側(cè)，所以電場力方向指向右側(cè)，由于不能確定粒子的電性，所以無法判斷帶電粒子的受力方向與電場強(qiáng)度的方向是否相同，若粒子從P經(jīng)過R運(yùn)動到Q，電場力做負(fù)功，電荷的電勢能增大，則帶電粒子在Q點(diǎn)時的電勢能大于在R點(diǎn)的電勢能大于在PC.由電場線的疏密程度可知，R點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于P點(diǎn)的電場強(qiáng)度，則帶電粒子在R點(diǎn)時的加速度小于在P點(diǎn)時的加速度，故C正確。故選C。4.兩個定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在輸出電壓U=12?V的直流電源上，且電源電壓保持不變．把一個內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于R1、R2的電壓表接在R1兩端(如圖所示)，電壓表的示數(shù)為A.小于4?V B.等于4?V

C.大于或等于8?V【答案】A

【解析】【分析】

電壓表的內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于R1

R2，電壓表與電阻并聯(lián)后，并聯(lián)部分電阻減小，分擔(dān)的電壓減小，結(jié)合串聯(lián)電路電壓與電阻成正比來分析電壓表的示數(shù);

本題要注意電壓表是實(shí)際的電表，內(nèi)阻不是無窮大，電表對電路的影響不能忽略，把電壓表看成可測量電壓的電阻。

【解答】

解：電壓表接在R1兩端，電壓表的示數(shù)8V，則此時R2兩端的電壓為4V；

把此表改接在R2兩端時，由于電壓表的內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于R1、

R2，電壓表與5.圖示為某“靜電消除器”的原理簡圖，直流高壓產(chǎn)生器將220V輸入電壓升高，使正、負(fù)放電極尖端交替產(chǎn)生大量正、負(fù)離子，當(dāng)表面帶電物體通過放電極附近時，離子將帶電物體表面的電荷中和“消除”。忽略離子間的相互作用，則離子被吸附到帶電物體表面過程中(

)

A.均做勻加速運(yùn)動 B.正離子電勢能增大

C.電場力對負(fù)離子做負(fù)功 D.正離子向電勢降低的方向移動【答案】D

【解析】解：A.表面帶電物體所產(chǎn)生的的電場不是勻強(qiáng)電場，所以離子所受電場力為變力，均做變加速運(yùn)動，故ABC.無論是正離子還是負(fù)離子，被帶電物體吸引時，電場力作為吸引力，都做正功，離子電勢能都減小，故D.因?yàn)檎x子電勢能減小，所以一定是向電勢低的方向移動，故D正確。故選D。根據(jù)離子的受力情況判斷其運(yùn)動情況，根據(jù)電場力做功與電勢能關(guān)系分析。

本題考查電勢能與電場力做功，解題關(guān)鍵掌握電場力做正功，電勢能減小。6.直流電動機(jī)在生產(chǎn)、生活中有著廣泛的應(yīng)用。如圖所示，一直流電動機(jī)M和電燈L并聯(lián)之后接在直流電源上，電動機(jī)內(nèi)阻r1=1Ω，電燈燈絲電阻R=18Ω(阻值保持不變)，電源電動勢E=24V，內(nèi)阻rA.流過電源的電流6A B.電動機(jī)的輸入功率等于25W

C.流過電動機(jī)的電流5A 【答案】B

【解析】【分析】

本題是含有電動機(jī)的問題，電動機(jī)正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不適用．

根據(jù)內(nèi)外之和等于電源的電動勢和歐姆定律，求出流過電源的電流．由歐姆定律求出燈泡的電流，由總電流與燈泡電流之差求出流過電動機(jī)的電流．電動機(jī)對外輸出的機(jī)械功率等于電動機(jī)的總功率與內(nèi)部發(fā)熱功率之差．

【解答】

A、電源的輸出電壓：U=E?Ir，則有

I=E?Ur，代入解得：I=6A，故A正確；

C、對燈泡：I燈=UR燈=1A，電動機(jī)與燈泡并聯(lián)，則電動機(jī)的電流7.用圖示的電路可以測量電阻的阻值，圖中Rx是待測電阻，R0是定值電阻，G是靈敏度很高的電流表，MN是一段均勻的電阻絲。閉合開關(guān)，改變滑動頭P的位置，當(dāng)通過電流表G的電流為零時，測得MP=l1，PNA.l1l2R0 B.l1【答案】C

【解析】通過電流表G的電流為零，說明電阻絲MP段與PN段電壓之比等于R0與Rx兩端的電壓比，可得UMPUPN=RMPRP8.如圖所示，邊長為L的正方形線框abcd共有N匝，線框有一部分在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，磁場垂直于線框平面，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，ad邊與磁場邊界MN平行，線框上e、f兩點(diǎn)在磁場邊界上，ae=12eA.13BL2 B.13N【答案】C

【解析】【分析】

由磁通量的定義得解。

本題主要考查對磁通量定義及表達(dá)式的理解與應(yīng)用，難度不大。

【解答】

若線框繞bc邊轉(zhuǎn)過60°，則線框全部進(jìn)入磁場中，但其有效面積為：L2cos60°，故可得此時線框中的磁通量為Φ=BL9.在一勻強(qiáng)電場中，將帶電量是2×10?6C正電荷由A點(diǎn)移至B點(diǎn)(A、B兩點(diǎn)在同一條電場線上)，電場力做功4×10?A.A、B兩點(diǎn)間的電勢差?2V B.A、B兩點(diǎn)間的電勢差2V

C.場強(qiáng)E=【答案】B

【解析】解：AB.根據(jù)電場力做功公式得：WAB=qUAB，

解得：UAB=2V，故A錯誤，B正確；

C.勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系為：E=Ud，

其中d為兩點(diǎn)沿場強(qiáng)方向的距離，不一定是連線的距離，本題電場方向未知，所以不能求出電場強(qiáng)度，故C錯誤；

D.由題知，從A點(diǎn)移至B點(diǎn)，電場力做正功，則電勢能減小，正電荷電勢能減小，則電勢降低，所以A點(diǎn)電勢高，故D錯誤。

故選：B。

AB.根據(jù)電場力做功公式列式，即可求解；

二、多選題：本大題共3小題，共12分。10.如圖所示，直線Ⅰ是電源的路端電壓隨輸出電流的變化圖線，曲線Ⅱ是一個小燈泡的伏安特性曲線?曲線Ⅱ與直線Ⅰ交點(diǎn)P的坐標(biāo)為(0.6A,0.5V)，曲線Ⅱ在P點(diǎn)的切線過點(diǎn)(A.小燈泡的電阻為2.5Ω B.電源的內(nèi)阻為2.5Ω

C.電源內(nèi)阻消耗的熱功率為0.9W 【答案】BC

【解析】【分析】

本題關(guān)鍵在于對兩條曲線的理解，明確交點(diǎn)的物理含義，交點(diǎn)表示燈泡與電源連接時的工作電壓和電流根據(jù)交點(diǎn)即可求解燈泡的電阻?！窘獯稹?/p>

小燈泡的伏安特性曲線與電源路端電壓隨輸出電流的變化圖線的交點(diǎn)P即為小燈泡接入電路時的工作狀態(tài)，由圖可知小燈泡接入電路后U=0.5V，I=0.6B.電源路端電壓隨輸出電流的變化圖線的斜率的絕對值為電源內(nèi)阻，即r=2.00.8C.電源內(nèi)阻消耗的熱功率為P熱=ID.電源的路端電壓隨輸出電流的變化圖線縱軸截距表示電動勢，即E電源的效率為η=UI故選BC。11.在“探究平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)”的實(shí)驗(yàn)中，一已充電的平行板電容器與靜電計連接如圖所示。已知靜電計指針張角隨著電容器兩極間的電勢差的增大而增大。現(xiàn)保持電容器的電荷量不變，且電容器B板位置不動。下列說法中正確的是(

)A.將A板向右平移，則靜電計指針張角增大

B.將A板向左平移，則靜電計指針張角增大

C.將A板向左平移，則電容器的電容減小

D.將A板向上平移，則電容器的電容增大【答案】BC

【解析】解：A、根據(jù)電容的決定式C=εrS4πkd可知，將A板向右平移，板間距離d減小，電容C增大，又電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=QU可知，兩極板間電勢差U減小，則靜電計指針張角減小，故A錯誤；

BC、將A板向左平移，板間距離d增大，電容C減小，又電容器的電量Q不變，由C=QU可知，電勢差U增大，則靜電計指針張角增大，故BC正確；

D、將A板豎直向上平移，極板的正對面積S12.如圖所示，豎直放置的長直導(dǎo)線通以恒定電流，一矩形導(dǎo)線框abcd與通電導(dǎo)線共面放置，且ad與通電導(dǎo)線平行，下述情況不能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是(

)A.線框abcd向右平動 B.線框abcd沿電流方向平動

C.線框abc【答案】BD

【解析】【分析】

根據(jù)感應(yīng)電流的條件：當(dāng)閉合回路中磁通量發(fā)生變化時，回路中就會產(chǎn)生感應(yīng)電流進(jìn)行分析。明確直導(dǎo)線磁場的分布情況。

本題主要考查感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，判斷電路中能否產(chǎn)生感應(yīng)電流，應(yīng)把握兩點(diǎn)：—是要有閉合回路；二是回路中的磁通量要發(fā)生變化。

【解答】A.線框abcB.線框abcdC.線框abcd以aD.線框abcd故選BD。三、填空題：本大題共2小題，共8分。13.半徑為R的金屬圓環(huán)里，有一個垂直于紙面向里且半徑為r的圓形區(qū)域勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B。若增大該區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，則金屬圓環(huán)的感應(yīng)電流方向?yàn)?/p>

(選填：“順時針”或“逆時針”)；若保持圓形區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，方向變化180°，則金屬圓環(huán)的磁通量變化的大小為

?！敬鸢浮磕鏁r針2

【解析】解：根據(jù)楞次定律可知，若增大該區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，則垂直紙面向里的磁通量變大，由此可知金屬圓環(huán)的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r針；

若保持圓形區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，方向變化180°，則金屬圓環(huán)的磁通量變化的大小為ΔΦ=2BS=2Bπ14.如圖，把長L=0.5m的導(dǎo)體棒置于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場中，使導(dǎo)體棒和磁場方向垂直，磁場方向垂直紙面向外，若導(dǎo)體棒的電流I等于2A，方向向右，則導(dǎo)體棒受到的安培力大小F=______N，安培力的方向?yàn)樨Q直向

【答案】2

向下

【解析】解：由圖看出，導(dǎo)體棒與勻強(qiáng)磁場垂直，則安培力大小為：

F=BIL=2×2×0.5N=2N

由左手定則可知安培力的方向?yàn)樨Q直向下。

故答案為：2，向下。

根據(jù)左手定則，讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是導(dǎo)線受的安培力的方向，根據(jù)F=四、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共12分。15.在“測定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，若待測金屬絲的電阻約為5Ω，要求測量數(shù)據(jù)從零開始，結(jié)果盡量準(zhǔn)確，提供以下器材供選擇：A.電池組(3VB.電流表(0～C.電流表(0～D.電壓表(0～E.電壓表(0～F.滑動變阻器(0～G.滑動變阻器(0～H.開關(guān)、導(dǎo)線若干(1(2(3)(4)若用L表示金屬絲的長度，d表示直徑，測得電阻為(5)用此法測得電阻率的測量值_________真實(shí)值

(填“大于”，

“小于”，

“等于”

【答案】(1)ACDFH；

(2)；

(【解析】【分析】

本題考查了“測定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)，考查了實(shí)驗(yàn)器材選擇、電流表接法選擇、螺旋測微器讀數(shù)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理等問題；當(dāng)待測電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時，電流表應(yīng)采用外接法，當(dāng)待測電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻時，應(yīng)采用電流表內(nèi)接法。

(1)關(guān)鍵電源的電壓選取電壓表，根據(jù)電壓表選取電流表，根據(jù)題目要求確定滑線變阻器的阻值選取變阻器；

(2)電路圖的設(shè)計注重電表的接法和滑動變阻器的接法；

(3)螺旋測微器固定刻度最小分度為1mm，可動刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度讀出整毫米數(shù)包括半毫米數(shù)，由可動刻度讀出毫米的小數(shù)部分；

(4)根據(jù)電阻定律的公式推導(dǎo)電阻率的表達(dá)式；

(5)根據(jù)電表接法應(yīng)用歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差。

【解答】

(1)由于電源電動勢為3V，則電壓表選D；由I=ER+r可知電路中最大電流約為0.5

A，則電流表選C；要求測量數(shù)據(jù)從零開始，結(jié)果盡量準(zhǔn)確，滑動變阻器采用分壓式接法，故電阻不能太大，選F；

本實(shí)驗(yàn)所選器材為：ACDFH。

(2五、計算題：本大題共4小題，共32分。16.如圖所示，真空中平行金屬板M、N之間距離為d，板長為L，兩板所加的電壓為U。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從M板邊緣以初速度v0水平向右射入，并從右側(cè)射出。不計帶電粒子的重力，求：

(1)帶電粒子在電場中運(yùn)動的時間t；

(2)帶電粒子到達(dá)N【答案】解：(1)帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，水平方向做勻速運(yùn)動，由運(yùn)動學(xué)公式得：L=v0t

解得帶電粒子在電場中運(yùn)動的時間為：t=Lv0

(2)帶電粒子沿電場方向做勻加速直線運(yùn)動，由運(yùn)動學(xué)公式得：

y=12at2

由牛頓第二定律得：a=qEm=qUmd【解析】(1)帶電粒子進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動，由運(yùn)動學(xué)公式求解帶電粒子在電場中運(yùn)動的時間；

(217.如圖所示，電源的電動勢E為3V，內(nèi)阻r為1Ω；定值電阻R1為1Ω，滑動變阻器R2的最大阻值為4Ω，求：

(1)滑動變阻器R2接入電路的阻值為0時，R1兩端的電壓；

(2)【答案】解：(1)根據(jù)串聯(lián)電路電壓分配原則

U=R1R1+rE=11+1×3V=1.5V；

(2)根據(jù)閉合電路的歐姆定律

I=ER1+R