遼寧名校聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期12月聯(lián)考物理試卷（考后強(qiáng)化版）（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1遼寧省名校聯(lián)盟2024年高三12月份聯(lián)合考試物理（考后強(qiáng)化版）本試卷滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名﹑準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖所示，運(yùn)動場上．一位同學(xué)將鉛球斜向上拋出，若不計(jì)空氣阻力，則鉛球在空中運(yùn)動過程中，下列說法正確的是（）A.在相等的時(shí)間內(nèi)鉛球的速度變化量都相等B.鉛球所受重力的瞬時(shí)功率與時(shí)間成正比C.鉛球在運(yùn)動到最高點(diǎn)之前處于超重狀態(tài)，經(jīng)過最高點(diǎn)之后處于失重狀態(tài)D.在任意相等時(shí)間內(nèi)鉛球動能的變化量相等【答案】A【解析】A．做斜上拋運(yùn)動的物體只受重力的作用，所以其加速度為重力加速度，不發(fā)生變化，是勻變速運(yùn)動，可知在相等的時(shí)間內(nèi)速度的變化都相等，故A正確；B．斜上拋運(yùn)動在豎直方向上是先豎直上拋后做自由落體運(yùn)動，重力的瞬時(shí)功率

PG=mgvy，且vy先向上減小后又反向增大不與時(shí)間成正比，故B錯(cuò)誤；C．鉛球從拋出一直只受重力作用，加速度為重力加速度，處于完全失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．做斜上拋運(yùn)動的鉛球在豎直方向上先豎直上拋后做自由落體運(yùn)動，任意相等時(shí)間內(nèi)豎直方向發(fā)生的位移大小不同，任意相等時(shí)間內(nèi)重力做功不等，由動能定理可知?jiǎng)幽茏兓坎煌?，故D錯(cuò)誤。故選A。2.清晨，一對父女沿平直公路晨跑，父女倆均以2m/s的速度勻速運(yùn)動，女兒在父親前面8m處，父親帶著的手機(jī)播放音樂，女兒用藍(lán)牙耳機(jī)收聽；某時(shí)刻女兒開始以的加速度勻加速奔跑，速度達(dá)到6m/s后繼續(xù)勻速運(yùn)動。若藍(lán)牙耳機(jī)連接信號的最大距離為200m，則女兒開始加速運(yùn)動多長時(shí)間后不能收聽到音樂（）A.25s B.44s C.48s D.50s【答案】D【解析】當(dāng)兩者間距達(dá)到200m后，不能收聽到音樂，則根據(jù)解得故選D。3.如圖所示，導(dǎo)體棒a被兩等長且平行的絕緣輕繩懸掛于水平桿OO'上，另一根導(dǎo)體棒b平行固定在水平桿OO'的正下方，兩導(dǎo)體棒中通入方向相反的電流，穩(wěn)定后懸掛的導(dǎo)體棒a偏離豎直方向一定角度?，F(xiàn)緩慢減小導(dǎo)體棒b中的電流，則懸掛導(dǎo)體棒a的輕繩中的張力大?。ǎ〢.逐漸減小 B.逐漸增大 C.保持不變 D.先減小后增大【答案】C【解析】導(dǎo)體棒a受力平衡，受力分析如圖所示由相似三角形可知可知輕繩中的張力不受安培力的影響，大小保持不變。故選C。4.某汽車在平直的公路上由靜止開始做勻加速運(yùn)動，當(dāng)速度達(dá)到20m/s時(shí)發(fā)動機(jī)的功率剛好達(dá)到最大6×105W，又經(jīng)過一段時(shí)間汽車的速度達(dá)到最大30m/s。已知汽車的質(zhì)量為2.0×103kg，汽車運(yùn)動過程中受到的阻力恒定，則汽車勻加速運(yùn)動過程中的位移大小為（）A.40m B.50m C.60m D.70m【答案】A【解析】當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，汽車速度達(dá)到最大，所以汽車受到的阻力大小為汽車做勻加速運(yùn)動過程，根據(jù)牛頓第二定律可得其中解得加速度大小為則汽車勻加速運(yùn)動過程中的位移大小為故選A。5.如圖所示，質(zhì)量為、半徑為、內(nèi)壁光滑的圓形軌道豎直放置在水平地面上，軌道圓心為是軌道上與圓心等高的兩點(diǎn)。一質(zhì)量為的小球沿軌道做圓周運(yùn)動且剛好能通過軌道最高點(diǎn)，運(yùn)動過程中軌道始終保持靜止?fàn)顟B(tài)。已知重力加速度為，下列說法正確的是（）A.小球經(jīng)過軌道最高點(diǎn)時(shí)，軌道對地面的壓力最小B.小球經(jīng)過軌道最低點(diǎn)時(shí)，軌道對地面的壓力最大C.小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)，軌道對地面的壓力為D.小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)，軌道對地面的摩擦力沿水平面向左【答案】B【解析】A．小球經(jīng)過軌道最高點(diǎn)時(shí)，重力提供向心力，小球處于完全失重狀態(tài)，軌道對地面的壓力等于軌道的重力，小球在下半軌道運(yùn)動時(shí)，小球?qū)壍赖膲毫τ邢蛳碌姆至Γ瑒t軌道對地面的壓力大于軌道的重力，小球在上半軌道運(yùn)動（除最高點(diǎn)外）時(shí)，小球?qū)壍赖膲毫τ邢蛏系姆至?，則軌道對地面的壓力小于軌道的重力，故小球經(jīng)過軌道最高點(diǎn)時(shí)，軌道對地面的壓力不是最小，故A錯(cuò)誤；B．由A分析可知，軌道對地面的壓力最大位置在下半軌道，設(shè)小球、軌道圓心連線與豎直方向的夾角為，根據(jù)牛頓第二定律小球經(jīng)過軌道最低點(diǎn)時(shí)，速度最大，，則在軌道最低點(diǎn)，小球受到軌道的支持力最大，根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)壍赖膲毫ψ畲?，軌道對地面的壓力最大，故B正確；C．小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)，軌道支持力提供向心力，小球處于完全失重狀態(tài)，軌道對地面的壓力等于軌道的重力，為故C錯(cuò)誤；D．小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)，軌道向左的支持力提供向心力，根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)壍赖膲毫ο蛴?，軌道靜止，根據(jù)平衡條件可知地面對軌道的摩擦力沿水平面向左，根據(jù)牛頓第三定律，軌道對地面的摩擦力沿水平面向右，故D錯(cuò)誤。故選B。6.回旋加速器的示意圖如圖所示，兩個(gè)D形盒半徑均為R，兩D形盒之間的狹縫中存在周期性變化的加速電場，加速電壓大小為U，D形盒所在空間存在垂直于盒面向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，回旋加速器中心O處有一粒子源，可無初速度的釋放質(zhì)量為m，電荷量為（）的帶電粒子，經(jīng)過多次加速后在D形盒的邊緣被引出。不計(jì)粒子之間的相互作用和相對論效應(yīng)，忽略粒子經(jīng)過狹縫的時(shí)間，則粒子從無初速度釋放到離開加速器的過程中所需要的時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】粒子被引出時(shí)，根據(jù)洛倫茲力提供圓周運(yùn)動的向心力有此時(shí)動能達(dá)到最大值令電場中加速了n次，則有粒子在磁場中圓周運(yùn)動的周期電場中加速一次，磁場中運(yùn)動半周，則有解得故選D7.在x軸上的M、N處分別固定一個(gè)點(diǎn)電荷、，取x軸正方向?yàn)殡妶鰪?qiáng)度的正方向，x軸上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度E隨坐標(biāo)x的變化曲線如圖所示，O點(diǎn)電場強(qiáng)度為零，。P點(diǎn)在M左側(cè)，Q點(diǎn)在N右側(cè)，且PM與QN長度相等。下列說法正確的是（）A.與帶等量正電荷B.與均帶正電荷，且電荷量之比為C.P點(diǎn)與Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度等大反向D.M點(diǎn)與P點(diǎn)的電勢差小于N點(diǎn)與Q點(diǎn)之間的電勢差【答案】B【解析】AB．根據(jù)題意，由圖可知，間電場為正，間電場為負(fù)，且O點(diǎn)電場強(qiáng)度為零，則與均帶正電荷，且解得故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)題意，由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式和電場疊加原理可知，點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度，方向相反，則M點(diǎn)與P點(diǎn)的平均電場強(qiáng)度大于N點(diǎn)與Q點(diǎn)之間平均電場強(qiáng)度，由可知，M點(diǎn)與P點(diǎn)的電勢差大于N點(diǎn)與Q點(diǎn)之間的電勢差，故CD錯(cuò)誤。故選B。8.在體育場的水平地板上建立平面直角坐標(biāo)系，一輛電動玩具小車在地板上運(yùn)功，坐標(biāo)原點(diǎn)O為t=0時(shí)刻小車的位置坐標(biāo)，如圖（a）所示，其沿y軸正方向的速度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖（b）所示，沿x軸正方向的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖（c）所示（圖線為拋物線的一部分，坐標(biāo)原點(diǎn)О為拋物線的頂點(diǎn)），則（）A.小車的加速度大小為3m/s2B.t=3s時(shí)刻小車的速度大小為15m/sC.前2s內(nèi)小車的位移大小為8mD.t=4s時(shí)刻小車的位置坐標(biāo)為（32m，24m）【答案】BD【解析】A．由圖可知，小車沿y軸正方向的運(yùn)動為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，加速度大小沿x軸正方向的運(yùn)動也為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，加速度大小滿足解得=4m/s2所以小車的實(shí)際加速度大小為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)A選項(xiàng)分析可知，小車做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)可知，t=3s時(shí)刻小車的速度大小為15m/s，故B正確；C．同理，根據(jù)可得前2s內(nèi)小車的位移大小為l0m，故C錯(cuò)誤；D．同理可知t=4s時(shí)刻小車的位移大小為40m，則有x=scos37°=32m，y=ssin37°=24m即t=4s時(shí)刻小車的位置坐標(biāo)為（32m，24m），故D正確。故選BD9.如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1和R2為定值電阻，其阻值均為2r，R為滑動變阻器，電路中的電表均為理想電表，閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑片由b端緩慢向a端滑動，電流表A1和A2的示數(shù)變化量分別用ΔI1和ΔI2表示，電壓表V1和V2的示數(shù)分別用U1和U2表示，示數(shù)的變化量分別用ΔU1和ΔU2表示，下列說法正確的是（）A.U1變大 B.C. D.【答案】AD【解析】A．滑動變阻器的滑片由b端緩慢向a端滑動，滑動變阻器接入電路的阻值減小，回路的總電阻減小，回路的總電流變大，所以定值電阻兩端的電壓變大，故A正確；B．回路總電流變大，根據(jù)可知路端電壓變小，即變小，說明減少量大于的增加量，故B錯(cuò)誤；C．由閉合電路的歐姆定律可知所以故C錯(cuò)誤；D．由閉合電路歐姆定律可知整理得所以故D正確故選AD。10.如圖所示，太空電梯的工作原理是從地球同步衛(wèi)星所在高度的空間站豎直放下由納米材料做成的太空電梯，另一端固定在地面上，這樣電梯可以隨地球同步轉(zhuǎn)動。已知地球的質(zhì)量為M、半徑為R、自轉(zhuǎn)周期為T，引力常量為G，太空電梯的一節(jié)梯廂的質(zhì)量為m且距地面高度為h，關(guān)于該梯廂下列說法正確的是（）A.該梯廂處于平衡狀態(tài)B.該梯廂所受合外力為C.該梯廂與空間站線速度的比值為D.該梯廂的線速度與相同高度的地球衛(wèi)星的線速度的比值【答案】BCD【解析】A．該梯廂隨繞地球做勻速圓周運(yùn)動，由沿半徑方向的合力提供向心力，則該梯廂處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合上述，該梯廂隨繞地球做勻速圓周運(yùn)動，由沿半徑方向的合力提供向心力，則有故B正確；C．該梯廂隨繞地球做勻速圓周運(yùn)動，角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相等，周期與地球自轉(zhuǎn)周期相等，則線速度同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，由萬有引力提供向心力，則有，解得故C正確；D．對與該梯廂相同高度的地球衛(wèi)星進(jìn)行分析有解得故D正確。故選BCD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某簡易多用電表的電路圖如圖（a）所示，虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A和B分別為兩表筆。該多用電表有6個(gè)擋位，分別為直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA和2.5mA擋，兩個(gè)歐姆擋。（1）測量時(shí)，若開關(guān)S是與“1”相連的，則此時(shí)多用電表的擋位為______擋（填題干中所給6個(gè)擋位中的一個(gè)）。（2）如果要用多用電表歐姆擋測量某個(gè)定值電阻的阻值，下面是操作步驟，請將合適的內(nèi)容填在橫線上：①旋動______（填“歐姆調(diào)零旋鈕”或“指針定位螺絲”），使指針對準(zhǔn)電流擋的“0”刻度；②將選擇開關(guān)K旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“”的位置；③將紅、黑表筆短接，旋動______（填“歐姆調(diào)零旋鈕”或“指針定位螺絲”），使指針對準(zhǔn)歐姆擋的0刻度線；④將兩表筆分別與待測電阻相接，多用電表的示數(shù)如圖（b）所示，則待測電阻的阻值為______。（3）若歐姆表內(nèi)使用的是一節(jié)舊電池（電動勢為1.5V，內(nèi)阻較大），測得該電阻的阻值為R；然后更換一節(jié)新電池（電動勢為1.5V，內(nèi)阻較?。瑴y得該電阻的阻值為，實(shí)驗(yàn)過程中其他操作均正確，則R______（填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】（1）2.5mA（2）指針定位螺絲歐姆調(diào)零旋鈕220（3）等于【解析】【小問1詳析】由圖可知，若開關(guān)S是與“1”相連的，則此時(shí)多用電表當(dāng)做電流表，又因?yàn)榇藭r(shí)量程為而開關(guān)S是與“2”相連時(shí)的量程為因?yàn)樗匀糸_關(guān)S是與“1”相連時(shí)，多用電表的擋位為2.5mA?！拘?詳析】[1][2]如果要用多用電表歐姆擋測量某個(gè)定值電阻的阻值，首先旋動指針定位螺絲，使指針對準(zhǔn)電流擋的“0”刻度；其次將選擇開關(guān)K旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“”的位置；然后將紅、黑表筆短接，旋動歐姆調(diào)零旋鈕，使指針對準(zhǔn)歐姆擋的0刻度線；[3]待測電阻的阻值為【小問3詳析】由歐姆表的結(jié)構(gòu)可知，電源內(nèi)阻的變化，可以通過歐姆調(diào)零來抵消，故前、后兩次的測量值是相等的。故12.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖（a）所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。輕質(zhì)動滑輪下方懸掛重物A，輕質(zhì)定滑輪下方懸掛重物，懸掛滑輪的輕質(zhì)細(xì)線豎直。開始時(shí)，用手托住重物B，使重物A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)。在重物A、B上分別固定相同的遮光片，測得重物A及遮光片、重物B及遮光片的質(zhì)量均為，重力加速度為。用題中已知或測得的物理量字母回答下列問題：（1）用游標(biāo)卡尺測量遮光片的寬度如圖（b）所示，則遮光片寬度___________cm；（2）要使兩遮光片分別同時(shí)到達(dá)兩光電門1和2，則A上遮光片到光電門1的距離和B上遮光片到光電門2的距離的關(guān)系是___________；（3）釋放B后，A的加速度大小為___________；（4）已知兩遮光片分別同時(shí)到達(dá)兩光電門1和2，A上遮光片通過光電門1的時(shí)間為，則A通過光電門1時(shí)的速度為___________，B上遮光片通過光電門2的時(shí)間為___________；（5）已知A上遮光片到光電門1的距離為，若滿足關(guān)系式___________，則A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。【答案】（1）0.32（2）（3）（4）（5）【解析】【小問1詳析】根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則，圖（b）中遮光片寬度【小問2詳析】由動滑輪的特點(diǎn)和題圖可知，在相同時(shí)間內(nèi)，B下降的高度是A上升高度的兩倍，所以要使兩遮光片分別同時(shí)到達(dá)兩光電門1和2，則A上遮光片到光電門1的距離和B上遮光片到光電門2的距離的關(guān)系是【小問3詳析】由公式可知，B的加速度是A加速度的2倍，即對B受力分析，設(shè)細(xì)繩中拉力為，由牛頓第二定律有對A受力分析，由牛頓第二定律有聯(lián)立解得所以釋放B后，A的加速度大小為?！拘?詳析】[1][2]已知兩遮光片分別同時(shí)到達(dá)兩光電門1和2，A上遮光片通過光電門1的時(shí)間是，則A通過光電門1時(shí)的速度為由速度公式可知，由于B的加速度是A的加速度的兩倍，所以同一時(shí)刻，B的速度是A的速度的2倍，即又所以上遮光片通過光電門2的時(shí)間為【小問5詳析】已知A上遮光片到光電門1的距離為，當(dāng)A上升時(shí)，B下降，由機(jī)械能守恒得將，，代入化簡即得到13.如圖所示，傾角θ=37°的光滑斜面AB固定在水平面上，現(xiàn)將一彈力球從斜面的頂端A點(diǎn)以初速度v0=10m/s水平向右拋出，彈力球恰好落在斜面的底端B點(diǎn)。已知重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不計(jì)空氣阻力。（1）求斜面的長度；（2）若彈力球與斜面碰撞時(shí)，沿斜面方向的速度不變，垂直斜面方向的速度大小不變，方向反向，現(xiàn)僅調(diào)整彈力球從A點(diǎn)水平拋出時(shí)的速度大小，使彈力球與斜面碰撞1次后仍能落到B點(diǎn)，求調(diào)整后彈力球水平拋出的速度大小?！敬鸢浮浚?）18.75m；（2）【解析】（1）彈力球做平拋運(yùn)動，豎直方向有水平方向有聯(lián)立解得斜面的長度為（2）將平拋運(yùn)動分解為沿斜面方向的勻加速運(yùn)動和垂直斜面方向的類豎直上拋運(yùn)動，設(shè)調(diào)整后彈力球水平拋出時(shí)的速度大小沿垂直斜面方向的分速度大小為沿斜面方向的分速度大小為垂直斜面方向的加速度大小為沿斜面方向的加速度大小為彈力球每次從斜面離開到再次落回斜面過程中用時(shí)為沿斜面方向有聯(lián)立解得14.如圖所示，一足夠長的長方體被正方形分成上下兩個(gè)長方體空間Ⅰ和空間Ⅱ，以為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，其中。整個(gè)長方體空間存在沿z軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場（圖中未畫出），另外空間Ⅱ內(nèi)同時(shí)還存在沿z軸正方向的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出），一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從邊的中點(diǎn)P以初速度平行于y軸正方向射入長方體區(qū)域，粒子恰好經(jīng)過正方形的中心點(diǎn)Q，且粒子在空間Ⅱ內(nèi)運(yùn)動的過程中，恰好未從長方體側(cè)面飛出長方體區(qū)域，不計(jì)粒子重力，求：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小；（2）粒子經(jīng)過Q點(diǎn)時(shí)的動能；（3）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】（1）帶正電粒子在空間Ⅰ中類平拋運(yùn)動，運(yùn)動軌跡如圖則由牛頓第二定律聯(lián)立可得，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為（2）在空間Ⅰ中，由動能定理解得，粒子經(jīng)過Q點(diǎn)時(shí)的動能為（3）粒子進(jìn)入空間Ⅱ中速度為將速度v分解為y軸速度和z軸速度，由于z軸速度方向與磁場平行，不受洛倫茲力,在平面內(nèi)的y軸方向有洛倫茲力提供向心力由幾何關(guān)系可知可得勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為15.如圖所示，光滑水平平臺上靜置一圓心為O、半徑為R=4m，質(zhì)量為m4=8kg的光滑四分之一圓弧軌道D，軌道最低點(diǎn)剛好與平臺相切。平臺右側(cè)的水平地面上靜置一質(zhì)量為m3=2kg且足夠長的木板C，C的上表面與平臺等高，C與地面之間的動摩擦因數(shù)為=0.2。在木板C上距離左端L=2.8m處靜置著一質(zhì)量為m2=1kg的物塊B，物塊B與木板C之間的動摩擦因數(shù)為=