2025浙江高考物理模擬卷（三） （含解析）

2025浙江高考物理仿真模擬卷（三）

時間:90分鐘分值:100分

選擇題部分

一、選擇題/（本題共13小題,每小題3分，共39分.每小題列出的四個備選項中只有一

個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）

1.[2024?杭州模擬]下列說法正確的是（）

A.在ZC振蕩電路中，若僅把電容器的電容變?yōu)樵瓉淼?倍,則振蕩周期變?yōu)樵瓉淼囊话?/p>

B.若鈾元素的半衰期為r,則經(jīng)過時間r,8個鈾核中一定有4個發(fā)生了衰變

C.大氣壓強是由地球表面空氣重力產(chǎn)生的,因此將開口瓶密閉后，瓶內(nèi)氣體脫離大氣，它自

身重力太小，會使瓶內(nèi)氣體壓強遠(yuǎn)小于外界大氣壓強

D.乒乓球容易快速抽殺，是由于乒乓球的慣性較小

2.[2024?寧波模擬]福道梅峰山地公園因其美麗的紅色“水杉林”，成為福州冬日新的

“打卡點”.如圖所示某游客根據(jù)導(dǎo)航從福道的“三號口”入“五號口”出，在游覽公園

過程中（）

A.瞬時加速度可能為零

B.平均速度大小約為4.1km/h

C.位移大小為2.4km

D.做勻速直線運動

3.[2024?桐鄉(xiāng)高級中學(xué)模擬]一架直升機在空中勻速向右飛行，從飛機上放下一根質(zhì)地

均勻的軟繩，假設(shè)軟繩所處范圍內(nèi)的空氣阻力大小恒定且不隨高度改變.則當(dāng)軟繩穩(wěn)定時,

其實際形狀最接近下圖中的（）

B

c

D

4.2023年12月18日23時59分，甘肅臨夏州積石山縣發(fā)生6.2級地震.一直升機懸停在

距離地面100m的上空，一消防戰(zhàn)士沿豎直繩索從直升機下滑到地面救助受災(zāi)群眾.若消

防戰(zhàn)士下滑的最大速度為5m/s,到達(dá)地面的速度大小為1m/s,加速和減速的最大加速度

大小均為a=lm/s2,則消防戰(zhàn)士最快到達(dá)地面的時間為（）

A.15.1sB.24.1sC.23.1sD.22.1s

5.如圖所示為風(fēng)杯式風(fēng)速傳感器，其感應(yīng)部分由三個相同的半球形空杯組成，稱為風(fēng)杯.三

個風(fēng)杯對稱地位于水平面內(nèi)互成120。的三叉形支架末端，與中間豎直軸的距離相等.開始

刮風(fēng)時，空氣流動產(chǎn)生的風(fēng)力推動靜止的風(fēng)杯開始繞豎直軸在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，風(fēng)速越大，風(fēng)

杯轉(zhuǎn)動越快.若風(fēng)速保持不變，三個風(fēng)杯最終會勻速轉(zhuǎn)動，根據(jù)風(fēng)杯的轉(zhuǎn)速,就可以確定風(fēng)

速，則（）

A.若風(fēng)速不變，三個風(fēng)杯最終加速度為零

B.任意時刻,三個風(fēng)杯轉(zhuǎn)動的速度都相同

C.開始刮風(fēng)時，風(fēng)杯加速轉(zhuǎn)動,其所受合外力不指向旋轉(zhuǎn)軸

D.風(fēng)杯勻速轉(zhuǎn)動時，其轉(zhuǎn)動周期越大，測得的風(fēng)速越大

6.[2024?溫州模擬]在建筑裝修中，工人用一質(zhì)量為加、與墻面動摩擦因數(shù)為〃的磨石

打磨豎直粗糙墻面,在與豎直面成。角的推力尸作用下，磨石以速度v向上勻速運動，如

圖所示.重力加速度為.則（）

A.磨石受到的摩擦力大小為〃尸sin6

B.若僅略微減小e角,則磨石將做減速運動

C.若撤掉凡磨石會立刻向下運動

D.若撤掉R磨石受到的摩擦力大小變?yōu)閚mg

7.2023年10月26日11時14分，搭載“神舟十七號”載人飛船的“長征二號”F遙十

七運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點火發(fā)射，約10分鐘后，“神舟十七號”載人飛船與火

箭成功分離,進(jìn)入預(yù)定軌道，在經(jīng)歷約6.5小時的對接過程后，飛船成功對接于空間站“天

和”核心艙前向端口.若核心艙繞地球的運行可視為勻速圓周運動，地球的自轉(zhuǎn)周期為24

h,引力常量為G,則下列說法正確的是（）

A.“神舟十七號”的發(fā)射速度可能小于第一宇宙速度

B.核心艙的運行速度可能大于第一宇宙速度

C.若已知核心艙的運行周期和軌道半徑,則可推算出地球同步軌道衛(wèi)星的軌道半徑

D.若已知核心艙的運行線速度和軌道半徑,則可推算出地球的平均密度

8.[2024?嘉興模擬]課間，某男同學(xué)利用未開封的礦泉水，進(jìn)行負(fù)重深蹲訓(xùn)練，根據(jù)體育老

師傳授的經(jīng)驗，將礦泉水環(huán)抱入懷中,與胸口保持相對靜止，穩(wěn)定后完成“下蹲一維持一站

起”的深蹲動作.為了保證動作質(zhì)量，要“慢蹲快起”，即下蹲過程要慢且穩(wěn)（勻速）,持續(xù)時

間2秒,在最低點維持1.5秒靜止不動，隨后站起過程要快且穩(wěn)（勻速），持續(xù)時間0.5秒.每

次下蹲深度（水桶從初始位置開始下移的最大距離）保持在60cm.該同學(xué)按照這樣的標(biāo)

準(zhǔn)，持續(xù)做了2分鐘共計完成了30個深蹲.若該未開封的礦泉水總質(zhì)最為12kg,深蹲過程

礦泉水的運動軌跡是豎直的,g取10m/s2,則在這2分鐘內(nèi)該同學(xué)在“站起”過程對礦泉

水做的總功和“站起”過程對礦泉水做功的功率分別為（）

A.4320J,36WB.4320J,144WC.2160J,144WD.2160J,36W

9.[2024?衢州模擬]如圖所示，軍事演習(xí)時，要轟炸傾角為6的斜坡上的D點，坡底的大

炮發(fā)射的炮彈剛好落在。點,且到達(dá)D點時速度剛好水平;轟炸機水平投出的炸彈也剛

好落在。點，到達(dá)。點時炸彈速度方向與炮彈發(fā)射的初速度方向剛好相反，炸彈運動時

間是炮彈運動時間的2倍，不計空氣阻力,關(guān)于炸彈和炮彈在空中運動過程中，下列說法正

確的是（）

A.炸彈位移是炮彈位移的2倍

B.炸彈最小速度是炮彈最小速度的4倍

C.炸彈最大速度是炮彈最大速度的4倍

D.炸彈下落高度是炮彈上升高度的4倍

10.太陽能電池在空間探測器上被廣泛應(yīng)用.某太陽能電池在特定光照強度下工作電流/

隨路端電壓。變化的圖線如圖中曲線①，輸出功率P隨路端電壓。的變化圖線如圖中

曲線②.圖中給出了該電池斷路電壓4和短路電流兒當(dāng)路端電壓為5時，工作電流為九

且恰達(dá)到最大輸出功率尸1,則此時電池的內(nèi)阻為（）

uw-Pl

c-/i2

Uo-Ui

U-Io-h

11.[2024?寧波模擬]如圖甲所示，水火箭又稱氣壓式噴水火箭、水推進(jìn)火箭,由飲料

瓶、硬紙片等環(huán)保廢舊材料制作而成.圖乙是水火箭的簡易原理圖:用打氣筒向水火箭內(nèi)

不斷打氣，當(dāng)內(nèi)部氣體壓強增大到一定程度時發(fā)射，發(fā)射時可近似認(rèn)為水從水火箭中向下

以恒定速度v0=40m/s噴出，且在不到0.1s時間內(nèi)噴完,使水火箭升空.已知水和水火箭

的質(zhì)量分別為皿=0.4kg、機2=0.3kg,忽略空氣阻力，水剛好噴完時,水火箭的速度最接近

()

打

氣

筒

甲乙

A.12m/sB.30m/sC.50m/sD.120m/s

12.在物理學(xué)中圖像可以直觀地反映物理量之間的關(guān)系，如圖所示，甲圖是光電管中光電流

與電壓的關(guān)系圖像,乙圖是c、d兩種金屬遏止電壓與入射光頻率之間的關(guān)系圖像，丙圖

是放射性元素氨的質(zhì)量和初始時質(zhì)量比值與時間之間的關(guān)系圖像,丁圖是原子核的比結(jié)

合能與質(zhì)量數(shù)之間的關(guān)系圖像，下列判斷正確的是()

甲丙丁

A.甲圖中,°光的頻率大于6光的頻率

B.乙圖中，金屬c的逸出功大于金屬d的逸出功

C.丙圖中，每過3.8天要衰變掉質(zhì)量相同的氨

D.丁圖中，質(zhì)量數(shù)越大比結(jié)合能越大

13.[2024?湖北武漢模擬]如圖甲所示,將帶電荷量為+。的帶電體固定在粗糙絕緣水平

地面上的。點（可視為點電荷），以。點為坐標(biāo)原點，向右為正方向建立直線坐標(biāo)系.現(xiàn)將

質(zhì)量為冽的帶電滑塊，從/點由靜止釋放，滑塊向右運動，最終靜止于C點,其速度隨位置

的變化圖像如圖乙所示，滑塊經(jīng)過8點時的速度最大.已知。3=加且/為OB的中點，滑

塊與地面之間的動摩擦因數(shù)為〃，靜電力常量為匕重力加速度為g,點電荷周圍的電勢

0=張。為點電荷的電荷量，為該點到點電荷的距離，以無窮遠(yuǎn)處電勢為零）.下列判斷不

正確的是（）

A.滑塊帶正電

B.滑塊的電荷量為嚕乏

C.滑塊經(jīng)過B點時的速率為

DC點的位置坐標(biāo)為3r0

二、選擇題〃（本題共2小題,每小題3分，共6分.每小題列出的四個備選項中至少有一

個是符合題目要求的，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）

14.[2024?杭州模擬]2023年9月23日杭州亞運會的開幕式驚艷全世界淇中大蓮花

“復(fù)現(xiàn)錢塘江”，地屏上交叉潮、一線潮、回頭潮、魚鱗潮……如圖所示,用兩個繩波來

模擬潮水相遇，一水平長繩上系著一個彈簧和小球組成的振動系統(tǒng)，振動的固有頻率為2

Hz,現(xiàn)在長繩兩端分別有一振源尸、Q同時開始以相同振幅上下振動了一段時間，某時刻

兩個振源在長繩上形成波形如圖所示，兩列波先后間隔一段時間經(jīng)過彈簧振子所在位置,

觀察到小球先后出現(xiàn)了兩次振動，小球第一次振動時起振方向向下，且振動并不顯著，而小

球第二次的振幅明顯較大，則（）

2m

A.由尸振源產(chǎn)生的波先到達(dá)彈簧振子處

B.由P振源產(chǎn)生的波的波速較接近2m/s

C.由。振源產(chǎn)生的波的波速較接近4m/s

D.兩列繩波無法在繩上形成穩(wěn)定的干涉圖樣

15.如圖所示，有一邊長為2a的正方體玻璃磚,中心有一單色點光源0,該玻璃磚對該光源

的折射率為“動,已知光在真空中傳播的速度為c下列說法正確的是（）

A.該光在玻璃磚中傳播的速度為年

B.光線從玻璃磚射出的最短時間為皇

C.若不考慮多次反射,光線從玻璃磚射出的最長時間為通

C

D.從外面看玻璃磚被照亮的總面積為6a2

非選擇題部分

三、非選擇題（本題共5小題，共55分）

16.實驗題（/、〃兩題共14分）

/.（7分）（1）甲同學(xué)利用下圖所示的實驗裝置進(jìn)行“探究物體加速度與力、質(zhì)量的關(guān)

系”的實驗，該實驗用到了控制變量法，下列實驗也用到了該方法的是（填選項

前的字母）.

A.探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系

B.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律

C.用雙縫干涉實驗測量光的波長

D研究導(dǎo)體電阻與長度、橫截面積及材料的定量關(guān)系

（2）乙同學(xué)用下圖所示的實驗裝置進(jìn)行”驗證機械能守恒定律”的實驗.氣墊導(dǎo)軌上3處

安裝了一個光電門，滑塊從/處由靜止釋放，驗證從4到8的過程中滑塊和槽碼的機械

能守恒.

①關(guān)于乙同學(xué)的實驗，下列操作中不必要的是（填選項前的字母）.

并由門遮光條

.需滑一塊9

\??............????????

a"TIn

槽碼

A.將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平―—

B.使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行

C.槽碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量

D使A位置與B間的距離適當(dāng)大些

②乙同學(xué)在實驗中測量出了滑塊和遮光條的質(zhì)量為河、槽碼質(zhì)量為相、/與8間的距

離為L、遮光條的寬度為和遮光條通過光電門的時間為f,己知當(dāng)?shù)刂亓铀俣?/p>

為g,為驗證機械能守恒需要驗證的表達(dá)式是.

③甲同學(xué)參考乙同學(xué)做法,利用上圖裝置，想通過墊高軌道一端補償阻力后驗證小車和槽

碼的機械能是否守恒，他的做法（選填“可行”或“不可行”）.

（3）一同學(xué)利用圖甲所示裝置來測定當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?已知光滑圓弧凹槽ABC的半徑

為凡弧長為l（R遠(yuǎn)大于l）,B為圓弧軌道最低點工、C關(guān)于8點所在的豎直線對稱.小鋼

球的半徑為r（r遠(yuǎn)小于Z）,當(dāng)小鋼球經(jīng)過圓弧軌道最低點B時，光傳感器發(fā)出的光恰好能

過小鋼球的球心.現(xiàn)將小鋼球從/點由靜止釋放，沿凹槽/3C自由往復(fù)運動，光傳感器接

收端接收到一段時間內(nèi)的光信號強度變化情況如圖乙所示（只有已知）.

①該同學(xué)在分析光信號變化情況時，發(fā)現(xiàn)X與AT相比，非常小,可以忽略不計.由此可得

出，小鋼球往復(fù)運動的周期為.

②小鋼球在圓弧軌道上的運動與單擺運動相似，根據(jù)“用單擺測量重力加速度”實驗原

理，可得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭表達(dá)式為.

③由于在計算周期時忽略了At,由此測得重力加速度值與真實值相比是.（選填

“偏大”或者“偏小”）

〃.（7分）某實驗小組測量一電源的電動勢及內(nèi)阻.實驗室準(zhǔn)備器材如下：

被測電源（電動勢約為8?10V,內(nèi)阻約為1?2。）

電流表（量程為0?3A,內(nèi)阻為7?A=0.3Q）

電壓表（量程為0?5V,內(nèi)阻為Rv=5kQ）

定值電阻r=1kQ

定值電阻&=5k。

定值電阻&=25k。

定值電阻

滑動變阻器（最大阻值為10Q）

單刀單擲開關(guān)

導(dǎo)線若干

（1）電路設(shè)計:實驗小組認(rèn)為,電流表和電壓表的量程較小，需要用提供的定值電阻進(jìn)行改

裝，電路圖如圖甲所示其中。處定值電阻應(yīng)該選用的是（填“殳”或

“R”y,b處定值電阻選用的是此,則當(dāng)電流表的示數(shù)為1.25A時，通過電源的電流值為一

A.

（2）實物連線:用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙所示實物圖連接成完整電路.

（3）采集數(shù)據(jù):調(diào)節(jié)滑動變阻器，得到一系列電壓表與電流表一一對應(yīng)的數(shù)據(jù),如表中所示.

數(shù)據(jù)組號123456

電壓表示數(shù)

3.152.702.251.811.340.90

U/V

電流表示數(shù)

0.600.801.001.201.401.60

I/A

(4)數(shù)據(jù)處理:根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，作出U-/圖像.

(5)得到結(jié)論:根據(jù)對電路結(jié)構(gòu)的理解、實驗數(shù)據(jù)和U-/圖像的處理,得到該電源的電動勢

為E=V.內(nèi)阻為r=Q(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)

17.(8分)[2024?麗水模擬]一導(dǎo)熱汽缸內(nèi)用活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體.如圖甲所

示，汽缸水平橫放時，缸內(nèi)空氣柱長為.已知大氣壓強為po,環(huán)境溫度為7°,活塞橫截面積

為S,汽缸的質(zhì)量為加鼎(g為重力加速度)，不計活塞與汽缸之間的摩擦.現(xiàn)將汽缸懸掛

于空中，如圖乙所示.

(1)穩(wěn)定后，求汽缸內(nèi)空氣柱長度；

(2)汽缸懸在空中時,大氣壓強不變，環(huán)境溫度緩慢地降至多少時能讓活塞回到初始位置；

(3)第(2)小題過程中,若氣體內(nèi)能減少了AU,此氣體釋放了多少熱量.

甲乙

18.(11分)[2024?溫州模擬]某課外小組設(shè)計了如圖所示的趣味游戲裝置.傾角為30。的

斜劈固定在水平地面上，長為L的直軌道與半徑為J的)圓弧軌道平滑連接,兩者一起固定

在斜劈上表面右側(cè)(直軌道緊貼斜劈右邊緣)，斜劈左側(cè)固定一與斜劈左側(cè)邊等長的豎直

彈性擋板，長度可忽略的輕彈簧下端固定在直軌道下端,斜劈底端長為L的AB部分等分

為4個中獎區(qū)域.小組設(shè)計游戲規(guī)則如下:游戲參與者拉動拉手壓縮輕彈簧，放手后彈簧

將質(zhì)量為m的小球從斜劈底端彈出，小球通過直軌道和圓弧軌道后水平拋出，若小球直接

擊中中獎區(qū)域則不會獲獎，只有碰撞擋板反彈（垂直擋板的分速度等大反向，沿?fù)醢宓姆?/p>

速度不變）后擊中中獎區(qū)域才能獲獎（不考慮小球落入中獎區(qū)域后反彈的情況）.已知重力

加速度大小為g,忽略一切摩擦阻力.

（1）若小球到達(dá)圓弧軌道最高點時小球?qū)A弧軌道外側(cè)的壓力大小為"g求小球從斜劈

底端彈出時的動能；

（2）若要獲得一等獎，求小球從斜劈底端彈出時動能Ek。的范圍.

拉手

19.（11分）［2024?磐安模擬］為了確保載人飛船返回艙安全著陸，設(shè)計師在返回艙的底部

安裝了4臺完全相同的電磁緩沖裝置，如圖甲所示，圖乙為其中一臺電磁緩沖裝置的結(jié)構(gòu)

簡圖.艙體沿豎直方向固定著兩光滑絕緣導(dǎo)軌尸。，導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)安裝電磁鐵（圖中未畫

出）,能產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為A導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊K內(nèi)部

用絕緣材料填充，外側(cè)繞有〃匝閉合矩形線圈"4,其總電阻為用仍邊長為Z.著陸時電

磁緩沖裝置以速度均與地面碰撞后，滑塊K立即停下，此后在線圈與軌道的磁場作用下

使艙體減速,從而實現(xiàn)緩沖.導(dǎo)軌MN、P。及線圈的〃和6c邊足夠長,返回艙質(zhì)量為

以緩沖滑塊K質(zhì)量忽略不計）,重力加速度為g,一切摩擦阻力不計.

（1）求緩沖滑塊K剛停止運動時，艙體的加速度大??；

（2）求艙體著陸時（即導(dǎo)軌MN、PQ剛觸地前瞬時）的速度v的大??；

（3）若艙體的速度大小從為減到v的過程中，艙體下落的高度為九則該過程中每臺電磁緩

沖裝置中產(chǎn)生的焦耳熱。為多少.

20.(11分)足夠大空間存在xOy坐標(biāo)系,x軸水平y(tǒng)軸豎直，一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)

的粒子從坐標(biāo)原點以初速度％沿x軸射入，不計粒子重力.若空間分別施加豎直向下的電

場強度為E的勻強電場與垂直xOy平面向里的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，可使粒子分

別通過圖中關(guān)于x軸對稱的/、/點.

(1)求E和8的大小；

⑵若空間同時施加上述⑴中電場和磁場,求粒子通過圖中平行x軸的虛線時的速度大

小；

(3)若空間同時施加上述(1)中電場和磁場，求粒子運動過程中最大速度和最小速度的值；

(4)若空間同時施加上述(1)中電場和磁場，且已知粒子運動過程中在了軸方向上的分運動

為簡諧運動，且周期為需，以粒子入射為t=0時刻，求該粒子在y軸方向上分運動的yT

函數(shù)表達(dá)式.

y

LA1

~2

0Lx

_L

"2A

參考答案與解析

1.D［解析］根據(jù)電路的周期公式知42九內(nèi),若僅把電容器的電容變?yōu)樵瓉淼?倍，則振蕩周期變?yōu)樵?/p>

來的2倍,A錯誤;半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，少量放射性元素的衰變是一個隨機事件，對于8個放

射性元素,無法準(zhǔn)確預(yù)測其衰變的個數(shù).B錯誤;地球上某個位置的空氣產(chǎn)生的壓強是地球表面的空氣受到重

力作用而產(chǎn)生的，而被密封在容器中的氣體，其壓強是大量的做無規(guī)則運動的氣體分子對容器壁不斷碰撞而

產(chǎn)生的.它的大小不是由被封閉氣體的重力所決定的,其壓強與溫度和體積均有關(guān)，因此若溫度與體積不變，則

氣體壓強等于外界大氣壓強,C錯誤;質(zhì)量越大慣性越大，乒乓球質(zhì)量小慣性也小，容易快速抽殺,D正確.

2.A［解析］游客根據(jù)導(dǎo)航從福道的“三號口”入“五號口”出,在游覽公園過程中某段時間內(nèi)可能做勻速

直線運動,瞬時加速度可能為零，故A正確;2.4公里是路程的大小，平均速度是位移與時間的比值，由于位移大

小未知，所以平均速度大小不可求解，故B、C錯誤;由圖可知,游客運動軌跡是曲線，游客做曲線運動，故D錯

誤.

3.A［解析］設(shè)繩與豎直方向夾角為仇在軟繩上任意選取一微元，受重力、阻力和拉力作用，如圖所示，根據(jù)

力的合成，有tan夕嗡,由于空氣阻力不隨高度變化，所以。角不發(fā)生變化，故選A.

寸

4.B［解析］已知,消防戰(zhàn)士下滑的最大速度為Vm=5m/s,到達(dá)地面的速度大小為v=lm/s.若要求消防戰(zhàn)士最

快到達(dá)地面，則消防戰(zhàn)士應(yīng)先以最大的加速度a=lm/s?加速到最大速度Vm=5m/s,然后以最大速度勻速運動

一段時間，然后再以大小為。=1m/s?的加速度減速到達(dá)地面且速度變?yōu)?m/s.則消防戰(zhàn)士最快到達(dá)地面的時

間為上述三段運動時間之和.消防戰(zhàn)士加速運動的最短時間和位移分別為/1=V=|s=5S^=|ati2=|xix52

2

m=12.5m,消防戰(zhàn)士減速運動的最短時間和位移分別為與^s=4s^=vmt3-^at3=

(5X4-1X1X42)m=12m,則消防戰(zhàn)士在勻速運動過程所經(jīng)歷的時間為右三蓑士=竺餐士工s=15.1

s,故消防戰(zhàn)士最快到達(dá)地面的時間為/=&+益+右=(5+15.1+4)s=24.1s,故選B.

5.C［解析］若風(fēng)速不變，三個風(fēng)杯最終做勻速圓周運動，其合外力不為零，根據(jù)牛頓第二定律可知，其加速度

不為零，故A錯誤;三個風(fēng)杯屬于同軸轉(zhuǎn)動，角速度相同，而三個風(fēng)杯做圓周運動的半徑相同，由v=rco可知，任

意時刻三個風(fēng)杯的線速度大小相同，方向不同，即速度不同，故B錯誤;未刮風(fēng)時，風(fēng)杯處于平衡狀態(tài)，重力和連

接風(fēng)杯的桿對風(fēng)杯的彈力平衡，而開始刮風(fēng)時,風(fēng)杯加速轉(zhuǎn)動，其所受合力方向并不指向旋轉(zhuǎn)軸，故C正確;當(dāng)

風(fēng)杯勻速轉(zhuǎn)動時，根據(jù)尸竿可知，其轉(zhuǎn)動周期越大，測得的風(fēng)速越小，故D錯誤.

6.A［解析］對磨石受力分析如圖所示，在豎直方向上,由平衡條件得此05%a4%.水平方向有外廣尸3114

其中尸N,聯(lián)立可得磨石受到的摩擦力大小為F(=Fcos0-mg=nFsm仇故A正確;若僅略微減小6角，則

尸cos0變大，尸sin0變小，根據(jù)F^iFsin。，可知尸f變小，則有Feos仍召+"?g,合力方向向上，磨石向上做加速運

動，故B錯誤;若撤掉凡由于慣性，磨石仍會向上運動，并不會立刻向下運動，故C錯誤;若撤掉￡墻面對磨石的

彈力變?yōu)?,則磨石受到的摩擦力大小變?yōu)?,故D錯誤.

mg

7.C［解析］“神舟十七號”的發(fā)射速度一定大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，故A錯誤;核心艙繞地

球做勻速圓周運動時的運行速度不可能大于第一宇宙速度，故B錯誤;若已知核心艙的運行周期和軌道半徑,

根據(jù)開普勒第三定律，可推算出地球同步軌道衛(wèi)星的軌道半徑，故C正確;由于地球半徑未知,已知核心艙的

運行線速度和軌道半徑,無法推算出地球的平均密度，故D錯誤.

8.C［解析］單次站起過程對礦泉水做功M=wg%=72J,“站起”過程對礦泉水做功的功率人學(xué)臉

W=144W,2分鐘內(nèi)共站起30次，則總功為印=30跖=2160J,故選C.

9.D［解析］炮彈做斜拋運動,根據(jù)題意可知D點是斜拋的最高點,利用逆向思維，在豎直方向上有瓦冬已炸

彈做平拋運動，豎直方向有色=1g(2f)2,解得力2=4%,即炸彈下落高度是炮彈上升高度的4倍，故D正確;由于到

達(dá)。點時炸彈速度方向與炮彈發(fā)射的初速度方向剛好相反，令這兩個速度方向與水平方向夾角為z對炮彈

的運動進(jìn)行分析，利用逆向思維有tana#■孕：=292tan。，對炸彈的運動進(jìn)行分析，則有tana卓翠孚

=2*2tan4可知,炮彈與炸彈的發(fā)射初始位置的連線沿斜坡，其中“、攻分別為炮彈與炸彈的水平分速度大

小，解得X2卷1=4肛即炸彈位移是炮彈位移的4倍，故A錯誤;由于上述必、也分別為炮彈與炸彈的水平分

速度大小，即分別為炮彈與炸彈的最小速度，根據(jù)上述解得W=2?,即炸彈最小速度是炮彈最小速度的2倍，故

B錯誤;根據(jù)題意可知，炸彈在D點速度最大,炮彈在B點速度最大，結(jié)合上述，炸彈與炮彈的最大速度分別為

吁解得VD=2VB,即炸彈最大速度是炮彈最大速度的2倍，故C錯誤，

10.C［解析］根據(jù)題意可知，太陽能電池的電動勢為隊,路端電壓為5時，太陽能電池的總功率為產(chǎn)總=。小,

太陽能電池內(nèi)阻的功率為P內(nèi)=產(chǎn)息根據(jù)P內(nèi)聯(lián)立可得一”產(chǎn)，故選c.

11.C［解析］由于水在不到0.1s時間內(nèi)噴完，可知水和水火箭間的作用力較大，水和水火箭的重力可以忽

略，水和水火箭組成的系統(tǒng)動量近似守恒，規(guī)定向下為正方向，則有加1玲-加2V=0,解得水火箭的速度置著=

向s=53m/s,故選C.

12.A［解析］由圖可知，。光的遏止電壓大，根據(jù)eUc=〃v-%,同一光電管逸出功相同，所以。光頻率大，故A正

確;根據(jù)eUc=H-%,有％=R-eUc,當(dāng)頻率相等時，由于金屬c遏止電壓大，所以c的逸出功小，故B錯誤;由圖

可知氫半衰期為3.8天，由于每次衰變后的氨質(zhì)量均變成原來的一半,故每過3.8天要衰變掉質(zhì)量不相同的

氨，故C錯誤;質(zhì)量數(shù)大，比結(jié)合能不一定大，故D錯誤.

13.D［解析］滑塊從N點由靜止釋放，其向右運動，可知滑塊與帶電體之間互相排斥，即兩者之間帶同種電

荷，滑塊帶正電，故A項正確，不符合題意;在3點滑塊受到的電場力為尸由于點電荷有EB*,由題意可

知，在3點其速度最大，即在B點滑塊的合力為零，有〃加葬翳，解得q必穿，故B正確,不符合題意;由題意

kQkO

可知,滑塊在/點的電勢為四呼，在/點的電勢能為四，在3點的電勢為陽=毛,在3點的電勢能為

EpB=q9B,由4到B由能量守恒定律有EpA=EpB+"mg"半隊加"就解得如=血質(zhì)公故C正確,不符合題意;在C

點的電勢為在C點的電勢能為EpGq(pc,仄A到C由能量守恒定律有穌尸昂葉〃加g(「c-羅，解得

々曰⑴、々24尸0(不符合題意,舍去)，故D錯誤，符合題意.

14.BD［解析］由尸、。激發(fā)的機械波的波形圖及傳播方向可知，尸波源產(chǎn)生的波起振方向向上，。波源產(chǎn)

生的波起振方向向下，所以先到達(dá)彈簧振子處的是由Q波源產(chǎn)生的波，故A錯誤;波源尸激發(fā)的機械波使小

球產(chǎn)生了較強的振動，即共振，說明P的振動頻率接近2Hz,所以波速接近于文2m/s,同種介質(zhì)中的波速是

相等的，由。振源產(chǎn)生的波的波速也接近2m/s,故B正確,C錯誤;圖中兩列波的波長不同，波速是相等，由行

可知兩列波頻率不同，所以不會形成穩(wěn)定的干涉圖樣，故D正確.

15.AB［解析］當(dāng)光在玻璃磚內(nèi)運動的位移最短即垂直立方體各個面射出時，光所經(jīng)歷的時間最短,光在玻

a/min="@,A、B正確;選取其中的一個面

v-

進(jìn)行分析,光線發(fā)生全反射的臨界角為sin當(dāng)入射角大于臨界角C時將不會有光線射出，光在各個面上

小節(jié),圓的面積為

照亮的部分為圓形，設(shè)半徑為r,根據(jù)幾何關(guān)系有tanS'=*

照亮的總面積為S=6S；聯(lián)立解得5=37ta2,C>D錯誤.

16.Z.(1)AD(2)?C?(M^d2=mgL③不可行⑶①2AT

鱷韶③偏大

［解析］(1)探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系用到了控制變量法，故A正確;探究兩個互成角度的

力的合成規(guī)律用到了等效替代法，故B錯誤;用雙縫干涉實驗測量光的波長用到了累積法，故C錯誤;研究導(dǎo)

體電阻與長度、橫截面積及材料的定量關(guān)系用到了控制變量法，故D正確.

(2)①為了減小實驗誤差，應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，故A必要,不符合題意;為使細(xì)線的拉力等于滑塊的合外力,

應(yīng)使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行，故B必要,不符合題意;實驗中不需要滿足槽碼重力大小等于繩子的拉力，則不需

要使槽碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊和遮光條的總質(zhì)量，故C不必要，符合題意;為便于數(shù)據(jù)處理,應(yīng)使/位置與B間的

距離適當(dāng)大些，故D必要,不符合題意.

②滑塊通過光電門的瞬時速度",則系統(tǒng)動能的增加量嗎當(dāng)如")科”累)與系統(tǒng)重力勢能的減小量

AEp=7?gZ,則系統(tǒng)機械能守恒滿足的表達(dá)式為=mgL

③通過墊高軌道一端補償阻力后，系統(tǒng)存在摩擦力做功,機械能不守恒，他的做法不可行.

(3)①根據(jù)圖乙可知A?1,由于Af與A7相比非常小,可以忽略不計，解得小鋼球往復(fù)運動的周期為%=2AZ

②單擺的擺長Z=R-r,根據(jù)7。=2兀結(jié)合上述解得gJ

③由于在計算周期時忽略了根即測量的周期偏小，根據(jù)上述可知,測得重力加速度值與真實值相比是偏大.

〃.⑴&3.75(2)如圖所示(5)9.001.40

［解析］（1）電壓表與定值電阻&=5kQ串聯(lián),則二者整體可加載總電壓為。加載塔（Rv+R2）=10V,而與定值

電阻&=1kfl串聯(lián)，可加載總電壓為6V,小于被測電源電動勢的可能值范圍，而與定值電阻及3=25kfl串聯(lián)，

可加載總電壓為30V,遠(yuǎn)大于被測電源電動勢的可能值范圍，故a處定值電阻應(yīng)該選用的是&;電流表與定

值電阻&=0.15Q并聯(lián)，當(dāng)電流表的示數(shù)為1.25A時，有心氏廣/小4,可得4=2.50A,則通過電源的電流為/干

=/A+/4=3.75A.

⑵實物圖如圖所示.

（5）結(jié)合電路圖，有2U=E-3gR并），且R并-0.1Q,則有U=f-L5（r+0.1）/,根據(jù)U-1圖像可得1.5（什0.1）=

八A十八4Z

1^1=160-080。，解得T40Q,將數(shù)據(jù)t/=0.90V,/=1.60A代入可得0.90V哆1.5x（L40+0.l）xl.6OV,解得

￡=9.00V.

17.（1既（2勘（3必加零

［解析］（1）設(shè)汽缸豎直懸掛時，內(nèi)部氣體壓強為P1,空氣柱長度為/1,由玻意耳定律可知Polo=P\ll（1分）

對汽缸受力分析，由平衡條件可得?1S+加g=〃oS（1分）

聯(lián)立可得,穩(wěn)定后汽缸內(nèi)空氣柱長度為h=^l0（1分）

（2）由蓋-呂薩克定律可知相聿（1分）

1Q

解得方=五%（1分）

（3）由熱力學(xué)第一定律可知（1分）

其中W=piS（ll-l0）（1分）

解得0=-（AU+哨

則氣體釋放的熱量為維△印等（1分）

18.（1月譽（2￡1mgZWEkoW||mgZ

［解析］（1）設(shè)小球在圓弧最高