浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案25

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案

國(guó)學(xué)人一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四

得分「?jìng)溥x項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）

1.下列單位屬于國(guó)際制基本單位且對(duì)應(yīng)的物理量一定為標(biāo)量的是（）

A.KB.TC.ND.J

2.2023年9月25口“05后”中國(guó)選手余依婷以2分07秒75的絕對(duì)優(yōu)勢(shì)，奪得亞運(yùn)會(huì)女子200米個(gè)人混

合泳金牌，成為亞運(yùn)三金.王。下列判斷正確的是（）

A.“200米”指的位移大小B.“2分07秒75”表示時(shí)刻

C.全程的平均速度是1.57m/sD.研究余依婷的觸壁動(dòng)作時(shí)不能將她看作質(zhì)點(diǎn)

3.如圖所示，一個(gè)兩端封閉的玻璃管，把質(zhì)量不相同的鐵片和羽毛放到玻璃管中，玻璃管豎直放置，讓

鐵片和羽毛從玻璃管上方同一位置同時(shí)開(kāi)始下落，觀察它們下落的情況，下列說(shuō)法正確的是（）

A.羽毛的加速度在增大B.下落過(guò)程羽毛機(jī)械能守恒

C.鐵片的重力勢(shì)能不斷在增大D.羽毛與鐵片之間的距離在增大

4.靜電透鏡被廣泛應(yīng)用于電子器件中，圖中虛線表示陰極射線示波管的聚焦電場(chǎng)等勢(shì)面分布情況，任意

兩個(gè)相鄰等勢(shì)面間電勢(shì)差相等，z軸為該電場(chǎng)的中心軸線。一電子從其左側(cè)進(jìn)入聚焦電場(chǎng)，圖中實(shí)線為電

子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q、R為其軌跡上的三點(diǎn)。下列判斷正確的是（）

A.P點(diǎn)的電勢(shì)大于R點(diǎn)的電勢(shì)B.P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于R點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度

C.電子在Q點(diǎn)的動(dòng)能小于在P點(diǎn)的動(dòng)能D.電子在0點(diǎn)電勢(shì)能小于R點(diǎn)的電勢(shì)能

1

5.下列關(guān)于教材中的四幅插圖說(shuō)法正確的是()

A.圖甲是顯微鏡下三顆小炭粒的運(yùn)動(dòng)位置連線圖，連線表示小炭粒的運(yùn)動(dòng)軌跡

B.圖乙是某材料制作的細(xì)管豎直插入水中的情景，證明水浸潤(rùn)該材料

C.圖內(nèi)是一定質(zhì)量的理想氣體在不同溫度下的兩條等溫線，則

D.圖丁中一只水域能停在水面上，是浮力作用的結(jié)果

6.如圖，質(zhì)量為m的小球用一輕繩豎直懸吊于0點(diǎn)?，F(xiàn)用一光滑的金屬掛鉤向右緩慢拉動(dòng)輕繩至虛線位

置，在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()

////〃///

O,、、、

、

A,鉤子對(duì)繩的作用力始終不變B.掛鉤與。點(diǎn)間的繩子拉力先變大后變小

C.繩子對(duì)掛鉤的作用力方向始終水平向左D.鉤子對(duì)繩的作用力大小不可能等于1.5mg

7.2024年1月18日01時(shí)46分，天舟七號(hào)貨運(yùn)飛船成功對(duì)接空間站天和核心艙，變軌情況如圖所示。

空間站軌道可近似看成圓軌道，且距離地面的高度約為390km。下列關(guān)于天舟七號(hào)的說(shuō)法正確的是

A.發(fā)射速度大于11.2kzn/s

B.從對(duì)接軌道變軌到空間站軌道時(shí)，速度變大

C.在對(duì)接軌道，的運(yùn)行周期大于空間站的運(yùn)行周期

D.在空間站軌道運(yùn)行的速度比赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度小

8.如圖所示，質(zhì)量為Mg的導(dǎo)體棒長(zhǎng)為0.5m,兩端與長(zhǎng)為1m的細(xì)軟銅絲相連，懸掛在磁感線強(qiáng)度"、

方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將兩細(xì)軟銅絲接入一恒流源，導(dǎo)體棒中的電流/始終保持不變，導(dǎo)體棒從最

低點(diǎn)由靜止向上擺動(dòng)，最大擺角為60。，忽略空氣阻力。則()

2

A.導(dǎo)體棒受到的安培力方向豎直向上

B.導(dǎo)體棒中的電流/=20舊/

C.每根銅線所能承受的最大拉力至少為（10g-10）N

D.靜II?向卜探至最大擺角處需要的時(shí)間為為s

9.圖甲所示為氫原子的能級(jí)圖。?舉處于第4能級(jí)的氫原了，會(huì)輻射出不同頻率的光，其中只有2種頻

率的光。、匕可以讓圖乙所示光電管的羽極K發(fā)生光電效應(yīng)。圖丙為以〃光單獨(dú)照射K時(shí)產(chǎn)生的光電流

隨電壓變化的關(guān)系圖。下列說(shuō)法正確的是（）

A.〃光的光子動(dòng)量比力光的光了?動(dòng)量大

B.用〃光照射光電管時(shí)，逸出光電了?的初動(dòng)能都比〃光照射時(shí)大

C.用同一雙縫干涉裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，。光的干涉條紋間距小于〃光的

D.處于第2能級(jí)的氫原了?可以吸收。光的光了?并電離

10.2023年8月，新一?代“人造太陽(yáng)''中國(guó)環(huán)流三號(hào)首次實(shí)現(xiàn)100萬(wàn)安培等離子體電流卜.的高約束模式運(yùn)

行，標(biāo)志著我國(guó)在用控核聚變領(lǐng)域達(dá)到了國(guó)際領(lǐng)先水平。''人造太陽(yáng)''內(nèi)部發(fā)生的?種核反應(yīng)，具反應(yīng)方程

為彳H+；H-4"e+X+17.6MeV,已知的比結(jié)合能為Ei，的比結(jié)合能為第，的比結(jié)合能

為E3,光在真空中的傳播速度為c。下列說(shuō)法正確的是（）

A.核反應(yīng)方程中X為、遇

B.聲的結(jié)合能為17.6MeV

C.核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損可表示為二3一（2二+30）

cz

D.；”半衰期為12.46年，現(xiàn)有100個(gè)施原子核，經(jīng)過(guò)12.46年后剩下50個(gè)僦原子核

11.自動(dòng)體外除顫儀（AED）可通過(guò)產(chǎn)生如圖中所示的脈沖電流終止致命性心律失常，使心臟恢具跳

動(dòng)。圖乙是某型除顫儀的簡(jiǎn)化電路，電源為普通交流電源。某次調(diào)試時(shí)交流電壓表示數(shù)為20V,電容器充

電完畢,開(kāi)關(guān)由力“擲向"2”,放電電流平均值為2.84放電時(shí)間約為10-2s,已知電容器電容為20〃F0則

下列判斷正確的是（）

A.升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比約為1:50B.電感心越大，脈沖電流峰值越大

C.電容C越小，放電持續(xù)時(shí)間越長(zhǎng)D.脈沖電流作用于不同人體時(shí)，電流大小相同

12.斯特潘定律是熱力學(xué)中的一個(gè)著名定律，其內(nèi)容為：一個(gè)黑體表面單位面積輻射的功率與黑體本身

的熱力學(xué)溫度7的四次方成正比，即00=。伊，其中常量。=5.67xl0-8w/（m2,K4）。假定太陽(yáng)和地球

都可以看成黑體，不考慮大氣層反射、吸收等因素，已知太陽(yáng)表面平均溫度約為6000K,地球表面平均溫

度約為300K,已知日地距離約為1.5x1011?小試估算太陽(yáng)半徑（）

A.3.8x107mB.7.5x1077nC.3.8x108mD.7.5x108m

13.某主題公園的湖里安裝了一批圓形線狀光源的彩燈，半徑為上如圖甲所示。該光源水平放置到湖水

下方，光源圓面與液面平行。當(dāng)彩燈發(fā)出紅光時(shí)，可在水面正上方觀察到如圖乙所示的紅色亮環(huán)，亮環(huán)與

中間暗圓的面枳之比為3:1,已知水對(duì)紅光的折射率為泰卜.列說(shuō)法正確的是（）

甲乙

A.此彩燈離水面的垂直距離為號(hào)〃

B.彩燈變換發(fā)光顏色時(shí)，中間暗圓面積保持不變

C.若將彩燈JL移，則亮環(huán)面積與中間暗圓面積之比增大

D.將光源再向湖底豎直向下移動(dòng)，R,會(huì)使中間暗圓消失

0

閱卷入二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)

備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全

得分的得2分，有選錯(cuò)的得。分）

4

14.下列說(shuō)法正確的是（)

/

:S]N,

甲

A.甲圖為未來(lái)人類進(jìn)行星際航行,若以0.2c的速度航行的飛船向正前方的某一星球發(fā)射一束激光，根

據(jù)相對(duì)論時(shí)空觀，該星球上的觀測(cè)者測(cè)量得到激光的速度為c

B.乙圖為某同學(xué)設(shè)計(jì)的靜電除塵裝置，塵埃被吸附在中間的負(fù)極棒上

C.內(nèi)圖為航天員在“天宮課堂”演示“動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)”，小鋼球沿水平方向從右向左撞擊靜止的大鋼球

后，小鋼球運(yùn)動(dòng)方向可能與大鋼球不在同一直線.上

D.丁圖為檢驗(yàn)通電導(dǎo)線周圍是否存在磁場(chǎng)，要使實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象明顯，導(dǎo)線應(yīng)東西方向放置

15.如圖甲所示為超聲波懸浮儀，上方圓柱體發(fā)出超聲波，下方圓柱體將接收到的超聲波信號(hào)反射回

去。兩列超聲波信號(hào)疊加后，會(huì)出現(xiàn)振幅幾乎為零的點(diǎn)一節(jié)點(diǎn)，泡沫顆粒能在節(jié)點(diǎn)處附近保持懸浮狀態(tài)，

圖乙為泡沫顆粒之間可以懸浮的最近距離，用刻度尺量得5個(gè)顆粒之間的距離如圖中所示。圖內(nèi)為這兩列

超聲波某時(shí)刻的波形圖，P、Q為波源，此時(shí)兩列波剛好分別傳到M和M已知聲波傳播的速度為

340m/s。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.泡沫顆粒懸浮時(shí)，受到的聲波的作用力豎直向下

B.兩列波疊加穩(wěn)定后，泡沫顆粒在M點(diǎn)處不可能懸浮

C.該超聲波懸浮儀所發(fā)出超聲波的波長(zhǎng)約為4.25?nm

D.該超聲波懸浮儀所發(fā)出的超聲波信號(hào)頻率約為40AHz

閱卷入

-三、非選擇題（本題共5小題，共55分）

得分

16.在“研究自由下落物體的機(jī)械能''的實(shí)驗(yàn)中：

（1）圖1所示實(shí)驗(yàn)裝置中，器材安裝擺放使用正確的是.

（2）在正確操作打出多條點(diǎn)跡清晰的紙帶中，應(yīng)選取相鄰點(diǎn)間距離之差最接近mm的紙帶進(jìn)

行測(cè)量。

（3）如圖2所示，紙帶上標(biāo)記了七個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)1、2....7,并把刻度尺的“0刻度”對(duì)準(zhǔn)

點(diǎn)“7”。根據(jù)紙帶算出打下點(diǎn)“4”時(shí)重物的速率必=m/s（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。

l|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|lll|llll|llll|llll|

、78910II1：

75\/4321

I'I1I1I1I1II■I'I1I1I1I1I'I"I1I

I2345678910II1213141516

圖2

（4）把打卜.點(diǎn)“7”時(shí)重物所在位置選為參考平面，測(cè)出紙帶上各點(diǎn)到點(diǎn)“7”之間的距離人算出打卜.各點(diǎn)

7

時(shí)的重物速率v,則畫出的:_九圖像是圖3中的

17.在“金屬絲電阻率的測(cè)量”的實(shí)驗(yàn)中:

（I）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的百?gòu)?，某次測(cè)量示數(shù)如圖1所示，金屬絲直徑d=mma

（2）按圖2所示的電路測(cè)量金屬絲的電阻心。小明將單刀雙擲開(kāi)關(guān)分別打到〃處和〃處，通過(guò)觀察分

析，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，由此判斷開(kāi)關(guān)打到（填““、*”）處時(shí)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差較

小。

（3）小明為了消除系統(tǒng)誤差，他設(shè)計(jì)用電流計(jì)G和電阻箱替代V,電路如圖3所示。實(shí)驗(yàn)繪制出了

七一R錯(cuò)圖像是如圖4所示直線，斜率為縱截距為人R琳為電阻箱限值讀數(shù)，/為A示數(shù)，。為G示

數(shù)。試求Rx=o

6

h

O

圖4

A.圖甲“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，斜槽軌道必須光滑且其末端水平

B.圖乙計(jì)算油膜面積時(shí)，只數(shù)完整的方格數(shù)，油酸分子直徑的測(cè)量值會(huì)偏大

C.圖丙“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，注射器必須保持豎直

D.圖丁“測(cè)量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上

19.某款智能手機(jī)可以直接顯示手機(jī)所處環(huán)境的壓強(qiáng)和溫度，某科創(chuàng)小組想利用智能手機(jī)的這種功能測(cè)

埴一形狀不規(guī)則又易溶于水的物體密度，他們自制了“測(cè)量筒”，測(cè)量筒由上端開(kāi)口的隔熱性良好且可電加

熱的圓柱形氣缸和橫截面積為S=0.20血2的隔熱輕質(zhì)活塞組成。具體操作如下：

第一步：如圖甲所示，將手機(jī)放入測(cè)量筒，放上活塞，手機(jī)穩(wěn)定顯示壓強(qiáng)P]=1.013xl（）5pQ；

第二步：如圖乙所示，在活塞上輕放待測(cè)物體，穩(wěn)定后，手?機(jī)顯示壓強(qiáng)P2=1.015X10SPQ：

第三步：如圖丙所示，把待測(cè)物體也放入氣缸里，再放上活塞，待手機(jī)穩(wěn)定顯示溫度好=270K時(shí)，測(cè)

得活塞到汽缸底部島度八=0.50m。然后開(kāi)啟電熱絲加熱?段時(shí)間，待手機(jī)穩(wěn)定顯示溫度7'2=310《時(shí)，測(cè)

得活塞上升了4九=0.05m。

（封閉的空氣視為理想氣體，忽略?切摩擦，待測(cè)物體的體積始終不變，不計(jì)電熱絲和手機(jī)的體積）。

圖內(nèi)

（1）第二步中，筒內(nèi)氣體在放上待測(cè)物前后的兩種穩(wěn)定狀態(tài)進(jìn)行匕較，放上待測(cè)物后筒內(nèi)氣體分子的

平均速率（填“增大”、“減小”、“不變”氣體的內(nèi)能（填“增加”、“減少”、“不變”）：

7

（2）待測(cè)物體的質(zhì)量；

（3）待測(cè)物體的體積o

20.圖甲為某游戲項(xiàng)目模型，由彈性發(fā)射裝置P、傾角6=37。長(zhǎng)，i=2.75m的固定斜面A8、質(zhì)量m1=

1kg的表面為四分之一光滑圓弧的滑塊M和質(zhì)量m2=4kg長(zhǎng)度％=2.25m的平板小車等四部分組成。圓弧

CQ的半徑R=lm,最低點(diǎn)C與小車等高。當(dāng)P把m=1kg的小物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）以%=4m/s速度水平

彈出，恰好由A點(diǎn)沿斜面方向進(jìn)入斜面，不考慮其運(yùn)動(dòng)時(shí)通過(guò)各連接點(diǎn)間的動(dòng)能損失。小物塊與A8間的

動(dòng)摩擦因數(shù)a=0.5,忽略小車和M下表面與地面的摩擦。（sin37°=0.6,cos370=0.8）

（1）求水平彈出點(diǎn)離A點(diǎn)的豎直高度E：

（2）若鎖定平板小車，小物塊與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃2=06。求小物塊滑上.M時(shí)對(duì)C點(diǎn)的壓力/及

上滑的最大向度電；

（3）現(xiàn)解除小車鎖定，并在小車上.表面噴涂一種特殊材料（不計(jì)噴涂材料的質(zhì)量），使小物塊與小車間

的動(dòng)摩擦因數(shù)能從右（8端）向左隨距離變化，如圖乙所示。若小物塊仍以%=4m/s速度水平彈出，試

分析小物塊能否通過(guò)C點(diǎn)？并說(shuō)明理白。

21.如圖所示，半徑分別為廣和專的均勻金屬圓盤G、N垂直固定在水平金屬轉(zhuǎn)軸C。匕圓盤中心位于

轉(zhuǎn)軸中心線上，其中丁=0.5m,不計(jì)轉(zhuǎn)軸粗細(xì)。G為發(fā)電盤，處于平行轉(zhuǎn)軸向右、8=0.57的勻強(qiáng)磁場(chǎng)

中，并通過(guò)電刷P和。連接兩間距d=1m的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌某點(diǎn)處用絕緣材料平滑連接，導(dǎo)軌左側(cè)

足夠遠(yuǎn)處接有自感系數(shù)為2〃的純電感線圈L,導(dǎo)軌水平且處于豎直向下、8=0.57勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。N為轉(zhuǎn)動(dòng)

盤，所在處無(wú)磁場(chǎng)，其上繞有絕緣細(xì)線，在外力產(chǎn)作用下，兩圓盤會(huì)按圖示方向轉(zhuǎn)動(dòng)。質(zhì)量m=0.5Ag的

金屬桿"放置在絕緣點(diǎn)右側(cè)某位置，僅與絕緣點(diǎn)左側(cè)導(dǎo)軌間有大小恒定的摩擦阻力f=1N,其余接觸處

均無(wú)摩擦。發(fā)電盤G接入電路的電阻8=0.5。，不計(jì)金屬桿、導(dǎo)線、電刷電阻及接觸電阻，忽略轉(zhuǎn)動(dòng)的摩

擦阻力?，F(xiàn)保持金屬圓盤按圖示方向以回=32rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。

8

絕緣bG

（1）鎖定金屬桿他，求通過(guò)他的電流以及外力的大小:

（2）靜止釋放金屬桿而，通過(guò)絕緣點(diǎn)時(shí)的速度為b=3m/s,求此過(guò)程中通過(guò)岫的電荷量g和發(fā)電盤

G上的發(fā)熱量Q：

（3）在（2）問(wèn)基礎(chǔ)上，金屬桿而通過(guò)絕緣點(diǎn)后，求第一次向左運(yùn)動(dòng)至最遠(yuǎn)處離絕緣點(diǎn)的距離s。

22.如圖甲所示，立方體空間的邊長(zhǎng)為心側(cè)面為熒光屏，能完全吸收打在屏上的帶電粒子并發(fā)

光，三維坐標(biāo)系坐標(biāo)原點(diǎn)。位于底面EFG”的中心，Ox||FG,Oy||GH.已知從原點(diǎn)。向xOy平面內(nèi)各

個(gè)方向均勻持續(xù)發(fā)射速率為火、質(zhì)量為，入電荷量為+q的粒子。不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用。

（1）若在立方體空間內(nèi)僅存在方向平行于z軸的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，沿y軸正方向射出的粒子恰好打在熒光屏上

的，點(diǎn)。求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8和粒子從原點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)到熒光屏的最短時(shí)間/；

若在立方體空間內(nèi)僅存在z軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E=駕酒和沿），軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)8=

(2)

5qL

877772%

沿工軸正方向射出的粒子，經(jīng)某位置恰好與射出時(shí)速度相同，求此位置的坐標(biāo):

（3）若在立方體空間內(nèi)平行），軸加如圖乙所示的磁場(chǎng)，其中By=^*cos（率t）。同時(shí)平行z軸加如圖

9

丙的磁場(chǎng)，其中B,=^sin（祭t）,粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間遠(yuǎn)小于磁場(chǎng)變化周期，不計(jì)電磁輻射影響。

bqLI

求沿X軸正方向射出的粒子打在熒光屏上落點(diǎn)的痕跡長(zhǎng)度。

10

答案解析部分

1.【答案】A

【解析】【解答】A、K是熱力學(xué)溫度單位，熱力學(xué)溫度單位屬于國(guó)際制基本單位，對(duì)應(yīng)的物理量是熱力學(xué)

溫度，熱力學(xué)溫度是標(biāo)量，故A正確；

B、T是磁感應(yīng)強(qiáng)度單位，在國(guó)際單位制中屬于導(dǎo)出單位，對(duì)應(yīng)的物理量是磁感應(yīng)強(qiáng)度，磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢

量，故B錯(cuò)誤；

C、N是力的單位，在國(guó)際單位制中屬于導(dǎo)出單位，對(duì)應(yīng)的物理量是力，力是矢量，故C錯(cuò)誤；

D、J是功的單位，在國(guó)際單位制中屬于導(dǎo)出單位，對(duì)應(yīng)的物理量是功，功是標(biāo)量，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Ao

【分析】熟練掌握國(guó)際制基本單位及其對(duì)應(yīng)的物理量，明確所給單位對(duì)應(yīng)的物理量，再根據(jù)矢量和標(biāo)量的

定義分析。

2.【答案】D

【解析】【解答】A、“200米”指的路程，故A錯(cuò)誤;

B、“2分07秒75”表示時(shí)間間隔，故B錯(cuò)誤：

C、運(yùn)動(dòng)員決賽全程的路程為200m,但位移大小為0,則運(yùn)動(dòng)員決賽全程的平均速度大小為零，故C錯(cuò)

誤：

D、研究余依婷的觸壁動(dòng)作時(shí)不能忽略她的大小，所以不能將她看作質(zhì)點(diǎn)，故D正確。

故答案為：Do

【分析】路程是指物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，當(dāng)物體的形狀及尺寸大小對(duì)所研究的的問(wèn)題的影響可以忽略不計(jì)

時(shí)，物體可視為質(zhì)點(diǎn)。熟練掌握平均速度和平均速率的頂用。

3.【答案】D

【解析】【解答】A、對(duì)于羽毛有

mg-f=ma

由于阻力的變化情況未知，所以羽毛的加速度如何變化也是未知，故A錯(cuò)誤；

B、由題圖可知，羽毛下落過(guò)程中受到阻力的作用，所以下落過(guò)程羽毛的機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；

C、鐵片下落過(guò)程中，其高度逐漸下降，重力做正功，所以鐵片的重力勢(shì)能在減少，故C錯(cuò)誤；

D、鐵片和羽毛在卜落過(guò)程中，阻力對(duì)鐵片自身的重力影響較小，因此貼片的加速度大于羽毛的加速度，

兩者的距離逐漸變大，故D正確。

故答案為：Do

【分析】明確鐵片和羽毛在下落過(guò)程中的受力情況，再根據(jù)牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律確定兩者之間加速

度和距離變化情況。熟練掌握重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系及機(jī)械能守恒的條件。

11

4.【答案】B

【解析】【解答】A、電子僅在電場(chǎng)力作用下從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)，由于合力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，電子帶負(fù)

電，所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，電場(chǎng)力方向與等勢(shì)線垂直，可知，電場(chǎng)線方向整體從右指向

左，乂由于沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，可知，P點(diǎn)的電勢(shì)低于Q點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤：

B、由「任意兩條相鄰等勢(shì)線間電勢(shì)差相等，則等勢(shì)線分布的密集程度能夠表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，P點(diǎn)的等勢(shì)

線分布比R點(diǎn)的密集，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于在R點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B正確：

CD、結(jié)合上述可知，從P至R的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電子所受電場(chǎng)力做正功，電子的電勢(shì)能減小，電子的動(dòng)能

謂大，則電子在Q點(diǎn)的動(dòng)能大于在P點(diǎn)的動(dòng)能，在Q點(diǎn)電勢(shì)能大于R點(diǎn)的電勢(shì)能，故CD錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】根據(jù)粒子軌跡的偏轉(zhuǎn)方向確定粒子的受力方向，再根據(jù)粒子的電性確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線

與等勢(shì)線垂直，沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，等差等勢(shì)面越密集，電場(chǎng)速度越大，電場(chǎng)力做正功，粒子動(dòng)能

謂大，電勢(shì)能減小。

5.【答案】C

【解析】【解答】A、每隔一段時(shí)間把觀察到的炭粒的位置記錄下來(lái)，然后用直線把這些位置依次連接成折

線，所以布朗運(yùn)動(dòng)圖像反映每隔一段時(shí)間固體微粒的位置，而不是運(yùn)動(dòng)軌跡，故A錯(cuò)誤：

B、管內(nèi)的頁(yè)面低于管外液面，液體不浸潤(rùn)管壁，即水與該材料屬于不浸潤(rùn)，故B錯(cuò)誤；

C、做一條豎直的等容線，與兩條等溫線的交點(diǎn)分別表示為6、TH口、T2,根據(jù)

P1.P2

解得

Ti<T2

故C正確；

D、水有表面張力，所以水電能停在水面上，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】布朗運(yùn)動(dòng)圖像反映每隔?段時(shí)間固體微粒的位置，熟練掌握浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)現(xiàn)象的特點(diǎn)。根據(jù)玻意

耳定律結(jié)合圖像確定兩圖線溫度的高低。熟練掌握液體表面張力的應(yīng)用。

6.【答案】D

【解析】【解答】ABC、由于緩慢拉動(dòng)，小球處于動(dòng)態(tài)平衡，即繩子上的拉力與小球的重力大小相等，由

于同?個(gè)繩子在金屬掛鉤兩側(cè)的拉力相同，都為mg,用?光滑的金屬掛鉤向右緩慢拉動(dòng)輕繩至虛線位

置，繩子兩側(cè)的夾角減小，由平行四邊形定則可知，合力變大，且繩子對(duì)鉤子的作用力的合力方向?yàn)樽笙?/p>

方，即繩對(duì)鉤子的作用逐漸增大，由牛頓第三定律可知，鉤子對(duì)繩的作用力變大，故ABC錯(cuò)誤；

D、鉤子兩側(cè)輕繩之間的夾角的最小值為90。，因此此時(shí)兩根繩子的合力最大為

12

er

2mgeos2=72mg

即鉤子對(duì)繩的作用力大小不可能等于L5mg,故D正確。

故答案為：D。

【分析】緩慢拉動(dòng)繩子，小球處于動(dòng)態(tài)平衡。同一個(gè)繩子兩側(cè)的拉力相同，對(duì)鉤子與繩子的交接點(diǎn)進(jìn)行受

力分析，再根據(jù)平衡條件及力的合成與分解進(jìn)行分析。

7.【答案】B

【解析】【解答】A、11.2km/s是第二宇宙速度，即脫離地球束縛的最小發(fā)射速度，天舟七號(hào)并沒(méi)有脫離地

球束縛，可知，其發(fā)射速度小于〃.2km/s,故A錯(cuò)誤；

B、對(duì)接軌道相對(duì)于空間站軌道是低軌道，由低軌道到高軌道，需要再切點(diǎn)位置加速，即從對(duì)接軌道變軌

到空間站軌道時(shí)，速度變大，故B正確；

C、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有

田二反

由于對(duì)接軌道的半長(zhǎng)軸小于空間站軌道的半徑，則在對(duì)接軌道上的運(yùn)行周期小于空間站的運(yùn)行周期，故C

錯(cuò)誤；

D、空間站軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的半徑，根據(jù)

Mmv2

Gyr=mT

解得

可知，空間站的速度大于同步衛(wèi)星的速度，根據(jù)

v=a)r

同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)角速度相等，可知，同步衛(wèi)星的速度大于赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度，則天舟

七號(hào)在空間站軌道運(yùn)行的速度比赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】第二宇宙速度是脫離地球束縛的最小發(fā)射速度，衛(wèi)星由低軌道進(jìn)入高軌道，做離心運(yùn)動(dòng)，需要點(diǎn)

火加速。同步衛(wèi)星的周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期。數(shù)量掌握開(kāi)普勒定律及萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律在天

體運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用。

8.【答案】C

【解析】【解答】AB、由題意可知，當(dāng)擺角30。時(shí)，為圓周的等效最低點(diǎn)，對(duì)此時(shí)導(dǎo)體棒受力分析

13

通過(guò)受力分析知導(dǎo)體棒受到的安培力方向水平向右，根據(jù)平衡條件有

mgsin30°=B/dcos30°

解得

2073

I=----5—4

故AB錯(cuò)誤；

C、導(dǎo)體棒由靜止到等效最低點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得

1

-mgj-Zcos30°)+B/d!sin300=2,znv

又有牛頓第二定律得

V2

2FT-(mgcos300+F/dsin30°)=m-j-

代入數(shù)據(jù)可得、得

Fr=(10\/3-10)/V

故C正確；

D、如果只受重力得單擺周期

27r

T=

qgvio

導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)了半個(gè)周期，但是受到水平方向的安培力作用，等效重力加速度不等于g,故靜止向上擺至最

大擺角處需要的時(shí)間不等于看S,故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】通過(guò)導(dǎo)體棒的電流不變，運(yùn)動(dòng)過(guò)程導(dǎo)體棒始終與磁場(chǎng)方向垂直，則導(dǎo)體棒所受安培力大小和方向

不變。則導(dǎo)體棒在該區(qū)域內(nèi)做圓周運(yùn)匆，旦受到重力和安培力均為恒力，可將導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)化成”等效

重力場(chǎng)”模型，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的速度為零，則根據(jù)對(duì)稱性可知，擺角為30。時(shí)，導(dǎo)體棒位于圓周的等

效最低點(diǎn)，即此時(shí)導(dǎo)體棒所受安培力與重力和合力與豎直方向的夾角為30。。再根據(jù)動(dòng)能定理及牛頓第二

定律進(jìn)行分析解答。注意單擺的特點(diǎn)及類比應(yīng)用。

9.【答案】D

14

【解析】【解答】A、由圖可知b光的遏止電壓最大，由

叫=Ek

Ek=hv—WQ

聯(lián)立可知b光的頻率大于a光的頻率，即b光的波長(zhǎng)小，根據(jù)

h

P=A

a光的光子動(dòng)量比b光的光子動(dòng)量小，故A錯(cuò)誤：

B、用b光照射光電管時(shí)，逸出光電子的最大初動(dòng)能比a光照射時(shí)大，并不是所有光電子的初動(dòng)能都大，

故D錯(cuò)誤；

C、根據(jù)

L

Ax=

a

因?yàn)閎光的波長(zhǎng)小，所以b光的干涉條紋間距小，故C錯(cuò)誤；

D、由題意可知，a光是由氫原子處于n=3能級(jí)躍遷到n=l能級(jí)釋放，則

E=%一邑=-1.51eV-(-13.6W)=12.09W>3.4eV

故D正確.

故答案為：D。

【分析】熟練掌握光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件及特點(diǎn)。遏止電壓越大，逸出光子的最大初動(dòng)能越大，光子的頻率

越大，波長(zhǎng)越小。當(dāng)氫原子吸收的光子能量大于該能級(jí)氫原子達(dá)到電離態(tài)所需能量時(shí)，氫原子氫原子能被

電離。

10.【答案】C

【解析】【解答】A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可知X為Jn,故A錯(cuò)誤；

B、結(jié)合能是把原子核拆解成自由核子時(shí)所需要的最小能量，而非是核反應(yīng)中放出的能量17.6MCV,故B

錯(cuò)誤；

C、核反應(yīng)放出的能量為

AE=4E3-(2Ei+3E2)

由質(zhì)能虧損方程

△E=Amc2

解得

―4E匚(2q+3%)

c乙

故c正確；

D、半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少數(shù)原子核的衰變不適用，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

15

【分析】熟練掌握結(jié)合能和比結(jié)合能之間的關(guān)系。核反應(yīng)方程質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒，結(jié)合能是把原子核拆

解成自由核子時(shí)所需要的最小能量。半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律。根據(jù)質(zhì)能虧損方程確定核反應(yīng)

過(guò)程虧損的質(zhì)量。

11.【答案】A

【解析】【解答】A、電容器電容為20葉，根據(jù)電容的定義式有

根據(jù)電流的定義式有

根據(jù)交流電有效值特征有

根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系有

u2九2

結(jié)合題中數(shù)據(jù)解得

九11

故A正確；

B、電感L越大，對(duì)變化電流的阻礙作用越大，則脈沖電流峰值越小，故B錯(cuò)誤;

C、電容C越小，根據(jù)

可知，電容器所帶電荷量越小，則放電持續(xù)時(shí)間越短，故C錯(cuò)誤；

D、脈沖電流作用于不同人體時(shí)，由于不同人體的電阻不相同，則電流大小不相同，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)放電時(shí)間確定電容器兩極板的電荷量，再根據(jù)電容的定義式確定充電完成后電容器兩極板間

的電壓。電容器兩端的最大電壓等于司線圈電壓的最大值，再結(jié)合交變電流有效值與最大值的關(guān)系確定原

副線圈電壓的有效值，再結(jié)合理想變壓器規(guī)律確定線圈的匝數(shù).電感L越大，對(duì)變化電流的阻礙作用越

大，脈沖電流峰值越小，不同人體的電阻不相同。

12.【答案】D

【解析】【解答】設(shè)太陽(yáng)半徑為R,太陽(yáng)單位時(shí)間內(nèi)輻射的總能量為

16

E=aT^4nR2

這些能量分布在以太陽(yáng)和地球之間的距離a為半徑的球面上，設(shè)地球半徑為r,則單位時(shí)間內(nèi)地球吸收的

能量為

7ir2

AE=4^E

由于地球?yàn)楹隗w，則有

AE=E'=aT}-4nr2

聯(lián)立可得

R=7.5x108nl

故答案為：Do

【分析】將太陽(yáng)視為球體，結(jié)合題意確定太陽(yáng)單位時(shí)間輻射的總能量與太陽(yáng)表面積的關(guān)系。再將太陽(yáng)視為

一個(gè)“點(diǎn)”，則太陽(yáng)輻射的能量將形成一個(gè)以該"點(diǎn)''為圓心的不斷擴(kuò)大的能量球體，輻射能量分布在能量球

體的表面上，則地球相當(dāng)丁?附在該能量球體表面上，注意地球只有部分面積吸收能量，地球吸收的能量全

部轉(zhuǎn)化為黑體輻射。再結(jié)合題意進(jìn)行解答。

13.【答案】A

【解析】【解答】A、設(shè)亮環(huán)最外圈的半徑為門，暗圓的半徑為n,由題意有

2

a2

圓環(huán)邊緣的光線發(fā)生全反射

1

sinC=-

有幾何關(guān)系有

sinC=R—r42；

J后+(R—Q)2

結(jié)合幾何關(guān)系可知，有

17

R一72=「1—R

解得

h=VR

故A正確：

B、當(dāng)彩燈變換發(fā)光顏色時(shí)，則水對(duì)該光的折射率發(fā)生變化，由卜.述分析可知，當(dāng)折射率發(fā)生改變時(shí)，則

暗圓的半徑發(fā)生變化所以中間暗圓的面積發(fā)生變化，故B錯(cuò)誤：

C、由九何關(guān)系可知，有

R—T2

sinf=,二

（/?-r）2

忖+2

整理有

I_h

R—r=sinC------------5-

2Jl-sin2C

若將彩燈上移，即彩燈到水面的高度減小，即h變小，有.卜.述分析可知，即門增加，乂因?yàn)?/p>

R—r2=—R

所以門減小，即兩者的半徑之比變小，則則亮環(huán)面積與中間暗圓面積之比變小，故C錯(cuò)誤；

D、若使中間暗圓消失，有

解得

所以將發(fā)彩光燈項(xiàng)下平移的距離為

故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)幾何關(guān)系確定兩圓的半徑。光環(huán)的邊界即為光線恰好發(fā)生全反射的臨界點(diǎn)。取光環(huán)上的一個(gè)

點(diǎn)畫出光線發(fā)生的光路圖，再根據(jù)幾何關(guān)系及全反射條件確定彩燈與水面的垂直距離與亮暗環(huán)半徑和彩燈

半徑之間的關(guān)系，再結(jié)合題意進(jìn)行分析解答。

14.【答案】A,C

【解析】【解答】A、根據(jù)愛(ài)因斯坦相對(duì)論原理可知，光速不變，即星球上的觀測(cè)者測(cè)量得到激光的速度為

18

c,故A正確：

B、乙圖中，生埃帶負(fù)電，在電場(chǎng)力作用下，被吸附在板狀收集器上，故B錯(cuò)誤：

C、小鋼球沿水平方向從右向左撞擊靜止的大鋼球，如果不是對(duì)心正碰，碰撞后，小鋼球運(yùn)動(dòng)方向與大鋼

球不在同一直線上，故C正確；

D、當(dāng)通電導(dǎo)線南北放置時(shí)，根據(jù)安培定則，水平方向磁場(chǎng)沿東西方向，磁場(chǎng)與地磁場(chǎng)近似垂直，此時(shí)實(shí)

驗(yàn)現(xiàn)象明顯，即檢驗(yàn)通電導(dǎo)線周圍是否存在磁場(chǎng)時(shí)，要使實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象明顯，導(dǎo)線應(yīng)南北方向放置，故D錯(cuò)

誤。

故答案為：ACo

【分析】根據(jù)愛(ài)因斯坦相對(duì)論原理可知光速不變。塵埃帶負(fù)電，在電場(chǎng)力作用下吸附在板狀收集器上。鋼

球半徑不一致，小球之間發(fā)生的碰撞為非對(duì)心正碰，碰后兩球運(yùn)動(dòng)方向不在一條直線上。當(dāng)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁

場(chǎng)與地磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，實(shí)驗(yàn)效果最明顯，再結(jié)合安培定則及地磁場(chǎng)的特點(diǎn)進(jìn)行分析。

15.【答案】B.D

【解析】【解答】A、泡沫顆粒懸浮時(shí)，受到的聲波的作用力與泡沫顆粒受重力平衡，方向豎直向匕故A

錯(cuò)誤：

B、由FPQ為兩個(gè)波源，可知波源振動(dòng)步調(diào)相反，M點(diǎn)與兩個(gè)波源的波程差為2.5個(gè)波長(zhǎng)，為振動(dòng)加強(qiáng)

點(diǎn)，不是節(jié)點(diǎn)，泡沫顆粒不能懸浮在此處，故B正確：

C、兩個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)之間距離

A17

Ax=2==4.257nm

該超聲波懸浮儀所發(fā)出超聲波的波長(zhǎng)約為

A=8.5mm

故C錯(cuò)誤；

D、超聲波信號(hào)頻率約為

v340

/=亍=-----------^Hz=40000Hz=40kHz

48.5x10-3

故D正確。

故答案為：BDo

【分析】確定泡沫顆粒的受力情況，懸浮時(shí)，泡沫顆粒處于平衡狀態(tài)，根據(jù)圖丙確定兩波的振動(dòng)步調(diào)關(guān)

系，繼而確定兩波在M點(diǎn)疊加后，質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)疊加情況，再結(jié)合題意確定M點(diǎn)疊加后是否為節(jié)點(diǎn)。熟

練掌握波的疊加原理及振動(dòng)加強(qiáng)及減弱點(diǎn)的判斷方法。

16.【答案】(1)A

(2)4

19

(3)1.29

（4）D

【解析】【解答】（1）B中重錘離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)，不能打出足夠多的點(diǎn)：C中重錘沒(méi)有掛在桌子外面且重

錘離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)：D中重錘沒(méi)有掛在桌子外面。

故答案為：A。

（2）相鄰點(diǎn)間距離之差

Ax=gT2x4mm

則在正確操作打出多條點(diǎn)跡清晰的紙帶中，應(yīng)選取相鄰點(diǎn)間距離之差最接近4mm的紙帶進(jìn)行測(cè)量。

（3）白圖2可知3、5間的距離

%35=12.05-6.90/71771=5.15cm

則打下點(diǎn)“4”時(shí)重物的速率

Xoc

=尋=L29m/s

41

（4）把打卜點(diǎn)“7”時(shí)重物所在位置選為參考平面，則根據(jù)機(jī)械能守恒可得

^mv^-mgh=1

mv2

2

則有

11

--

22

可知圖像為下傾的直線。

故答案為：D。

【分析】熟練掌握打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的特點(diǎn)及應(yīng)用。垂錘應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)，為使紙帶能打出足夠多的點(diǎn)，重錘應(yīng)

位于落到桌子外面。根據(jù)中間時(shí)刻的該度等于該段時(shí)間內(nèi)的平均諫度確定重物在各計(jì)數(shù)點(diǎn)的諫度，再根據(jù)

機(jī)械能守恒定律確定圖像的表達(dá)式，繼而確定圖像走勢(shì)。

17.【答案】（1）0.50（）

⑶（2）、a

k

【解析】【解答】（1）由圖中的顯示可知，螺旋測(cè)微器讀數(shù)為

d=0.5mm+0xO.Olrnzn=0.5007717n

（2）旭刀雙擲開(kāi)關(guān)分別打到a處和b處，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，說(shuō)明電流表分壓對(duì)實(shí)驗(yàn)膨響較

大，應(yīng)采用電流表外接法，即開(kāi)關(guān)應(yīng)接a處。

（3）杈據(jù)并聯(lián)電路兩支路電壓相等可得

，g（Rg+R箭）=（—%）&

20

化簡(jiǎn)整理可得

/Rg1

丁+瓦+〃箱

結(jié)合圖像中的斜率可得

1

Rx=k

【分析】讀數(shù)時(shí)注意儀器的分度值及是否需要估讀。熟練掌握通過(guò)試觸法判斷電流表內(nèi)外接法的分析方

法。根據(jù)電路圖結(jié)合歐姆定律結(jié)合串產(chǎn)聯(lián)規(guī)律確定圖像的函數(shù)表達(dá)式，再結(jié)合圖像進(jìn)行數(shù)據(jù)處理

18.【答案】B,D

【解析】【解答】A、在探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)實(shí)驗(yàn)中，只需要保證小球離開(kāi)斜槽時(shí)的速度相等且水平，斜槽

不需要必須光滑，故A錯(cuò)誤；

B、計(jì)算油膜面積時(shí)，只數(shù)完整的方格數(shù)，油膜的面積測(cè)量值偏小，根據(jù)

d]

可知，油酸分子直徑的測(cè)量值會(huì)偏大，故B正確：

C.探究氣體等溫變化的規(guī)律，因?yàn)榉忾]氣體對(duì)各個(gè)面的壓強(qiáng)都相等，注射器無(wú)論水平放置還是豎直放

置，都不會(huì)影響壓強(qiáng)的測(cè)量結(jié)果，也不會(huì)影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果，故c錯(cuò)誤；

D、測(cè)量玻璃的折射率時(shí)，為了準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙

面上，故D正確。

故答案為：BD...

【分析】在探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)實(shí)驗(yàn)中，只需要保證小球離開(kāi)斜槽時(shí)的速度相等且水平。探究氣體等溫變

化的規(guī)律，封閉氣體對(duì)各個(gè)面的壓強(qiáng)都相等，注射糊的放置方式，不會(huì)影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果。測(cè)量玻璃的折射率

時(shí)，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上。

19.【答案】(1)增大；增加

(2)4kg

(3)0.0325m3

【解析】【解答】(I)絕熱條件下，外界對(duì)氣體做功，由

AU=W+Q

可知，氣體的內(nèi)能增加，溫度升高，故氣體分子的平均速率增大

(2)對(duì)活塞有

P]S+mg-p2S=0

解得待測(cè)物的質(zhì)量為

m=4kg

21

（3）在對(duì)氣體緩慢加熱的過(guò)程中，氣體的壓強(qiáng)保持不變，由等壓變化規(guī)律可得

2

設(shè)待測(cè)物的體積為匕可得

V1=hS-V

V2=(h+//i)S-V

代入數(shù)據(jù)解得

V=0.0325m3

【分析】絕熱狀態(tài)，氣體既不吸熱也不放熱。氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，再結(jié)合熱力學(xué)第一定律確

定內(nèi)能變化情況，氣體溫度升高，內(nèi)能變大，分子的平均動(dòng)能增大。穩(wěn)定時(shí)，活塞處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平

衡條件確定待測(cè)物質(zhì)量。根據(jù)題意確定氣體體積與待測(cè)物和手機(jī)及容器體積的關(guān)系，再結(jié)合理想氣體狀態(tài)

方程進(jìn)行解答。

20.【答案】（I）解.：根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，在A點(diǎn)有

^=tan370

%

其中

Vy=2gh

解得

hi=0.45m

（2）解：物塊在A點(diǎn)速度

Sm/s

從A到B過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有

191

77ig/isin370-41mgeos37。'=2mVs~2

解得

vB=6m/s

從B到C過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有

11

“mg%=2mvc7-2mvB?

解得

vc=3m/s

在圓軌道。點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有

N-mg=m6K

根據(jù)牛頓第三定律可知，小物塊滑上M時(shí)對(duì)C點(diǎn)的壓力

F=N

解得

F=19N

方向豎直向下。設(shè)小物塊滑上M的最大高度時(shí)，小物塊與M共速也，由動(dòng)量守恒守律有

mvc=（m+%）％

由機(jī)械能守恒得

5ml哈=（m+g）訪+mgh

?乙2

解得

h2=0.225m

（3）解:物塊從B到C過(guò)程，克服摩擦力做功

%+〃4

=一〃3旬21-~~^22=6.5/

若到C點(diǎn)共速，則有

mvB=（in十力"十?n2）v；y

解得

u共=Im/s

則有

11

AE根=5