2025年安徽省高考物理真題(解析版)

2025年安徽卷物理真題一、單選題1.2025年4月，位于我國(guó)甘肅省武威市的釷基熔鹽實(shí)驗(yàn)堆實(shí)現(xiàn)連續(xù)穩(wěn)定運(yùn)行，標(biāo)志著人類(lèi)在第四代核電技術(shù)上邁出關(guān)鍵一步。該技術(shù)利用釷核(?90232Th)俘獲x個(gè)中子(?01nA.x=1,y=1 B.x=1,y=22.如圖，某同學(xué)演示波動(dòng)實(shí)驗(yàn)，將一根長(zhǎng)而軟的彈簧靜置在光滑水平面上，彈簧上系有一個(gè)標(biāo)記物，在左端沿彈簧軸線(xiàn)方向周期性地推、拉彈簧，形成疏密相間的機(jī)械波。下列表述正確的是(

)

A.彈簧上形成的波是橫波

B.推、拉彈簧的周期越小，波長(zhǎng)越長(zhǎng)

C.標(biāo)記物振動(dòng)的速度就是機(jī)械波傳播的速度

D.標(biāo)記物由靜止開(kāi)始振動(dòng)的現(xiàn)象表明機(jī)械波能傳遞能量3.在恒溫容器內(nèi)的水中，讓一個(gè)導(dǎo)熱良好的氣球緩慢上升。若氣球無(wú)漏氣，球內(nèi)氣體(可視為理想氣體)溫度不變，則氣球上升過(guò)程中，球內(nèi)氣體(

)A.對(duì)外做功，內(nèi)能不變 B.向外放熱，內(nèi)能減少

C.分子的平均動(dòng)能變小 D.吸收的熱量等于內(nèi)能的增加量4.汽車(chē)由靜止開(kāi)始沿直線(xiàn)從甲站開(kāi)往乙站，先做加速度大小為a的勻加速運(yùn)動(dòng)，位移大小為x；接著在t時(shí)間內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)；最后做加速度大小也為a的勻減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)乙站時(shí)速度恰好為0。已知甲、乙兩站之間的距離為8x，則(

)A.x=118at2 B.x5.如圖，裝有輕質(zhì)光滑定滑輪的長(zhǎng)方體木箱靜置在水平地面上，木箱上的物塊甲通過(guò)不可伸長(zhǎng)的水平輕繩繞過(guò)定滑輪與物塊乙相連。乙拉著甲從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，木箱始終保持靜止。已知甲、乙質(zhì)量均為1.0kg，甲與木箱之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，則在乙下落的過(guò)程中A.甲對(duì)木箱的摩擦力方向向左 B.地面對(duì)木箱的支持力逐漸增大

C.甲運(yùn)動(dòng)的加速度大小為2.5m/s26.在豎直平面內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M繞定點(diǎn)O沿逆時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)N沿豎直方向做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，M、N在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終處于同一高度。t=0時(shí)，M、N與O點(diǎn)位于同一直線(xiàn)上，如圖所示。此后在M運(yùn)動(dòng)一周的過(guò)程中，N運(yùn)動(dòng)的速度v隨時(shí)間t變化的圖像可能是(

)

A. B.

C. D.7.如圖，在豎直平面內(nèi)的Oxy直角坐標(biāo)系中，x軸上方存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。在第二象限內(nèi)，垂直紙面且平行于x軸放置足夠長(zhǎng)的探測(cè)薄板MN，MN到x軸的距離為d，上、下表面均能接收粒子。位于原點(diǎn)O的粒子源，沿Oxy平面向x軸上方各個(gè)方向均勻發(fā)射相同的帶正電粒子。已知粒子所帶電荷量為q、質(zhì)量為m、速度大小均為qBdm。不計(jì)粒子的重力、空氣阻力及粒子間的相互作用，則(

)

A.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為2d

B.薄板的上表面接收到粒子的區(qū)域長(zhǎng)度為3d

C.薄板的下表面接收到粒子的區(qū)域長(zhǎng)度為d

D.8.某理想變壓器的實(shí)驗(yàn)電路如圖所示，原、副線(xiàn)圈總匝數(shù)之比n1:n2=1:3，A為理想交流電流表。初始時(shí)，輸入端a、b間接入電壓u=122sin(100πt)V的正弦式交流電，變壓器的滑動(dòng)觸頭A.電阻箱R的阻值調(diào)為18Ω B.副線(xiàn)圈接入電路的匝數(shù)調(diào)為其總匝數(shù)的13

C.輸入端電壓調(diào)為u=12二、多選題9.2025年4月，我國(guó)已成功構(gòu)建國(guó)際首個(gè)基于DRO(遠(yuǎn)距離逆行軌道)的地月空間三星星座，DRO具有“低能進(jìn)入、穩(wěn)定停泊、機(jī)動(dòng)轉(zhuǎn)移”的特點(diǎn)。若衛(wèi)星甲從DRO變軌進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道，該軌道的近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn)距月球表面的高度分別為a和b，衛(wèi)星的運(yùn)行周期為T(mén)；衛(wèi)星乙從DRO變軌進(jìn)入半徑為r的環(huán)月圓形軌道，周期也為T(mén)。月球的質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G。假設(shè)只考慮月球?qū)?、乙的引力，則(

)A.r=a+b+R2 B.10.如圖，兩個(gè)傾角相等、底端相連的光滑絕緣軌道被固定在豎直平面內(nèi)，空間存在平行于該豎直平面水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。帶正電的甲、乙小球(均可視為質(zhì)點(diǎn))在軌道上同一高度保持靜止，間距為L(zhǎng)，甲、乙所帶電荷量分別為q、2q，質(zhì)量分別為m、2m，靜電力常量為k，重力加速度大小為g。甲、乙所受靜電力的合力大小分別為F1、F2，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，不計(jì)空氣阻力，則(

)

A.F1=12F2

B.E=三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。11.某實(shí)驗(yàn)小組通過(guò)實(shí)驗(yàn)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。(1)利用圖甲裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，要平衡小車(chē)受到的阻力。平衡阻力的方法是：調(diào)整軌道的傾斜度，使小車(chē)__________。(選填正確答案標(biāo)號(hào))a.b.c.(2)利用圖乙裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，箱體的水平底板上安裝有力傳感器和加速度傳感器，將物體置于力傳感器上，箱體沿豎直方向運(yùn)動(dòng)。利用傳感器測(cè)得物體受到的支持力FN和物體的加速度a，并將數(shù)據(jù)實(shí)時(shí)傳送到計(jì)算機(jī)。

①圖丙是根據(jù)某次實(shí)驗(yàn)采集的數(shù)據(jù)生成的FN和a隨時(shí)間t變化的散點(diǎn)圖，以豎直向上為正方向。t=4s時(shí)，物體處于__________(選填“超重”或“失重”)狀態(tài)；以FN為橫軸、a為縱軸，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)擬合得到的a-②若將物體質(zhì)量增大一倍，重新進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，其a-FN圖像為圖丁中的圖線(xiàn)__________。(選填“b”“c”或“d12.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)具有兩種擋位(“×1”擋和“×10”擋)的歐姆表，其內(nèi)部電路如圖甲所示。電源為電池組(電動(dòng)勢(shì)E的標(biāo)稱(chēng)值為3.0V，內(nèi)阻r未知)，電流表G(表頭)的滿(mǎn)偏電流Ig=20mA，內(nèi)阻Rg=45Ω，定值電阻R0=5Ω，滑動(dòng)變阻器(1)測(cè)量前，要進(jìn)行歐姆調(diào)零：將滑動(dòng)變阻器的阻值調(diào)至最大，閉合開(kāi)關(guān)S1、S2，此時(shí)歐姆表處于“×1”擋，將紅表筆與黑表筆__________，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值，使指針指向__________(選填“0”或“∞”(2)用該歐姆表對(duì)阻值為150Ω的標(biāo)準(zhǔn)電阻進(jìn)行試測(cè)，為減小測(cè)量誤差，應(yīng)選用歐姆表的__________(選填“×1”或“×10”)擋。進(jìn)行歐姆調(diào)零后，將電阻接在兩表筆間，指針指向圖乙中的虛線(xiàn)位置，則該電阻的測(cè)量值為_(kāi)_________Ω(3)該同學(xué)猜想造成上述誤差的原因是電源電動(dòng)勢(shì)的實(shí)際值與標(biāo)稱(chēng)值不一致。為了測(cè)出電源電動(dòng)勢(shì)，該同學(xué)先將電阻箱以最大阻值(9999Ω)接在兩表筆間，接著閉合S1、斷開(kāi)S2，將滑動(dòng)變阻器的阻值調(diào)到零，再調(diào)節(jié)電阻箱的阻值。當(dāng)電阻箱的阻值調(diào)為228Ω時(shí)，指針指向“15”刻度位置(即電路中的電流為10mA)；當(dāng)電阻箱的阻值調(diào)為88Ω時(shí)，指針指向“0”刻度位置(即電路中的電流為20mA)四、計(jì)算題13.如圖，玻璃磚的橫截面是半徑為R的半圓，圓心為O點(diǎn)，直徑與x軸重合。一束平行于x軸的激光，從橫截面上的P點(diǎn)由空氣射入玻璃磚，從Q點(diǎn)射出。已知P點(diǎn)到x軸的距離為22R，P、Q間的距離為(1)求玻璃磚的折射率；(2)在該橫截面沿圓弧任意改變?nèi)肷潼c(diǎn)的位置和入射方向，使激光能在圓心O點(diǎn)發(fā)生全反射，求入射光線(xiàn)與x軸之間夾角的范圍。14.如圖，M、N為固定在豎直平面內(nèi)同一高度的兩根細(xì)釘，間距L=0.5m。一根長(zhǎng)為3L的輕繩一端系在M上，另一端豎直懸掛質(zhì)量m=0.1kg的小球，小球與水平地面接觸但無(wú)壓力。t=0時(shí)，小球以水平向右的初速度v0=10m/s開(kāi)始在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。小球牽引著繩子繞過(guò)N、M，運(yùn)動(dòng)到M(1)求繩子被拉斷時(shí)小球的速度大小，及繩子所受的最大拉力大小；(2)求小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拋出點(diǎn)到落地點(diǎn)的水平距離；(3)若在t=0時(shí)，只改變小球的初速度大小，使小球能通過(guò)N的正上方且繩子不松弛，求初速度的最小值。15.如圖，平行光滑金屬導(dǎo)軌被固定在水平絕緣桌面上，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，右端連接阻值為R的定值電阻。水平導(dǎo)軌上足夠長(zhǎng)的矩形區(qū)域MNPQ存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。某裝置從MQ左側(cè)沿導(dǎo)軌水平向右發(fā)射第1根導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒以初速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)，速度減為0時(shí)被鎖定；從原位置再發(fā)射第2根相同的導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒仍以初速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)，速度減為0時(shí)被鎖定，以此類(lèi)推，直到發(fā)射第n根相同的導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)。已知導(dǎo)體棒的質(zhì)量為m，電阻為R，長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接觸良好(發(fā)射前導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌不接觸)，不計(jì)空氣阻力、導(dǎo)軌的電阻，忽略回路中的電流對(duì)原磁場(chǎng)的影響。

求：(1)第1根導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，所受安培力的功率；(2)第2根導(dǎo)體棒從進(jìn)入磁場(chǎng)到速度減為0的過(guò)程中，其橫截面上通過(guò)的電荷量；(3)從第1根導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)到第n根導(dǎo)體棒速度減為0的過(guò)程中，導(dǎo)軌右端定值電阻R上產(chǎn)生的總熱量。

答案和解析1.【答案】B

【解析】根據(jù)題意可知，釷核每俘獲1個(gè)中子質(zhì)量數(shù)加1，電荷數(shù)不變，每發(fā)生一次

β

衰敗，質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)加1，釷核變成鈾核，質(zhì)量數(shù)加1，電荷數(shù)加2，則俘獲1個(gè)中子，發(fā)生

2

次

β

衰敗，即

x=1

，

故選B。2.【答案】D

【解析】A.彈簧上形成的波的振動(dòng)方向與傳播方向平行是縱波，故A錯(cuò)誤；B.同一介質(zhì)中，波的傳播速度相同，則波的傳播速度不變，推、拉彈簧的周期越小，波的周期越小，由公式

λ=vT

可知，波長(zhǎng)越短，故C.標(biāo)記物振動(dòng)的速度反應(yīng)的是標(biāo)志物在平衡位置附近往復(fù)運(yùn)動(dòng)的快慢，機(jī)械波的傳播速度是波在介質(zhì)中的傳播速度，二者不是同一個(gè)速度，故C錯(cuò)誤；D.標(biāo)記物由靜止開(kāi)始振動(dòng)，說(shuō)明它獲得了能量，這是因?yàn)闄C(jī)械波使得能量傳遞給標(biāo)記物，則標(biāo)記物由靜止開(kāi)始振動(dòng)的現(xiàn)象表明機(jī)械波能傳遞能量，故D正確。故選D。3.【答案】A

【解析】根據(jù)題意可知，氣球緩慢上升的過(guò)程中，氣體溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變，分子的平均動(dòng)能不變，氣體壓強(qiáng)減小，根據(jù)理想氣體方程可知?dú)怏w的體積變大，氣體對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律可知，由于氣體的內(nèi)能不變，則吸收的熱量與氣體對(duì)外做的功相等。故選A。4.【答案】A

【解析】設(shè)勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

t'

，勻速運(yùn)動(dòng)的速度為

v

勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)階段，由位移公式

x加速階段和減速階段加速度大小相等，由逆向思維可知，勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)階段的位移等于勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)階段的位移，則勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)階段有

8x-x根據(jù)

x=12at'2，解得

故選A。5.【答案】C

【解析】A.因?yàn)槲飰K甲向右運(yùn)動(dòng)，木箱靜止，根據(jù)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，甲對(duì)木箱的摩擦力方向向右，A錯(cuò)誤；B.設(shè)乙運(yùn)動(dòng)的加速度為

a

，乙有豎直向下的恒定加速度，對(duì)甲、乙和木箱，由整體法，豎直方向受力分析有

F則地面對(duì)木箱的支持力大小不變，B錯(cuò)誤；CD.設(shè)繩子的彈力大小為

T

，對(duì)甲受力分析有

對(duì)乙受力分析有

mg聯(lián)立解得

a=2.5m/s2

，

T故選C。6.【答案】D

【解析】因?yàn)镸、N在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終處于同一高度，所以N的速度

vN

與M在豎直方向的分速度

v設(shè)M做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為

ω

，半徑為r，其豎直方向分速度

v即

v則D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。7.【答案】C

【解析】A.根據(jù)洛倫茲力提供向心力有

qvB=mv2R

，可得

B.當(dāng)粒子沿x軸正方向射出時(shí)，上表面接收到的粒子離y軸最近，如圖軌跡1，根據(jù)幾何關(guān)系可知

s上min=d

；當(dāng)粒子恰能通過(guò)N點(diǎn)到達(dá)薄板上方時(shí)，薄板上表面接收點(diǎn)距離y軸最遠(yuǎn)，如圖軌跡2，根據(jù)幾何關(guān)系可知，

s上max=C.根據(jù)圖像可知，粒子可以恰好打到下表面N點(diǎn)；當(dāng)粒子沿y軸正方向射出時(shí)，粒子下表面接收到的粒子離y軸最遠(yuǎn)，如圖軌跡3，根據(jù)幾何關(guān)系此時(shí)離y軸距離為d，故下表面接收到粒子的區(qū)域長(zhǎng)度為d，故C正確；D.根據(jù)圖像可知，粒子恰好打到下表面N點(diǎn)時(shí)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角最小，用時(shí)最短，有

tmin=60°故選C。8.【答案】B

【解析】A.由題意可知，輸入電壓峰值Um=122V

，則輸入電壓有效值U1=UmB.若將副線(xiàn)圈匝數(shù)調(diào)為總匝數(shù)的

13

，根據(jù)變壓比可知，輸出電壓

U2'=13n2nC.輸入端電壓調(diào)為

u=122sin50πtV

D.將輸入電壓峰值減小一半，則輸入電壓有效值變?yōu)?/p>

U1''=12Um2=6V

，輸出電壓故選B。9.【答案】BC

【解析】AB.對(duì)于衛(wèi)星甲和乙，由開(kāi)普勒第三定律有

(a+b+2R2CD.對(duì)于衛(wèi)星乙在環(huán)月圓軌道，萬(wàn)有引力提供向心力，即

GMmr2=m(2故選BC。10.【答案】ABD

【解析】AB.如圖，

對(duì)兩球進(jìn)行受力分析，設(shè)兩球間的庫(kù)侖力大小為F，傾角為

θ

，對(duì)甲球根據(jù)平衡條件有

FN1cosθ=mg

，

對(duì)乙球有

FN2cosθ=2mg

聯(lián)立解得

F=4Eq故

F同時(shí)有

F=kq?2qLC.若將甲、乙互換位置，若二者仍能保持靜止，同理可得對(duì)甲有

FN1'cos對(duì)乙有

FN2'cos聯(lián)立可得

F+4Eq假設(shè)不成立，故C錯(cuò)誤；D.若撤去甲，對(duì)乙球根據(jù)動(dòng)能定理

2根據(jù)前面分析由①②可知

tanθ=3Eqmg，聯(lián)立解得故選ABD。11.【答案】(1)(2)失重

d

【解析】(1)平衡阻力的方法是：調(diào)整軌道的傾斜度，使小車(chē)不受牽引時(shí)，能拖動(dòng)紙帶沿軌道做勻速運(yùn)動(dòng)。故選c。(2)根據(jù)圖像可知

t=4s對(duì)物體根據(jù)牛頓第二定律

F整理得

a可知圖像的斜率為

1m

，故將物體質(zhì)量增大一倍，圖像斜率變小，縱軸截距不變，其

a-FN

圖像為12.【答案】(1)短接

0(2)×10

160或160.0(3)2.8

【解析】(1)測(cè)量前，要進(jìn)行歐姆調(diào)零，操作是將紅表筆與黑表筆短接，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值，使指針指向0刻度位置。(2)已知表盤(pán)中間刻度值為“15”，若用“×10”擋，測(cè)量時(shí)指針指在150÷10=15刻度，在中間，應(yīng)選用歐姆表的

×10

擋；根據(jù)圖乙可知，則該電阻的測(cè)量值為

16×10(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律

E=I1(代入數(shù)據(jù)

I1=10mA

聯(lián)立可得

r=7Ω

，13.【答案】(1)根據(jù)題意得出光路圖如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得

sinα=22RR

可得

β=45°

根據(jù)折射定律

n(2)發(fā)生全反射的臨界角滿(mǎn)足

sin可得

C要使激光能在圓心O點(diǎn)發(fā)生全反射，激光必須指向

O

點(diǎn)射入，如圖所示只要入射角大于

45°

，即可發(fā)生全反射，則使激光能在