2011年高考物理試題分類(lèi)匯編(全一本)可以直接打印-答案

目錄TOC\o"13"\h\z\u2011普通高校招生考試試題匯編直線運(yùn)動(dòng)參考答案 22011普通高校招生考試試題匯編相互作用參考答案 62011普通高校招生考試試題匯編牛頓運(yùn)動(dòng)定律參考答案 72011普通高校招生考試試題匯編曲線運(yùn)動(dòng)參考答案 82011普通高校招生考試試題匯編萬(wàn)有引力參考答案 112011普通高校招生考試試題匯編功和能的關(guān)系參考答案 122011普通高校招生考試試題匯編?kù)o電場(chǎng) 202011普通高校招生考試試題匯編恒定電流 242011普通高校招生考試試題匯編磁場(chǎng)參考答案 272011普通高校招生考試試題匯編電磁感應(yīng)參考答案 362011普通高校招生考試試題匯編交變電流參考答案 392011普通高校招生考試試題匯編選修34參考答案 412011普通高校招生考試試題匯編選修35參考答案 432011普通高校招生考試試題匯編力學(xué)實(shí)驗(yàn)參考答案 462011普通高校招生考試試題匯編電學(xué)實(shí)驗(yàn)參考答案 48

2011普通高校招生考試試題匯編直線運(yùn)動(dòng)參考答案1（2011安徽第16題）．答案：A2(2011海南第8題）.BC解析：A，0—5s,物體向正向運(yùn)動(dòng)，5—6s向負(fù)向運(yùn)動(dòng)，故5s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，A錯(cuò)B由面積法求出0—5s的位移s1=35m,5—6s的位移s2=-5m,總路程為：40m,B對(duì)C由面積法求出0—4s的位移s=30m，平度速度為：v=s/t=7.5m/sC對(duì)D由圖像知5～6s過(guò)程物體加速，合力和位移同向，合力做正功，D錯(cuò)3（2011新課標(biāo)理綜第15題）.解析：主要考查力和運(yùn)動(dòng)關(guān)系。當(dāng)恒力方向與速度在一條直線上，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能可能一直增大，也可能先逐漸減小至零，再逐漸增大。當(dāng)恒力方向與速度不在一條直線上，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能可能一直增大，也可能先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大。所以正確答案是ABD。【答案】：D5（2011廣東第34題）、（18分）解析：（1）答案：1.20a/20.933要估讀一位，②s=v0t+at2，斜率為a/26（2011山東第23題）.（12分）8(上海第19題)．CD(2)B，C10(新課標(biāo)理綜第21題).答案：A。

解析：本題考查受力分析與運(yùn)動(dòng)分析，涉及牛頓第二定律、靜摩擦力、非勻加速直線運(yùn)動(dòng)、at圖象等。由于F由零開(kāi)始隨時(shí)間正比增大，當(dāng)還未達(dá)到最大靜摩擦力之前，兩者一起運(yùn)動(dòng)，加速度相同，為：，兩物體的at圖象重合，為過(guò)原點(diǎn)的直線。當(dāng)F超過(guò)最大靜摩擦力之后，兩物體有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，加速度不等，設(shè)滑動(dòng)摩擦力為f，則m2的加速度為：。其at圖象與a軸的副半軸有交點(diǎn)；m1的加速度為：。其at圖象是與t軸平行的直線。選項(xiàng)A對(duì)。答案：B。滿足：a2>a1合題意11(新課標(biāo)理綜第23).解析：（1）滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，利用 12(新課標(biāo)理綜第24題).（13分）解析：設(shè)汽車(chē)甲在第一段時(shí)間間隔末（時(shí)間t0）的速度為,第一段時(shí)間間隔內(nèi)行駛的路程為s1,加速度為,在第二段時(shí)間間隔內(nèi)行駛的路程為s2。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得13（2011四川第23題）．（16分）（2）貨車(chē)與轎車(chē)相撞時(shí)的速度為14(上海第31題)．解析：答案．(12分)(1)物體做勻加速運(yùn)動(dòng)由牛頓第二定律(2)設(shè)作用的最短時(shí)間為，小車(chē)先以大小為的加速度勻加速秒，撤去外力后，以大小為，的加速度勻減速秒到達(dá)B處，速度恰為0，由牛頓定律由于勻加速階段的末速度即為勻減速階段的初速度，因此有（2）另解：設(shè)力作用的最短時(shí)間為t，相應(yīng)的位移為s，物體到達(dá)B處速度恰為0，由動(dòng)能定理由牛頓定律2011普通高校招生考試試題匯編相互作用參考答案1（2011安徽第1題）．答案：A解析：由于質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上，說(shuō)明斜面對(duì)物塊的作用力與物塊的重力平衡，斜面與物塊的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=tan。對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F，使得合力仍然為零，故物塊仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，A正確，B、D錯(cuò)誤。摩擦力由mgsin增大到(F+mg)sin，C錯(cuò)誤。3(廣東第16題).B4(北京理綜第18題)．B5（2011海南第5題）.解析：斜劈和物塊都平衡對(duì)斜劈和物塊整體受力分析知地面對(duì)斜劈的摩擦力為零，選A6（2011山東第19題）．答案：AD7（2011江蘇第1題）答案：A8(2011江蘇第9題)．答案：AC9(安徽第21題Ⅰ)．解析：Ⅰ．（1）如圖所示（2）0.248~0.26210(江蘇第10題)．【答案】(1)3.6

(2)D

(3)①改變彈簧測(cè)力計(jì)B拉力的大??；

②減小做完M的質(zhì)量

（或?qū)更換成量程較大的彈簧測(cè)力計(jì)，改變彈簧測(cè)力計(jì)B拉力飛方向等）【解析】只要驗(yàn)證，即只要求OB與OM垂直，變壓器每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置。2011普通高校招生考試試題匯編牛頓運(yùn)動(dòng)定律參考答案1(安徽第17題)．答案：C3（2011天津第2題）．【解析】：考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律處理連接體問(wèn)題的基本方法，簡(jiǎn)單題。對(duì)于多個(gè)物體組成的物體系統(tǒng)，若系統(tǒng)內(nèi)各個(gè)物體具有相同的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，應(yīng)優(yōu)先選取整體法分析，再采用隔離法求解。取A、B系統(tǒng)整體分析有【答案】：A4（2011四川第19題）．【答案】A【解析】在火箭噴氣過(guò)程中返回艙做減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向向上，返回艙處于超重狀態(tài)，動(dòng)能減小，返回艙所受合外力做負(fù)功，返回艙在噴氣過(guò)程中減速的主要原因是緩沖火箭向下噴氣而獲得向上的反沖力。火箭開(kāi)始噴氣前勻速下降拉力等于重力減去返回艙受到的空氣阻力，火箭開(kāi)始噴氣瞬間反沖力直接對(duì)返回艙作用因而傘繩對(duì)返回艙的拉力變小。5（2011江蘇第9題）．AC6（2011北京第18題）B7（2011上海第19題）．答案：CD8（2011上海第26題）.答案．(2)B，C9（2011天津第19題）【解析】：物體處于失重狀態(tài)，加速度方向向下，故而可能是減速上升或加速下降?！窘馕觥浚鹤⒁飧背咭欢ㄒ泄雷x。讀數(shù)為1.5+20.6×0.01mm=1.706mm。因?yàn)閭€(gè)人情況不同，估讀不一定一致，本題讀數(shù)1.7041.708都算正確。10.(浙江第21題)答案：①學(xué)生電源、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、鉤碼、砝碼或電火花計(jì)時(shí)器、鉤碼、砝碼②學(xué)生電源為電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器提供交流電源；電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（電火花計(jì)時(shí)器）記錄小車(chē)運(yùn)動(dòng)的位置和時(shí)間；鉤碼用以改變小車(chē)的質(zhì)量；砝碼用以改變小車(chē)受到的拉力的大小，還可以用于測(cè)量小車(chē)的質(zhì)量。解析：電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（電火花計(jì)時(shí)器）記錄小車(chē)運(yùn)動(dòng)的位置和時(shí)間；鉤碼用以改變小車(chē)的質(zhì)量；砝碼用以改變小車(chē)受到的拉力的大小，還可以用于測(cè)量小車(chē)的質(zhì)量。如果選電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，則需要學(xué)生電源，如果選電火花計(jì)時(shí)器，則不需要學(xué)生電源。12(重慶第22（2）題)答案：①位移

時(shí)間

②m′+m

滑塊上=0.23(0.21—025)2011普通高校招生考試試題匯編曲線運(yùn)動(dòng)參考答案1(2011江蘇卷第3題)．c2（2011廣東第17題）.解析：由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律：L=vt，H=gt2求出AB正確。選AB4（2011全國(guó)理綜第20題）.解析：主要考查電場(chǎng)力方向和曲線運(yùn)動(dòng)所受合外力與軌跡的關(guān)系。正確答案是D。5（2011上海第11題）．答案：C7（2011海南第15題）。解析：設(shè)圓半徑為r，質(zhì)點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，則：8（2011天津第10題）．解析：（1）粘合后的兩球飛出軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，有9（2011山東第24題）.解析：10（2011廣東第36題）、解析：（1）μmgs+mg·2R=mvB2①（2）設(shè)M滑動(dòng)x1,m滑動(dòng)x2二者達(dá)到共同速度v,則mvB=(M+m)v②μmgx1=mv2③—μmgx2=mv2—mvB2④二者位移之差△x=x2—x1=6R＜6.5R，即滑塊未掉下滑板討論：R＜L＜2R時(shí)，Wf=μmg(l+L)=mg（6.5R+L）2R≤L＜5R時(shí)，Wf=μmgx2+μmg(l—△x)=4.25mgR＜4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道。要使滑塊滑到CD軌道中點(diǎn)，vc必須滿足：mvc2≥mgR⑤此時(shí)L應(yīng)滿足：μmg(l+L)≤mvB2—mvc2⑥則L≤R，不符合題意，滑塊不能滑到CD軌道中點(diǎn)。（2）①R＜L＜2R時(shí)，Wf=μmg(l+L)=mg（6.5R+L）②2R≤L＜5R時(shí)，Wf=μmgx2+μmg(l—△x)=4.25mgR＜4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道?；瑝K不能滑到CD軌道中點(diǎn)2011普通高校招生考試試題匯編萬(wàn)有引力參考答案1(2011江蘇第7題)．ACD2（2011山東第17題）.答案：AC3(廣東第20題).BD4（2011全國(guó)卷1第19題）．解析：周期變長(zhǎng)，表明軌道半徑變大，速度減小，動(dòng)能減小,引力做負(fù)功故引力勢(shì)能增大選D6（2011天津第8題）．【解析】：萬(wàn)有引力提供衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，代入相關(guān)公式即可【答案】：AC7（2011浙江第19題）.答案：AD9(2011北京第15題)．A10(重慶第21題).B11（2011海南第12題）.答案：、12（2011上海22B）．答案：增大，增大13（2011安徽第22題）．解析：（1）因行星繞太陽(yáng)作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，于是軌道的半長(zhǎng)軸a即為軌道半徑r。根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律有（2）在月地系統(tǒng)中，設(shè)月球繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R，周期為T(mén)，由=2\*GB3②式可得解得M地=6×1024kg=5\*GB3⑤（M地=5×1024kg也算對(duì)）2011普通高校招生考試試題匯編功和能的關(guān)系參考答案1(2011江蘇第4題)．A2（2011全國(guó)卷1第20題）．BD解析：兩物體最終速度相等設(shè)為u由動(dòng)量守恒得：mv=(m+M)u,系統(tǒng)損失的動(dòng)能為：3．(四川第19題).解析：先從力學(xué)角度討論A．B兩項(xiàng)；而C項(xiàng)宜用動(dòng)能定理；D項(xiàng)則考查超重、失重概念。答案選A。由整體法、隔離法結(jié)合牛頓第二定律，可知A正確B錯(cuò)；由動(dòng)能定理可知C錯(cuò)；因?yàn)槲矬w具有豎直向上的加速度，因此處于超重狀態(tài)，D錯(cuò)。4(四川第21題)．解析：選BD。從運(yùn)動(dòng)學(xué)公式（平均速度等）入手，可求出兩次過(guò)程的末速度比例、加速度比例，做好準(zhǔn)備工作。通過(guò)動(dòng)能定律、機(jī)械能守恒定律等得出電場(chǎng)力做功，再由功能關(guān)系可知電勢(shì)能增減以及動(dòng)能變化等，從而排除A．C兩項(xiàng)；借助運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，選項(xiàng)B中的動(dòng)量變化可直接計(jì)算；對(duì)于選項(xiàng)D，要先由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式確定，再結(jié)合此前的機(jī)械能守恒定律來(lái)計(jì)算重力勢(shì)能變化量。

運(yùn)動(dòng)過(guò)程如上圖所示，分析可知，加電場(chǎng)之前與加電場(chǎng)之后，小球的位移大小是相等的。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得。對(duì)加電場(chǎng)之后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理得，對(duì)此前的過(guò)程有機(jī)械能守恒，以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式。由以上各式聯(lián)立可得，即整個(gè)過(guò)程中小球電勢(shì)能減少了，A錯(cuò)；動(dòng)量增量為，可知B正確；從加電場(chǎng)開(kāi)始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，，C錯(cuò)；由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知，以及，則從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢(shì)能變化量為，D正確。6（2011新課標(biāo)理綜第16題）.解析：主要考查功和能的關(guān)系。運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最低點(diǎn)過(guò)程中，重力做正功，所以重力勢(shì)能始終減少，A項(xiàng)正確。蹦極繩張緊后的下落過(guò)程中，彈性力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加，B項(xiàng)正確。蹦極過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈性力做功，所以機(jī)械能守恒，C項(xiàng)正確。重力勢(shì)能的改變與重力勢(shì)能零點(diǎn)選取無(wú)關(guān)，D項(xiàng)錯(cuò)誤。8(2011上海15)．答案：C9（2011山東第18題）.答案：C11(上海第33題)．答案．(14分)(1)勢(shì)能最小處動(dòng)能最大(1分)由圖線II得(在5.9~6.3cm間均視為正確)(在0.42~0.44J間均視為正確)最大速度為(在1.29～1.33m／s間均視為正確)x=20.0cm處的總能量為0.90J，最大位移由E=0.90J的水平直線與曲線II的左側(cè)交點(diǎn)確定,由圖中讀出交點(diǎn)位置為x=2.0cm，因此，最大位移(在17.9~18.1cm間均視為正確)(3)漸近線III表示B的重力勢(shì)能隨位置變化關(guān)系，即（4）若異名磁極相對(duì)放置，A，B間相互作用勢(shì)能為負(fù)值，總勢(shì)能如圖。（2分）12(江蘇第14題)．解析：13(福建第21題).解析：此題考查平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)、機(jī)械能守恒定律等知識(shí)點(diǎn)（1）質(zhì)量為m的魚(yú)餌到達(dá)管口C時(shí)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力完全由重力提供，則(1)解得

(2)(2)彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為魚(yú)餌的機(jī)械能，由機(jī)械能守恒定律有

…..(3)由（2）（3）得….(4)(3)不考慮因緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)裝置對(duì)魚(yú)餌速度大小的影響，質(zhì)量為m的魚(yú)餌離開(kāi)管口C后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)過(guò)t時(shí)間落到水面上，離OO’的水平距離為x1，由平拋規(guī)律有………..(5)………(6)由（5）（6）兩式得………………..(7)當(dāng)魚(yú)餌的質(zhì)量為時(shí)，設(shè)其到達(dá)管口C時(shí)速度大小為V2，由機(jī)械能守恒定律有…..(8)由（4）（8）兩式解得……..(9)質(zhì)量為的魚(yú)餌落到水面時(shí)上時(shí)，設(shè)離OO’的水平距離為x2則……………..(10)由（5）（9）（10）解得：魚(yú)餌能夠落到水面的最大面積S，S=(πx22πx12)=πR2（或8.25πR2）。14（2011安徽24）．（20分）解析：（1）設(shè)小球能通過(guò)最高點(diǎn)，且此時(shí)的速度為v1。在上升過(guò)程中，因只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒。則設(shè)小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，輕桿對(duì)小球的作用力為F，方向向下，則由②③式，得F=2N④由牛頓第三定律可知，小球?qū)p桿的作用力大小為2N，方向豎直向上。（2）解除鎖定后，設(shè)小球通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的速度為v2，此時(shí)滑塊的速度為V。在上升過(guò)程中，因系統(tǒng)在水平方向上不受外力作用，水平方向的動(dòng)量守恒。以水平向右的方向?yàn)檎较?，有在上升過(guò)程中，因只有重力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則由⑤⑥式，得v2=2m/s⑦（3）設(shè)小球擊中滑塊右側(cè)軌道的位置點(diǎn)與小球起始點(diǎn)的距離為s1，滑塊向左移動(dòng)的距離為s2，任意時(shí)刻小球的水平速度大小為v3，滑塊的速度大小為V/。由系統(tǒng)水平方向的動(dòng)量守恒，得將⑧式兩邊同乘以，得因⑨式對(duì)任意時(shí)刻附近的微小間隔都成立，累積相加后，有15（2011全國(guó)卷1第26題）.解析：設(shè)子彈的初速為v0,穿過(guò)2d厚度的鋼板時(shí)共同速度為：v受到阻力為f.對(duì)系統(tǒng)由動(dòng)量和能量守恒得：子彈穿過(guò)第一塊厚度為d的鋼板時(shí)，設(shè)其速度為v1，此時(shí)鋼板的速度為u，穿第二塊厚度為d的鋼板時(shí)共用速度為v2，穿過(guò)深度為，對(duì)子彈和第一塊鋼板系統(tǒng)由動(dòng)量和能量守恒得：對(duì)子彈和第二塊鋼板系統(tǒng)由動(dòng)量和能量守恒得：（2）在減速過(guò)程中，注意到發(fā)動(dòng)機(jī)只有用于汽車(chē)的牽引，根據(jù)動(dòng)能定理有18（2011廣東第36題）、解析：（1）μmgs+mg·2R=mvB2①（2）設(shè)M滑動(dòng)x1,m滑動(dòng)x2二者達(dá)到共同速度v,則mvB=(M+m)v②μmgx1=mv2③—μmgx2=mv2—mvB2④二者位移之差△x=x2—x1=6R＜6.5R，即滑塊未掉下滑板討論：R＜L＜2R時(shí)，Wf=μmg(l+L)=mg（6.5R+L）2R≤L＜5R時(shí)，Wf=μmgx2+μmg(l—△x)=4.25mgR＜4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道。要使滑塊滑到CD軌道中點(diǎn)，vc必須滿足：mvc2≥mgR⑤此時(shí)L應(yīng)滿足：μmg(l+L)≤mvB2—mvc2⑥則L≤R，不符合題意，滑塊不能滑到CD軌道中點(diǎn)。（2）①R＜L＜2R時(shí)，Wf=μmg(l+L)=mg（6.5R+L）②2R≤L＜5R時(shí)，Wf=μmgx2+μmg(l—△x)=4.25mgR＜4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道?；瑝K不能滑到CD軌道中點(diǎn)19（2011北京第22題）．（16分）答案：（1）受力圖見(jiàn)右根據(jù)平衡條件，的拉力大小F=mgtanαTFmg（TFmg則通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，小球的速度大小解得輕繩對(duì)小球的拉力2011普通高校招生考試試題匯編?kù)o電場(chǎng)1、(2011江蘇省第8題)．AB2（2011安徽第18題）．答案：B解析：由于電極XX’加的是掃描電壓，電極YY’之間所加的電壓信號(hào)電壓，所以熒光屏上會(huì)看到的圖形是B，答案B正確。3（2011安徽第20題）．答案：B5（2011海南第1題）.解析：考察電場(chǎng)和電勢(shì)概念，選D7（2011新課標(biāo)理綜第20題）.解析：主要考查電場(chǎng)力方向和曲線運(yùn)動(dòng)所受合外力與軌跡的關(guān)系。正確答案是D?！敬鸢浮浚篊9(廣東第21題).解析：電子吸附塵埃使塵埃帶負(fù)電，受力與電場(chǎng)方向相反，AC錯(cuò)。F=Eq，故BD正確。選BD10（2011山東第21題）．答案：BC解析：根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的分布特點(diǎn)和疊加原理可知A錯(cuò)誤，B正確；因?yàn)閍、b、c三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對(duì)稱(chēng)，a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，C正確；根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的分布特點(diǎn)，a點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)，所以試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，D錯(cuò)誤。11(重慶第19題).12（2011上海第1題）．答案：C13（2011上海第14題）．答案：A14(2011上海第16題)．答案：D當(dāng)減少兩板間距是，能夠增大電場(chǎng)強(qiáng)度，提高裝置對(duì)塵埃的收集效率。收集效率恰好為100%時(shí)，兩板間距為。如果進(jìn)一步減少，收集效率仍為100%。繪出的圖線如下17（2011北京第24題）．解析：（1）由圖可知，0與d（或d）兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為φ0（2）設(shè)粒子在[x0，x0]區(qū)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)，速率為v，由題意得（3）考慮粒子從x0處開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的四分之一周期2011普通高校招生考試試題匯編恒定電流1(北京第17題)．2(海南第2題).解析：S開(kāi)，相當(dāng)于電阻變大，總電流減小，故端電壓增大，eq\o\ac(○,V)的讀數(shù)變大，把R1歸為內(nèi)阻，則R3中的電壓也增大，R3中的電流也增大，R3中的電壓也增大，3(2011上海第6題)．答案：D4(2011上海第12題)．答案：A5（2011安徽第21題Ⅱ）．解析：（1）①斷開(kāi)待測(cè)電阻，將選擇開(kāi)關(guān)旋到“×100”檔：②將兩表筆短接，調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向“0Ω”；③再接入待測(cè)電阻，將指針示數(shù)×100，即為待測(cè)電阻阻值。（2）如圖所示（3）電阻1、216（2011全國(guó)卷1第23題）．解析：(1)黑(2)14.0、53.0、4.6(3)102(4)1.54電表內(nèi)阻r=15Ω,外阻為R=4.6Ω此時(shí)電流為：I=53mA,求出E=I(R+r)=1.54V，從而求出短路電流：I′==102mA7（2011海南第13題）.49.549.08（2011新課標(biāo)理綜第22題）.（解析：（1）R0、標(biāo)準(zhǔn)電流表A0；（2）RN，標(biāo)準(zhǔn)電流表A0的示數(shù)為I；（3）平均值9（2011天津第5題（4））【解析】：電學(xué)實(shí)驗(yàn)選擇儀器的一般步驟如下：①根據(jù)量程選擇電流表和電壓表，不能超過(guò)表的量程，不能量程太大導(dǎo)致表的讀數(shù)偏?。虎诟鶕?jù)題中關(guān)鍵語(yǔ)句，如精確測(cè)量，從零開(kāi)始連續(xù)可調(diào)等等選擇分壓電路亦或是限流電路；分壓電路滑動(dòng)變阻器選擇小阻值，限流電路滑動(dòng)變阻器選擇大阻值；③選擇電流表的內(nèi)外接法，一般的原則是“大內(nèi)偏大，小外偏小”；也可以根據(jù)與之間的關(guān)系來(lái)判斷，當(dāng)>時(shí)，采用電流表的外接法，反之選擇電流表內(nèi)接法。（2）根據(jù)本題解析的第②、③兩條原則可知電路圖的問(wèn)題為：①電流表應(yīng)采用內(nèi)接的方法；②滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓器方式的接法。10（2011浙江第22題）.答案：（1）如圖所示；（2）電阻率的允許范圍：通過(guò)計(jì)算可知，金屬絲a與c電阻率相同，遠(yuǎn)大于金屬絲b的電阻率。解析：（1）以O(shè)P間距離x為橫軸，以電壓表讀數(shù)U為縱軸，描點(diǎn)、連線繪出電壓表讀數(shù)U隨OP間距離x變化的圖線。通過(guò)計(jì)算可知，金屬絲a與c電阻率相同，遠(yuǎn)大于金屬絲b的電阻率。11(廣東第34（2）題)解析：答案：（2）x17.5左端右端ab①電珠電阻較小，故選“x1”檔②如右圖③P置左端電珠兩端電壓最?、躠b之間電流值相差太大12(2011北京第21題)答案：（1）eq\o\ac(○,1)Seq\o\ac(○,3)T0刻線eq\o\ac(○,4)ADC13（2011上海第29題）．答案.(1)③，⑥(各1分)(2)見(jiàn)圖(2分)(3)①將滑動(dòng)觸頭移至最左端(寫(xiě)最小給分，最大不給分)14（2011山東第23題）答案：①如圖所示②0.37③bc15(江蘇第11題)．答案：16(福建第19（2）題)答案：①D

②Ⅰ.左

Ⅱ

1

5

Ⅲ.增大解析：由于小電珠的電阻一般不大，使用多用電表直接測(cè)量小電珠的電阻，則應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)旋至歐姆×

1，選項(xiàng)D正確。對(duì)于分壓電路，開(kāi)關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)置于使小電珠上電壓為零處，即最左端。閉合開(kāi)關(guān)S后，無(wú)論如何調(diào)節(jié)滑片P，電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，其原因是滑動(dòng)變阻器左端與電源沒(méi)有連接好。由描繪出的小電珠的伏安特性曲線可知，小電珠的電阻值隨工作電壓的增大而增大。17(四川第22（2）題)解析：（2）①改裝電壓表時(shí)，其內(nèi)阻值要準(zhǔn)確告知，所以排除A．B而選C；再由歐姆定律可知，代入數(shù)據(jù)得；②電路圖如上圖所示；③根據(jù)歐姆定律，可得通式為，代入數(shù)據(jù)兩次，即得答案。

【答案】（2）①C

6；

②見(jiàn)上圖；

③7．5

10。18(重慶第20題).19(重慶22（1）)答案：×1

乙

③2011普通高校招生考試試題匯編磁場(chǎng)參考答案1（2011全國(guó)卷1第15題）。解析：要合磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，必有和形成兩個(gè)場(chǎng)等大方向，只有C點(diǎn)有可能，選C2（2011海南第7題）．解析：考察科學(xué)史，選ACD4（2011新課標(biāo)理綜第14題）.解析：主要考查安培定則和地磁場(chǎng)分布。根據(jù)地磁場(chǎng)分布和安培定則判斷可知正確答案是B。6（2011浙江第20題）.答案：BC7(2011上海第18題)．答案：BC8（2011安徽第23）．解析：（1）設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，初速度為v，電場(chǎng)強(qiáng)度為E。可判斷出粒子受到的洛倫磁力沿x軸負(fù)方向，于是可知電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向且有qE=qvB①又R=vt0②（2）僅有電場(chǎng)時(shí)，帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中作類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)設(shè)在水平方向位移為x，因射出位置在半圓形區(qū)域邊界上，于是又qE=ma⑨帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期則帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間9（2011全國(guó)卷1第25）.解析：設(shè)粒子第一次過(guò)MN時(shí)速度方向與水平方向成α1角，位移與水平方向成α2角且α2=450，在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，10（2011新課標(biāo)理綜第25題）.解析：（1）設(shè)粒子a在I內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心為C（在y軸上），半徑為Ra1，粒子速率為va，運(yùn)動(dòng)軌跡與兩磁場(chǎng)區(qū)域邊界的交點(diǎn)為,如圖，由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得設(shè)a到達(dá)點(diǎn)時(shí)，b位于點(diǎn)，轉(zhuǎn)過(guò)的角度為。如果b沒(méi)有飛出I，則式中，t是a在區(qū)域II中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，而由①③⑧⑨eq\o\ac(○,14)eq\o\ac(○,15)式及題給條件得，a、b兩粒子的y坐標(biāo)之差為設(shè)碳11原有質(zhì)量為m0，經(jīng)過(guò)t=2.0h剩余的質(zhì)量為mt，根據(jù)半衰期定義，有：（2）設(shè)質(zhì)子質(zhì)量為m，電荷量為q，質(zhì)子離開(kāi)加速器時(shí)速度大小為v，由牛頓第二定律知：由回旋加速器工作原理可知，交變電源的頻率與質(zhì)子回旋頻率相同，由周期T與頻率f的關(guān)系可得：設(shè)在t時(shí)間內(nèi)離開(kāi)加速器的質(zhì)子數(shù)為N，則質(zhì)子束從回旋加速器輸出時(shí)的平均功率若以單個(gè)質(zhì)子為研究對(duì)象解答過(guò)程正確的同樣給分（3）方法一：設(shè)k（k∈N*）為同一盒子中質(zhì)子運(yùn)動(dòng)軌道半徑的序數(shù)，相鄰的軌道半徑分別為rk，rk+1（rk>rk+1），說(shuō)明隨軌道半徑r的增大，同一盒中相鄰軌道的半徑之差減小方法二：設(shè)k（k∈N*）為同一盒子中質(zhì)子運(yùn)動(dòng)軌道半徑的序數(shù)，相鄰的軌道半徑分別為rk，rk+1（rk>rk+1），以質(zhì)子在D2盒中運(yùn)動(dòng)為例，第k次進(jìn)入D2時(shí)，被電場(chǎng)加速（2k﹣1）次說(shuō)明隨軌道半徑r的增大，同一盒中相鄰軌道的半徑之差減小，用同樣的方法也可得到質(zhì)子在D1盒中運(yùn)動(dòng)時(shí)具有相同的結(jié)論。12（2011四川第25題）．13（2011廣東第35題）、O/r解析：（1）由動(dòng)能定理：Uq=mv12mv02①O/rRV3B1qv2=mRV3（3）由B2qv3=m⑥可知，B越小，R越大。與磁場(chǎng)邊界相切的圓的最大半徑為14（2011北京理綜第23題）．答案．（3）質(zhì)量為m1的離子，在GA邊上的落點(diǎn)都在其入射點(diǎn)左側(cè)2R1處，由于狹縫的寬度為d，因此落點(diǎn)區(qū)域的寬度也是d。同理，質(zhì)量為m2的離子在GA邊上落點(diǎn)區(qū)域的寬度也是d。為保證兩種離子能完全分離，兩個(gè)區(qū)域應(yīng)無(wú)交疊，條件為15（2011山東理綜第25題）.解析：16(重慶第25題).解：

(1)設(shè)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑分別為R1、R2、……、Rn、Rn+1，…，第一和第二次圓周運(yùn)動(dòng)速率分別為v1和v2，動(dòng)能分別為Ek1和Ek2

由：Ek2=0.81Ek1，R1=，R2=\

得：R2：R1=0.9

(2)設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度為E．第一次到達(dá)隔離層前的速率為v′

由：

得：

又由：

得：

(3)設(shè)電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，運(yùn)動(dòng)的半圓周個(gè)數(shù)為n，運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為t，

由題意，有：

得：n=2

又由：T=

得：2011普通高校招生考試試題匯編電磁感應(yīng)參考答案1(廣東卷第15題).2(2011江蘇卷第2題)．3(2011江蘇卷第5題)．D4(福建第17題).5(海南第6題).B6（2011海南第7題）．解析：考察科學(xué)史，選ACD8（2011北京第19題）．9(2011上海第13題)．10(2011上海第20題).11（201山東第22題）.答案：BD12（2011上海第28題）．由①②式代入數(shù)據(jù)解得I=1A，方向由右手定則可知由d到c。（2）棒ab與棒cd受到的安培力大小相等Fab=Fcd代入數(shù)據(jù)解得F=0.2N ④設(shè)ab棒勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為v，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Blv ⑥由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知，在時(shí)間t內(nèi)，棒ab沿導(dǎo)軌的位移x=vt ⑧力F做的功W=Fx ⑨綜合上述各式，代入數(shù)據(jù)解得W=0.4J16（2011浙江第23題）.答案：（1）導(dǎo)體棒在前做勻減速運(yùn)動(dòng)，在后以后一直保持靜止。解析：（1）導(dǎo)體棒先在無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域做勻減速運(yùn)動(dòng)，有根據(jù)楞次定律，在回路中的電流方向是順時(shí)針?lè)较?8(四川第24題).解析：

以小環(huán)為研究對(duì)象，由牛頓第二定律

①

代入數(shù)據(jù)得②

設(shè)流過(guò)桿K的電流為，由平衡條件得

③

對(duì)桿Q，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)以及平衡條件得

④

由法拉第電磁感應(yīng)定律的推論得

⑤

根據(jù)歐姆定律有

⑥

且⑦

瞬時(shí)功率表達(dá)式為

⑧

聯(lián)立以上各式得

⑨

【答案】（1）；（2）。19(重慶第23題).解：

(l)設(shè)電動(dòng)勢(shì)為，橡膠帶運(yùn)動(dòng)速率為v

由：

得：

(2)設(shè)電功率為P

(3)設(shè)電流強(qiáng)度為I，安培力為F．克服安培力做的功為W

由：

得：2011普通高校招生考試試題匯編交變電流參考答案1(福建第15題).解析：答案D。些題考查變壓器和電路動(dòng)態(tài)變化等知識(shí)點(diǎn)。由輸入電壓u隨時(shí)間t的變化關(guān)系圖象可知，交變電流周期為0.02s，輸入電壓u的表達(dá)式選項(xiàng)A錯(cuò)誤，只斷開(kāi)S1后，L1、L2均不能發(fā)光，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，只斷開(kāi)S2后，燈泡L1、L2串聯(lián)接入電路，變壓器輸出電流變小，原線圈的輸入功率減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，若S1換接到2后，變壓器輸出電壓U=4V，R中電流為I=0.2A，R消耗的電功率為P=UI=0.8W，選項(xiàng)D正確2．(四川第20題).【思路點(diǎn)撥】線圈從垂直于中性面位置啟動(dòng)，則瞬時(shí)值的表達(dá)式為余弦函數(shù)。由此構(gòu)造出瞬時(shí)值表達(dá)式，可求出電動(dòng)勢(shì)的最大值，然后是有效值，再到功率，從而完成A．B．C的篩選；再畫(huà)出線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的截面圖，可知其磁通量變化規(guī)律確是正弦函數(shù)，但對(duì)線圈的最大磁通量，即BS的計(jì)算有誤，即排除D項(xiàng)。

【精講精析】選AC。由于線圈垂直于中性面啟動(dòng)，則瞬時(shí)表達(dá)式可記為，代入數(shù)據(jù)可知，得最大值，即有效值以及，功率為，瞬時(shí)值表達(dá)式為。再由于，則任意時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為，可知D錯(cuò)。3(浙江第16題).答案：A解析：交流電源電壓的有效值，如果看成理想的來(lái)處理有：、、，解得，故交流電壓表的讀數(shù)應(yīng)該小于，所以答案為A。4（2011安徽第19題）．答案：D解析：交流電流的有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)得出的，線框轉(zhuǎn)動(dòng)周期為T(mén)，而線框轉(zhuǎn)動(dòng)一周5（2011新課標(biāo)理綜第17題）.解析：主要考查理想變壓器原副線圈電壓、電流與匝數(shù)的關(guān)系。U2=220V，根據(jù)U1：U2=n1:n2得，U1=110V。I2=P/U2=0.1A，根據(jù)I1：I2=n2：n1得I1=0.2A。所以正確答案是A?！敬鸢浮浚築7（2011山東第20題）.答案：BD8(廣東第19題).10．(江蘇第13題)解析：2011普通高校招生考試試題匯編選修34參考答案1(廣東第18題).2（2011安徽第15題）．答案：D解析：白色光經(jīng)過(guò)三棱鏡后產(chǎn)生色散現(xiàn)象，在光屏由上至下（a、b、c、d）依次為紅、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫。屏上a處為紅光，屏上d處是紫光，D正確。3（2011全國(guó)卷1第16題）解析：按照偏折程度從小到大的排序?yàn)閐、c、b、a、故：選B4（2011全國(guó)卷1第21題）解析：選C解析：（=1\*romani）設(shè)過(guò)P點(diǎn)光線，恰好被浮子擋住時(shí)，入射角、折射角分別為：α、β則：（=2\*romanii）潛水員和Q點(diǎn)連線與水平方向夾角剛好為臨界角C，則：6（2011全國(guó)理綜第34題選修34）答案：（1）ABE（2）（?。?5°

（ⅱ）解析：由波的形成與傳播可知，正確答案是ABE。一半圓柱形透明物體橫截面如圖所示，地面AOB鍍銀，o表示半圓截面的圓心，一束光線在橫截面內(nèi)從M點(diǎn)入射，經(jīng)過(guò)AB面反射后從N點(diǎn)射出。已知光線在M點(diǎn)的入射角為30，MOA=60，NOB=30。求（1）光線在M點(diǎn)的折射角（2）透明物體的折射率【答案】：BD8（2011天津第7題）．【解析】：由A剛好完成一次全振動(dòng)時(shí)的圖線可知波源A的起振方向沿y軸負(fù)方向，A選項(xiàng)正確；經(jīng)過(guò)周期之后質(zhì)點(diǎn)A將向負(fù)向最大位移運(yùn)動(dòng)，回復(fù)力做負(fù)功，B正確；質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知回復(fù)力在一個(gè)周期內(nèi)的沖量為零，D選項(xiàng)正確?！敬鸢浮浚篈BDθ10(2011山東第37題34)11(上海第5題)．12（201上海第10題）.答案：B13（2011上海第17題）.答案：ABD14(2011上海第21題)．答案：衍射，波動(dòng)說(shuō)15(2011上海第24題)．答案：2，016（201浙江第18題）.答案：BD解析：只有橫波才能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；用白光做單縫衍射與雙縫衍射，都可以觀察到彩色條紋，故B正確；聲波在傳播過(guò)程中，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)的速度并不等于聲波的傳播速度，故C錯(cuò)誤；已知地震波的縱波波速大于橫波波速，此性質(zhì)可用于橫波的預(yù)警，故D正確。17（2011北京第14題）．答案：C18（2011北京第16題）．答案：D19(江蘇第12題B34)答案20(重慶第17題).答案：C21(重慶第18題).2011普通高校招生考試試題匯編選修35參考答案2（2011海南第19題模塊35試題）.解析：由質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒可以得出正確選項(xiàng)B、C、78、82（ii）木塊返回與物體P第二次達(dá)到共同速度與第一次相同（動(dòng)量守恒）全過(guò)程能量守恒得：3(2011全國(guó)理綜35選修35】4（2011天津第1題）．【解析】：物理學(xué)史、常識(shí)考查題，簡(jiǎn)單題，其中光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)說(shuō)明光具有粒子性，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；X射線（倫琴射線）的發(fā)現(xiàn)是19世紀(jì)末20世紀(jì)初物理學(xué)的三大發(fā)現(xiàn)（X射線1896年、放射線1896年、電子1897年）之一，這一發(fā)現(xiàn)標(biāo)志著現(xiàn)代物理學(xué)的產(chǎn)生，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；氫原子光譜的發(fā)現(xiàn)解釋了原子的穩(wěn)定性以及原子光譜的分立特征，D選項(xiàng)錯(cuò)誤；所以選擇C。【答案】：C5（2011山東第38題35）解析：6（2011上海第2題）．答案：D7（2011上海第3題）．答案：B8(上海第7題)．9（2011上海第9題）．10（2011上海第17題）.答案：ABD11(上海22A).答案：“守恒”、“不守恒”12（201北京第13題）．答案：B13(2011北京第21題)答案：（2）eq\o\ac(○,1)Ceq\o\ac(○,2)ADE或DEA或DAEeq\o\ac(○,4)142.911.01eq\o\ac(○,5)76.814（201廣東第18題）.解析：光電流的大小只與到達(dá)陽(yáng)極的光電子個(gè)數(shù)有關(guān)，A錯(cuò)。由hv=W+Ek和Uq=Ek知，CD正確。選CD15(江蘇12C)答案：16(浙江第14題)17(浙江第15題)18(重慶第16題).19（重慶第24題）解：

(1)設(shè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中摩擦阻力做的總功為W，則

(2)設(shè)第一車(chē)初速度為u0，第一次碰前速度為v1，碰后共同速度為u1；第二次碰前速度為v2，碰

后共同速度為u：；人給第一車(chē)的水平?jīng)_量大小為I.

由：

得：

(3)設(shè)兩次碰撞中系統(tǒng)動(dòng)能損失分別為△Ek1，和△Ek2.

由：△

△

得：△△Ek1/△Ek2=13／32011普通高校招生考試試題匯編參考答案1（2011安徽）．解析：Ⅰ．（1）如圖所示（2）0.248~0.2622（2011江蘇）．3(2011北京)3答案:①C，②ADE或DAE或DEA④142.91～1.01⑤76.8〖解析〗①在落地高度不變的情況下，水平位移就能反映平拋初速度的大小，所以，僅測(cè)量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的射程就能間接測(cè)量速度.因此選C.②測(cè)量平均落點(diǎn)的位置，找到平拋的水平位移，因此步驟中D、E是必須的，而且要D先在E后，至于用天平測(cè)質(zhì)量先后均可。所以答案是ADE或DAE或DEA.12（2011四川）【解析】⑴“研究運(yùn)動(dòng)的合成與分解”實(shí)驗(yàn)中：2011普通高校招生考試試題匯編電學(xué)實(shí)驗(yàn)參考答案1(2011北京)1【答案】①S③T0刻線④ADC〖解析〗多用電表測(cè)量電阻時(shí)，在測(cè)量之前就要觀察指針是否在零刻度線上，