福建省師大附中高二物理上學(xué)期期末試卷（含解析）.doc

2014-2015學(xué)年福建省師大 附中高二（上）期末物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：1下列判斷正確的是（）a 帶電粒子在某處所受的電場(chǎng)力為零，該處的電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零b 帶電粒子在某處所受的洛倫茲力為零，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零c 運(yùn)動(dòng)電荷在電場(chǎng)強(qiáng)度不為零的地方一定受到電場(chǎng)力的作用d 運(yùn)動(dòng)電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零的地方一定受到洛倫磁力的作用2a、b、c三點(diǎn)在同一直線(xiàn)上，ab：bc=1：2，b點(diǎn)位于a、c之間，在b處固定一電荷量為q的點(diǎn)電荷當(dāng)在a處放一電荷量為+q的點(diǎn)電荷時(shí)，它所受到的電場(chǎng)力為f；移去a處電荷，在c處放一電荷量為2q的點(diǎn)電荷，其所受電場(chǎng)力為（）a b c fd f3矩形線(xiàn)框abcd被一根細(xì)繩懸掛于天花板上，線(xiàn)框中通有如圖所示的順時(shí)針?lè)较虻碾娏鱥1，線(xiàn)框中心的正下方有一與線(xiàn)框平面垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)，當(dāng)導(dǎo)線(xiàn)中通入向里的電流i2時(shí)，關(guān)于線(xiàn)框運(yùn)動(dòng)及細(xì)繩拉力變化的判斷正確的是（）a 線(xiàn)框ad向里、bc向外轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)繩的拉力增大b 線(xiàn)框ad向里，bc向外轉(zhuǎn)，細(xì)繩的拉力減小c 線(xiàn)框ad向外，bc向里轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)繩的拉力增大d 線(xiàn)框ad向外，bc向里轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)繩的拉力減小4如圖所示，電動(dòng)機(jī)m的線(xiàn)圈電阻為r，接入電壓恒為u的電源時(shí)，電動(dòng)機(jī)正常工作，此時(shí)電動(dòng)機(jī)通過(guò)的電流為i，消耗的電功率為p、線(xiàn)圈電阻的發(fā)熱功率為p熱、輸出的機(jī)械功率為p出則下列關(guān)系式正確的是（）a i=b p=iu+i2rc p熱=d p出=iui2r5如圖，虛線(xiàn)表示點(diǎn)電荷q形成的電場(chǎng)中的兩個(gè)等勢(shì)面，下列說(shuō)法正確的是（）a m點(diǎn)的電勢(shì)一定比n點(diǎn)的電勢(shì)高b m點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定比n點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小c 正電荷在m點(diǎn)的電勢(shì)能一定比在n點(diǎn)的電勢(shì)能大d 負(fù)電荷僅受電場(chǎng)力作用從m點(diǎn)運(yùn)動(dòng)n點(diǎn)動(dòng)能增大6在如圖所示的電路中，開(kāi)關(guān)s原來(lái)時(shí)閉合的，現(xiàn)將s斷開(kāi)，則燈泡l亮度變化和電容器c帶電量變化情況是（）a 燈泡l變亮、電容器c帶電量增加b 燈泡l變亮、電容器c帶電量減少c 燈泡l變暗、電容器c帶電量增加d 燈泡l變暗、電容器c帶電量減少7在xoy坐標(biāo)的原點(diǎn)處放置一根與坐標(biāo)平面垂直的通電直導(dǎo)線(xiàn)，電流方向指向紙內(nèi)（如圖所示），此坐標(biāo)范圍內(nèi)還存在一個(gè)平行于xoy平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)已知在以直導(dǎo)線(xiàn)為圓心的圓周上的a、b、c、d四點(diǎn)中，a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，則此勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向（）a 沿x軸正方向b 沿x軸負(fù)方向c 沿y軸正方向d 沿y軸負(fù)方向8某靜電場(chǎng)沿x軸方向的電勢(shì)分布如圖所示，如果僅僅考慮這一方向上的電場(chǎng)情況，則（）a 0l和2l3l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且0l之間的場(chǎng)強(qiáng)一定比2l3l之間的場(chǎng)強(qiáng)大b l2l和3l4l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且這兩處的電場(chǎng)方向一定相反c l2l和4l5l之間均為非勻強(qiáng)電場(chǎng)，且這兩處的電場(chǎng)方向一定相同d 3l4l和4l5l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且3l4l之間的場(chǎng)強(qiáng)一定比4l5l之間的場(chǎng)強(qiáng)大二、實(shí)驗(yàn)題011秋合肥校級(jí)期末）李丹同學(xué)需要測(cè)定某干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻已知干電池的電動(dòng)勢(shì)約為1.5v，內(nèi)阻小于4；電壓表（量程0一3v，內(nèi)阻約3k）、電流表（量程00.6a，內(nèi)阻約1.0）、滑動(dòng)變阻器有r1（10，2a）和r2（100，0.1a）各一只（1）實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用（填“r1”或“r2”）（2）在甲圖的方框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)中測(cè)得多組電壓和電流值，在ui圖象中描點(diǎn)得到的如圖乙所示，由圖可求出該電源電動(dòng)勢(shì)e=v；內(nèi)阻r=三、計(jì)算題1013秋福建校級(jí)期末）平行的水平軌道m(xù)n、pq與電源電阻等連成如圖所示的電路，ab為金屬細(xì)棒，與導(dǎo)軌接觸良好且可在軌道上運(yùn)動(dòng)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中已知電源電動(dòng)勢(shì)e=1.5v、內(nèi)阻r=0.5、ab棒質(zhì)量為m=0.02kg、電阻rab=3、長(zhǎng)度l=0.5m與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度b=0.5t，不計(jì)軌道電阻當(dāng)開(kāi)關(guān)s閉合時(shí)，ab棒恰好可以運(yùn)動(dòng)重力加速度g=10m/s2求：（1）此時(shí)流過(guò)ab棒的電流；（2）電阻r的阻值一、單項(xiàng)選擇題11某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系和電阻r1、r2的電壓與電流的關(guān)系如圖所示用此電源和電阻r1、r2組成電路r1、r2可以同時(shí)接入電路，也可以單獨(dú)接入電路為使電源輸出功率最大，可采用的接法是（）a 將r1、r2串聯(lián)后接到電源兩端b 將r1、r2并聯(lián)后接到電源兩端c 將r1單獨(dú)接到電源兩端d 將r2單獨(dú)接到電源兩端12用如圖所示的回旋加速器來(lái)加速質(zhì)子，為了使質(zhì)子獲得的動(dòng)能增加為原來(lái)的4倍，可采用下列哪幾種方法（）a 將其磁感應(yīng)強(qiáng)度增大為原來(lái)的2倍b 將其磁感應(yīng)強(qiáng)度增大為原來(lái)的4倍c 將d形金屬盒的半徑增大為原來(lái)的2倍d 將兩d形金屬盒間的加速電壓增大為原來(lái)的4倍13三個(gè)不同的帶電離子a、b、c（不計(jì)離子重力）以相同的初速度，從同一位置同時(shí)垂直于電場(chǎng)方向射入同一勻強(qiáng)電場(chǎng)，它們的軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場(chǎng)下列判斷正確的是（）a 三個(gè)離子中，c的比荷最大b 三個(gè)離子中，a受的電場(chǎng)力最大c 三個(gè)離子中，c受的電場(chǎng)力最大d 若a，b質(zhì)量相同，則a的動(dòng)能增量大于b的動(dòng)能增量14如圖所示，有一金屬塊垂直于表面c的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，金屬塊的厚度為d，高度為h，當(dāng)有穩(wěn)定恒電流i平行平面c的方向通過(guò)時(shí)，由于磁場(chǎng)力的作用，金屬塊的上下兩表面m、n間的電壓為u，則金屬塊中單位體積內(nèi)參與導(dǎo)電的自由電子數(shù)目為（）a b c d 三、實(shí)驗(yàn)題15.用螺旋測(cè)微器測(cè)量時(shí)示數(shù)如圖所示，該示數(shù)的讀數(shù)為mm1014秋武夷山市校級(jí)期末）一個(gè)未知電阻rx，阻值大約為1.0k1.2k為了較為準(zhǔn)確的測(cè)定其電阻值，實(shí)驗(yàn)室中還備有如下器材：電源e （電動(dòng)勢(shì)3v、內(nèi)阻可忽略） 電壓表v （量程3v、內(nèi)阻約為3k） 電流表a1（量程3ma、內(nèi)阻約為10）電流表a2（量程0.6a、內(nèi)阻約為1） 滑動(dòng)變阻器r的最大阻值為20開(kāi)關(guān)s、導(dǎo)線(xiàn)若干（1）在實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選（2）為了盡可能減少誤差，且能夠測(cè)量較多組數(shù)據(jù)，請(qǐng)你在虛線(xiàn)框中畫(huà)出本實(shí)驗(yàn)的電路圖（3）根據(jù)你所畫(huà)的電路圖在題給的實(shí)物圖上用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)畫(huà)出連接圖三、計(jì)算題16.如圖，一長(zhǎng)度為l=0.1m的細(xì)線(xiàn)，一端固定在o點(diǎn)，另一端栓一帶電量為q=2.5104的帶電小球，并置于勻強(qiáng)電場(chǎng)中將小球拉至水平位置oa，并從a點(diǎn)無(wú)初速度釋放，則小球能擺到左邊的最高位置為c點(diǎn)，而后在ac之間來(lái)回?cái)[動(dòng)已知小球的質(zhì)量m=5102kg，oc與豎直方向的夾角=37求：（1）小球帶何種電荷？（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)e為多大？（3）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)b處時(shí)細(xì)線(xiàn)對(duì)小球的拉力大小f為多少？17.如圖（甲）所示，m、n為豎直放置、彼此平行的兩塊平板，兩板間距離為d，兩板中央各有一個(gè)小孔o(hù)、o正對(duì)，在兩板間有垂直于紙面方向的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化如圖（乙）所示有一正離子在t=0時(shí)垂直于m板從小孔o(hù)射入磁場(chǎng)，已知正離子質(zhì)量為m、帶電荷量為q，正離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期與磁感應(yīng)強(qiáng)度變化的周期都為t0不考慮由于磁場(chǎng)變化而產(chǎn)生的電場(chǎng)的影響，不計(jì)正離子所受重力求：（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度b0的大?。?）若射入磁場(chǎng)時(shí)速度v0=，正離子能否從o點(diǎn)射出？若不能，它將打到n板上離o點(diǎn)多遠(yuǎn)處？（3）要使正離子從o孔垂直于n板射出磁場(chǎng)，正離子射入磁場(chǎng)時(shí)速度v0應(yīng)為多少？2014-2015學(xué)年福建省師大附中高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：1下列判斷正確的是（）a 帶電粒子在某處所受的電場(chǎng)力為零，該處的電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零b 帶電粒子在某處所受的洛倫茲力為零，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零c 運(yùn)動(dòng)電荷在電場(chǎng)強(qiáng)度不為零的地方一定受到電場(chǎng)力的作用d 運(yùn)動(dòng)電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零的地方一定受到洛倫磁力的作用考點(diǎn)：磁感應(yīng)強(qiáng)度；電場(chǎng)強(qiáng)度分析：由電場(chǎng)力公式f=qe則知，電荷在某處不受電場(chǎng)力作用，該處電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零一小段通電導(dǎo)體在某處不受安培力作用，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零若導(dǎo)線(xiàn)與磁場(chǎng)平行時(shí)，不受安培力，但b不等于零導(dǎo)體所受的安培力大小與導(dǎo)體長(zhǎng)度、電流大小及導(dǎo)線(xiàn)與磁場(chǎng)方向的夾角有關(guān)解答：解：a、電場(chǎng)對(duì)放入其中的電荷有力的作用；只要電荷不受力，則說(shuō)明電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零；故a錯(cuò)誤；b、當(dāng)電荷在磁場(chǎng)中靜止時(shí)，它不受磁場(chǎng)力；不能確定磁感應(yīng)強(qiáng)度為零；故b錯(cuò)誤；c、電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力，不論物體是運(yùn)動(dòng)還是靜止；故c正確；d、如果運(yùn)動(dòng)電荷的運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)平行，則不受磁場(chǎng)力；故d錯(cuò)誤；故選：c點(diǎn)評(píng)：本題要抓住磁場(chǎng)與電場(chǎng)特性的區(qū)別：電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力，但通電導(dǎo)線(xiàn)在磁場(chǎng)中不一定受安培力，導(dǎo)線(xiàn)與磁場(chǎng)平行時(shí)不安培力2a、b、c三點(diǎn)在同一直線(xiàn)上，ab：bc=1：2，b點(diǎn)位于a、c之間，在b處固定一電荷量為q的點(diǎn)電荷當(dāng)在a處放一電荷量為+q的點(diǎn)電荷時(shí)，它所受到的電場(chǎng)力為f；移去a處電荷，在c處放一電荷量為2q的點(diǎn)電荷，其所受電場(chǎng)力為（）a b c fd f考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電場(chǎng)的疊加專(zhuān)題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題分析：首先確定電荷量為2q的點(diǎn)電荷在c處所受的電場(chǎng)力方向與f方向的關(guān)系，再根據(jù)庫(kù)侖定律得到f與ab的關(guān)系，即可求出2q的點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力解答：解：根據(jù)同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引，分析可知電荷量為2q的點(diǎn)電荷在c處所受的電場(chǎng)力方向與f方向相同設(shè)ab=r，則有bc=2r則有：f=k故電荷量為2q的點(diǎn)電荷在c處所受電場(chǎng)力為：fc=k=故選b點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)庫(kù)侖定律研究?jī)呻姾稍趦牲c(diǎn)所受的電場(chǎng)力大小和方向關(guān)系，難度不大3矩形線(xiàn)框abcd被一根細(xì)繩懸掛于天花板上，線(xiàn)框中通有如圖所示的順時(shí)針?lè)较虻碾娏鱥1，線(xiàn)框中心的正下方有一與線(xiàn)框平面垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)，當(dāng)導(dǎo)線(xiàn)中通入向里的電流i2時(shí)，關(guān)于線(xiàn)框運(yùn)動(dòng)及細(xì)繩拉力變化的判斷正確的是（）a 線(xiàn)框ad向里、bc向外轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)繩的拉力增大b 線(xiàn)框ad向里，bc向外轉(zhuǎn)，細(xì)繩的拉力減小c 線(xiàn)框ad向外，bc向里轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)繩的拉力增大d 線(xiàn)框ad向外，bc向里轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)繩的拉力減小考點(diǎn)：安培力分析：由右手螺旋定則判斷出直導(dǎo)線(xiàn)的磁場(chǎng)，導(dǎo)線(xiàn)框在直導(dǎo)線(xiàn)右邊，所處的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，再由左手定則判斷導(dǎo)線(xiàn)框四邊的受力情況進(jìn)行解決解答：解：電流i2的方向向里，根據(jù)安培定則可知，電流i2周?chē)拇艌?chǎng)的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，ad邊與bc邊所在處的磁場(chǎng)的方向向右，根據(jù)左手定則，ad受到的安培力的方向向里，bc受到的安培力的方向向外，所以線(xiàn)框發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，由同向電流相互吸引，反向電流相互排斥可知，線(xiàn)框轉(zhuǎn)動(dòng)后，電流i2對(duì)下邊的電流的作用力是吸引力，對(duì)上邊的電流的作用力的排斥力，由于下邊的電流距離i2比較近，所以下邊的電流受到的安培力比較大，整體受到向下的磁場(chǎng)力，所以細(xì)繩的拉力增大故選：a點(diǎn)評(píng)：該題考查電流之間的相互作用，要牢記同向電流相互吸引，反向電流相互排斥也可以使用右手螺旋定則和左手定則判定，使用的過(guò)程中兩個(gè)定則不能混淆4如圖所示，電動(dòng)機(jī)m的線(xiàn)圈電阻為r，接入電壓恒為u的電源時(shí)，電動(dòng)機(jī)正常工作，此時(shí)電動(dòng)機(jī)通過(guò)的電流為i，消耗的電功率為p、線(xiàn)圈電阻的發(fā)熱功率為p熱、輸出的機(jī)械功率為p出則下列關(guān)系式正確的是（）a i=b p=iu+i2rc p熱=d p出=iui2r考點(diǎn)：電功、電功率；閉合電路的歐姆定律專(zhuān)題：恒定電流專(zhuān)題分析：當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，輸入的功率是總電功率，根據(jù)p=ui求解發(fā)熱功率由p=i2r求解輸出功率由能量守恒定律研究解答：解：a、當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，不滿(mǎn)足歐姆定律，故i，故a錯(cuò)誤；b、電動(dòng)機(jī)消耗的電功率p電=ui故b錯(cuò)誤；c、電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率根據(jù)焦耳定律得到p熱=i2r但非純電阻電路不能應(yīng)用歐姆定律變形；故c錯(cuò)誤；b、電動(dòng)機(jī)的輸出功率是機(jī)械功率，根據(jù)能量守恒定律得，p出=p電p熱=uii2r故d正確故選：d點(diǎn)評(píng)：本題中當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)其電路是非純電阻電路，求電功率只能用p=ui，求熱功率只能用p=i2r而輸出的機(jī)械功率只能根據(jù)能量守恒求解，而且電功率大于熱功率5如圖，虛線(xiàn)表示點(diǎn)電荷q形成的電場(chǎng)中的兩個(gè)等勢(shì)面，下列說(shuō)法正確的是（）a m點(diǎn)的電勢(shì)一定比n點(diǎn)的電勢(shì)高b m點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定比n點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小c 正電荷在m點(diǎn)的電勢(shì)能一定比在n點(diǎn)的電勢(shì)能大d 負(fù)電荷僅受電場(chǎng)力作用從m點(diǎn)運(yùn)動(dòng)n點(diǎn)動(dòng)能增大考點(diǎn)：電勢(shì)；電勢(shì)能專(zhuān)題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題分析：根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直，作出電場(chǎng)線(xiàn)，根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)方向判斷電勢(shì)的高低根據(jù)電場(chǎng)力做正負(fù)判斷電勢(shì)能的變化根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小解答：解：a、作出電場(chǎng)線(xiàn)的分布如圖，由電場(chǎng)線(xiàn)方向可判斷出來(lái)：m點(diǎn)的電勢(shì)比n點(diǎn)的高故a正確b、點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)距點(diǎn)電荷越近，場(chǎng)強(qiáng)越大，故m點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定比n點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小，故b正確 c、正電荷自m點(diǎn)移向n點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電荷的電勢(shì)能減小正電荷在m點(diǎn)的電勢(shì)能一定比在n點(diǎn)的電勢(shì)能大，故c正確d、負(fù)電荷僅受電場(chǎng)力作用從m點(diǎn)運(yùn)動(dòng)n點(diǎn)過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小故d錯(cuò)誤故選：abc點(diǎn)評(píng)：本題考查對(duì)電場(chǎng)線(xiàn)物理意義的理解和應(yīng)用能力對(duì)于電勢(shì)能變化的判斷也可以根據(jù)推論判斷：負(fù)電荷在電勢(shì)低處電勢(shì)能大6在如圖所示的電路中，開(kāi)關(guān)s原來(lái)時(shí)閉合的，現(xiàn)將s斷開(kāi)，則燈泡l亮度變化和電容器c帶電量變化情況是（）a 燈泡l變亮、電容器c帶電量增加b 燈泡l變亮、電容器c帶電量減少c 燈泡l變暗、電容器c帶電量增加d 燈泡l變暗、電容器c帶電量減少考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；電容專(zhuān)題：恒定電流專(zhuān)題分析：明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)后電路中電阻的變化明確電路中電流的變化；再分析路端電壓的變化，即可分析燈泡亮度及電容兩端的電壓；由q=uc可求得電量解答：解：由圖可知，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，r2與l串聯(lián)后與r3并聯(lián)，再由r1串聯(lián)；當(dāng)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，r3斷開(kāi)，總電阻增大，總電流減小，r1分壓及內(nèi)壓減小，燈泡兩端電壓增大；故燈泡變亮；電容器并聯(lián)在電源兩端，因內(nèi)壓減小，路端電壓增大；故電容器兩端電壓增大；由q=uc可知，電容器帶電量增加；故選：a點(diǎn)評(píng)：本題為閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，此類(lèi)問(wèn)題解題的基本思路為：局部整體局部；在分析中一定要完整，不能認(rèn)為總電流小了，燈泡就會(huì)變暗7在xoy坐標(biāo)的原點(diǎn)處放置一根與坐標(biāo)平面垂直的通電直導(dǎo)線(xiàn)，電流方向指向紙內(nèi)（如圖所示），此坐標(biāo)范圍內(nèi)還存在一個(gè)平行于xoy平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)已知在以直導(dǎo)線(xiàn)為圓心的圓周上的a、b、c、d四點(diǎn)中，a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，則此勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向（）a 沿x軸正方向b 沿x軸負(fù)方向c 沿y軸正方向d 沿y軸負(fù)方向考點(diǎn)：通電直導(dǎo)線(xiàn)和通電線(xiàn)圈周?chē)艌?chǎng)的方向；電場(chǎng)強(qiáng)度分析：該題考察了磁場(chǎng)的疊加問(wèn)題用右手定則首先確定通電直導(dǎo)線(xiàn)在abcd四點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向，利用矢量的疊加分析疊加后磁場(chǎng)大小變化和方向，從而判斷各選項(xiàng)解答：解：用右手螺旋定則判斷通電直導(dǎo)線(xiàn)在abcd四個(gè)點(diǎn)上所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，a點(diǎn)有電流產(chǎn)生的向下的磁場(chǎng)，若還有向下的磁場(chǎng)，則電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度和原磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，疊加和磁場(chǎng)最大故選：d點(diǎn)評(píng)：磁感應(yīng)強(qiáng)度既有大小，又有方向，是矢量它的合成遵循矢量合成的平行四邊形法則8某靜電場(chǎng)沿x軸方向的電勢(shì)分布如圖所示，如果僅僅考慮這一方向上的電場(chǎng)情況，則（）a 0l和2l3l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且0l之間的場(chǎng)強(qiáng)一定比2l3l之間的場(chǎng)強(qiáng)大b l2l和3l4l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且這兩處的電場(chǎng)方向一定相反c l2l和4l5l之間均為非勻強(qiáng)電場(chǎng)，且這兩處的電場(chǎng)方向一定相同d 3l4l和4l5l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且3l4l之間的場(chǎng)強(qiáng)一定比4l5l之間的場(chǎng)強(qiáng)大考點(diǎn)：電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度專(zhuān)題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題分析：沿著場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)減小，垂直場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)不變，根據(jù)題中圖象得到電勢(shì)變化規(guī)律，圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，從而判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的情況解答：解：a、根據(jù)圖象=ex可知，圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，因此在0l和2l3l之間不存在沿著x方向的電場(chǎng)分量，故a錯(cuò)誤b、根據(jù)圖象=ex可知，圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，l2l和3l4l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且這兩處的電場(chǎng)方向一定相反，故b正確；c、根據(jù)圖象=ex可知，圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向，l2l和4l5l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且這兩處的電場(chǎng)方向一定相同，故c錯(cuò)誤；d、根據(jù)圖象=ex可知，圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向，3l4l和4l5l之間均為勻強(qiáng)電場(chǎng)，且3l4l之間的場(chǎng)強(qiáng)一定比4l5l之間的場(chǎng)強(qiáng)小，故d錯(cuò)誤故選：b點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是要明確沿電場(chǎng)方向電勢(shì)減小，垂直場(chǎng)強(qiáng)方向，電勢(shì)不變；勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低最快，沿著任意方向（垂直電場(chǎng)線(xiàn)除外）電勢(shì)隨位移均勻變化二、實(shí)驗(yàn)題011秋合肥校級(jí)期末）李丹同學(xué)需要測(cè)定某干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻已知干電池的電動(dòng)勢(shì)約為1.5v，內(nèi)阻小于4；電壓表（量程0一3v，內(nèi)阻約3k）、電流表（量程00.6a，內(nèi)阻約1.0）、滑動(dòng)變阻器有r1（10，2a）和r2（100，0.1a）各一只（1）實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用r1（填“r1”或“r2”）（2）在甲圖的方框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)中測(cè)得多組電壓和電流值，在ui圖象中描點(diǎn)得到的如圖乙所示，由圖可求出該電源電動(dòng)勢(shì)e=1.5v；內(nèi)阻r=1.25考點(diǎn)：測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題分析：（1）滑動(dòng)變阻器在電路中起到保護(hù)電路并調(diào)節(jié)電流作用，在限流接法中取比內(nèi)電阻大10左右即可過(guò)大則難以調(diào)節(jié)；過(guò)小起不到應(yīng)有的調(diào)節(jié)作用（2）運(yùn)用伏安法測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，由于內(nèi)阻較小，采用電流表外接法連接電路（3）由閉合電路歐姆定律可得出電壓與電流的關(guān)系，結(jié)合數(shù)學(xué)關(guān)系可知圖象的斜率表示內(nèi)阻，與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢(shì)解答：解：（1）由題意可知，電源的內(nèi)阻小于4，故為了易于調(diào)節(jié)，準(zhǔn)確測(cè)量，還有r2額定電流只有0.1a，很容易燒壞，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)選小電阻r1 （2）運(yùn)用伏安法測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，由于內(nèi)阻較小，采用電流表外接法連接電路：（3）作出ui圖象：由閉合電路歐姆定律可知：u=eir；即電動(dòng)勢(shì)與電流成一次函數(shù)關(guān)系，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)；圖象的斜率表示內(nèi)源內(nèi)電阻；故由圖可得電動(dòng)勢(shì)為：e=1.5vr=1.25故答案為：（1）r1（2）如圖（3）1.5，1.25點(diǎn)評(píng)：測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)的考查中，一定會(huì)考到數(shù)據(jù)的處理； 因此要掌握好此實(shí)驗(yàn)的圖象法分析電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的方法三、計(jì)算題1013秋福建校級(jí)期末）平行的水平軌道m(xù)n、pq與電源電阻等連成如圖所示的電路，ab為金屬細(xì)棒，與導(dǎo)軌接觸良好且可在軌道上運(yùn)動(dòng)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中已知電源電動(dòng)勢(shì)e=1.5v、內(nèi)阻r=0.5、ab棒質(zhì)量為m=0.02kg、電阻rab=3、長(zhǎng)度l=0.5m與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度b=0.5t，不計(jì)軌道電阻當(dāng)開(kāi)關(guān)s閉合時(shí)，ab棒恰好可以運(yùn)動(dòng)重力加速度g=10m/s2求：（1）此時(shí)流過(guò)ab棒的電流；（2）電阻r的阻值考點(diǎn)：安培力；閉合電路的歐姆定律分析：（1）導(dǎo)體棒剛好運(yùn)動(dòng)，安培力等于摩擦力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求的電流（2）由閉合電路的歐姆定律求的電阻的阻值即可解答：解：（1）對(duì)導(dǎo)體棒受力分析可知bil=mg解得（2）ab兩端的電壓為u=rabi=30.4v=1.2v電源內(nèi)阻分的電壓u內(nèi)=eu=1.51.2v=0.3v干路電流為故流過(guò)電阻r的電流為i=ii=0.60.4a=0.2a故電阻的阻值為r=答：（1）此時(shí)流過(guò)ab棒的電流為0.4a；（2）電阻r的阻值為6點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了閉合電路的歐姆定律，抓住串并聯(lián)的特點(diǎn)即可求得一、單項(xiàng)選擇題11某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系和電阻r1、r2的電壓與電流的關(guān)系如圖所示用此電源和電阻r1、r2組成電路r1、r2可以同時(shí)接入電路，也可以單獨(dú)接入電路為使電源輸出功率最大，可采用的接法是（）a 將r1、r2串聯(lián)后接到電源兩端b 將r1、r2并聯(lián)后接到電源兩端c 將r1單獨(dú)接到電源兩端d 將r2單獨(dú)接到電源兩端考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；電功、電功率專(zhuān)題：恒定電流專(zhuān)題分析：由電源的ui圖線(xiàn)縱橫截距讀出電源的電動(dòng)勢(shì)，由斜率求出電源的內(nèi)阻由電阻的ui圖線(xiàn)求出電阻再分別求出四種情況下電源的輸出功率進(jìn)行選擇解答：解：由圖象得到：電源的電動(dòng)勢(shì)為e=3v，內(nèi)阻為r=0.5，r1單獨(dú)接到電源兩端輸出功率為p出1=1.5v3a=4.5w，r2單獨(dú)接到電源兩端輸出功率則為p出2=2v2a=4w由電阻的伏安特性曲線(xiàn)求出 r1=0.5、r2=1，當(dāng)將r1、r2串聯(lián)后接到電源兩端利用歐姆定律可得電路電流i串=1.5a，此時(shí)電源的輸出功率p串=i串2（r1+r2）=3.75w兩電阻并聯(lián)時(shí)，r并=利用歐姆定律可得電路電流i并=a=3.6a，此時(shí)電源的輸出功率p并=ei并i并2r=4.32w所以將r1單獨(dú)接到電源兩端時(shí)電源的輸出功率最大故選c點(diǎn)評(píng)：這是直流電中的電路問(wèn)題，可以應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)分析得到：當(dāng)電源的內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，直接選擇c12用如圖所示的回旋加速器來(lái)加速質(zhì)子，為了使質(zhì)子獲得的動(dòng)能增加為原來(lái)的4倍，可采用下列哪幾種方法（）a 將其磁感應(yīng)強(qiáng)度增大為原來(lái)的2倍b 將其磁感應(yīng)強(qiáng)度增大為原來(lái)的4倍c 將d形金屬盒的半徑增大為原來(lái)的2倍d 將兩d形金屬盒間的加速電壓增大為原來(lái)的4倍考點(diǎn)：質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理分析：回旋加速器中帶電粒子在電場(chǎng)被加速，每通過(guò)電場(chǎng)，動(dòng)能被增加一次；而在磁場(chǎng)里做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)只改變粒子的運(yùn)動(dòng)方向，動(dòng)能卻不變因此帶電粒子在一次加速過(guò)程中，電場(chǎng)電壓越大，動(dòng)能增加越大但從d形盒中射出的動(dòng)能，除與每次增加的動(dòng)能外，還與加速次數(shù)有關(guān)所以加速電壓越大，回旋次數(shù)越少，最大動(dòng)能只由磁感應(yīng)強(qiáng)度和d形金屬盒的半徑?jīng)Q定解答：解：帶電粒子從d形盒中射出時(shí)的動(dòng)能 ekm=mvm2 （1） 帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則圓周半徑 r= （2） 由（1）（2）可得ekm= 顯然，當(dāng)帶電粒子q、m一定的，則ekmr2 b2即ekm與磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度b、d形金屬盒的半徑r的平方成正比，與加速電場(chǎng)的電壓無(wú)關(guān)，故ac正確，bd錯(cuò)誤；故選：ac點(diǎn)評(píng)：本題回旋加速器考查電磁場(chǎng)的綜合應(yīng)用：在電場(chǎng)中始終被加速，在磁場(chǎng)中總是勻速圓周運(yùn)動(dòng)所以容易讓學(xué)生產(chǎn)生誤解：增加射出的動(dòng)能由加速電壓與縫間決定原因是帶電粒子在電場(chǎng)中動(dòng)能被增加，而在磁場(chǎng)中動(dòng)能不變13三個(gè)不同的帶電離子a、b、c（不計(jì)離子重力）以相同的初速度，從同一位置同時(shí)垂直于電場(chǎng)方向射入同一勻強(qiáng)電場(chǎng)，它們的軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場(chǎng)下列判斷正確的是（）a 三個(gè)離子中，c的比荷最大b 三個(gè)離子中，a受的電場(chǎng)力最大c 三個(gè)離子中，c受的電場(chǎng)力最大d 若a，b質(zhì)量相同，則a的動(dòng)能增量大于b的動(dòng)能增量考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題分析：離子垂直射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，離子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)粒子在水平方向的位移關(guān)系確定粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系，然后根據(jù)粒子豎直方向的位移關(guān)系確定離子的加速度關(guān)系，應(yīng)用牛頓第二定律比較離子的比荷關(guān)系，應(yīng)用動(dòng)能定理確定動(dòng)能的增量關(guān)系解答：解：a、離子在極板間做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=，由圖示可知：xaxb=xc，離子的水平初速度v0相等，則：tatb=tc，離子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，y=at2，由圖示可知：ya=ybyc，由于tatb=tc，則：aaabac，由牛頓第二定律得：a=，電場(chǎng)強(qiáng)度e相同，則，故a錯(cuò)誤；b、由牛頓第二定律可知，離子所受電場(chǎng)力：f=ma，已知：aaabac，由于不知道離子的質(zhì)量關(guān)系，無(wú)法判斷粒子所受的電場(chǎng)力關(guān)系，故bc錯(cuò)誤；d、已知：aaab，若a，b質(zhì)量相同，由f=ma可知，fafb，電場(chǎng)力做功：w=fy，已知：ya=yb，則wawb，由動(dòng)能定理可知，離子a的動(dòng)能增加量大于離子b的動(dòng)能增加量，故d正確；故選：d點(diǎn)評(píng)：本題考查了粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，知道離子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖示確定離子的水平位移、粒子是豎直位移關(guān)系是正確解題的關(guān)鍵14如圖所示，有一金屬塊垂直于表面c的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，金屬塊的厚度為d，高度為h，當(dāng)有穩(wěn)定恒電流i平行平面c的方向通過(guò)時(shí)，由于磁場(chǎng)力的作用，金屬塊的上下兩表面m、n間的電壓為u，則金屬塊中單位體積內(nèi)參與導(dǎo)電的自由電子數(shù)目為（）a b c d 考點(diǎn)：霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用分析：定向移動(dòng)的電子受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在前后表面間形成電勢(shì)差，電子到達(dá)的表面帶負(fù)電，電勢(shì)較低最終電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡求出單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)解答：解：由圖，磁場(chǎng)方向向里，電子向左移動(dòng)，根據(jù)左手定則，電子向上表面偏轉(zhuǎn)，上表面得到電子帶負(fù)電，下表面帶正電；那么根據(jù)e=evb，i=nesv=nehdv，得：n=，故a正確，bcd錯(cuò)誤故選：a點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡三、實(shí)驗(yàn)題15.用螺旋測(cè)微器測(cè)量時(shí)示數(shù)如圖所示，該示數(shù)的讀數(shù)為0.560mm考點(diǎn)：刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題分析：螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀解答：解：螺旋測(cè)微器的固定刻度為0.5mm，可動(dòng)刻度為0.016.0mm=0.060mm，所以最終讀數(shù)為0.560 mm故答案為：0.560點(diǎn)評(píng)：螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀16.一個(gè)未知電阻rx，阻值大約為1.0k1.2k為了較為準(zhǔn)確的測(cè)定其電阻值，實(shí)驗(yàn)室中還備有如下器材：電源e （電動(dòng)勢(shì)3v、內(nèi)阻可忽略） 電壓表v （量程3v、內(nèi)阻約為3k） 電流表a1（量程3ma、內(nèi)阻約為10）電流表a2（量程0.6a、內(nèi)阻約為1） 滑動(dòng)變阻器r的最大阻值為20開(kāi)關(guān)s、導(dǎo)線(xiàn)若干（1）在實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選a1（2）為了盡可能減少誤差，且能夠測(cè)量較多組數(shù)據(jù)，請(qǐng)你在虛線(xiàn)框中畫(huà)出本實(shí)驗(yàn)的電路圖（3）根據(jù)你所畫(huà)的電路圖在題給的實(shí)物圖上用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)畫(huà)出連接圖考點(diǎn)：測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專(zhuān)題分析：電流表、電壓表和滑動(dòng)變阻器的選擇應(yīng)該遵循“安全、精確和操作方便”的原則，由于待測(cè)電阻阻值較大，從減小誤差的角度選擇滑動(dòng)變阻器分壓式接法和電流表內(nèi)接法按照前面的選擇連接電路畫(huà)出本實(shí)驗(yàn)的電路圖即可畫(huà)實(shí)物圖時(shí)要注意電表的正負(fù)極和開(kāi)關(guān)的位置解答：解：（1）未知電阻rx，阻值大約為1.0k1.2k為了較為準(zhǔn)確的測(cè)定其電阻值，所以實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選a1（2）由于待測(cè)電阻阻值較大，從減小誤差的角度選擇滑動(dòng)變阻器分壓式接法和電流表內(nèi)接法電路圖：（3）根據(jù)電路圖相應(yīng)的畫(huà)出實(shí)物圖：故答案為：（1）a1（2）見(jiàn)上圖（3）見(jiàn)上圖點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵要從減小實(shí)驗(yàn)誤差的角度選擇電流表，并確定安培表的內(nèi)、外接法和滑動(dòng)變阻器的限流、分壓法；要明確安培表的內(nèi)、外接法的誤差來(lái)源三、計(jì)算題17.如圖，一長(zhǎng)度為l=0.1m的細(xì)線(xiàn)，一端固定在o點(diǎn)，另一端栓一帶電量為q=2.5104的帶電小球，并置于勻強(qiáng)電場(chǎng)中將小球拉至水平位置oa，并從a點(diǎn)無(wú)初速度釋放，則小球能擺到左邊的最高位置為c點(diǎn)，而后在ac之間來(lái)回?cái)[動(dòng)已知小球的質(zhì)量m=5102kg，oc與豎直方向的夾角=37求：（1）小球帶何種電荷？（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)e為多大？（3）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)b處時(shí)細(xì)線(xiàn)對(duì)小球的拉力大小f為多少？考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；向心力專(zhuān)題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題分析：（1）通過(guò)對(duì)小球的受力分析及可判斷出電性（2）根據(jù)動(dòng)能定理研究小球從釋放到最低點(diǎn)到最低點(diǎn)的另一側(cè)的過(guò)程列出等式求出勻