江蘇省蘇大附中高二物理上學(xué)期第一次月考試題（含解析）.doc

2015-2016學(xué)年江蘇省蘇大附中高二（上）第一次月考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（39共27分）1有關(guān)電壓與電動(dòng)勢的說法中正確的是（）a電壓與電動(dòng)勢的單位都是伏特，所以電動(dòng)勢與電壓是同一物理量的不同叫法b電動(dòng)勢是電源兩極間的電壓c電動(dòng)勢公式e=中w與電壓u=中的w是一樣的，都是電場力做的功d電動(dòng)勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量2歐姆不僅發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，還研究了電阻定律，有一個(gè)長方體金屬電阻，材料分布均勻，邊長分別為a、b、c，且abc電流沿以下方向流過該金屬電阻，其中電阻阻值最小的是（）abcd3電阻r和電動(dòng)機(jī)m串連接到電路中，如圖所示，已知電阻r跟電動(dòng)機(jī)線圈的電阻值相等，開關(guān)接通后，電動(dòng)機(jī)正常工作設(shè)電阻r和電動(dòng)機(jī)m兩端的電壓分別為u1和u2，經(jīng)過時(shí)間t，電流通過電阻r做功為w1，產(chǎn)生熱量為q1，電流通過電動(dòng)機(jī)做功為w2，產(chǎn)生熱量為q2則有（）au1u2，q1=q2bu1=u2，q1=q2cw1=w2，q1q2dw1w2，q1q24用兩個(gè)相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個(gè)量程不同的大量程電流表a1、a2，若把a(bǔ)1、a2分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路，如圖所示，則閉合電鍵后，下列有關(guān)電表的示數(shù)和電表指針偏轉(zhuǎn)角度的說法正確的是（）a圖甲中的a1、a2的示數(shù)相同b圖甲中的a1、a2的指針偏角相同c圖乙中的a1、a2的示數(shù)和偏角都不同d圖乙中的a1、a2的指針偏角相同5如圖所示為一磁流體發(fā)電機(jī)示意圖，a、b是平行正對的金屬板，等離子體（電離的氣體，由自由電子和陽離子構(gòu)成，整體呈電中性）從左側(cè)進(jìn)入，在t時(shí)間內(nèi)有n個(gè)自由電子落在b板上，則關(guān)于r中的電流大小及方向判斷正確的是（）ai=，從上向下bi=，從上向下ci=，從下向上di=，從下向上6小燈泡通電后其電流i隨所加電壓u變化的圖線如圖所示，p為圖線上一點(diǎn)，pn為圖線在p點(diǎn)的切線，pq為u軸的垂線，pm為i軸的垂線，則下列說法中正確的是（）a隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小b對應(yīng)p點(diǎn)，小燈泡的電阻為c對應(yīng)p點(diǎn)，小燈泡的電阻為d對應(yīng)p點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形pqom所圍面積7如圖所示，兩平行金屬板間有一勻強(qiáng)電場，板長為l，板間距離為d，在板右端l處有一豎直放置的光屏m，一帶電荷量為q，質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)從兩板中央射入板間，最后垂直打在m屏上，則下列結(jié)論正確的是（）a板間電場強(qiáng)度大小為b板間電場強(qiáng)度大小為c質(zhì)點(diǎn)在板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和它從板的右端運(yùn)動(dòng)到光屏的時(shí)間相等d質(zhì)點(diǎn)在板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于它從板的右端運(yùn)動(dòng)到光屏的時(shí)間8如圖所示，一電子槍發(fā)射出的電子（初速度很小，可視為零）進(jìn)入加速電場加速后，垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，射出后偏轉(zhuǎn)位移為y，要使偏轉(zhuǎn)位移增大，下列哪些措施是可行的（不考慮電子射出時(shí)碰到偏轉(zhuǎn)電極板的情況）（）a增大偏轉(zhuǎn)電壓ub增大加速電壓u0c增大偏轉(zhuǎn)極板間距離d將發(fā)射電子改成發(fā)射負(fù)離子9一個(gè)用半導(dǎo)體材料制成的電阻器d，其電流i隨它兩端電壓u的關(guān)系圖象如圖（a）所示，將它與兩個(gè)標(biāo)準(zhǔn)電阻r1、r2并聯(lián)后接在電壓恒為u的電源兩端，三個(gè)用電器消耗的電功率均為p，現(xiàn)將它們連接成如圖（b）所示的電路，接在該電源的兩端，設(shè)電阻器d和電阻r1、r2消耗的電功率分別是pd、p1、p2，它們之間的大小關(guān)系有（）ap1=4pdbp14p2cpd=p2dpd=二、多項(xiàng)選擇題（45共20分）10（多選）下列說法正確的是（）a據(jù)r=可知，加在電阻兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼?倍時(shí)，導(dǎo)體的電阻也變?yōu)樵瓉淼?倍b不考慮溫度對阻值的影響，通過導(dǎo)體的電流及加在兩端的電壓改變時(shí)導(dǎo)體的電阻不變c據(jù)=可知，導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積rs成正比，與導(dǎo)體的長度l成反比d導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的長度l、橫截面積s、導(dǎo)體的電阻r皆無關(guān)11在如圖甲所示的電路中，l1、l2、l3為三個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示當(dāng)開關(guān)s閉合后，電路中的總電流為0.25a，則此時(shí)（）al2的電阻為12bl1消耗的電功率為0.75 wcl1、l2消耗的電功率的比值為4：1dl1兩端的電壓為l2兩端電壓的2倍12如圖，m、n是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板，板間有勻強(qiáng)電場，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v由小孔進(jìn)入電場，當(dāng)m、n間電壓為u時(shí)，粒子剛好能到達(dá)n板，如果要使這個(gè)帶電粒子能到達(dá)m、n兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是（）a使初速度減為原來的b使m、n間電壓提高到原來的2倍c使m、n間電壓提高到原來的4倍d使初速度和m、n間電壓都減為原來的13如圖所示為勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度e隨時(shí)間t變化的圖象當(dāng)t=0時(shí)，在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個(gè)帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是（）a帶電粒子將始終向同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)b2s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)c3s末帶電粒子的速度為零d03s內(nèi)，電場力做的總功為零14如圖所示，光滑的水平軌道ab，與半徑為r的光滑的半圓形軌道bcd相切于b點(diǎn)，ab水平軌道部分存在水平向右的勻強(qiáng)電場，半圓形軌道在豎直平面內(nèi)，b為最低點(diǎn)，d為最高點(diǎn)一質(zhì)量為m帶正電的小球從距b點(diǎn)x的位置在電場力的作用下由靜止開始沿ab向右運(yùn)動(dòng)，恰能通過最高點(diǎn)，則（）ar越大，x越大br越大，小球經(jīng)過b點(diǎn)后瞬間對軌道的壓力越大cm越大，x越大dm與r同時(shí)增大，電場力做功增大三、實(shí)驗(yàn)題（29共18分）15（12分）（2015秋江蘇校級月考）某同學(xué)在探究規(guī)格為“6v，3w”的小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中：該同學(xué)采用如圖所示的電路進(jìn)行測量圖中r為滑動(dòng)變阻器（阻值范圍020，額定電流1.0a），l為待測小燈泡，v為電壓表（量程6v，電阻20k），a為電流表（量程0.6a，內(nèi)阻1），e為電源（電動(dòng)勢8v，內(nèi)阻不計(jì)），s為開關(guān)在實(shí)驗(yàn)過程中，開關(guān)s閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片p應(yīng)置于最端；（填“左”或“右”）在實(shí)驗(yàn)過程中，已知各元件均無故障，但閉合開關(guān)s后，無論如何調(diào)節(jié)滑片p，電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，其原因是點(diǎn)至點(diǎn)的導(dǎo)線沒有連接好；（圖中的黑色小圓點(diǎn)表示接線點(diǎn)，并用數(shù)字標(biāo)記，空格中請?zhí)顚懭鐖D所示中的數(shù)字）該同學(xué)描繪出小燈泡的伏安特性曲線示意圖如圖所示，則小燈泡的電阻值隨工作電壓的增大而（填“不變”、“增大”或“減小”）16小明對2b鉛筆芯的導(dǎo)電性能感興趣，于是用伏安法測量其電阻值（1）圖1是部分連接好的實(shí)物電路圖，請用電流表外接法完成接線并在圖1中畫出（2）小明用電流表內(nèi)接法和外接法分別測量了一段2b鉛筆芯的伏安特性，并將得到的電流、電壓數(shù)據(jù)描到ui圖上，如圖2在圖中，由電流表外接法得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用（填“”或“”）表示的（3）請你選擇一組數(shù)據(jù)點(diǎn)，在圖2上用作圖法作圖，并求出這段鉛筆芯的電阻為四、推理與計(jì)算題（18+18+19共55分）17（18分）（2012秋臨清市校級期末）如圖所示，a為電解槽，m為電動(dòng)機(jī)，n為電爐子，恒定電壓u=12v，電解槽內(nèi)阻ra=2，當(dāng)k1閉合，k2、k3斷開時(shí)，電流表示數(shù)6a；當(dāng)k2閉合，k1、k3斷開時(shí)，電流表示數(shù)5a，且電動(dòng)機(jī)輸出功率為35w；當(dāng)k3閉合，k1、k2斷開時(shí)，電流表示數(shù)為4a求：（1）電爐子的電阻及發(fā)熱功率各多大？（2）電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻是多少？（3）在電解槽工作時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為多少？18（18分）（2008青島二模）如圖所示，真空中水平放置的兩個(gè)相同極板y和y長為l，相距d，足夠大的豎直屏與兩板右側(cè)相距b在兩板間加上可調(diào)偏轉(zhuǎn)電壓u，一束質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子（不計(jì)重力）從兩板左側(cè)中點(diǎn)a以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出（1）證明粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心o點(diǎn)；（2）求兩板間所加偏轉(zhuǎn)電壓u的范圍；（3）求粒子可能到達(dá)屏上區(qū)域的長度19（19分）（2014閘北區(qū)一模）如圖，水平放置的金屬薄板a、b間有勻強(qiáng)電場，已知b板電勢高于a板電場強(qiáng)度e=5105n/c，間距d=1.25ma板上有一小孔，m恰好在孔的正上方，距離h=1.25m從m處每隔相等時(shí)間間隔由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量m=1103kg的帶電小球第1個(gè)帶電小球的電量q1=+1108c，第n個(gè)帶電小球的電量qn=nq1取g=10m/s2求：（1）第1個(gè)帶電小球從m下落至b板的時(shí)間；（2）第幾個(gè)帶電小球?qū)⒉荒艿诌_(dá)b板；（3）第（2）問中該帶電小球下落過程中機(jī)械能的變化量2015-2016學(xué)年江蘇省蘇大附中高二（上）第一次月考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（39共27分）1有關(guān)電壓與電動(dòng)勢的說法中正確的是（）a電壓與電動(dòng)勢的單位都是伏特，所以電動(dòng)勢與電壓是同一物理量的不同叫法b電動(dòng)勢是電源兩極間的電壓c電動(dòng)勢公式e=中w與電壓u=中的w是一樣的，都是電場力做的功d電動(dòng)勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量考點(diǎn)：電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻 專題：恒定電流專題分析：電壓與電動(dòng)勢的單位相同，但物理意義不同電動(dòng)勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量電動(dòng)勢定義式公式e=中的w是非靜電力做功，電壓u=中的w是靜電力做功電動(dòng)勢等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓解答：解：a、電壓與電動(dòng)勢的單位相同，但物理意義不同，是兩個(gè)不同的物理量故a錯(cuò)誤b、根據(jù)閉合電路歐姆定律，路端電壓u=eir，只有當(dāng)外電路斷開時(shí)，i=0，路端電壓等于電動(dòng)勢當(dāng)外電路接通時(shí)，路端電壓即電源兩極間的電壓小于電動(dòng)勢，故b錯(cuò)誤c、電動(dòng)勢定義式公式e=中的w是非靜電力做功，電壓u= 中的w是靜電力做功故c錯(cuò)誤d、電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動(dòng)勢反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小故d正確故選：d點(diǎn)評：本題考查電動(dòng)勢的概念，關(guān)鍵要明確電動(dòng)勢的物理意義，知道與電壓的區(qū)別，屬于基礎(chǔ)題2歐姆不僅發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，還研究了電阻定律，有一個(gè)長方體金屬電阻，材料分布均勻，邊長分別為a、b、c，且abc電流沿以下方向流過該金屬電阻，其中電阻阻值最小的是（）abcd考點(diǎn)：電阻定律 專題：恒定電流專題分析：由金屬導(dǎo)體電阻的決定式r=進(jìn)行計(jì)算，注意各電阻中的導(dǎo)體長度及截面積解答：解：由電阻的決定式可知，a中電阻ra=，b中電阻rb=；c中電阻rc=；d中電阻rd=；故電阻最小的為a；故選：a點(diǎn)評：本題考查電阻定率的應(yīng)用，要注意電阻是由導(dǎo)體本身的性質(zhì)決定的3電阻r和電動(dòng)機(jī)m串連接到電路中，如圖所示，已知電阻r跟電動(dòng)機(jī)線圈的電阻值相等，開關(guān)接通后，電動(dòng)機(jī)正常工作設(shè)電阻r和電動(dòng)機(jī)m兩端的電壓分別為u1和u2，經(jīng)過時(shí)間t，電流通過電阻r做功為w1，產(chǎn)生熱量為q1，電流通過電動(dòng)機(jī)做功為w2，產(chǎn)生熱量為q2則有（）au1u2，q1=q2bu1=u2，q1=q2cw1=w2，q1q2dw1w2，q1q2考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；電功、電功率 專題：恒定電流專題分析：開關(guān)接通后，電動(dòng)機(jī)正常工作，其電路非純電阻電路，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓大于線圈電阻與電流的乘積而電阻r是純電阻，其兩端電壓等于電阻與電流的乘積根據(jù)焦耳定律研究熱量關(guān)系解答：解：設(shè)開關(guān)接通后，電路中電流為i對于電阻r，由歐姆定律得u1=ir對于電動(dòng)機(jī)，u2ir，則u1u2 根據(jù)焦耳定律得 q1=i2rt，q2=i2rt，則q1=q2故選a點(diǎn)評：本題把握純電阻電路與非純電阻電路區(qū)別的能力，抓住歐姆定律適用于純電阻電路，不適用于非純電阻電路，而焦耳定律對兩種電路均適用4用兩個(gè)相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個(gè)量程不同的大量程電流表a1、a2，若把a(bǔ)1、a2分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路，如圖所示，則閉合電鍵后，下列有關(guān)電表的示數(shù)和電表指針偏轉(zhuǎn)角度的說法正確的是（）a圖甲中的a1、a2的示數(shù)相同b圖甲中的a1、a2的指針偏角相同c圖乙中的a1、a2的示數(shù)和偏角都不同d圖乙中的a1、a2的指針偏角相同考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律 專題：恒定電流專題分析：電流表a1、a2是由兩個(gè)相同的小量程電流表改裝成的，它們并聯(lián)時(shí)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程大的電流表讀數(shù)大當(dāng)它們串聯(lián)時(shí)，a1、a2的示數(shù)相同由于量程不同，內(nèi)阻不同，兩電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉(zhuǎn)的角度不同解答：解：a、b圖甲中的a1、a2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程不同的電流表讀數(shù)不同故a錯(cuò)誤，b正確 c、d圖乙中的a1、a2串聯(lián)，a1、a2的示數(shù)相同由于量程不同，內(nèi)阻不同，電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉(zhuǎn)的角度不同故cd錯(cuò)誤故選b點(diǎn)評：本題要對于安培表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)要了解：小量程電流表（表頭）與分流電阻并聯(lián)而成指針偏轉(zhuǎn)角度取決于流過表頭的電流大小5如圖所示為一磁流體發(fā)電機(jī)示意圖，a、b是平行正對的金屬板，等離子體（電離的氣體，由自由電子和陽離子構(gòu)成，整體呈電中性）從左側(cè)進(jìn)入，在t時(shí)間內(nèi)有n個(gè)自由電子落在b板上，則關(guān)于r中的電流大小及方向判斷正確的是（）ai=，從上向下bi=，從上向下ci=，從下向上di=，從下向上考點(diǎn)：電流、電壓概念 專題：恒定電流專題分析：根據(jù)電流的定義式求解電流的大小，根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，分析自由電子向什么方向運(yùn)動(dòng)解答：解：由題，在t時(shí)間內(nèi)，落到b板的電子數(shù)為n個(gè)，即電子的電量為q=ne，根據(jù)電流的定義式i=，得通過r的電流大小為i=，根據(jù)左手定則判斷可知，電子所受的洛倫茲力方向向下，則r中電流方向從上向下故選a點(diǎn)評：磁流體發(fā)電機(jī)的原理實(shí)質(zhì)是帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)而形成電流電流方向與電子定向移動(dòng)方向相反6小燈泡通電后其電流i隨所加電壓u變化的圖線如圖所示，p為圖線上一點(diǎn)，pn為圖線在p點(diǎn)的切線，pq為u軸的垂線，pm為i軸的垂線，則下列說法中正確的是（）a隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小b對應(yīng)p點(diǎn)，小燈泡的電阻為c對應(yīng)p點(diǎn)，小燈泡的電阻為d對應(yīng)p點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形pqom所圍面積考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；電功、電功率 專題：恒定電流專題分析：由圖看出此燈泡是非線性元件，根據(jù)電阻是指對電流的阻礙作用判斷燈泡電阻與電壓之間的關(guān)系；找到p點(diǎn)對應(yīng)的電壓和電流，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)燈泡的電阻；由功率公式可知功率對應(yīng)圖線的“面積”解答：解：a、由圖象可知，燈泡的電阻等于r=，等于圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)o連線斜率的倒數(shù)，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，電壓增大，此斜率減小，則燈泡的電阻增大故a錯(cuò)誤；b、c由圖象可知，p點(diǎn)對應(yīng)的電壓為u1，電流為i2，則燈泡的電阻r=，故b、c錯(cuò)誤；d、因p=ui，所以圖象中矩形pqom所圍的面積為對應(yīng)p點(diǎn)小燈泡的實(shí)際功率，故d正確故選d點(diǎn)評：對于線性元件，其電阻r=，非線性元件，r=；對于ui圖與iu圖要區(qū)分清楚，電阻r=k，還是r= 不能搞錯(cuò)7如圖所示，兩平行金屬板間有一勻強(qiáng)電場，板長為l，板間距離為d，在板右端l處有一豎直放置的光屏m，一帶電荷量為q，質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)從兩板中央射入板間，最后垂直打在m屏上，則下列結(jié)論正確的是（）a板間電場強(qiáng)度大小為b板間電場強(qiáng)度大小為c質(zhì)點(diǎn)在板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和它從板的右端運(yùn)動(dòng)到光屏的時(shí)間相等d質(zhì)點(diǎn)在板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于它從板的右端運(yùn)動(dòng)到光屏的時(shí)間考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)題意分析，質(zhì)點(diǎn)最后垂直打在m屏上，必須考慮質(zhì)點(diǎn)的重力質(zhì)點(diǎn)在平行金屬板間軌跡應(yīng)向上偏轉(zhuǎn)，飛出電場后，質(zhì)點(diǎn)的軌跡向下偏轉(zhuǎn)，質(zhì)點(diǎn)才能最后垂直打在m屏上第一次偏轉(zhuǎn)質(zhì)點(diǎn)做類平拋運(yùn)動(dòng)，第二次斜向上拋運(yùn)動(dòng)平拋運(yùn)動(dòng)的逆過程，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，根據(jù)對稱性，分析前后過程加速度的關(guān)系，再研究電場強(qiáng)度的大小水平方向質(zhì)點(diǎn)始終做勻速直線運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)在板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間跟它從板的右端運(yùn)動(dòng)到光屏的時(shí)間相等解答：解：a、b：據(jù)題分析可知，質(zhì)點(diǎn)在平行金屬板間軌跡應(yīng)向上偏轉(zhuǎn)，做類平拋運(yùn)動(dòng)，飛出電場后，質(zhì)點(diǎn)的軌跡向下偏轉(zhuǎn)，質(zhì)點(diǎn)才能最后垂直打在m屏上，前后過程質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡有對稱性，如圖，可見兩次偏轉(zhuǎn)的加速度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律得，qemg=mg，得到故a錯(cuò)誤，b錯(cuò)誤 c、d由于質(zhì)點(diǎn)在水平方向一直做勻速直線運(yùn)動(dòng)，兩段水平位移大小相等，則質(zhì)點(diǎn)在板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間跟它從板的右端運(yùn)動(dòng)到光屏的時(shí)間相等故c正確，d錯(cuò)誤故選：c點(diǎn)評：本題是類平拋運(yùn)動(dòng)與平拋運(yùn)動(dòng)的綜合應(yīng)用，基本方法相同：運(yùn)動(dòng)的合成與分解8如圖所示，一電子槍發(fā)射出的電子（初速度很小，可視為零）進(jìn)入加速電場加速后，垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，射出后偏轉(zhuǎn)位移為y，要使偏轉(zhuǎn)位移增大，下列哪些措施是可行的（不考慮電子射出時(shí)碰到偏轉(zhuǎn)電極板的情況）（）a增大偏轉(zhuǎn)電壓ub增大加速電壓u0c增大偏轉(zhuǎn)極板間距離d將發(fā)射電子改成發(fā)射負(fù)離子考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：電子先經(jīng)電場加速，后經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)，先根據(jù)動(dòng)能定理得到加速獲得的速度表達(dá)式，再運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解，結(jié)合類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，得到偏轉(zhuǎn)距離y的表達(dá)式，即可進(jìn)行分析解答：解：經(jīng)加速電場后的速度為v，則 mv2=eu0所以電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)速度的大小為，v=電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)的位移 y=at2=（）2=可見，要增大y，可行的方法有：增大偏轉(zhuǎn)電壓u，減小加速電壓u0或減小偏轉(zhuǎn)電場極板間距離d，與粒子的電性和質(zhì)量無關(guān)故a正確故選：a點(diǎn)評：本題是先加速后偏轉(zhuǎn)，帶電粒子通過組合場的類型，得到的結(jié)論與帶電粒子的電量和質(zhì)量無關(guān)9一個(gè)用半導(dǎo)體材料制成的電阻器d，其電流i隨它兩端電壓u的關(guān)系圖象如圖（a）所示，將它與兩個(gè)標(biāo)準(zhǔn)電阻r1、r2并聯(lián)后接在電壓恒為u的電源兩端，三個(gè)用電器消耗的電功率均為p，現(xiàn)將它們連接成如圖（b）所示的電路，接在該電源的兩端，設(shè)電阻器d和電阻r1、r2消耗的電功率分別是pd、p1、p2，它們之間的大小關(guān)系有（）ap1=4pdbp14p2cpd=p2dpd=考點(diǎn)：電功、電功率；閉合電路的歐姆定律 專題：恒定電流專題分析：根據(jù)半導(dǎo)體材料的伏安特性曲線可知，隨著電壓增大，電阻器d的電阻減小，電壓減小，電阻增大電阻器d與兩個(gè)標(biāo)準(zhǔn)電阻r1、r2并聯(lián)后接在電壓恒為u的電源兩端，三個(gè)用電器消耗的電功率均為p，此時(shí)三個(gè)電阻的阻值相等；當(dāng)將它們連接成如圖（b）所示的電路，接在該電源的兩端時(shí)，電阻器d的電壓小于電源的電壓，電阻增大，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)分析其電流與r1、r2電流的關(guān)系，再研究功率關(guān)系解答：解：由題，電阻器d與兩個(gè)標(biāo)準(zhǔn)電阻r1、r2并聯(lián)后接在電壓恒為u的電源兩端，三個(gè)用電器消耗的電功率均為p，此時(shí)三個(gè)電阻的阻值相等；當(dāng)將它們連接成如圖（b）所示的電路，接在該電源的兩端時(shí)，電阻器d的電壓小于電源的電壓，由（a）圖象可知，電阻器d的電阻增大，則有rdr1=r2而rd與r2并聯(lián)，電壓相等，根據(jù)歐姆定律得知，電流idi2，又i1=i2+id，得到i12i2，i12id，所以得到p14p2p1與4pd的大小無法判斷pdp2p2，故如圖（b）的電路中，pd與無法比較故選b點(diǎn)評：本題首先要讀懂半導(dǎo)體材料的伏安特性曲線，其次要抓住串并聯(lián)電路的特點(diǎn)進(jìn)行分析二、多項(xiàng)選擇題（45共20分）10（多選）下列說法正確的是（）a據(jù)r=可知，加在電阻兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼?倍時(shí)，導(dǎo)體的電阻也變?yōu)樵瓉淼?倍b不考慮溫度對阻值的影響，通過導(dǎo)體的電流及加在兩端的電壓改變時(shí)導(dǎo)體的電阻不變c據(jù)=可知，導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積rs成正比，與導(dǎo)體的長度l成反比d導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的長度l、橫截面積s、導(dǎo)體的電阻r皆無關(guān)考點(diǎn)：電阻定律；歐姆定律 專題：恒定電流專題分析：導(dǎo)體電阻由導(dǎo)體材料、長度、橫截面積決定，與導(dǎo)體兩端的電壓和通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，應(yīng)用歐姆定律分析答題解答：解：a、由于r=的定義式，對于一個(gè)確定的導(dǎo)體來說，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓無關(guān)，故a錯(cuò)誤；b、導(dǎo)體電阻由導(dǎo)體材料、長度、橫截面積決定，在溫度不變時(shí)，與導(dǎo)體兩端的電壓和通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，故b正確；c、同種材料的導(dǎo)體，導(dǎo)體的電阻率不變，故c錯(cuò)誤；d、材料的電阻率與導(dǎo)體材料、長度、橫截面積無關(guān)，故d正確；故選：bd點(diǎn)評：本題是一道基礎(chǔ)題，知道導(dǎo)體電阻的決定因素、應(yīng)用歐姆定律即可正確解題11在如圖甲所示的電路中，l1、l2、l3為三個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示當(dāng)開關(guān)s閉合后，電路中的總電流為0.25a，則此時(shí)（）al2的電阻為12bl1消耗的電功率為0.75 wcl1、l2消耗的電功率的比值為4：1dl1兩端的電壓為l2兩端電壓的2倍考點(diǎn)：電功、電功率 專題：恒定電流專題分析：當(dāng)開關(guān)s閉合后l1燈的電流強(qiáng)度為總電流，結(jié)合圖象得到燈泡l1、l2、l3的電壓和電流，然后求解功率解答：解：a、據(jù)電路圖可知據(jù)乙圖可知電流為0.25a，l1燈泡的電壓為3v；燈泡l2、l3并聯(lián)，每個(gè)燈泡通過的電流為0.125a，從圖乙知電壓u2=u31v，l1兩端的電壓不是l2兩端電壓的2倍，電流為0.125a時(shí)電壓大約為0.5v，所以l2電阻r2=，故a錯(cuò)誤d錯(cuò)誤；b、當(dāng)開關(guān)閉合后，燈泡l1的電壓u1=3v，由圖讀出其電流i1=0.25a，則燈泡l1的電阻r1=12，功率p1=u1i1=0.75w，b正確c、l2消耗的功率p2=u2i21v0.125a=0.125w，故c錯(cuò)誤 故選：b點(diǎn)評：本題關(guān)鍵結(jié)合圖象得到燈泡l1、l2、l3的電壓和電流，圖中數(shù)據(jù)比較特殊，剛好是處于方格紙的交點(diǎn)位置12如圖，m、n是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板，板間有勻強(qiáng)電場，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v由小孔進(jìn)入電場，當(dāng)m、n間電壓為u時(shí)，粒子剛好能到達(dá)n板，如果要使這個(gè)帶電粒子能到達(dá)m、n兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是（）a使初速度減為原來的b使m、n間電壓提高到原來的2倍c使m、n間電壓提高到原來的4倍d使初速度和m、n間電壓都減為原來的考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理的應(yīng)用 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：由題意知粒子射入電場后，電場力做負(fù)功，動(dòng)能減小，根據(jù)動(dòng)能定理列出方程要使粒子剛好達(dá)到兩板間距離的一半處，根據(jù)勻強(qiáng)電場沿電場線方向兩點(diǎn)間電勢差與距離成正比，再運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行討論，選擇題意的選項(xiàng)解答：解：粒子剛好能達(dá)到b金屬板時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得，qu=0，現(xiàn)在使帶電粒子能到達(dá)mn板間距的處返回，則電場力做功等于a、當(dāng)初速度，u不變，則有帶電粒子動(dòng)能的變化，故a錯(cuò)誤；b、電壓提高到原來的2倍，則帶電粒子運(yùn)動(dòng)到mn板中點(diǎn)時(shí)電場力做功，與粒子動(dòng)能變化相等，故b正確；c、電壓提高到原來的4倍，則帶電粒子運(yùn)動(dòng)到mn板中點(diǎn)時(shí)電場力做功w=，與粒子動(dòng)能的變化不等，故c錯(cuò)誤；d、初速度減為原來的，則帶電粒子動(dòng)能變化減為原來的，mn板間電壓減為原來的，則運(yùn)動(dòng)到mn板間中點(diǎn)電場力做功為原來的，故d正確故選bd點(diǎn)評：本題根據(jù)動(dòng)能定理研究帶電粒子在電場中加速的問題，是常用的方法比較簡單13如圖所示為勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度e隨時(shí)間t變化的圖象當(dāng)t=0時(shí)，在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個(gè)帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是（）a帶電粒子將始終向同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)b2s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)c3s末帶電粒子的速度為零d03s內(nèi)，電場力做的總功為零考點(diǎn)：電場強(qiáng)度 分析：由圖象可知，電場強(qiáng)度的大小與方向的變化，當(dāng)帶電粒子由靜止釋放僅在電場力作用下，根據(jù)運(yùn)動(dòng)與力的關(guān)系可確定運(yùn)動(dòng)情況解答：解：由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內(nèi)的加速度為 a1=，為第2s內(nèi)加速度a2=的，因此先加速1s再減小0.5s時(shí)速度為零，接下來的0.5s將反向加速，vt圖象如圖所示：a、帶電粒子在前1秒勻加速運(yùn)動(dòng)，在第二秒內(nèi)先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運(yùn)動(dòng)，故a錯(cuò)誤b、根據(jù)速度時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時(shí)，帶電粒子離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，故b錯(cuò)誤；c、由圖可知，粒子在第1s內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，第2s內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)，3s末的瞬時(shí)速度剛減到0，故c正確；d、因?yàn)榈?s末粒子的速度剛好減為0，根據(jù)動(dòng)能定理知粒子只受電場力作用，前4s內(nèi)動(dòng)能變化為0，即電場力做的總功為零故d正確故選：cd點(diǎn)評：本題帶電粒子在周期性變化的電場中運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵之處是電場強(qiáng)度大小不一，導(dǎo)致加速度不一，所以失去對稱性若電場強(qiáng)度大小相同，則帶電粒子一直同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)14如圖所示，光滑的水平軌道ab，與半徑為r的光滑的半圓形軌道bcd相切于b點(diǎn)，ab水平軌道部分存在水平向右的勻強(qiáng)電場，半圓形軌道在豎直平面內(nèi)，b為最低點(diǎn)，d為最高點(diǎn)一質(zhì)量為m帶正電的小球從距b點(diǎn)x的位置在電場力的作用下由靜止開始沿ab向右運(yùn)動(dòng)，恰能通過最高點(diǎn)，則（）ar越大，x越大br越大，小球經(jīng)過b點(diǎn)后瞬間對軌道的壓力越大cm越大，x越大dm與r同時(shí)增大，電場力做功增大考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；向心力；勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：小球恰能通過最高點(diǎn)時(shí)，由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出小球經(jīng)最高點(diǎn)時(shí)的速度，根據(jù)動(dòng)能定理求出初速度v0與半徑r的關(guān)系小球經(jīng)過b點(diǎn)后的瞬間由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律研究小球?qū)壍赖膲毫εc半徑的關(guān)系解答：解：a、小球在bcd部分做圓周運(yùn)動(dòng)，在d點(diǎn)，有：mg=m，從a到d過程，由動(dòng)能定理有：qex2mgr=mvd2，由得：r=，可知，r越大，x越大故a正確b、小球由b到d的過程中，由動(dòng)能定理有：2mgr=mvd2mvb2，vb=，在b點(diǎn)有：fnmg=m，fn=6mg，則知小球經(jīng)過b點(diǎn)瞬間軌道對小球的支持力與r無關(guān)，則小球經(jīng)過b點(diǎn)后瞬間對軌道的壓力也與r無關(guān)，故b錯(cuò)誤c、由知，m越大，x越大，故c正確d、從a到d過程，由動(dòng)能定理有：w2mgr=mvd2，由解得：電場力做功 w=，可知m與r同時(shí)增大，電場力做功越多，故d正確故選：acd點(diǎn)評：動(dòng)能定理與向心力知識(shí)綜合是常見的題型小球恰好通過最高點(diǎn)時(shí)速度與輕繩模型類似，軌道對小球恰好沒有作用力，由重力提供向心力，臨界速度v=，做選擇題時(shí)可直接運(yùn)用三、實(shí)驗(yàn)題（29共18分）15（12分）（2015秋江蘇校級月考）某同學(xué)在探究規(guī)格為“6v，3w”的小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中：該同學(xué)采用如圖所示的電路進(jìn)行測量圖中r為滑動(dòng)變阻器（阻值范圍020，額定電流1.0a），l為待測小燈泡，v為電壓表（量程6v，電阻20k），a為電流表（量程0.6a，內(nèi)阻1），e為電源（電動(dòng)勢8v，內(nèi)阻不計(jì)），s為開關(guān)在實(shí)驗(yàn)過程中，開關(guān)s閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片p應(yīng)置于最左端；（填“左”或“右”）在實(shí)驗(yàn)過程中，已知各元件均無故障，但閉合開關(guān)s后，無論如何調(diào)節(jié)滑片p，電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，其原因是1點(diǎn)至5點(diǎn)的導(dǎo)線沒有連接好；（圖中的黑色小圓點(diǎn)表示接線點(diǎn)，并用數(shù)字標(biāo)記，空格中請?zhí)顚懭鐖D所示中的數(shù)字）該同學(xué)描繪出小燈泡的伏安特性曲線示意圖如圖所示，則小燈泡的電阻值隨工作電壓的增大而增大（填“不變”、“增大”或“減小”）考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：i、滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，閉合開關(guān)前分壓電路電壓應(yīng)最小，根據(jù)電路圖確定滑片位置ii、滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，燈泡電壓與電流可以從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用限流接法時(shí)，電壓與電流不可能從零開始變化iii、根據(jù)圖示圖象，應(yīng)用圖象的規(guī)律可判斷燈泡電阻如何變化解答：解：由電路圖可知，測量電路與滑動(dòng)變阻器的左半部分并聯(lián)；故為了讓測量電路中電流從零開始調(diào)節(jié)，開關(guān)s閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片p應(yīng)置于最左端閉合開關(guān)s后，無論如何調(diào)節(jié)滑片p，電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，滑動(dòng)變阻器實(shí)際上被接成了限流接法；故可能是1點(diǎn)到5點(diǎn)間的導(dǎo)線沒有接好；iu圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)；由圖可知，圖象的斜率減小，故說明燈泡的電阻隨電壓的增大而增大；故答案為：i、左；ii、1，5；iii、增大點(diǎn)評：本題考查燈泡伏安特性曲線的測量，要注意明確實(shí)驗(yàn)電路的分析，知道分壓和限流接法的區(qū)別；同時(shí)能正確分析iu圖象，能從圖象找出電阻的變化規(guī)律16小明對2b鉛筆芯的導(dǎo)電性能感興趣，于是用伏安法測量其電阻值（1）圖1是部分連接好的實(shí)物電路圖，請用電流表外接法完成接線并在圖1中畫出（2）小明用電流表內(nèi)接法和外接法分別測量了一段2b鉛筆芯的伏安特性，并將得到的電流、電壓數(shù)據(jù)描到ui圖上，如圖2在圖中，由電流表外接法得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用（填“”或“”）表示的（3）請你選擇一組數(shù)據(jù)點(diǎn)，在圖2上用作圖法作圖，并求出這段鉛筆芯的電阻為1.2考點(diǎn)：伏安法測電阻 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：連接實(shí)物圖，注意電流表外接以及電流表正負(fù)接線柱的接法；電流表外接法，由于電壓表分流作用，測得的電流值會(huì)偏大，根據(jù)歐姆定律分析誤差，進(jìn)而選擇相應(yīng)的ui圖線解答：解：（1）電流表外接法，為了比較精確測量，滑動(dòng)變阻器連接實(shí)物圖如答圖1：（2）電流表外接法，由于電壓表分流作用，測得的電流值會(huì)偏大，根據(jù)歐姆定律則電阻測量值偏小，即ui圖線的斜率偏小，故由電流表外接法得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用表示的；（3）選擇數(shù)據(jù)點(diǎn)，在圖2上用作圖法作圖，求出這段鉛筆芯的電阻為r=1.2故答案為：（1）如圖；（2）；（3）1.2點(diǎn)評：本題考查了伏安法測量電阻的電路圖以及數(shù)據(jù)處理問題，電路圖連接時(shí)一定要注意電流表的內(nèi)接外接以及滑動(dòng)變阻器的分壓、限流接法選擇問題四、推理與計(jì)算題（18+18+19共55分）17（18分）（2012秋臨清市校級期末）如圖所示，a為電解槽，m為電動(dòng)機(jī)，n為電爐子，恒定電壓u=12v，電解槽內(nèi)阻ra=2，當(dāng)k1閉合，k2、k3斷開時(shí)，電流表示數(shù)6a；當(dāng)k2閉合，k1、k3斷開時(shí)，電流表示數(shù)5a，且電動(dòng)機(jī)輸出功率為35w；當(dāng)k3閉合，k1、k2斷開時(shí)，電流表示數(shù)為4a求：（1）電爐子的電阻及發(fā)熱功率各多大？（2）電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻是多少？（3）在電解槽工作時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為多少？考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；能量守恒定律；閉合電路中的能量轉(zhuǎn)化 專題：恒定電流專題分析：（1）電爐子為純電阻，根據(jù)歐姆定律及發(fā)熱功率公式即可求解；（2）電動(dòng)機(jī)為非純電阻，由能量守恒定律即可求解；（3）化學(xué)能的功率等于總功率減去內(nèi)阻消耗的功率解答：解：（1）電爐子為純電阻，由歐姆定律：其發(fā)熱功率為：pr=ui1=126 w=72w（2）電動(dòng)機(jī)為非純電阻，由能量守恒定律得：ui2=i22rm+p輸出帶入數(shù)據(jù)解得：rm=1（3）電解槽工作時(shí)，由能量守恒定律得：p化=ui3i32ra帶入數(shù)據(jù)解得：p化=（124422）w=16w答：（1）電爐子的電阻為2，發(fā)熱功率為72w；（2）電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻是1；（3）在電解槽工作時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為16w點(diǎn)評：對于電動(dòng)機(jī)電路，要正確區(qū)分是純電阻電路還是非純電阻電路：當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，是非純電阻電路；當(dāng)電動(dòng)機(jī)被卡住不轉(zhuǎn)時(shí)，是純電阻電路18（18分）（2008青島二模）如圖所示，真空中水平放置的兩個(gè)相同極板y和y長為l，相距d，足夠大的豎直屏與兩板右側(cè)相距b在兩板間加上可調(diào)偏轉(zhuǎn)電壓u，一束質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子（不計(jì)重力）從兩板左側(cè)中點(diǎn)a以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出（1）證明粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心o點(diǎn)；（2）求兩板間所加偏轉(zhuǎn)電壓u的范圍；（3）求粒子可能到達(dá)屏上區(qū)域的長度考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）畫出運(yùn)動(dòng)軌跡圖，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與牛頓第二定律，