人教版選修31 電容器的動態(tài)分析 作業(yè).doc

高中物理電容器的動態(tài)分析（答題時間：30分鐘）1. 如圖所示，m、n是平行板電容器的兩個極板，r0為定值電阻，r1、r2為可調電阻，用絕緣細線將質量為、帶正電的小球懸于電容器內部。閉合電鍵s，小球靜止時受到懸線的拉力為f。調節(jié)r1、r2，關于f的大小判斷正確的是（ ）a. 保持r1不變，緩慢增大r2時，f將變大b. 保持r1不變，緩慢增大r2時，f將變小c. 保持r2不變，緩慢增大r1時，f將變大d. 保持r2不變，緩慢增大r1時，f將變小2. 如圖所示，平行板電容器與電動勢為e的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地。一帶電油滴位于容器中的p點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離（ ）a. 帶電油滴將沿豎直方向向上運動b. p點的電勢將降低c. 帶電油滴的電勢能將減小d. 電容器的電容減小，極板帶電量將增大3. 平行板電容器c與三個可變電阻器r1、r2、r3以及電源（內阻不可忽略）連成如圖所示的電路。閉合開關s待電路穩(wěn)定后，電容器c兩極板帶有一定的電荷。要使電容器所帶電荷量增加，以下方法中可行的是（ ）a. 只增大r1，其他不變b. 只增大r2，其他不變c. 只減小r3，其他不變d. 只減小a、b兩極板間的距離，其他不變4. 影響平行板電容器電容的因素有很多，探究時需采用控制變量法。如圖，已經充滿電的兩個極板所帶電荷量不變，兩極板正對面積為s，極板間的距離為，靜電計指針偏角為。實驗中，改變電容器的結構，關于可能看到的現象，下列說法正確的是（ ）a. 保持不變，增大s，則變大b. 保持不變，增大s，則變小c. 保持s不變，減小，則變大d. 保持s不變，減小，則不變5. 如圖，平行板電容器經開關k與電池連接，a處有一帶電量非常小的點電荷。k是閉合的，ua表示a點的電勢，f表示點電荷受到的電場力。現將電容器的b板向下稍微移動，使兩板間的距離增大，則（ ） a. ua變大，f變大 b. ua變大，f變小c. ua不變，f不變d. ua不變，f變小6. 如圖所示，電路中r1、r2均為可變電阻，電源內阻不能忽略，平行板電容器c的極板水平放置。閉合開關s，電路達到穩(wěn)定時，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動，如果僅改變下列某一個條件，油滴能向上運動的是（ ）a. 減小r2的阻值 b. 減小電容器兩極板的正對面積c. 增大r1的阻值 d. 減小電容器兩板間的距離7. 一平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，兩板間有一個負試探電荷固定在p點，如圖所示，以c表示電容器的電容、e表示兩板間的場強、表示p點的電勢、ep表示正電荷在p點的電勢能，若正極板保持不動，將負極板緩慢向右平移一小段距離x0的過程中，各物理量與負極板移動距離x的關系圖象正確的是（ ）8. 如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，電容為c，極板間的距離為d，上極板正中位置有一小孔。質量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h處由靜止開始下落，穿過小孔到達下極板處時速度恰為零（空氣阻力忽略不計），極板間的電場可視為勻強電場，重力加速度為g。求：（1）小球到達小孔處的速度；（2）極板間電場強度的大小和電容器所帶電荷量；（3）小球從開始下落運動到下極板處的時間。9. 如圖所示，用長l=0.50m的絕緣輕質細線，把一個質量m=1.0g的帶電小球懸掛在帶等量異種電荷的平行金屬板之間，平行金屬板間的距離d=5.0cm，兩板間電壓u=1.0103v。靜止時，絕緣細線偏離豎直方向角，小球偏離豎直距離a=1.0cm。（角很小，為計算方便可認為tan sin，取g=10m/s2，需要求出具體數值，不能用角表示）求：（1）兩板間電場強度的大?。唬?）判斷小球帶何種電荷并計算其帶電荷量； （3）在圖示位置，若將細線突然剪斷，小球做何種性質的運動？求加速度a的大小。1. b 解析：根據共點力平衡，懸線的拉力f=，r1上沒有電流，增大r1，電容器兩板間電壓不變，e不變，f不變，cd錯誤；增大r2時，r0上電壓降低，e減小，f將減小，a錯誤，b正確。2. b 解析：將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，根據可知，場強減小，油滴受的電場力減小，故油滴將沿豎直方向向下運動，選項a錯誤；根據可知，p點的電勢將降低，選項b正確；由于油滴帶負電，根據可知油滴的電勢能將增加，選項c錯誤；根據可知，電容器的電容c減小，根據q=cu可知極板帶電量將減小，選項d錯誤；故選b。3. bd 解析：電容器兩端的電壓等于電阻r2兩端的電壓，故只增大r1，其他不變時，r2兩端的電壓會減小，根據q=cu，故電容器帶電量減小，選項a錯誤；只增大r2，其他不變，則r2兩端的電壓會增大，根據q=cu，故電容器帶電量增大，選項b正確；電容器兩端的電壓與r3無關，故只減小r3，其他不變，電容器所帶電荷量不變，選項c錯誤；只減小a、b兩極板間的距離，根據可知，c變大，根據q=cu，故電容器帶電量增大，選項d正確；故選bd。4. b 解析：根據c=，保持不變，增大s，c增大，根據c=，q不變，u減小，變小，a錯誤、b正確；保持s不變，減小，c增大，根據c=，q不變，u減小，變小，cd錯誤；故選b。5. b 解析：由于開關k閉合，且電容器兩極板始終與電源的兩極相連，故電容器兩極板之間的電壓uab保持不變。隨b極板下移兩極板之間的距離增大，根據e=可知兩極板之間的電場強度e減小，由于uaa=ehaa，由于電場強度e減小，故uaa減小，由于uab=uaa+uab，所以uab增大，由題圖可知電源的負極接地，故b極板接地，所以b板的電勢為0即ub=0，又uab=ua-ub，所以ua=uab增大。而點電荷在a點所受的電場力f=qe，由于e減小，所以電場力f減小。故b正確。故選b。6. cd 解析：減小r2的阻值時，電容器兩端的電壓不變，故油滴仍靜止，選項a錯誤；減小電容器兩極板的正對面積，根據可知，兩極板的場強不變，故油滴仍靜止，選項b錯誤；因為電容器兩板間電壓等于r1兩端的電壓，故增大r1的阻值，則電容器兩板間電壓變大，則油滴能向上運動，選項c正確；減小電容器兩板間的距離，根據可知，兩極板的場強增大，故油滴向上運動，選項d正確；故選cd。7. d 解析：當負極板右移時，d減小，由可知，c與x圖象不能為一次函數圖象，故a錯誤；由可知，則，故e與d無關，故b錯誤；因正極板接地，設p點原來與正極板距離為l，則p點的電勢=-el不變，故c錯誤；電勢能e=q=-eql不變，為水平線，故d正確。8. 解：（1）由 v2=2gh 得（2）在極板間帶電小球受重力和電場力，有 得 得（3）加速過程，有：