福建省廈門市2020屆高三物理上學(xué)期期中試題（含解析）

1、福建省廈門市湖濱中學(xué)2020屆高三物理上學(xué)期期中試題（含解析）一、單選題1.小明玩飛鏢游戲時(shí)，從同一位置先后以速度vA和vB將飛鏢水平擲出，依次落在靶盤上A、B兩點(diǎn)，如圖所示，飛鏢在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別tA和tB不計(jì)空氣阻力，則（ ）A. vAvB，tAtBB. vAvB，tAtBC. vAvB，tAtBD. vAvB，tAtB【答案】D【解析】根據(jù)知，B飛鏢下降的高度大，則，根據(jù)知，兩飛鏢的水平位移相等，A的時(shí)間短，則，故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選D?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，初速度和時(shí)間共同決定水平位移。2.如圖所示是一做勻變

2、速直線運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)的位移時(shí)間圖像，P(t1，x1)為圖像上一點(diǎn)。PQ為過P點(diǎn)的切線，與x軸交于點(diǎn)Q。則下列說法正確的是( )A. t1時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)的速率為B. t1時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)的速率為C. 質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為D. 0t1時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度大小為【答案】B【解析】【詳解】AB.x-t圖象的斜率表示速度，則時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)的速率為故A錯(cuò)誤，B正確；C.根據(jù)圖象可知，t=0時(shí)刻，初速度不為零，根據(jù)可得加速度故C錯(cuò)誤；D.時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度大小為故D錯(cuò)誤。3.實(shí)際生活中常常利用如圖所示的裝置將重物吊到高處。現(xiàn)有一質(zhì)量為M的同學(xué)欲將一質(zhì)量也為M的重物吊起,已知繩子在水平天花板上的懸點(diǎn)與定滑輪固定點(diǎn)之間的距離

3、為L(zhǎng),不計(jì)滑輪的大小、滑輪與繩的重力及滑輪受到的摩擦力。當(dāng)該同學(xué)把重物緩慢拉升到最高點(diǎn)時(shí),動(dòng)滑輪與天花板間的距離為A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)該同學(xué)把重物緩慢拉升到最高點(diǎn)時(shí)，繩子的拉力等于人的重力，即為Mg，而重物的重力也為Mg，則設(shè)繩子與豎直方向的夾角為，可得，則，此時(shí)動(dòng)滑輪與天花板的距離為，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤；故選A。【點(diǎn)睛】以人為研究對(duì)象確定物體達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)人的拉力大小，再以滑輪處為研究對(duì)象，根據(jù)受力情況確定細(xì)線與豎直方向的夾角，再根據(jù)幾何關(guān)系求解。4.“天津之眼”是一座跨河建設(shè)、橋輪合一的摩天輪，是天津市的地標(biāo)之一。摩天輪懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)

4、做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列敘述正確的是（ ）A. 摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，乘客的機(jī)械能保持不變B. 在最高點(diǎn)，乘客重力大于座椅對(duì)他的支持力C. 摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過程中，乘客重力的沖量為零D. 摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，乘客重力的瞬時(shí)功率保持不變【答案】B【解析】摩天輪運(yùn)動(dòng)過程中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，乘客的速度大小不變，則動(dòng)能不變，但高度變化，所以機(jī)械能在變化，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；圓周運(yùn)動(dòng)過程中，在最高點(diǎn)由重力和支持力的合力提供向心力，即，所以重力大于支持力，選項(xiàng)B正確；轉(zhuǎn)動(dòng)一周，重力的沖量為I=mgT，不為零，C錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)過程中，乘客的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時(shí)刻在變化，根據(jù)P=mgvcos可知重力的瞬時(shí)功率在

5、變化，選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選B5.一衛(wèi)星繞某一行星表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其線速度大小為假設(shè)宇航員在該行星表面上用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量一質(zhì)量為m的物體重力，物體靜止時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為，已知引力常量為G,則這顆行星的質(zhì)量為A. B. C. D. 【答案】B【解析】根據(jù)G=mg，所以 ，根據(jù)萬有引力提供向心力得： 解得： ，故選B.點(diǎn)睛：本題是衛(wèi)星類型的問題，常常建立這樣的模型：環(huán)繞天體繞中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由中心天體的萬有引力提供向心力重力加速度g是聯(lián)系星球表面宏觀物體運(yùn)動(dòng)和天體運(yùn)動(dòng)的橋梁6.在兩個(gè)足夠長(zhǎng)的固定的相同斜面體上(其斜面光滑)，分別有如圖所示的兩套裝置，斜面體B的上表面水平且光滑，長(zhǎng)方體D

6、的上表面與斜面平行且光滑，p是固定在B、D上的小柱，完全相同的兩只彈簧一端固定在p上，另一端分別連在A和C上，在A與B、C與D分別保持相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)沿斜面自由下滑的過程中，下列說法正確的是( )A. 兩彈簧都處于拉伸狀態(tài)B. 兩彈簧都處于壓縮狀態(tài)C. 彈簧L1處于壓縮狀態(tài)，彈簧L2處于原長(zhǎng)D. 彈簧L1處于拉伸狀態(tài)，彈簧L2處于壓縮狀態(tài)【答案】C【解析】A與B保持相對(duì)靜止，則二者向下的加速度是相等的，設(shè)它們的總質(zhì)量為M，則：Ma=Mgsin；所以：a=gsin；同理，若以C、D為研究對(duì)象，則它們共同的加速度大小也是gsin。以A為研究對(duì)象，A受到重力、斜面體B豎直向上的支持力時(shí)，合力的方向在豎直

7、方向上，水平方向的加速度：ax=acos=gsincos；該加速度由水平方向彈簧的彈力提供，所以彈簧L1處于壓縮狀態(tài)；以B為研究對(duì)象，則B受到重力、斜面的支持力作用時(shí)，合力的大小：F合=mgsin，所以B受到的重力、斜面的支持力作用提供的加速度為：a=gsin，即B不能受到彈簧的彈力，彈簧L2處于原長(zhǎng)狀態(tài)。故選項(xiàng)C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，長(zhǎng)為l的輕桿一端固定一質(zhì)量為m的小球，另一端有固定轉(zhuǎn)軸O，桿可在豎直平面內(nèi)繞軸O無摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)已知小球通過最低點(diǎn)Q時(shí)，速度大小為 ，則小球的運(yùn)動(dòng)情況為（ ）A. 小球不可能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)PB. 小球能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)P，但在P點(diǎn)不受輕桿對(duì)

8、它的作用力C. 小球能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)P，且在P點(diǎn)受到輕桿對(duì)它向上的彈力D. 小球能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)P，且在P點(diǎn)受到輕桿對(duì)它向下的彈力【答案】C【解析】【詳解】由能量守恒定律得：，解得：，所以小球能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)P，且在P點(diǎn)受到輕桿對(duì)它向上的彈力，故ABD錯(cuò)誤，C正確故選：C8.如圖所示，質(zhì)量為M的小車置于光滑的水平面上，車的上表面粗糙，有一質(zhì)量為m的木塊以初速度v0水平地滑至車的上表面，若車足夠長(zhǎng)，則( )A. 木塊的最終速度為v0B. 由于車表面粗糙，小車和木塊所組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒C. 車表面越粗糙，木塊減少的動(dòng)量越多D. 車表面越粗糙，因摩擦產(chǎn)生的熱量越多【答案】A【解析

9、】【詳解】AB.以小車和木塊組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，系統(tǒng)所受的合外力為零，因此系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由于摩擦力的作用，m速度減小，M速度增大，m速度減小到最小時(shí)，M速度達(dá)最大，最后m、M以共同速度運(yùn)動(dòng)。以初速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律有：解得最終兩者的共同速度為，故A正確，B錯(cuò)誤；C.根據(jù)A選項(xiàng)分析，木塊減少的動(dòng)量為：與車面粗糙程度無關(guān)。故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)能量守恒，可得產(chǎn)生的熱量為：將代入，得：與車面粗糙程度無關(guān)。，故D錯(cuò)誤。二、多選題9.2017年11月21日,我國(guó)以“一箭三星”方式將吉林一號(hào)視頻04、05、06星成功發(fā)射.其中吉林一號(hào)04星的工作軌道高度約為535 km,比同步衛(wèi)星軌道低很多,

10、同步衛(wèi)星的軌道又低于月球的軌道,其軌道關(guān)系如圖Z4-3所示.下列說法正確的是( )A. 吉林一號(hào)04星的發(fā)射速度一定大于7.9 km/sB. 同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的角速度比月球繞地球的角速度小C. 吉林一號(hào)04星繞地球運(yùn)行的周期比同步衛(wèi)星的周期小D. 所有衛(wèi)星在運(yùn)行軌道上完全失重,重力加速度為零【答案】AC【解析】【詳解】A.7.9km/s是第一宇宙速度，是衛(wèi)星最小的發(fā)射速度，吉林一號(hào)04衛(wèi)星的發(fā)射速度一定大于7.9km/s。故A正確。B.根據(jù)萬有引力提供向心力，則有：解得：，同步衛(wèi)星的軌道半徑小于月球的軌道半徑，則同步衛(wèi)星的角速度大于月球繞地球運(yùn)動(dòng)的角速度，故B錯(cuò)誤； C.根據(jù)萬有引力提供向心

11、力，則有：解得：，吉林一號(hào)04星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，則吉林一號(hào)繞地球運(yùn)行的周期小于同步衛(wèi)星的周期，故C正確。 D.衛(wèi)星在軌道上運(yùn)行時(shí)，處于完全失重狀態(tài)，但是重力加速度不為零，故D錯(cuò)誤。10.下圖是某同學(xué)站在壓力傳感器上做下蹲-起立的動(dòng)作時(shí)傳感器記錄的壓力隨時(shí)間變化的圖線，縱坐標(biāo)為壓力，橫坐標(biāo)為時(shí)間。由圖線可知，該同學(xué)的體重約為650N，除此以外，還可以得到以下信息( )A. 1s時(shí)人處在下蹲的最低點(diǎn)B. 2s時(shí)人處于下蹲靜止?fàn)顟B(tài)C. 該同學(xué)在0-4秒內(nèi)做了2次下蹲-起立的動(dòng)作D. 下蹲過程中人先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)【答案】BD【解析】【詳解】A.人下蹲動(dòng)作分別有失重和超重兩

12、個(gè)過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個(gè)最大速度后再減速下降超重對(duì)應(yīng)先失重再超重，到達(dá)最低點(diǎn)后處于平衡狀態(tài)，由圖可知，t=1s時(shí)人仍然加速下降，故A錯(cuò)誤；B.人下蹲動(dòng)作分別有失重和超重兩個(gè)過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個(gè)最大速度后再減速下降超重對(duì)應(yīng)先失重再超重，到達(dá)最低點(diǎn)后處于平衡狀態(tài)，所以在t=2s時(shí)刻人處于下蹲靜止?fàn)顟B(tài)。故B正確；C.人下蹲動(dòng)作分別有失重和超重兩個(gè)過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個(gè)最大速度后再減速下降超重對(duì)應(yīng)先失重再超重，起立對(duì)應(yīng)先超重再失重，對(duì)應(yīng)圖象可知，該同學(xué)在0-4秒內(nèi)做了一次下蹲-起立的動(dòng)作，故C錯(cuò)誤；D.結(jié)合A的方向可知，下蹲過程先失重后超重，故D正確。11.如圖所示是一

13、個(gè)簡(jiǎn)易起吊設(shè)施的示意圖，AC是質(zhì)量不計(jì)的撐桿，A端與豎直墻用鉸鏈連接，一滑輪固定在A點(diǎn)正上方，C端吊一重物。現(xiàn)施加一拉力F緩慢將重物P向上拉，在AC桿達(dá)到豎直前( ) A. BC繩中的拉力FT越來越大B. BC繩中的拉力FT越來越小C. AC桿中的支撐力FN不變D. AC桿中的支撐力FN越來越大【答案】BC【解析】【詳解】以C點(diǎn)為研究對(duì)象，分析受力情況：重物的拉力T（等于重物的重力G）、輕桿的支持力和繩子的拉力，作出力圖如圖：由平衡條件得知，和的合力與T大小相等，方向相反，根據(jù)三角形相似可得：緩慢將重物向上拉，AB、AC保持不變，BC變小，則保持不變，變小。故選BC。12.如圖所示，水平面放置

14、著物塊A，它通過輕繩和輕質(zhì)滑輪懸掛著物塊B，已知A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為3m，A與水平面間的摩擦因數(shù)=0.5，重力加速度大小為g，不計(jì)繩子與滑輪的摩擦，靜止釋放物塊A、B后（ ）A. 相同時(shí)間內(nèi)，A、B運(yùn)動(dòng)的路程之比為2:1B. 細(xì)繩的拉力為C. 當(dāng)B下落高度h時(shí)，B的速度為D. 當(dāng)B下落高度h時(shí)，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少0.5mgh【答案】AB【解析】【詳解】A.同時(shí)間內(nèi)，圖中A向右運(yùn)動(dòng)h時(shí)，B下降一半的距離，即為，故A、B運(yùn)動(dòng)的路程之比為2：1，故A正確；BC.任意相等時(shí)間內(nèi)，物體A、B的位移之比為2：1，故速度和加速度之比均為2：1，設(shè)A的加速度為2a，則B的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定

15、律，對(duì)A，有：對(duì)B，有：聯(lián)立解得： ，；對(duì)B，根據(jù)速度位移公式有：解得：，故B正確，C錯(cuò)誤； D.根據(jù)功能關(guān)系，可知系統(tǒng)機(jī)械能的損失等于系統(tǒng)克服摩擦力做功， 當(dāng)B下落高度h時(shí)，A向右運(yùn)動(dòng)的位移為2h，則有：故D錯(cuò)誤。三、實(shí)驗(yàn)題13.有同學(xué)利用如圖所示的裝置來驗(yàn)證力的平行四邊形定則。在豎直木板上鋪有白紙，固定兩個(gè)光滑的滑輪A和B，將繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn)O，每個(gè)鉤碼的重量相等，當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到平衡時(shí)，根據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)讀出三段繩子的拉力F1、F2和F3，回答下列問題：（1）改變鉤碼個(gè)數(shù)，實(shí)驗(yàn)?zāi)芡瓿傻氖牵?）A鉤碼的個(gè)數(shù)N1N22，N34B鉤碼的個(gè)數(shù)N1N33，N24C鉤碼的個(gè)數(shù)N1N2N34D鉤碼的個(gè)數(shù)N13，N2

16、4，N35（2）在拆下鉤碼和繩子前，最重要一個(gè)步驟是（ ）A標(biāo)記結(jié)點(diǎn)O的位置，并記錄OA、OB、OC三段繩子的方向B量出OA、OB、OC三段繩子的長(zhǎng)度C用量角器量出三段繩子之間的夾角D用天平測(cè)出鉤碼質(zhì)量（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及操作，在作圖時(shí)，你認(rèn)為圖中_是正確的。(填“甲”或“乙”)【答案】 (1). BCD (2). A (3). 甲【解析】【詳解】（1）1對(duì)O點(diǎn)受力分析OA、OB、OC分別表示三個(gè)力的大小，由于三共點(diǎn)力處于平衡，所以O(shè)C等于OD。因此三個(gè)力的大小構(gòu)成一個(gè)三角形A.以鉤碼的個(gè)數(shù)表示力的大小，只能兩分力沿直線時(shí)才能構(gòu)成三角形，不符合實(shí)驗(yàn)方法，故A錯(cuò)誤，不符合題意；B.以鉤碼的個(gè)數(shù)表

17、示力的大小，則三力為邊構(gòu)成等腰三角形，故B正確，符合題意；C.以鉤碼的個(gè)數(shù)表示力的大小，則三力為邊構(gòu)成等邊三角形，故C正確，符合題意；D.以鉤碼的個(gè)數(shù)表示力的大小，則三力為邊構(gòu)成直角三角形，故D正確，符合題意。（2）2 為驗(yàn)證平行四邊形定則，必須作受力圖，所以先明確受力點(diǎn)，即標(biāo)記結(jié)點(diǎn)O的位置，其次要作出力的方向并讀出力的大小，最后作出力的圖示，因此要做好記錄，是從力的三要素角度出發(fā)，要記錄砝碼的個(gè)數(shù)和記錄OA、OB、OC三段繩子的方向，故最重要的一個(gè)步驟是A；（3）3 以O(shè)點(diǎn)為研究對(duì)象，的是實(shí)際作用效果在OC這條線上，由于誤差的存在，的理論值要與實(shí)際值有一定偏差，故甲圖符合實(shí)際，乙圖不符合實(shí)際

18、。14.某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置來驗(yàn)證“機(jī)械能守恒定律”。將寬度為d的擋光片（質(zhì)量不計(jì)）水平固定在物體A上，將物體由靜止釋放，讓質(zhì)量較大的物體B通過細(xì)線和滑輪帶著A起運(yùn)動(dòng)，兩光電門間的高度差為h，擋光片通過光電門1、光電門 2的時(shí)間分別為t1、t2，A、B兩物體的質(zhì)量分別為mA、mB，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間?；卮鹣铝袉栴}。（1）該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)擋光片的寬度時(shí)，測(cè)量情況如圖乙所示，則擋光片的寬度d=_mm。(2)由于沒有天平，不能直接測(cè)出兩物體的質(zhì)量，該同學(xué)找來了一個(gè)質(zhì)量為m0的標(biāo)準(zhǔn)砝碼和一根彈簧，將標(biāo)準(zhǔn)砝碼、物體A和物體B分別靜止懸掛在彈簧下端，用刻度尺測(cè)出彈簧的伸長(zhǎng)量分別為x0、xA、

19、xB，則A、B兩物體的質(zhì)量分別為mA=_，mB=_。(3)若系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則應(yīng)滿足關(guān)系式=_。(4)若保持物體A的質(zhì)量mA不變，不斷增大物體B的質(zhì)量mB，則物體A的加速度大小a的值會(huì)趨向于_。【答案】 (1). 2.2 (2). (3). (4). (5). g【解析】【詳解】(1) 1擋光片的寬度:(2)23由胡克定律可得：；,聯(lián)立可得：，(3)4物體B質(zhì)量較大，B帶動(dòng)A一起運(yùn)動(dòng)，若系統(tǒng)機(jī)械能守恒則有：由于擋光片的寬度較小，則可得，物體通過擋光片時(shí)的速度大小為：，代入可得：化簡(jiǎn)可得：(4)4 物體B質(zhì)量較大，B帶動(dòng)A一起運(yùn)動(dòng)，對(duì)于A、B系統(tǒng)有： 則加速度：保持物體A的質(zhì)量mA不變，不斷增

20、大物體B的質(zhì)量mB，當(dāng)mB遠(yuǎn)大于mA時(shí)，則加速度a的值會(huì)趨向于g。四、計(jì)算題15.如圖所示為四旋翼無人機(jī)，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應(yīng)用一架質(zhì)量為m2 kg的無人機(jī)，其動(dòng)力系統(tǒng)所能提供的最大升力F36 N，運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力大小恒定，無人機(jī)在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛，在t5 s時(shí)離地面的高度為75 m(g取10 m/s2)（1）求運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力大?。唬?）假設(shè)由于動(dòng)力系統(tǒng)故障，懸停的無人機(jī)突然失去升力而墜落無人機(jī)墜落地面時(shí)的速度為40 m/s，求無人機(jī)懸停時(shí)距地面高度；【答案】（1）4N（2）100m【解析】【詳解】（1）上升過程，

21、根據(jù)位移時(shí)間公式有：解得：a=6m/s2由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：N（2）下落過程，由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：m/s2根據(jù)速度位移公式有：代入數(shù)據(jù)解得：H=100m16.山谷中有三塊大石頭和一根不可伸長(zhǎng)的青之青藤，其示意圖如下。圖中A、B、C、D均為石頭的邊緣點(diǎn)，O為青藤的固定點(diǎn)，h1=1.8m，h2=4.0m，x1=4.8m，x2=8.0m。開始時(shí)，質(zhì)量分別為M=10kg和m=2kg的大小兩只滇金絲猴分別位于左邊和中間的石頭上，當(dāng)大猴發(fā)現(xiàn)小猴將受到傷害時(shí)，迅速從左邊石頭A點(diǎn)起水平跳到中間石頭，大猴抱起小猴跑到C點(diǎn)，抓住青藤的下端蕩到右邊石頭的D點(diǎn)，此時(shí)速度恰好為零。運(yùn)動(dòng)過程中猴子

22、均看成質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，重力加速度g=10m/s2，求：（1）大猴子水平跳離的速度最小值；（2）猴子抓住青藤蕩起時(shí)的速度大??；（3）蕩起時(shí)，青藤對(duì)猴子的拉力大小。【答案】（1）=8m/s （2）9m/s （3）F=216N【解析】【詳解】根據(jù)解得則跳離的最小速度（2）根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，解得（3）根據(jù)牛頓第二定律得，根據(jù)幾何關(guān)系得，聯(lián)立解得 F=216N17.靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質(zhì)量分別為 ，；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側(cè)的豎直墻壁距離，如圖所示。某時(shí)刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動(dòng)能之和為。釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運(yùn)動(dòng)。A、B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。重力加速度取。A、B運(yùn)動(dòng)過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短。（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大?。唬?）物塊A、B中的哪一個(gè)先停止？該物塊剛停止時(shí)A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？【答案】（1）vA=4.0m/s，vB=1.0m/s；（2）B先停止； 0.50m；（3）0.91m；【解析】分析】首先需要理解彈簧釋放