吉林省白城市通榆縣第一中學(xué)2020學(xué)年高二物理下學(xué)期第二次月考試題（含解析）

1、吉林省通榆縣第一中學(xué)2020學(xué)年度高二下學(xué)期 第二次月考物理試題一、選擇題1. 下列能揭示原子具有核式結(jié)構(gòu)的實(shí)驗(yàn)是()A. 光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)B. 倫琴射線的發(fā)現(xiàn)C. 粒子散射實(shí)驗(yàn)D. 氫原子光譜的發(fā)現(xiàn)【答案】C【解析】試題分析：能揭示原子具有核式結(jié)構(gòu)的實(shí)驗(yàn)是粒子散射實(shí)驗(yàn)，故選C考點(diǎn)：物理學(xué)史【名師點(diǎn)睛】此題是對(duì)原子物理學(xué)史的考查；要知道盧瑟福的粒子散射實(shí)驗(yàn)是原子核式結(jié)構(gòu)的基礎(chǔ)，同時(shí)要了解此實(shí)驗(yàn)的方法及實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象及結(jié)論注意要多看課本，多記憶此處有視頻，請(qǐng)去附件查看】2.一個(gè)處于基態(tài)的氫原子吸收光子后，躍遷到另一定態(tài)，下列說法中正確的是A. 電子繞原子核運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能將會(huì)變大B. 電子繞原子核運(yùn)動(dòng)的頻率將會(huì)

2、變大C. 向低能級(jí)躍遷時(shí)，發(fā)出光子的頻率一定等于吸收光子的頻率D. 吸收光子屬于紫外線，發(fā)出的光子可能含有可見光【答案】D【解析】A、基態(tài)氫原子吸收光子后，運(yùn)動(dòng)半徑增大，由，可得，由此可知?jiǎng)幽軠p少，故A錯(cuò)誤；B、由可得，即r變大，f變小，故B錯(cuò)誤；C、處于激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)可能放出多種頻率的光，故吸收光子頻率不一定等于放出光子的頻率，故C錯(cuò)誤；D、處于激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)可能放出多種頻率的光，可能有可見光，故D正確；故選D。3.在做光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某金屬被光照射發(fā)生了光電效應(yīng)，實(shí)驗(yàn)測(cè)得光電子的最大動(dòng)能Ek與入射光的頻率的關(guān)系如圖所示，由實(shí)驗(yàn)圖線可求出（ ）A. 該金屬的極限

3、頻率和極限波長(zhǎng)B. 普朗克常量C. 該金屬的逸出功D. 單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)【答案】ABC【解析】根據(jù)Ekm=hv-W0得，縱軸截距的絕對(duì)值等于金屬的逸出功，等于E0當(dāng)最大初動(dòng)能為零時(shí)，入射光的頻率等于截止頻率，所以金屬的截止頻率為v0=由，可求得極限波長(zhǎng)，故A、C正確圖線的斜率k，可見圖線的斜率在數(shù)值上等于普朗克常量。故B正確單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)，與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，故D錯(cuò)誤4.關(guān)于下列四幅圖說法錯(cuò)誤的是（ ）A. 原子中的電子繞原子核高速運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，運(yùn)行軌道的半徑可以是任意的B. 光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)說明了光具有粒子性C. 電子束通過鋁箔時(shí)的衍射圖樣證實(shí)了運(yùn)動(dòng)電子具有波動(dòng)性D. 發(fā)現(xiàn)少數(shù)粒子發(fā)

4、生了較大偏轉(zhuǎn)，說明原子的質(zhì)量絕大部分集中在很小空間范圍【答案】A【解析】試題分析：根據(jù)玻爾理論知道，電子的軌道不是任意的，電子有確定的軌道，且軌道是量子化的，故A錯(cuò)誤光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)說明了光具有粒子性的，故B錯(cuò)誤電子束通過鋁箔時(shí)的衍射圖樣證實(shí)了電子具有波動(dòng)性，故C錯(cuò)誤發(fā)現(xiàn)少數(shù)粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，說明原子的質(zhì)量絕大部分集中在很小空間范圍，故D正確考點(diǎn)：考查了光電效應(yīng)；粒子散射實(shí)驗(yàn)5.如圖所示，質(zhì)量為m的人立于平板車上，人與車的總質(zhì)量為M，人與車以速度v1在光滑水平面上向東運(yùn)動(dòng)當(dāng)此人相對(duì)于車以速度v2豎直跳起時(shí)，車的速度變?yōu)椋ǎ〢. 向東B. 向東C. 向東D. v1向東【答案】D【解析】人和車在水平

5、方向上動(dòng)量守恒，當(dāng)人豎直跳起時(shí)，人和之間的相互作用在豎直方向上，在水平方向上的仍然動(dòng)量守恒，水平方向的速度不發(fā)生變化，所以車的速度仍然為v1，方向向東，所以D正確故選D點(diǎn)睛：動(dòng)量守恒要注意方向性，本題中人跳起，影響的是在豎直方向的動(dòng)量，在水平動(dòng)量不變.6.如圖甲所示，光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ所在平面與水平面成角，M、P兩端接有阻值為R的定值電阻，阻值為r的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置，其他部分電阻不計(jì)。整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌平面向上。從t0時(shí)刻開始棒受到一個(gè)平行于導(dǎo)軌向上的外力F，由靜止開始沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，通過R的感應(yīng)電流I隨

6、時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示。下面分別給出了穿過回路abPM的磁通量、磁通量的變化率、棒兩端的電勢(shì)差Uab和通過金屬棒的電荷量q隨時(shí)間變化的圖象，其中正確的是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】由題可知，回路中的感應(yīng)電流與時(shí)間成正比，說明感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也是隨時(shí)間均勻增大的，明確各個(gè)圖象的物理意義，結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的特點(diǎn)即可正確求解?！驹斀狻緼項(xiàng)：由于產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是逐漸增大的，而A圖描述磁通量與時(shí)間關(guān)系中斜率不變，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：感應(yīng)電流為：由圖可知：I=kt，即，故有：，故B正確；C項(xiàng)：I均勻增大，棒兩端的電勢(shì)差Uab=IR=ktR

7、，則知Uab與時(shí)間t成正比，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：通過導(dǎo)體棒的電量為：Q=kt2/2，故Q-t圖象為拋物線，并非過原點(diǎn)的直線，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：B。【點(diǎn)睛】對(duì)于圖象問題一定弄清楚兩坐標(biāo)軸的含義，尤其注意斜率、截距的含義，對(duì)于復(fù)雜的圖象可以通過寫出兩坐標(biāo)軸所代表物理量的函數(shù)表達(dá)式進(jìn)行分析。7.某種角速度計(jì)，其結(jié)構(gòu)如圖所示當(dāng)整個(gè)裝置繞軸OO轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，元件A相對(duì)于轉(zhuǎn)軸發(fā)生位移并通過滑動(dòng)變阻器輸出電壓，電壓傳感器(傳感器內(nèi)阻無限大)接收相應(yīng)的電壓信號(hào)已知A的質(zhì)量為m，彈簧的勁度系數(shù)為k、自然長(zhǎng)度為l，電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)滑動(dòng)變阻器總長(zhǎng)也為l，電阻分布均勻，裝置靜止時(shí)滑片P在變阻器的最左端B端，當(dāng)系統(tǒng)以角

8、速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，則()A. 電路中電流隨角速度的增大而增大B. 電路中電流隨角速度增大而減小C. 彈簧的伸長(zhǎng)量為xD. 輸出電壓U與的函數(shù)式為U【答案】D【解析】【分析】當(dāng)系統(tǒng)在水平面內(nèi)以角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電路中電阻保持不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中電流的變化情況系統(tǒng)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，由彈簧的彈力提供元件A的向心力，根據(jù)牛頓第二定律得到角速度與彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度x的關(guān)系式根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比和電阻定律，得到電壓U與x的關(guān)系式，再聯(lián)立解得電壓U與的函數(shù)關(guān)系式.【詳解】系統(tǒng)在水平面內(nèi)以角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，無論角速度增大還是減小，BC的總電阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流保持不變，故A、B錯(cuò)誤；設(shè)

9、系統(tǒng)在水平面內(nèi)以角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為x，則對(duì)元件A，根據(jù)牛頓第二定律得kxm2(lx)，又輸出電壓U，聯(lián)立兩式得 ，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D.8.如圖甲所示，一理想變壓器給一個(gè)小燈泡供電。當(dāng)原線圈輸入如圖乙所示的交變電壓時(shí)，額定電壓為U0的小燈泡恰好正常發(fā)光，已知燈泡的電阻為R，圖中電壓表為理想電表。下列說法正確的是( )A. 變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值為uUmsin(t)(V)B. 電壓表的示數(shù)為U0C. 變壓器的輸入功率為D. 變壓器的匝數(shù)比為Um U0【答案】AC【解析】【詳解】A：由圖乙得，輸入交流電壓的最大值為，輸入交流電壓的周期為，開始計(jì)時(shí)時(shí)電壓為0，則輸入交流電壓的的瞬時(shí)值

10、。故A項(xiàng)正確。B：額定電壓為U0的小燈泡恰好正常發(fā)光，變壓器副線圈兩端電壓的有效值，電壓表示數(shù)為U0。故B項(xiàng)錯(cuò)誤。C：燈泡的功率，變壓器的輸出功率，變壓器的輸入功率。故C項(xiàng)正確。D：變壓器原線圈兩端電壓的有效值，變壓器副線圈兩端電壓的有效值，變壓器的匝數(shù)比。故D項(xiàng)錯(cuò)誤。9.如圖所示，N匝矩形導(dǎo)線框以角速度在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞軸OO勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框面積為S，線框的電阻、電感均不計(jì)，外電路接有電阻R、理想交流電流表A和二極管D。二極管D具有單向?qū)щ娦?，即正向電阻為零，反向電阻無窮大。下列說法正確的是( )A. 交流電流表的示數(shù)INBSB. 一個(gè)周期內(nèi)通過R的電荷量qC. R兩端電壓的有效值

11、UNBSD. 圖示位置電流表的示數(shù)為0【答案】AB【解析】【詳解】C：二極管具有單向?qū)щ娦?，電路中一個(gè)周期只有一半時(shí)間有電流，根據(jù)電流的熱效應(yīng)得：，又，解得：R兩端電壓的有效值。故C項(xiàng)錯(cuò)誤。AD：流過電阻R電流的有效值，交流電流表測(cè)量的是電流的有效值，所以交流電流表的示數(shù)為。故A項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤。B：據(jù)、，可得；一個(gè)周期只有一半時(shí)間有電流，有電流通過R的半個(gè)周期時(shí)間內(nèi)線圈磁通量的變化，所以一個(gè)周期內(nèi)通過R的電荷量。故B項(xiàng)正確。10.關(guān)于光子和運(yùn)動(dòng)著的電子，下列敘述正確的是()A. 光子和電子一樣都是實(shí)物粒子B. 光子和電子都能發(fā)生衍射現(xiàn)象C. 光子和電子都具有波粒二象性D. 光子具有波粒二象性

12、，而電子只具有粒子性【答案】BC【解析】【詳解】A：物質(zhì)可分為兩大類：一是質(zhì)子、電子等實(shí)物，二是電場(chǎng)、磁場(chǎng)等，統(tǒng)稱場(chǎng)。光子是傳播著的電磁場(chǎng)，不是實(shí)物粒子。故A項(xiàng)錯(cuò)誤。BCD：光電效應(yīng)、康普頓效應(yīng)等實(shí)驗(yàn)說明光具有粒子性，光的干涉、衍射說明光具有波動(dòng)性。實(shí)物粒子具有粒子性，根據(jù)物質(zhì)波理論，一切運(yùn)動(dòng)著的物體都具有波動(dòng)性。所以光子和運(yùn)動(dòng)著的電子都具有波粒二象性，光子和運(yùn)動(dòng)著的電子都能發(fā)生衍射現(xiàn)象。故BC兩項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤。11.如圖所示，一根足夠長(zhǎng)的水平滑竿上套有一質(zhì)量為的光滑金屬圓環(huán)，在滑竿的正下方與其平行放置一足夠長(zhǎng)的光滑水平的絕緣軌道，穿過金屬環(huán)的圓心?，F(xiàn)使質(zhì)量為的條形磁鐵以水平速度沿絕緣軌道向

13、右運(yùn)動(dòng)，則A. 磁鐵穿過金屬環(huán)后，兩者將先后停下來B. 磁鐵將不會(huì)穿越滑環(huán)運(yùn)動(dòng)C. 磁鐵與圓環(huán)的最終速度為D. 整個(gè)過程最多能產(chǎn)生熱量為【答案】CD【解析】選取磁鐵與圓環(huán)組成的系統(tǒng)為研究的系統(tǒng)，系統(tǒng)在水平方向受到的合力為0，滿足動(dòng)量守恒；選取磁鐵M運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，則最終到達(dá)共同速度時(shí)二者相對(duì)靜止，由動(dòng)量守恒定律可知：Mv0=（M+m）v，解得，故A錯(cuò)誤，C正確；磁鐵在靠近金屬環(huán)的過程中金屬環(huán)的感應(yīng)電流方向產(chǎn)生的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)的方向相反，所以磁鐵受到阻力的作用，同理，在離開金屬環(huán)的過程中金屬環(huán)的感應(yīng)電流方向產(chǎn)生的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)的方向相同，也是受到阻力的作用，但是由于不知道初速度以及環(huán)與磁鐵的質(zhì)量

14、之間的關(guān)系，所以不能判斷出磁鐵是否能夠會(huì)穿越滑環(huán)運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；磁鐵若能穿過金屬環(huán)，運(yùn)動(dòng)的過程中系統(tǒng)的產(chǎn)生的熱量等于系統(tǒng)損失的動(dòng)能，即，故D正確。所以CD正確，AB錯(cuò)誤。12.利用金屬晶格（大小約10-10m)作為障礙物觀察電子的衍射圖樣，方法是讓電子束通過電場(chǎng)加速后，照射到金屬晶格上，從而得到電子的衍射圖樣。已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e，初速度為0，加速電壓為U，普朗克常量為h，則下列說法中正確的是（ ）A. 該實(shí)驗(yàn)說明了電子具有波動(dòng)性B. 實(shí)驗(yàn)中電子束的德布羅意波的波長(zhǎng)為C. 加速電壓U越大，電子的衍射現(xiàn)象越明顯D. 若用相同動(dòng)能的質(zhì)子替代電子，衍射現(xiàn)象將更加明顯【答案】AB【解析】【詳解

15、】A、該實(shí)驗(yàn)觀察電子的衍射圖樣，衍射現(xiàn)象說明粒子的波動(dòng)性，故A正確；B、電子束通過電場(chǎng)加速，由動(dòng)能定理可得：，故有：，所以，實(shí)驗(yàn)中電子束的德布羅意波的波長(zhǎng)為：，故B正確；C、由B可知：加速電壓U越大，波長(zhǎng)越小，那么，衍射現(xiàn)象越不明顯，故C錯(cuò)誤；D、若用相同動(dòng)能的質(zhì)子替代電子，質(zhì)量變大，那么粒子動(dòng)量變大，故德布羅意波的波長(zhǎng)變小，故衍射現(xiàn)象將不明顯，故D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】根據(jù)衍射現(xiàn)象得到波動(dòng)性，然后由動(dòng)能定理得到粒子速度，進(jìn)而得到動(dòng)量，從而得到波長(zhǎng)，根據(jù)波長(zhǎng)表達(dá)式得到電壓或粒子變化下波長(zhǎng)的變化，從而判斷衍射現(xiàn)象變化。二、填空題13.氣墊導(dǎo)軌工作時(shí)能夠通過噴出的氣體使滑塊懸浮從而基本消除掉摩擦力的影響,

16、因此成為重要的實(shí)驗(yàn)器材,氣墊導(dǎo)軌和光電門、數(shù)字毫秒計(jì)配合使用能完成許多實(shí)驗(yàn)?，F(xiàn)提供以下實(shí)驗(yàn)器材:(名稱、圖象、編號(hào)如圖所示)利用以上實(shí)驗(yàn)器材還可以完成“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn),為完成此實(shí)驗(yàn),某同學(xué)將實(shí)驗(yàn)原理設(shè)定為m1v0=(m1+m2)v(1)針對(duì)此原理,我們應(yīng)選擇的器材編號(hào)為_;(2)在我們所選的器材中,_器材對(duì)應(yīng)原理中的m1(填寫器材編號(hào))?！敬鸢浮浚篈BCB【解析】：題給原理動(dòng)量守恒，故應(yīng)選擇器材為ABC.由題意知B對(duì)應(yīng)原理中的m1.14.如圖所示，一驗(yàn)電器與鋅板相連，在A處用一紫外線燈照射鋅板，關(guān)燈后，驗(yàn)電器指針保持一定偏角(1)現(xiàn)用一帶少量負(fù)電的金屬小球與鋅板接觸，則驗(yàn)電器指針偏角

17、將_(填“增大”、“減小”或“不變”)(2)使驗(yàn)電器指針回到零，再用相同強(qiáng)度的鈉燈發(fā)出的黃光照射鋅板，驗(yàn)電器指針無偏轉(zhuǎn)那么，若改用強(qiáng)度更大的紅外線燈照射鋅板，可觀察到驗(yàn)電器指針_(填“有”或“無”)偏轉(zhuǎn)(3)光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)和康普頓實(shí)驗(yàn)都證明了光具有_(填“粒子性”或“波動(dòng)性”)甲圖中金屬片張開是因?yàn)轵?yàn)電器帶_(填“正”或“負(fù)”)電，若改用強(qiáng)度較弱的紫外線照射鋅板_(填“能”或“不能”)使金屬片張開；乙圖中1_(填“”、“【解析】【詳解】(1)在A處用一紫外線燈照射鋅板，鋅板產(chǎn)生光電效應(yīng)，光電子射出后，鋅板帶正電，用一帶少量負(fù)電的金屬小球與鋅板接觸，會(huì)使鋅板上帶的正電減少，驗(yàn)電器指針偏角將減小。(

18、2)鈉燈發(fā)出的黃光照射鋅板，驗(yàn)電器指針無偏轉(zhuǎn)，說明黃光不能使鋅板產(chǎn)生光電效應(yīng)；改用紅外線燈照射鋅板，紅外線的頻率小于黃光的頻率，紅外線也不能使鋅板產(chǎn)生光電效應(yīng)，驗(yàn)電器指針無偏轉(zhuǎn)。(3)光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)和康普頓實(shí)驗(yàn)都證明了光具有粒子性。紫外線燈照射鋅板，鋅板產(chǎn)生光電效應(yīng)，光電子射出后，鋅板帶正電，驗(yàn)電器帶正電，驗(yàn)電器的金屬片張開。只要入射光的頻率大于截止頻率，光電效應(yīng)就會(huì)發(fā)生。較弱的紫外線照射鋅板，鋅板一樣產(chǎn)生光電效應(yīng)，光電子射出后，鋅板帶正電，驗(yàn)電器帶正電，驗(yàn)電器的金屬片張開。乙圖中光子與電子碰撞后，光子的能量減小，光子的頻率減小，則。15.(1)研究光電效應(yīng)的電路如圖所示用頻率相同、強(qiáng)度不同的光

19、分別照射密封真空管的鈉極板(陰極K)，鈉極板發(fā)射出的光電子被陽(yáng)極A吸收，在電路中形成光電流下列光電流I與A、K之間的電壓UAK的關(guān)系圖象中，正確的是_(2)鈉金屬中的電子吸收光子的能量，從金屬表面逸出，這就是光電子光電子從金屬表面逸出的過程中，其動(dòng)量的大小_(選填“增大”、“減小”或“不變”)【答案】 (1). C (2). 減小【解析】【詳解】(1)光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與光照強(qiáng)度無關(guān)，因此在入射光頻率相同的情況下，光電子的最大初動(dòng)能相同，對(duì)應(yīng)的遏止電壓相同。在能發(fā)生光電效應(yīng)的前提下，光電流隨著光照強(qiáng)度的增大而增大。故C項(xiàng)正確，ABD三項(xiàng)錯(cuò)誤。(2)光電子從金屬表面逸出的過程

20、中，由于要克服金屬束縛做功，速度減小，動(dòng)量減小。三、計(jì)算題16.如圖所示，陰極材料由鋁制成，已知鋁的逸出功為W0，現(xiàn)用波長(zhǎng)為的光照射鋁的表面，使之產(chǎn)生光電效應(yīng)，已知電子的電量為e，普朗克常量為h，真空中光速為c。求：(1)光電子的最大初動(dòng)能；(2)電壓表示數(shù)至少為多大時(shí)電流表示數(shù)才為零；(3)若射出具有最大初動(dòng)能的光電子與一靜止的電子發(fā)生正碰，則碰撞中兩電子電勢(shì)能增加的最大值是多少？【答案】(1) (2) (3)【解析】試題分析：(1)由愛因斯坦光電效應(yīng)方程知最大初動(dòng)能EkhW0 (3分)（2）當(dāng)電流表示數(shù)為零時(shí)，反向截止電壓為，電壓表示數(shù)至少為(2分)解得：(1分)(3)要使電勢(shì)能最大，即二

21、者為完全非彈性碰撞，設(shè)碰前為v，碰后二者共速為v.則：mv2hW0 (1分)mv02mv (2分)mv20E電2mv2 (2分)由解得：E電( hW0) (1分)考點(diǎn)：愛因斯坦光電效應(yīng)方程 完全非彈性碰撞 能量守恒定律 定律守恒定律17.如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車A，質(zhì)量，上表面光滑，小車與地面間的摩擦力極小，可以忽略不計(jì)?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的物塊B置于A的最右端，B的質(zhì)量?，F(xiàn)對(duì)A施加一個(gè)水平向右的恒力F10N，A運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，小車左端固定的擋板B發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰后A，B粘合在一起，共同在F的作用下繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，碰撞后經(jīng)時(shí)間t0.6s，二者的速度達(dá)到。求（1）A開始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度a的大

22、?。唬?）A，B碰撞后瞬間的共同速度v的大??；（3）A的上表面長(zhǎng)度l；【答案】(1) （2）1m/s （3）0.45m【解析】(1)以A為研究對(duì)象，由牛頓第二定律有FmAa代入數(shù)據(jù)解得a2.5 m/s2(2)對(duì)A、B碰撞后共同運(yùn)動(dòng)t0.6 s的過程，由動(dòng)量定理得Ft(mAmB)v(mAmB)v1代入數(shù)據(jù)解得v11 m/s(3)設(shè)A、B發(fā)生碰撞前，A的速度為vA，對(duì)A、B發(fā)生碰撞的過程，由動(dòng)量守恒定律有mAvA(mAmB)v1A從開始運(yùn)動(dòng)到與B發(fā)生碰撞前，由動(dòng)能定理有FlmAv由式，代入數(shù)據(jù)解得l0.45 m.點(diǎn)睛：本題考查了求加速度、速度、A的長(zhǎng)度問題，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用牛頓第二定律、動(dòng)量定理、動(dòng)量守恒定律、動(dòng)能定理即可正確解題18.發(fā)電機(jī)的端電壓為220V，輸出功率為44kW，輸電導(dǎo)線的電阻為0.2，如果用原、副線圈匝數(shù)之比為1:10的升壓變壓器升壓，經(jīng)輸電線路后，再用原、副線圈匝數(shù)比為10:1的降壓變壓器降壓供給用戶.（1）畫出全過程的線路圖；（2）求用戶得到電壓和功率；（3）若不經(jīng)過變壓而直接送到用戶，求用戶得到的功率和電壓.【答案】(1)略 (2)219.6 V 43.92 kW (3)36 kW，180 V【解析】根據(jù) ,計(jì)算得出升壓變壓器的輸出電壓為: 則輸電線