山西省臨猗縣臨晉中學2020屆高三物理上學期9月月考試題（含解析）

1、山西省臨猗縣臨晉中學2020屆高三9月月考物理月考試題 一、選擇題1.在物理學史上，最先通過實驗正確認識力與運動的關(guān)系并且推翻“力是維持運動的原因”的物理學家是（ ）A. 亞里士多德B. 伽利略C. 牛頓D. 笛卡爾【答案】B【解析】【詳解】歷史上首先通過實驗正確認識力和運動的關(guān)系，推翻“力是維持物體運動的原因”的物理學家是伽利略，它的著名的理想斜面實驗說明了這一點；故A、C、D錯誤，B正確；故選B.【點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一2.做勻加速直線運動的物體，依次通過A、B、C三點，位移xAB=xBC，已知物體在AB段的

2、平均速度為3m/s，在BC段的平均速度為6m/s，那么物體在B點時的瞬時速度大小為（ ）A. 4m/sB. 4.5m/sC. 5m/sD. 5.5m/s【答案】C【解析】【詳解】設(shè)加速度大小為a，經(jīng)A、C的速度大小分別為vA、vC。據(jù)勻加速直線運動規(guī)律可得：，聯(lián)立可得：vB=5m/s 故選C.【點睛】本題關(guān)鍵要充分運用好條件：ab、bc的距離相等，以及兩段的平均速度，靈活運用運動學公式求解3.如圖所示，木盒中固定一質(zhì)量為m的砝碼，木盒和砝碼在桌面上以一定的初速度一起滑行一段距離后停止?，F(xiàn)拿走砝碼，而持續(xù)加一個豎直向下的恒力F(F=0.5mg)，若其他條件不變，則木盒滑行的距離（ ）A. 變小B

3、. 不變C. 變大D. 變大變小均可能【答案】A【解析】【詳解】設(shè)木盒的質(zhì)量為M，根據(jù)牛頓第二定律得，放砝碼時加速度：，拿走砝碼施加F時，加速度：，可知a2a1.根據(jù)v2=2ax得，;知加速度增大，則滑行的距離變小.故A正確，B、C、D錯誤;故選A.【點睛】解決本題的關(guān)鍵通過牛頓第二定律比較出加速度的大小，注意選擇的研究對象不同，第一次選擇整體，第二次選擇木盒4.甲、乙兩車同時從同一地點沿同一方向運動，其中甲車由靜止開始以0.5m/s2的加速度做勻加速直線運動，經(jīng)過30s后立即以0.5m/s2的加速度做勻減速直線運動直到停止。乙車一直以9m/s的速度做勻速直線運動，則下列判斷正確的是( )A.

4、 在甲車加速過程中兩車相遇B. 在甲車減速過程中兩車相遇C. 兩車不可能相遇D. 兩車可能相遇兩次【答案】C【解析】【詳解】A、甲車達到的最大速度為v=at1=15m/s,在加速階段甲車通過的位移，乙車通過的位移x2=v乙t1=930m=270m225m，故不可能在加速階段相遇；故A錯誤.B、C、D、從甲車開始減速經(jīng)過時間t，兩車速度相同，故，12s內(nèi)甲車通過的位移，乙車通過的位移x4=v乙t=912m=108m,甲車通過的位移x1+x3=225+144m=369m，乙車通過的位移x2+x4=270+108m=378m,369378，故不可能相遇，故B、D錯誤，C正確.故選C.【點睛】本題主要

5、考查了追擊相遇問題，可以運用運動學公式進行求解，也可以運用圖象進行求解用圖象求解比較直觀，方便5.在一根輕繩的兩端各拴一個小球，一人用手拿繩上端的小球站在三層樓的陽臺上放手讓小球自由下落，兩球落地時間差為t如果站在四樓陽臺上，重復上述實驗，則兩球落地時間差會（ ）A. 不變B. 變小C. 變大D. 由于層高未知，無法比較【答案】B【解析】設(shè)細線的長度為L，第一個小球著地后，另一個小球運動的位移為L，在L內(nèi)運行的時間，即為兩球落地的時間差，第一個球著地的速度為另一個小球在位移L內(nèi)的初速度，高度越高，落地的速度越大，知高度越高，另一個小球在位移L內(nèi)的初速度越大，根據(jù)，初速度越大，時間越短，所以，故

6、選項C正確。點睛：不論放在三樓陽臺釋放還是放在四樓陽臺釋放，一球落地后，另一球運動的位移相等，根據(jù)，求出兩球落地的時間差的變化。6.如圖所示，一條細繩跨過光滑輕定滑輪連接物體A、B，A懸掛起來，B穿在一根豎直光滑桿上。當繩與豎直桿間的夾角為時，B沿桿下滑的速度為v，則下列判斷正確的是（ ）A. A的速度為vcosB. A的速度為vsinC. 細繩的張力一定大于A的重力D. 細繩的張力一定小于A的重力【答案】AC【解析】【詳解】將B物體的速度按圖示兩個方向分解，如圖所示:由繩子速率v繩=vcos,而繩子速率等于物體A的速率，則有物體A的速率vA=v繩=vcos.隨著夾角的減小，則A在加速向上運動

7、，因此繩子的張力大于A的重力，故A、C正確，B、D錯誤，故選AC.【點睛】本題通常稱為繩端物體速度分解問題，容易得出這樣錯誤的結(jié)果：將繩的速度分解，如圖得到7.如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面夾角為，以速度v0逆時針勻速轉(zhuǎn)動。在傳送帶的上端輕輕放置一個質(zhì)量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)tan，規(guī)定沿傳送帶向下為正方向，則圖中能較客觀地反映小木塊對傳送帶的摩擦力f隨時間t變化關(guān)系的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【詳解】初狀態(tài)時：重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：加速度： ，當小木塊的速度與傳送帶速度相等

8、時，由tan知道木塊繼續(xù)沿傳送帶加速向下，但是此時摩擦力的方向沿斜面向上，而規(guī)定沿傳送帶向下為正方向，因此摩擦力方向先為正值，再為負值，故C正確，A、B、D錯誤；故選C.【點睛】要找出小木塊速度隨時間變化的關(guān)系，先要分析出初始狀態(tài)物體的受力情況，本題中明顯重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線運動，有牛頓第二定律求出加速度a1；當小木塊的速度與傳送帶速度相等時，由tan知道木塊繼續(xù)沿傳送帶加速向下，但是此時摩擦力的方向沿斜面向上，從而即可求解8.在如圖所示的裝置中，質(zhì)量為3kg的物塊被平行于斜面的細繩拴在斜面上端的小柱上，斜面的傾角為30，被固定在測力計上，整

9、個裝置保持靜止。如果物體與斜面間無摩擦，裝置穩(wěn)定以后，當細線被燒斷，物體正在下滑的過程中，與穩(wěn)定時比較，測力計的讀數(shù)（g=10m/s2）（ ）A. 增加15NB. 減小15NC. 減小7.5ND. 保持不變【答案】C【解析】【詳解】對物塊和斜面體整體受力分析，受總重力和支持力，平衡時，有N-(M+m)g=0 加速下滑時，再次對物塊和斜面體整體受力分析，受總重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有豎直方向：(M+m)g-N=masin30 水平方向：f=macos30 對物塊受力分析，受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin30=ma 有由得到：N-N=masin30=mg（sin30

10、）2=3100.25=7.5N故A、B、D錯誤，C正確.故選C.【點睛】本題關(guān)鍵是對物塊、物塊和斜面體整體多次受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律、共點力平衡條件列式求解；要注意整體法對于有相對運動的物體系統(tǒng)同樣適用.9.滑塊A置于光滑水平地面上，滑塊B在一水平恒力F的作用下緊靠滑塊A(A、B接觸面豎直)，此時B剛好不下滑。已知滑塊A、B的質(zhì)量分別為mA、mB，重力加速度為g，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。則（ ）A. A、B之間的相互作用力大小為B. A與B間的動摩擦因數(shù)為C. 水平恒力F與A與B間的彈力之比為D. 水平恒力F與A與B間的彈力之比為【答案】BC【解析】【詳解】A、設(shè)A與B之間的彈力

11、的大小為N.以AB組成的整體為研究對象，則：F=(mA+mB)a,所以：,對A沿水平方向：N=mAa,聯(lián)立得：, B剛好不下滑，所以B與A之間的摩擦力的大小等于B的重力，即：f=mBg,所以A、B之間的相互作用力大小為：;故A錯誤.B、A與B間的動摩擦因數(shù)為;B正確.C、D、水平恒力F與A與B間的彈力之比為:;故C正確，D錯誤.故選BC.【點睛】本題關(guān)鍵是采用整體法和隔離法靈活選擇研究對象，受力分析后根據(jù)牛頓第二定律條件列式求解，注意最大靜摩擦力約等于滑動摩擦力10.如圖，質(zhì)量分別為M、m的兩個木塊A、B通過輕彈簧連接，木塊A放在水平桌面上，木塊B用輕繩通過定滑輪在力F的作用下整體恰好處于靜止

12、狀態(tài)，繩與水平方向成角。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不計滑輪與繩間的摩擦。則可以求下列哪些量（ ）A. 木塊A對桌面的壓力B. 彈簧與水平方向的夾角C. 木塊A與桌面之間的動摩擦因數(shù)D. 彈簧的形變量【答案】ABC【解析】對物體B分析，受重力、彈簧的拉力和細線的拉力，三力平衡，設(shè)彈簧與水平方向的夾角為，根據(jù)平衡條件，水平方向：Fcos=F彈cos，豎直方向：Fsin=F彈sin+mg，故有：，由于不知道彈簧的勁度系數(shù)，故無法確定彈簧的形變量，故B正確，D錯誤；對A、B整體分析，受拉力F、重力（M+m）g、支持力N和靜摩擦力f，根據(jù)平衡條件，水平方向：f=Fcos，豎直方向：N=（M+m）g-

13、Fsin，根據(jù)牛頓第三定律，整體對桌面的壓力為（M+m）g-Fsin，整體對桌面的摩擦力大小為f=Fcos，方向向右，由于是靜摩擦力，且不能確定是否是最大靜摩擦力，故無法求解動摩擦因數(shù)，故A正確，C錯誤；故選AB.11.如圖所示，在水平面上固定著三個完全相同的木塊，一子彈以水平速度v0射入木塊，若子彈在木塊中做勻減速直線運動，當穿透第三個木塊時速度恰好為零，則子彈依次射入每個木塊時的速度v1、v2、v3之比和穿過每個木塊所用的時間t1、t2、t3之比分別為( )A. v1v2v3321B. v1v2v31C. t1t2t31D. t1t2t3()(1)1【答案】BD【解析】【詳解】C、D、子彈

14、勻減速穿過三木塊，末速度為零，我們假設(shè)子彈從右向左作初速度為零的勻加速直線運動。則子彈依次穿過321三木塊所用時間之比：;子彈依次穿過123三木塊所用時間之比為；故C錯誤，D正確.A、B、根據(jù)v2=2ax知，穿過第三塊、穿過第二塊、穿過第一塊木塊的速度之比為，則；故A錯誤，B正確.故選BD.【點睛】在研究勻減速直線運動，且末速度為零時，合理運用逆過程可以使題目變得簡單易做要靈活應用勻變速直線運動的推論12.如圖所示，斜面上放有兩個完全相同的物體a、b，兩物體間用一根細線連接，在細線的中點加一與斜面垂直的拉力F，使兩物體均處于靜止狀態(tài)，則下列說法不正確的是( )A. a、b兩物體的受力個數(shù)一定相

15、同B. a、b兩物體對斜面的壓力相同C. a、b兩物體受到的摩擦力大小一定相等D. 當逐漸增大拉力F時，物體b先開始滑動【答案】ACD【解析】【詳解】A、對ab進行受力分析，如圖所示：b物體處于靜止狀態(tài)，當繩子沿斜面向上的分量與重力沿斜面向下的分量相等時，摩擦力為零，所以b可能只受3個力作用，而a物體必定受到摩擦力作用，肯定受4個力作用;故A錯誤.B、ab兩個物體，垂直于斜面方向受力都平衡，則有：N+Tsin=mgcos,解得：N=mgcos-Tsin，則a、b兩物體對斜面的壓力相同;故B正確.C、根據(jù)A的分析可知，b的摩擦力可以為零，而a的摩擦力一定不為零，則兩物體受到的摩擦力大小不一定相等

16、;故C錯誤.D、對a沿斜面方向有：Tcos+mgsin=fa，對b沿斜面方向有：Tcos-mgsin=fb，正壓力相等，所以最大靜摩擦力相等，則a先達到最大靜摩擦力，先滑動;故D錯誤.本題選錯誤的，故選ACD.【點睛】本題的解題關(guān)鍵是首先選擇研究對象，再正確對物體進行受力分析，能根據(jù)平衡條件列式求解.二、實驗題13.在做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗時：(1)下列敘述正確的是_A.同一次實驗過程，結(jié)點的位置必須都拉到同一位置O點，不能隨意變動B.用兩只彈簧測力計拉橡皮條時，應使兩細繩之間的夾角總為90，以便于算出合力的大小C.力的夾角越大越好D.必須使分力與合力在同一平面內(nèi)(2)如果實驗情況

17、如圖所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結(jié)點，OB和OC為細繩圖是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的圖圖中的F與F兩力中，方向一定沿AO方向的是_.【答案】 (1). AD (2). 【解析】【詳解】(1)A、在同一組數(shù)據(jù)中，只有當橡皮條節(jié)點O的位置不發(fā)生變化時，兩個力的作用效果和一個力的作用效果才相同，才可以驗證平行四邊形定則;故A正確.B、彈簧測力計拉細線時，兩細繩之間的夾角不一定為90故B錯誤；C、為了減小實驗的誤差，兩個分力的夾角不能太小，也不能太大;故C錯誤.D、為了使合力與分力的效果相同，必須使分力與合力在同一平面內(nèi);故D正確故選AD.(2)F1與F2合力的實驗值是指通過實驗

18、得到值，即用一個彈簧拉繩套時測得的力的大小和方向，而理論值（實際值）是指通過平行四邊形得出的值，故F是力F1與F2合力的實驗值，其方向一定沿AO方向.【點睛】該題比較全面的考查了驗證平行四邊形定則中的基礎(chǔ)知識，對于這些基礎(chǔ)知識和要求即要通過實驗進行切身體會，同時也要通過練習加深理解。14.圖為“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置示意圖。砂和砂桶的總質(zhì)量為m，小車和鉤碼的總質(zhì)量為M。實驗中用砂和砂桶總重力的大小近似作為細線對小車拉力的大小。(1)實驗中，為了使細線對小車的拉力近似等于小車所受的合外力，應該進行的操作是：平衡摩擦力調(diào)節(jié)長木板上滑輪的高度，使細線和長木板平行。(2)實驗中，為了始終保證用砂

19、和砂桶總重力的大小近似作為細線對小車拉力的大小，除了(1)的操作，還需要滿足的條件是_。(3)在某組實驗中，打點計時器接的是220V、50Hz的交變電流，用毫米刻度尺測量一段紙帶，如圖所示，其零刻度和計數(shù)點A對齊（已知每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個打點計時器打下的點，本圖中沒有畫出）。（本小題的計算結(jié)果保留2位小數(shù)）由以上數(shù)據(jù)計算打點計時器在打E點時，小車的瞬時速度vE=_m/s，小車的加速度為a=_m/s2。如果當時電網(wǎng)中交變電流的頻率是f=48Hz，而做實驗的同學并不知道，那么由此引起的系統(tǒng)誤差將使加速度的測量值比實際值偏_（填“大”或“小”）。【答案】 (1). mM (2). 0.25m/

20、s (3). (4). 大【解析】【詳解】(2)由和，可得，則當小車質(zhì)量遠大于砂與砂桶質(zhì)量時可以近似認為小車受到的拉力等于砂與砂桶的重力(3)計數(shù)點間的時間間隔：t=0.025=0.1s；小車的瞬時速度,小車的加速度：.如果當時電網(wǎng)中交變電流的頻率是f=48Hz，而做實驗的同學并不知道，打點計時器的打點間隔大于0.02s而求加速度時打點時間間隔按0.02s計算，代入時間偏小，所求加速度偏大【點睛】本田考查了實驗注意事項、實驗數(shù)據(jù)處理，本題是一道基礎(chǔ)題，掌握基礎(chǔ)知識即可解題，平時要注意基礎(chǔ)知識的學習與掌握；應用勻變速直線運動的推論即可求出瞬時速度與加速度三、計算題15.公路上行駛的兩汽車之間應保

21、持一定的安全距離。當前車突然停止時，后車司機可以采取剎車措施，使汽車在安全距離內(nèi)停下而不會與前車相碰。通常情況下，人的反應時間和汽車系統(tǒng)的反應時間之和為1 s。當汽車在晴天干燥瀝青路面上以108 km/h的速度勻速行駛時，安全距離為120 m。設(shè)雨天時汽車輪胎與瀝青路面間的動摩擦因數(shù)為晴天時的2/5，若要求安全距離仍為120 m，求汽車在雨天安全行駛的最大速度。【答案】20m/s【解析】試題分析：在反應時間內(nèi)汽車做勻速直線運動，所以汽車間的安全距離等于勻速運動的位移和勻減速直線運動的位移之和，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運動學基本公式求解解：設(shè)路面干燥時，汽車與地面的動摩擦因數(shù)為0，剎車時汽車的加速度

22、大小為a0，安全距離為s，反應時間為t0，由牛頓第二定律和運動學公式得：0mg=ma0，式中，m和v0分別為汽車的質(zhì)量和剎車前的速度設(shè)在雨天行駛時，汽車與地面的動摩擦因數(shù)為，依題意有：，設(shè)在雨天行駛時汽車剎車的加速度大小為a，安全行駛的最大速度為v，由牛頓第二定律和運動學公式得：mg=ma ，聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得：v=20m/s答：若要求安全距離仍為120m，則汽車在雨天安全行駛的最大速度為20m/s【點評】解決本題的關(guān)鍵知道安全距離是反應時間內(nèi)勻速運動的位移和勻減速運動的位移之和勻減速運動的位移可以通過速度位移公式求解視頻16.如圖所示，在傾角為37的斜面底端的正上方H處，以水平拋出一小球（可看做質(zhì)點），飛行一段時間后，垂直撞在斜面上，（不計空氣阻力，重力加速度為g）（1）求小球拋出的初速度大小（2）小球完成這段飛行的時間和位移【答案】（1） （2） ,【解析】【詳解】(1)設(shè)運動時間為t，初速度為v0，由題可知小球撞在斜面上時與水平方向的夾角為=53，由平拋運動規(guī)律知：所以由幾何關(guān)系得:解得：,(2)設(shè)位移為L,由幾何關(guān)系可得:解得：設(shè)位移方向與水平位移的夾角為，由平拋運動規(guī)律得：【點睛】本題就是對平拋運動規(guī)律的考