安徽省六安市第一中學(xué)2019_2020學(xué)年高一物理下學(xué)期疫情防控延期輔導(dǎo)測(cè)試試題四含解析

1、安徽省六安市第一中學(xué)2019-2020學(xué)年高一物理下學(xué)期疫情防控延期輔導(dǎo)測(cè)試試題（四）（含解析）一、選擇題（1-8為單選題，9-12為多選題）1.靜止于粗糙水平面上的物體，受到方向恒定的水平拉力f的作用，拉力f的大小隨時(shí)間變化如圖甲所示在拉力f從0逐漸增大的過(guò)程中，物體的加速度隨時(shí)間變化如圖乙所示，g取10m/s2則下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是a. 物體與水平面間的摩擦力先增大，后減小至某一值并保持不變b. 物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1c. 物體的質(zhì)量為6kgd. 4s末物體的速度為4m/s【答案】c【解析】由乙知，0-2s內(nèi)物體靜止不動(dòng)，物體所受的靜摩擦力與拉力平衡，則知摩擦力逐漸增大t=2s時(shí)

2、靜摩擦力達(dá)到最大值，t=2s后物體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，受到滑動(dòng)摩擦力作用，滑動(dòng)摩擦力小于最大靜摩擦力，并且保持不變，所以物體所受的摩擦力先增大，后減小至某一值并保持不變故a正確在2-4s內(nèi)，由牛頓第二定律得：f-mg=ma 由圖知：當(dāng)f=6n時(shí)，a=1m/s2，代入式得 6-10m=m 當(dāng)f=12n時(shí)，a=3m/s2，代入式得 12-10m=3m 由解得 =0.1，m=3kg，故b正確，c錯(cuò)誤根據(jù)a-t圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度的變化量，可知4s內(nèi)物體速度的變化量為，由于初速度為0，所以4s末物體的速度為4m/s，故d正確本題選錯(cuò)誤的，故選c.點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵是對(duì)物體進(jìn)行受力分析，再根據(jù)不同的加速度列

3、牛頓第二定律方程要知道a-t圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度的變化量，由此求速度的變化量2.如圖是汽車運(yùn)送圓柱形工件的示意圖圖中p、q、n是固定在車體上的壓力傳感器，假設(shè)圓柱形工件表面光滑，汽車靜止不動(dòng)時(shí)q傳感器示數(shù)為零，p、n傳感器示數(shù)不為零當(dāng)汽車向左勻加速啟動(dòng)過(guò)程中，p傳感器示數(shù)為零而q、n傳感器示數(shù)不為零已知sin15=0.26，cos15=0.97，tan15=0.27，g=10m/s2則汽車向左勻加速啟動(dòng)的加速度可能為（）a 3 m/s2b. 2.5 m/s2c. 2 m/s2d. 1.5 m/s2【答案】a【解析】當(dāng)汽車向左勻加速啟動(dòng)過(guò)程中，p傳感器示數(shù)為零而q、n傳感器示數(shù)不為零，

4、受力分析如圖知：fq+mg=fncos15f合=fnsin15=ma由知：故可能的為a選項(xiàng)故選a.3.如圖所示，沿水平面運(yùn)動(dòng)的小車?yán)镉杏幂p質(zhì)細(xì)線和輕質(zhì)彈簧a共同懸掛的小球，小車光滑底板上有用輕質(zhì)彈簧b拴著的物塊，已知懸線和輕質(zhì)彈簧a與豎直方向夾角均為=30，彈簧b處于壓縮狀態(tài)，小球和物塊質(zhì)量均為m，均相對(duì)小車靜止，重力加速度為g，則（）a. 小車一定水平向左做勻加速運(yùn)動(dòng)b. 彈簧a一定處于拉伸狀態(tài)c. 彈簧b的彈力大小可能為mgd. 細(xì)線拉力有可能與彈簧b的彈力相等【答案】c【解析】【詳解】a因彈簧b處于壓縮狀態(tài)，則彈簧b對(duì)物體一定有向左的彈力，因此整體有向左的加速度，然而小車不一定向左加速，

5、也可能向右減速，故a錯(cuò)誤；b由彈簧b受力可知，小球有向左的加速度，當(dāng)彈簧a恰無(wú)彈力時(shí)，則解得則繩子一定有拉力，而彈簧a不一定有彈力，故b錯(cuò)誤；c若小車的加速度為，此時(shí)彈簧a恰好無(wú)彈力，依據(jù)牛頓第二定律，則彈簧b的彈力大小為故c正確；d假設(shè)細(xì)線的拉力與彈簧b的彈力相等，則設(shè)細(xì)線的拉力與彈簧b的彈力均為t，彈簧a的拉力為ta，設(shè)物塊的加速度為a，小球的加速度為為a；根據(jù)力的合成與分解法則及牛頓第二定律；對(duì)物塊t=ma 對(duì)小球 聯(lián)立解得而兩物體加速度應(yīng)該是相等的，與實(shí)際矛盾，則假設(shè)不成立，故d錯(cuò)誤；故選c。4.在地面上以初速度v0豎直向上拋出一小球，經(jīng)過(guò)2t0時(shí)間小球落回拋出點(diǎn)，其速率為v1，已知小

6、球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受空氣阻力與小球運(yùn)動(dòng)的速率成正比，則小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)速率隨時(shí)間的變化規(guī)律可能是a. b. c. d. 【答案】a【解析】【詳解】小球上升過(guò)程中，由牛頓第二定律故隨速度的減小，加速度逐漸減小，v-t線切線的斜率逐漸減小；當(dāng)物體下降過(guò)程中，由牛頓第二定律則隨速度逐漸增大，加速度逐漸減小，v-t線切線的斜率逐漸減??；由于有阻力作用，故回到地面的速度將小于初速度v0a.a項(xiàng)圖與上述分析結(jié)論相符，故a正確；b.b項(xiàng)圖與上述分析結(jié)論不相符，故b錯(cuò)誤；c.c項(xiàng)圖與上述分析結(jié)論不相符，故c錯(cuò)誤；d.d項(xiàng)圖與上述分析結(jié)論不相符，故d錯(cuò)誤；5.如圖甲所示，質(zhì)量分別為m、m的物體a、b靜止在勁度系數(shù)

7、為k的彈簧上，a與b不粘連。現(xiàn)對(duì)物體a施加豎直向上的力f，使a、b一起上升，若以兩物體靜止時(shí)的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，兩物體的加速度隨位移的變化關(guān)系如圖乙所示，則（）a. 在圖乙中pq段表示拉力f逐漸減小b. 在圖乙中qs段表示b物體減速上升c. 位移為x1時(shí)，a、b之間彈力為mgkx1ma0d. 位移為x3時(shí)，a、b一起運(yùn)動(dòng)的速度大小為【答案】c【解析】【詳解】a開(kāi)始時(shí)，質(zhì)量分別為m，m的物體a，b靜止在勁度系數(shù)為k的彈簧上，彈簧的彈力向上，大小為f=（m+m）g隨物體的向上運(yùn)動(dòng)，彈簧伸長(zhǎng)，形變量減小，彈簧的彈力減小，而pq段的加速度的大小與方向都不變，根據(jù)牛頓第二定律f-（m+m）g+f彈=（m+

8、m）af彈減小，所以f增大。故a錯(cuò)誤；b在乙圖qs段，物體的加速度的方向沒(méi)有發(fā)生變化，方向仍然與開(kāi)始時(shí)相同，所以物體仍然做加速運(yùn)動(dòng)，是加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)。故b錯(cuò)誤；cp開(kāi)始時(shí)，質(zhì)量分別為m，m的物體a，b靜止在勁度系數(shù)為k的彈簧上，彈簧的彈力f0=（m+m）g當(dāng)彈簧伸長(zhǎng)了x1后，彈簧的彈力f1=f0-f=f0-kx1=（m+m）g-kx1以b為研究對(duì)象，則f1-mg-fx1=ma0得fx1=f1-mg-ma0=mg-kx1-ma0故c正確；d到q的過(guò)程中，物體的加速度不變，得v122a0x2q到s的過(guò)程中，物體的加速度隨位移均勻減小 聯(lián)立得故d錯(cuò)誤。故選c。6.如圖所示，a為放在水平光滑桌面

9、上的長(zhǎng)方形物塊，在它上面放有物塊b和c，a、b、c的質(zhì)量分別為m、5m、mb、c與a之間的靜摩擦系數(shù)和滑動(dòng)摩擦系數(shù)皆為0.1k為輕滑輪，繞過(guò)輕滑輪連接b和c的輕細(xì)繩都處于水平放置現(xiàn)用沿水平方向的恒定外力f拉滑輪，若測(cè)得a的加速度大小為2m/s2，重力加速度取g=10 m/s2則a. 物塊b、c的加速度大小也等于2m/s2b. 物塊b的加速度為1m/s2，c的加速度為2m/s2c. 外力的大小f=2.4mgd. 物塊b、c給長(zhǎng)方形物塊a的摩擦力為0.2mg【答案】d【解析】a與b的最大靜摩擦力為fb=mg=0.5mg，c與a的最大靜摩擦力為fc=0.1mg，由于a的加速度等于0.20g，根據(jù)牛頓

10、第二定律，則有：fa=ma=0.2mg，因此c對(duì)a的作用力為0.1mg，而b對(duì)a的作用力也為0.1mg，ab間保持靜止，所以b的加速度為ac間滑動(dòng)；受力分析，根據(jù)牛頓第二定律，則有：ac間f摩=0.1mg，ab間f摩=0.1mg；b繩上拉力5mg0.2+0.1mg=1.1mg，c繩也一樣1.1mg，所以c的加速度為 f=2.2mg；綜上所述，故d正確點(diǎn)晴：根據(jù)動(dòng)摩擦因數(shù)來(lái)確定b對(duì)a，與c對(duì)a的最大靜摩擦力的大小，從而確定誰(shuí)在a上運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)牛頓第二定律，即可求解7.如圖甲所示，水平面上有一傾角為的光滑斜面，斜面上用一平行于斜面的輕質(zhì)細(xì)繩系一質(zhì)量為m的小球。斜面以加速度a水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

11、，當(dāng)系統(tǒng)穩(wěn)定時(shí)，細(xì)繩對(duì)小球的拉力和斜面對(duì)小球的支持力分別為t和n。若t-a圖象如圖乙所示，ab是直線，bc為曲線，重力加速度g取10m/s2則下列判斷不正確的是（）a. 時(shí)，n=0b. 小球質(zhì)量m=0.1kgc. 斜面傾角的正切值為d. 小球離開(kāi)斜面之前，n=0.80.06a（n）【答案】d【解析】【詳解】a由圖象可知，a=0時(shí)，t0=0.6n；此時(shí)小球靜止在斜面上，其受力如圖甲，所以mgsin=t0 同樣 時(shí)，小球恰好離開(kāi)斜面，其受力如圖乙，fn剛好為0，故a正確，不符合題意；bc由圖乙得mgcot=ma 聯(lián)立解得tan=m=0.1kg故bc正確，不符合題意；d小球離開(kāi)斜面之前tcos-fn

12、sin=matsin+fncos=mg聯(lián)立解得fn=mgcos-masin即fn=0.8-0.06a小球離開(kāi)斜面之前tcos-fnsin=matsin+fncos=mg聯(lián)立解得fn=mgcos-masin即fn=0.8-0.06a；故d錯(cuò)誤，符合題意；故選d。8.如圖所示，ad是固定斜面體底邊bc的高，f、g分別是光滑斜面ab、ac的中點(diǎn)，de垂直于ab,dh垂直于ac,甲、乙兩個(gè)小球（均視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面的頂點(diǎn)a分別沿斜面ab、ac同時(shí)由靜止下滑，下列說(shuō)法正確的是a. 當(dāng)甲球運(yùn)動(dòng)到e點(diǎn)時(shí)，乙球可能運(yùn)動(dòng)到ag間某點(diǎn)b 當(dāng)甲球運(yùn)動(dòng)到e點(diǎn)時(shí)，乙球一定運(yùn)動(dòng)到h點(diǎn)c. 當(dāng)甲球運(yùn)動(dòng)到f點(diǎn)時(shí)，乙球一定運(yùn)動(dòng)到

13、g點(diǎn)d. 當(dāng)甲球運(yùn)動(dòng)到f點(diǎn)時(shí)，乙球一定運(yùn)動(dòng)到h點(diǎn)【答案】b【解析】設(shè)斜面ab和ac傾角分別為，ad=h，則小球在兩個(gè)斜面上下滑的加速度分別為 ，當(dāng)小球甲到達(dá)e點(diǎn)時(shí)所需時(shí)間 ，同理乙球到達(dá)h點(diǎn)所需時(shí)間也為，即當(dāng)甲球運(yùn)動(dòng)到e點(diǎn)時(shí)，乙球一定運(yùn)動(dòng)到h點(diǎn)，選項(xiàng)b正確，a錯(cuò)誤；甲球到達(dá)f點(diǎn)的時(shí)間 ，同理乙球到達(dá)g點(diǎn)的時(shí)間為，因不一定等于，故當(dāng)甲球運(yùn)動(dòng)到f點(diǎn)時(shí)，乙球不一定運(yùn)動(dòng)到g點(diǎn)，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；不能等于900，故當(dāng)甲球運(yùn)動(dòng)到f點(diǎn)時(shí)，乙球一定不能運(yùn)動(dòng)到h點(diǎn)，選項(xiàng)d錯(cuò)誤；故選b.9.如圖所示，在水平長(zhǎng)直軌道上，有一長(zhǎng)木板在外力控制下始終保持向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）p、q由通過(guò)定滑輪且不可伸長(zhǎng)的光

14、滑輕繩相連處于靜止?fàn)顟B(tài)，且aq水平，op、oq與豎直方向的夾角均為=45，若物塊q的質(zhì)量為m，物塊p與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)=，重力加速度為g，則下列說(shuō)法中正確的是（）a. 水平繩aq的拉力大小為mgb. 小物塊p的質(zhì)量為mc. 若水平繩被剪斷，則在剪斷瞬間，小物塊q的加速度大小為gd. 長(zhǎng)木板對(duì)小物塊p的作用力與小物塊p對(duì)長(zhǎng)木板的作用力大小相等【答案】abd【解析】試題分析：對(duì)q受力分析，根據(jù)合成法求解pq繩子的拉力；對(duì)p受力分析，根據(jù)平衡條件即可求出p的質(zhì)量繩子的拉力能發(fā)生突變，結(jié)合受力分析物塊q的加速度；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反對(duì)q分析，受到豎直向下的重力，aq的拉力，以及o

15、q的拉力，三力平衡如圖，根據(jù)力的合成與分解可得水平繩aq中拉力， a正確；oq繩子的拉力為，對(duì)p分析，受到豎直向下的重力mg，豎直向上的支持力n，向右的滑動(dòng)摩擦力，同一條繩子上的拉力相同，所以op繩子的拉力也是，處于平衡狀態(tài)；受力如圖，又知道，聯(lián)立解得：，b正確；若水平繩被剪斷，則在剪斷瞬間，小物塊q只受到重力和繩子oq的拉力，由于繩子的拉力的大小會(huì)發(fā)生突變，所以物塊q的加速度的方向與oq的方向垂直，所以加速度大小為，c錯(cuò)誤；長(zhǎng)木板對(duì)小物塊p的作用力和小物塊p對(duì)長(zhǎng)木板的作用力是一對(duì)作用力與反作用力，所以它們大小相等，d正確10.如圖甲所示，水平面上有一傾角為的光滑斜面，斜面上用一平行于斜面的輕

16、質(zhì)細(xì)繩系一質(zhì)量為m的小球斜面以加速度a水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)系統(tǒng)穩(wěn)定時(shí)，細(xì)繩對(duì)小球的拉力和斜面對(duì)小球的支持力分別為t和n.若ta圖象如圖乙所示，ab是直線，bc為曲線，重力加速度g取10m/s2.則（ ）a. 時(shí)，n0b. 小球質(zhì)量m0.1 kgc. 斜面傾角的正切值為d. 小球離開(kāi)斜面之前，n0.80.06a(n)【答案】abc【解析】【詳解】a、小球離開(kāi)斜面之前，以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，進(jìn)行受力分析，可得tcos nsin ma，tsin ncos mg，聯(lián)立解得：nmgcos masin ，tmacos mgsin ，所以ta圖象呈線性關(guān)系，由題圖乙可知時(shí)，n0，選項(xiàng)a正確b、c、當(dāng)a0

17、時(shí)，t0.6 n，此時(shí)小球靜止在斜面上，其受力如圖(a)所示，所以mgsin t；當(dāng)時(shí)，斜面對(duì)小球的支持力恰好為零，其受力如圖(b)所示，所以mgcot ma，聯(lián)立可得，m0.1 kg，選項(xiàng)b，c正確d、將和m的值代入nmgcos -masin ，得n0.8-0.06a(n)，選項(xiàng)d錯(cuò)誤故選abc【點(diǎn)睛】考查牛頓第二定律與力的平行四邊形定則的應(yīng)用，注意會(huì)從圖象中獲取信息，并掌握平衡條件方程列式11.如圖所示，水平固定橫桿的正下方有一光滑的小定滑輪，一質(zhì)量為m的小球套在橫桿上，輕質(zhì)橡皮繩(遵循胡克定律)繞過(guò)定滑輪，一端o系在墻上，另一端與小球連接，橡皮繩的原長(zhǎng)為op，小球在定滑輪的正上方a處時(shí)橡

18、皮繩的拉力大小為mg，小球在水平向右的拉力f=2mg作用下向右運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)b點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，bp與橫桿的夾角為=37若橡皮繩始終在彈性限度內(nèi)，小球與橫桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，重力加速度為g，sin 37=0.6，cos 37=0.8，則小球在b處時(shí)：a. 加速度大小為2gb. 加速度方向水平向右c. 與橫桿間的彈力大小為2mgd. 與橫桿間的滑動(dòng)摩擦力大小為mg【答案】cd【解析】對(duì)小球受力分析，如圖所示，因?yàn)閛p是橡皮繩的原長(zhǎng)，在a點(diǎn)，在b點(diǎn)，根據(jù)幾何知識(shí)可得，聯(lián)立解得，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，運(yùn)用正交分解法可得，聯(lián)立解得，即加速度方向向左，故cd正確【點(diǎn)睛】本題是力平衡問(wèn)題，

19、關(guān)鍵是分析物體的受力情況，根據(jù)平衡條件并結(jié)合正交分解法列方程求解利用正交分解方法解體的一般步驟：明確研究對(duì)象；進(jìn)行受力分析；建立直角坐標(biāo)系，建立坐標(biāo)系的原則是讓盡可能多的力落在坐標(biāo)軸上，將不在坐標(biāo)軸上的力正交分解；x方向，y方向分別列平衡方程求解12.如圖所示，質(zhì)量分別為mamb的兩個(gè)物體a、b在水平拉力f的作用下，沿光滑水平面一起向右運(yùn)動(dòng)，已知mamb，光滑動(dòng)滑輪及細(xì)繩質(zhì)量不計(jì)，物體a、b間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（ ）a. a對(duì)b的摩擦力向左b. a受到的拉力比b受到的拉力大c. f足夠小時(shí)，a、b之間可能沒(méi)有摩擦力d. 要使a、b之間

20、不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，f的最大值為【答案】ad【解析】【詳解】a假設(shè)a對(duì)b的摩擦力f向右，兩繩子對(duì)ab的拉力相等，則分別對(duì)ab列方程：對(duì)b：t+f=mba；對(duì)a：t-f=maa；兩式相減：2f=( mb-ma)a，因mamb，則f0.75kg (3) m=4.5kg (4) f=13.5n【解析】【詳解】（1）當(dāng)小物體與長(zhǎng)木板一起運(yùn)動(dòng)時(shí)，桌面對(duì)長(zhǎng)木板的滑動(dòng)摩擦力，代入數(shù)據(jù)解得；（2）設(shè)長(zhǎng)木板和小物體恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)鉤碼的質(zhì)量為，長(zhǎng)木板和小物體的加速度為，對(duì)小物體，根據(jù)牛頓第二定律有；對(duì)長(zhǎng)木板和鉤碼整體，根據(jù)牛頓第二定律有，聯(lián)立解得:，即當(dāng)時(shí)小物體與長(zhǎng)木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，（3）對(duì)小物體，根據(jù)牛頓第二定律有，對(duì)長(zhǎng)木板和鉤碼整體，根據(jù)牛頓第二定律有，小物體的位移，長(zhǎng)木板的位移長(zhǎng)木板剛好從小物體下滑出，二者的位移關(guān)系為聯(lián)立以上各式解得；（4）對(duì)長(zhǎng)木板和鉤碼整體，根據(jù)牛頓第二定律有，聯(lián)立以上各式解得:f=13.5n【點(diǎn)睛】對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和受力情況，利用牛頓第二定律或