浙江省衢州市四校2019_2020學(xué)年高二物理上學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析_第1頁(yè)
浙江省衢州市四校2019_2020學(xué)年高二物理上學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析_第2頁(yè)
浙江省衢州市四校2019_2020學(xué)年高二物理上學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析_第3頁(yè)
浙江省衢州市四校2019_2020學(xué)年高二物理上學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析_第4頁(yè)
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1、浙江省衢州市四校2019-2020學(xué)年高二物理上學(xué)期期中聯(lián)考試題(含解析)考生須知:1本卷共8頁(yè)滿分100分,考試時(shí)間90分鐘;2答題前,在答題卷指定區(qū)域填寫(xiě)班級(jí)、學(xué)號(hào)和姓名;考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)寫(xiě)在指定位置;3所有答案必須寫(xiě)在答題紙上,寫(xiě)在試卷上無(wú)效;4考試結(jié)束后,只需上交答題紙;5本卷中若無(wú)特別說(shuō)明重力加速度g均取10m/s2選擇題部分一、選擇題(本題共10小題,每小題3分,共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的,不選、多選、錯(cuò)選均不得分)1.下列各物理量中,均屬于矢量的是()a. 路程、速度b. 加速度、重力勢(shì)能c. 電場(chǎng)強(qiáng)度、安培力d. 磁通量、磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】c【解析

2、】【詳解】a路程是只有大小沒(méi)有方向的標(biāo)量,速度是有大小又有方向的矢量,故a錯(cuò)誤;b加速度是有大小又有方向的矢量,重力勢(shì)能只有大小沒(méi)有方向,故b錯(cuò)誤;c電場(chǎng)強(qiáng)度、安培力都是有大小又有方向的矢量,故c正確;d磁通量是只有大小沒(méi)有方向的標(biāo)量,磁感應(yīng)強(qiáng)度是有大小又有方向的矢量,故d錯(cuò)誤。故選c。2.下列各式中屬于定義式的是()a. b. c. d. 【答案】b【解析】【詳解】a加速度決定式,不是定義式,故a錯(cuò)誤;b電容器電容的定義式,屬于定義式,故b正確;c是歐姆定律的表達(dá)式,不屬于比值定義式,故c錯(cuò)誤;d是點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的決定式,故d錯(cuò)誤。故選b。3.某同學(xué)將小球以一定的初速度豎直向上拋出并開(kāi)始計(jì)

3、時(shí),小球所受空氣阻力大小與速率成正比,下列描述小球運(yùn)動(dòng)的v-t圖象可能正確的是()a. b. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】考慮空氣阻力時(shí),上升過(guò)程中,根據(jù)牛頓第二定律得知隨著v減小,a上減小,對(duì)應(yīng)vt圖像的斜率減小,下降過(guò)程中,根據(jù)牛頓第二定律得知速度方向反向且隨著v增大,a下繼續(xù)減小,對(duì)應(yīng)vt圖像的斜率減小,而在最高點(diǎn)時(shí)v=0則a=g故選d。4.如圖,ab兩點(diǎn)為奶茶塑封機(jī)手壓桿上的兩點(diǎn),a在桿的頂端,b在桿的中點(diǎn)處。桿在向下轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是()a. a、b兩點(diǎn)線速度大小之比為1:2b. a、b兩點(diǎn)角速度大小之比為1:1c. a、b兩點(diǎn)周期大小之比為2:1d. a、b兩

4、點(diǎn)向心加速度大小之比為1:1【答案】b【解析】【詳解】aba、b兩點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng),則a、b角速度相等,由于根據(jù)公式可知,a、b兩點(diǎn)線速度大小之比為2:1,故a錯(cuò)誤,b正確;c由于a、b角速度相等,由公式可知,a、b兩點(diǎn)周期大小之比為1:1,故c錯(cuò)誤;d由于a、b角速度相等,由公式可知,a、b兩點(diǎn)向心加速度大小之比為2:1,故d錯(cuò)誤。故選b。5.2019年春節(jié),電影流浪地球熱播。影片中,人們給地球裝上發(fā)動(dòng)機(jī),讓地球從繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的圓形軌道進(jìn)入霍曼轉(zhuǎn)移軌道,這樣就可以用最少的燃料到達(dá)木星軌道。下列說(shuō)法正確的是()a. 沿軌道運(yùn)行時(shí),過(guò)a點(diǎn)的線速度大于過(guò)b點(diǎn)的線速度b. 沿軌道運(yùn)行時(shí),過(guò)a點(diǎn)的加速度小

5、于過(guò)b點(diǎn)的加速度c. 地球沿軌道運(yùn)行的周期大于沿軌道運(yùn)行的周期d. 沿軌道運(yùn)行至a點(diǎn)時(shí),需要向前噴氣減速才能進(jìn)入軌道【答案】a【解析】【詳解】a沿軌道運(yùn)行時(shí),地球從a點(diǎn)到b點(diǎn)引力做負(fù)功,動(dòng)能減小,則過(guò)a點(diǎn)的線速度大于過(guò)b點(diǎn)的線速度,故a正確;b從a到b的過(guò)程,b點(diǎn)距太陽(yáng)更遠(yuǎn),由公式可知,b點(diǎn)加速度更小,故b錯(cuò)誤;c根據(jù)開(kāi)普勒第三定律得:軌道半徑越大,周期越長(zhǎng),所以軌道i上運(yùn)行周期長(zhǎng),故c錯(cuò)誤;d沿軌道運(yùn)行至a點(diǎn)時(shí),需要向后噴氣加速使地球做離心運(yùn)動(dòng)才能進(jìn)入軌道,故d錯(cuò)誤。故選a。6.2019年女排世界杯比賽中,中國(guó)隊(duì)再奪世界杯冠軍。如圖,當(dāng)排球上升至最高點(diǎn)時(shí),隊(duì)員朱婷將球水平擊出。不計(jì)空氣阻力,

6、下列說(shuō)法正確的是()a. 擊球瞬間,排球發(fā)生彈性形變使得排球受到彈力的作用b. 擊球瞬間,人對(duì)排球的力大于排球?qū)θ说淖饔昧?,排球飛出c. 水平擊出后,在相同時(shí)間間隔內(nèi),排球的速度變化量始終不變d. 水平擊出后,在相同時(shí)間間隔內(nèi),排球的動(dòng)能變化量相同【答案】c【解析】【詳解】a擊球瞬間,運(yùn)動(dòng)員的手發(fā)生形變使得排球受到彈力的作用,故a錯(cuò)誤;b根據(jù)牛頓第三定律,力的作用是相互的,故擊球瞬間手對(duì)排球的作用力等于排球?qū)κ值淖饔昧?,故b錯(cuò)誤;c水平擊出后,球做平拋運(yùn)動(dòng),加速度不變,由公式可知,在相同時(shí)間間隔內(nèi),排球的速度變化量始終不變,故c正確;d根據(jù)動(dòng)能定理可知,排球的動(dòng)能變化量等于重力所做的功,由于豎

7、直方向上球做自由落體運(yùn)動(dòng),相等時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移不同,則重力做功不同,所以球的動(dòng)能變化量不同,故d錯(cuò)誤。故選c。7.在國(guó)慶“70周年閱兵式”中,加受油機(jī)梯隊(duì)接受了檢閱。為保證空中加油過(guò)程順利進(jìn)行,加、受油機(jī)必須保持勻速行駛,且運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力與重力成正比,則()a. 以受油機(jī)為參考系,加油機(jī)處于相對(duì)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)b. 加油機(jī)和受油機(jī)的推力全程恒定不變c. 加油后,加油機(jī)的質(zhì)量減小,必須增加發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率d. 加油后,受油機(jī)的質(zhì)量增加,必須增加發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率【答案】d【解析】【詳解】a在加、受油機(jī)加油過(guò)程中,只加油機(jī)和受油機(jī)必須相對(duì)靜止才能完成加油,故a錯(cuò)誤;b加油機(jī)向受油機(jī)供油,受油機(jī)質(zhì)量增大,運(yùn)動(dòng)

8、時(shí)所受阻力f增大,根據(jù)平衡條件可知,受油機(jī)的推力增大,加油機(jī)質(zhì)量減小,運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力f減小,則加油機(jī)的推力減小,故b錯(cuò)誤;cd加油機(jī)向受油機(jī)供油,受油機(jī)質(zhì)量增大,運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力f增大,由p=fv可知,要保持勻速運(yùn)動(dòng),必須增大發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率p;加油機(jī)向受油機(jī)供油,加油機(jī)質(zhì)量減小,運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力f減小,由p=fv可知,要保持勻速運(yùn)動(dòng),必須減小發(fā)動(dòng)機(jī)輸出功率p,故c錯(cuò)誤,d正確。故選d8.如圖,兩個(gè)相距l(xiāng)的固定點(diǎn)電荷a、b,所帶電量均為+q。另有一質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷c,以速度v繞ab連線中點(diǎn)o點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),且所在圓平面與ab連線垂直,ac的距離為l。已知靜電力常量為k,電荷c的重力忽略不計(jì),電荷

9、c所帶電量為()a. b. c. d. 【答案】b【解析】【詳解】由幾何關(guān)系可知a點(diǎn)電荷與c電荷間的引力與b與c電荷間的引力大小相等且兩引力的合力提供向心力,則有聯(lián)立解得且a點(diǎn)電荷與c電荷間為引力,則c點(diǎn)電荷帶負(fù)電,故b正確。故選b。9.如圖,質(zhì)量為m,長(zhǎng)為3l的均勻直導(dǎo)線折成等邊三角形線框lmn,豎直懸掛于兩根絕緣細(xì)線上,并使邊mn呈水平狀態(tài)?,F(xiàn)置于與其所在平面相垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為b。當(dāng)兩根絕緣細(xì)線所受拉力為零時(shí),通過(guò)導(dǎo)線mn的電流強(qiáng)度大小為()a. b. c. d. 【答案】b【解析】【詳解】當(dāng)兩根絕緣細(xì)線所受拉力為零時(shí),即等邊三角形線框,lmn所受的安培力與重力大小相等,方向

10、相反,由于nlm導(dǎo)線的等效長(zhǎng)度為l,由并聯(lián)電路特點(diǎn)可知,由平衡條件有解得故選b。10.近年來(lái),農(nóng)村光伏項(xiàng)目得到大力發(fā)展。如圖,我市某戶居民在樓頂安裝了60平米的多晶硅光伏發(fā)電系統(tǒng)。據(jù)了解,該系統(tǒng)組件設(shè)計(jì)要求為每平米發(fā)電功率150w,實(shí)際發(fā)電功率約為設(shè)計(jì)功率的70%。其中發(fā)電總量的30%供自家使用,還有富余發(fā)電以0.7元/度的價(jià)格并入國(guó)家電網(wǎng)。2018年衢州地區(qū)每天平均有效日照時(shí)間為3.8h,關(guān)于該戶居民所安裝的發(fā)電系統(tǒng),下列說(shuō)法正確的是()a. 平均每天的發(fā)電量大約可供一盞15w的節(jié)能燈使用600hb. 2018年發(fā)電總量約1.2104kwhc. 富余發(fā)電的年平均收入約為4280元d. 容易造

11、成光污染,不適合在農(nóng)村推廣【答案】c【解析】【詳解】a每天的發(fā)電量為可供一盞15w節(jié)能燈使用時(shí)間為故a錯(cuò)誤;b2018年發(fā)電總量約故b錯(cuò)誤;c每年富余發(fā)電則年平均收入約為故c正確;d光伏發(fā)電為將光能轉(zhuǎn)化為電能,則不會(huì)造成光污染,故d錯(cuò)誤。故選c。二、選擇題(本題共4小題,每小題4分,共16分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得4分,選對(duì)不全的得2分,錯(cuò)選不得分)11.用卡車運(yùn)輸質(zhì)量為m的勻質(zhì)圓筒狀工件,為使工件保持固定,將其置于兩光滑斜面之間,如圖所示。兩斜面i、置于車上,傾角均為。當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛時(shí),兩斜面與卡車始終保持相對(duì)靜止,圓筒對(duì)斜面i、壓力的

12、大小分別為f1、f2,則()a. 斜面i與車廂平面之間一定存在摩擦力b. 斜面與車廂平面之間一定存在摩擦力c. 斜面i傾角減小,壓力f2增大d. 斜面i傾角減小,壓力f1先減小后增大【答案】ad【解析】【詳解】a由于勻質(zhì)圓筒狀工件對(duì)斜面i有斜向左下方的壓力,斜面i有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì),則由平衡可知,斜面i與車廂平面之間一定存在摩擦力,故a正確;b勻質(zhì)圓筒狀工件對(duì)斜面ii有斜向右下方的壓力,水平方向受到車向左的作用力,當(dāng)水平方向作用力平衡時(shí),則斜面ii與車廂平面之間沒(méi)有摩擦力,故b錯(cuò)誤;cd將勻質(zhì)圓筒狀工件重力分析如圖,由圖可知,斜面i傾角減小,壓力f2一直減小,壓力f1先減小后增大,故c錯(cuò)誤,d正

13、確。故選ad。12.如圖,傾角為的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧,整個(gè)裝置處在場(chǎng)強(qiáng)大小為e、方向沿斜面向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中?,F(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為q的小球從m點(diǎn)由靜止釋放,釋放后小球沿著斜面向下運(yùn)動(dòng),且m點(diǎn)與彈簧的上端n點(diǎn)的距離為s。已知靜電力常量為k,彈簧的勁度系數(shù)為k0。則下列說(shuō)法中正確的是()a. 小球帶負(fù)電,故n點(diǎn)電勢(shì)高于m點(diǎn)的電勢(shì)b. 下滑過(guò)程中,小球的電勢(shì)能一直在增大c. 當(dāng)小球下滑至n點(diǎn)時(shí),速度大小為d. 當(dāng)彈簧壓縮量為時(shí),小球的速度最大【答案】bd【解析】【詳解】a根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知,n點(diǎn)的電勢(shì)低于m點(diǎn)的電勢(shì),故a錯(cuò)誤;b下滑過(guò)程中,電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷做負(fù)功,電勢(shì)能增大,故

14、b正確;c由動(dòng)能定理可得解得故c錯(cuò)誤;d當(dāng)小球的合力為0時(shí),小球速度最大,由平衡可得解得故d正確。故選bd。13.如圖甲,家用電磁爐已走進(jìn)千家萬(wàn)戶。圖乙為電磁爐中安裝的旋渦狀線圈,當(dāng)通以高頻交流電流時(shí),線圈產(chǎn)生的磁感線的條數(shù)和方向會(huì)隨電流的強(qiáng)度和方向的變化而變化,導(dǎo)致電磁爐上方的鐵鍋產(chǎn)生感應(yīng)電流,從而使其發(fā)熱。下列說(shuō)法正確的是()a. 磁場(chǎng)變化的頻率越高,電磁爐的加熱效果越好b. 由上往下看,圖乙線圈中該時(shí)刻電流方向?yàn)轫槙r(shí)針c. 電磁爐工作原理是應(yīng)用電磁感應(yīng)在鍋體中產(chǎn)生渦流來(lái)工作d. 普通陶瓷砂鍋也可利用電磁爐來(lái)煲湯【答案】ac【解析】【詳解】a磁場(chǎng)變化的頻率越高,磁通量變化率越大,由法拉第電

15、磁感應(yīng)定律可知,產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)越大,回路中的電流越大,加熱效果越好,故a正確;b由于不知道磁場(chǎng)大小的變化情況,則無(wú)法確定感應(yīng)電流的方向,故b錯(cuò)誤;c電磁爐工作原理是利用交變電流通過(guò)線圈產(chǎn)生交變磁場(chǎng),從而使金屬鍋?zhàn)陨懋a(chǎn)生無(wú)數(shù)小渦流而直接加熱于鍋內(nèi)的食物,故c正確;d交變磁場(chǎng)在普通陶瓷砂鍋內(nèi)不能形成渦流,則不能用來(lái)加熱,故d錯(cuò)誤。故選ac。14.如圖,某同學(xué)在玻璃皿中心放一個(gè)圓柱形電極接電源的負(fù)極,沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形電極接電源的正極,做“旋轉(zhuǎn)的液體”實(shí)驗(yàn)。若蹄形磁鐵兩極正對(duì)部分的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b=0.1t,玻璃皿的半徑為a=0.05m,電源的電動(dòng)勢(shì)為e=3v,內(nèi)阻r=0.1,限

16、流電阻r0=4.9,玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為r=1.0。閉合開(kāi)關(guān)后,液體受到安培力做功而具有一定的動(dòng)能,此時(shí)電壓表示數(shù)為1.5v。下列說(shuō)法正確的是()a. 電源輸出功率為0.891wb. 液體的熱功率為0.25wc. 由上往下看,液體做逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)d. 液體所受的安培力1.5103n【答案】acd【解析】【詳解】a由閉合電路歐姆定律可知,回路中的電流為 電源輸出功率為故a正確;b液體的熱功率為故b錯(cuò)誤;c由于中心放一個(gè)圓柱形電極接電源的負(fù)極,沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形電極接電源的正極,在電源外部電流由正極流向負(fù)極,因此電流由邊緣流向中心,器皿所在處的磁場(chǎng)豎直向上,由左手定則可知,導(dǎo)電液體受到的磁

17、場(chǎng)力沿逆時(shí)針?lè)较?,因此液體沿逆時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn),故c正確;d液體所受的安培力大小為故d正確。故選acd。非選擇題部分三、非選擇題(本題共6小題,共54分)15.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行相關(guān)力學(xué)實(shí)驗(yàn)(1)將一條紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,李同學(xué)發(fā)現(xiàn)有如圖乙兩種穿法,你認(rèn)為正確是_。(填“a”或“b”)(2)關(guān)于該裝置,下列說(shuō)法正確的是_;a做“探究小車速度隨時(shí)間變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),可將軌道不帶滑輪一端適當(dāng)墊高b做“探究小車速度隨時(shí)間變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),小車每次必須從同一點(diǎn)釋放c做“探究小車加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),每次改變小車質(zhì)量都必須重新平衡摩擦力d做“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),調(diào)節(jié)滑

18、輪高度,使細(xì)線與軌道平行(3)在“探究小車速度隨時(shí)間變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),除了圖甲中的儀器,下圖儀器中還需要_;實(shí)驗(yàn)完畢后,得到一條清晰紙帶如圖丙所示,截取當(dāng)中一段用毫米刻度尺進(jìn)行測(cè)量。在紙帶上標(biāo)注了“0、1、2、3、4、5”五個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)(每2個(gè)點(diǎn)標(biāo)注一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)),已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器頻率為50hz,則打計(jì)數(shù)點(diǎn)2點(diǎn)時(shí)小車的速度為_(kāi)m/s。(結(jié)果保留2位有效數(shù)字);(4)某同學(xué)利用該裝置完成“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),通過(guò)測(cè)量小車從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的位移x大小與小車獲得的末速度v的值進(jìn)行探究,則該組同學(xué)是否一定要平衡摩擦力?_(填“是”或“否”)【答案】 (1). b (2). ad (3). d (4

19、). 0.51(0.50-0.53) (5). 否【解析】【詳解】(1)1為了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器能在紙帶上打點(diǎn),紙帶應(yīng)放在復(fù)寫(xiě)紙下方同時(shí)穿過(guò)限位孔,故b正確;(2)2a做“探究小車速度隨時(shí)間變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),可將軌道不帶滑輪一端適當(dāng)墊高,讓小車做加速運(yùn)動(dòng),故a正確;b做“探究小車速度隨時(shí)間變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),小車每次不一定從同一點(diǎn)釋放,故b錯(cuò)誤;c平衡摩擦力的方法是將木板帶打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一端適當(dāng)墊高,這樣做的目的是利用小車重力沿斜面分力補(bǔ)償小車運(yùn)動(dòng)中所受阻力的影響,即式子成立與質(zhì)量無(wú)關(guān),故改變質(zhì)量后不需重新進(jìn)行平衡,故c錯(cuò)誤;d做“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí),必須調(diào)整滑輪高度使連接小車的細(xì)線與滑板

20、平行,故d正確。故選ad;(3)3由于實(shí)驗(yàn)中還要測(cè)量紙帶上各點(diǎn)間的距離,則還要刻度尺,由于打點(diǎn)計(jì)時(shí)器為電火花計(jì)時(shí)器,所以不用學(xué)生電源,也不用秒表,由于“探究小車速度隨時(shí)間變化的關(guān)系”不用測(cè)量質(zhì)量,所以也不用天平和砝碼,故選d;4根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度,則有由于誤差(0.500.53)m/s均可;(4)5當(dāng)小車受到的合力一定時(shí),通過(guò)改變小車的位移,從而改變合力做功,同時(shí)測(cè)出小車對(duì)應(yīng)的速度,則可以探究功與速度變化的關(guān)系,說(shuō)明不平衡摩擦力也可以進(jìn)行。16.為描繪“2.5v,0.3a”的小燈泡的伏安特性曲線,某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路,要求小燈泡兩端電壓從0

21、開(kāi)始變化。(1)實(shí)驗(yàn)室中有兩種型號(hào)的滑動(dòng)變阻器,應(yīng)選擇的是_;(填“a”或“b”)a滑動(dòng)變阻器r1(200,0.3a)b滑動(dòng)變阻器r1(10,2a)(2)按照要求,在圖甲中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線完成電路連接_a。閉合開(kāi)關(guān),某次測(cè)量時(shí)電流表的指針如圖乙所示,其讀數(shù)為_(kāi)a;(3)實(shí)驗(yàn)測(cè)得小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示,由實(shí)驗(yàn)曲線可知,隨著電流的增加小燈泡的電阻_(選填“增大”、“不變”或“減小”),燈絲的電阻率_(選填“增大”、“不變”或“減小”);(4)用一個(gè)阻值為5的定值電阻與上述小燈泡組成串聯(lián)電路,連接到內(nèi)阻不計(jì)、電動(dòng)勢(shì)為3v的電源上,則流過(guò)小燈泡的電流約為_(kāi)a?!敬鸢浮?(1). b (2).

22、(3). 0.26 (4). 增大 (5). 增大 (6). 0.43(0.42-0.44)【解析】【詳解】(1)1由于實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器用分壓式,則應(yīng)選用總阻值較小的即選b;(2)2按照原理圖連接實(shí)物圖如圖3由燈泡的最大電流為0.3a,所以電流表用量程為0.6a,最小刻度為0.02a,讀數(shù)為0.26a;(3)45圖像斜率倒數(shù)表示電阻,則由實(shí)驗(yàn)曲線可知,隨著電流的增加小燈泡的電阻增大,由電阻定律可知,燈絲的電阻率增大;(4)6將阻值為5的定值電阻與電源看作新電源,則有將此圖線作在燈泡伏安曲線中,如圖由圖可知,流過(guò)小燈泡的電流約為0.43a,由于誤差(0.42-0.44)a均可17.如圖,質(zhì)量m=

23、10kg的一箱蘋(píng)果靜置于水平地面上的a點(diǎn),ab間距l(xiāng)=35m,箱子與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)?,F(xiàn)用大小為140n,與水平方向成的力斜向下推動(dòng)此箱蘋(píng)果,使它由a點(diǎn)靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)并能到達(dá)b點(diǎn)。求:(已知cos=0.8,sin=0.6)(1)推力作用下箱子的加速度a大小;(2)推力作用的最短時(shí)間t;(3)撤去推力后,箱子正中央一個(gè)質(zhì)量m0=02kg的蘋(píng)果受到其他蘋(píng)果給它的作用力大小。【答案】(1);(2)5s;(3)【解析】【詳解】(1)由牛頓第二定律得:則(2)設(shè)撤去推力后的加速度為,撤去推力后到箱子停止所用時(shí)間為,則得箱子加速階段和減速階段發(fā)生的總位移其中,聯(lián)立各式得(3)中央蘋(píng)果受到其他蘋(píng)果給它的作用

24、力18.舊物循環(huán)再利用是愛(ài)護(hù)環(huán)境的一種體現(xiàn),某學(xué)校舉辦了一次舊物改造大賽,其中有一同學(xué)利用舊紙板和鋁片改造的“賽車軌道”小玩具引起了許多人的關(guān)注?!百愜囓壍馈钡暮?jiǎn)易模型如圖所示,ab、de和ef段都是粗糙直軌道,動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,de段的傾角=,lde=0.5m,lef=0.3m,其余軌道不計(jì)摩擦。bc段是半徑r1=0.4m的圓弧軌道,圓心角=,與直軌道相切于b點(diǎn)、c點(diǎn),豎直圓軌道半徑r2=0.2m,最低點(diǎn)錯(cuò)開(kāi),cd段水平。一輛質(zhì)量m=0.2kg的玩具賽車(可看成質(zhì)點(diǎn))從a點(diǎn)靜止釋放,恰好能通過(guò)豎直圓軌道,不考慮d點(diǎn)和e點(diǎn)的能量損失,求:(已知cos=0.8,sin=0.6)(1)賽車過(guò)c點(diǎn)

25、時(shí)對(duì)軌道的作用力;(2)ab段的距離;(3)若想讓賽車停在ef段,賽車要從距離b點(diǎn)多遠(yuǎn)處釋放?!敬鸢浮?1) 7n,方向豎直向下; (2);(3) 【解析】【詳解】(1)賽車恰好能過(guò)豎直圓軌道,最高點(diǎn)滿足賽車從c點(diǎn)到最高點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理c點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立各式得根據(jù)牛頓第三定律:賽車對(duì)軌道的作用力為7n,方向豎直向下(2)設(shè)ab段的距離為,從a點(diǎn)到c點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理得得(3)如果賽車停止e點(diǎn),從出發(fā)到e點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理得得說(shuō)明剛好到e點(diǎn)就過(guò)不了豎直圓軌道,如果賽車停止在f點(diǎn),從出發(fā)到f點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理得:則綜上可得19.如圖甲所示,電阻忽略不計(jì)的兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌豎直放置,軌道間距為l=1m,上端接有電阻r=0.3。在水平虛線mm、nn間有一與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)b,磁場(chǎng)區(qū)域的高度為d=2m?,F(xiàn)將質(zhì)量m=0.3kg,電阻r=0.2的導(dǎo)體桿ab從mm處垂直導(dǎo)軌由靜止釋放,釋放同時(shí)獲得一向下的外力作

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