廣東省廣州市廣大附中2020屆高三物理模擬試題【含解析】

1、廣東省廣州市廣大附中2020屆高三物理模擬試題（含解析）一、選擇題1.用兩個相同且不計重力的細繩，懸掛同一廣告招牌，如圖所示的四種掛法中，細繩受力最小的是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】由題意可知，兩繩子的拉力的合力與廣告招牌的重力大小相等，方向相反，是相等的，根據(jù)力的平行四邊形定則，可知當兩繩子的夾角越大時，其拉力也越大。因此對比四個圖可知，B圖的拉力方向相同，拉力的大小最小，故B正確，ACD均錯誤。故選B。2.將輸入電壓為220V、輸出電壓為6V的變壓器改裝成輸出電壓為30V的變壓器，副線圈原來的匝數(shù)為30匝，原線圈的匝數(shù)不變，則副線圈應(yīng)增加的匝數(shù)為（）A. 150

2、匝B. 144匝C. 130匝D. 120匝【答案】D【解析】【詳解】副線圈匝數(shù)為n2=30匝，輸入電壓U1=220V，輸出電壓U2=6V，根據(jù)變壓比公式有原線圈匝數(shù)不變，改變副線圈匝數(shù)，輸入電壓也不變，輸出電壓變30V，根據(jù)變壓比公式有聯(lián)立得故D正確，ABC錯誤。故選D。3.如圖所示，在與磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直的平面內(nèi)，有一根長為s的導(dǎo)線，量得導(dǎo)線的兩個端點間的距離=d，導(dǎo)線中通過的電流為I，則下列有關(guān)導(dǎo)線受安培力大小和方向的正確表述是（ ）A. 大小為BIs，方向沿ab指向bB. 大小為BIs，方向垂直abC. 大小為BId，方向沿ab指向aD. 大小為BId，方向垂直ab【答案】D

3、【解析】【詳解】導(dǎo)線的等效長度為d，則所受的安培力為F=BId，由左手定則可知方向垂直ab。故選D。4.地球半徑為R，在距球心r處（rR）有一顆同步衛(wèi)星，另有一半徑為2R的星球A，在距其球心2r處也有一顆同步衛(wèi)星，它的周期是72h，那么，A星球的平均密度與地球平均密度的比值是（ ）A. 13B. 31C. 19D. 91【答案】C【解析】【詳解】萬有引力提供向心力密度因為星球A的同步衛(wèi)星和地球的同步衛(wèi)星的軌道半徑比為2：1，地球和星球A的半徑比為2：1，兩同步衛(wèi)星的周期比3：1所以A星球和地球的密度比為1：9故C正確，ACD錯誤。故選C。5.如圖，半徑為d的圓形區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場

4、，磁場垂直圓所在的平面。一帶電量為q、質(zhì)量為m的帶電粒子從圓周上a點對準圓心O射入磁場，從b點折射出來，若=60，則帶電粒子射入磁場的速度大小為（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】由幾何關(guān)系可知，粒子運動的軌道半徑為由洛倫茲力提供向心力可知可得故選B。6.如圖所示，某時刻將質(zhì)量為10kg的貨物輕放在勻速運動的水平傳送帶最左端，當貨物與傳送帶速度恰好相等時，傳送帶突然停止運動，貨物最后停在傳送帶上。貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5，貨物在傳送帶上留下的劃痕長為0.1m，重力加速度取10m/s2。則貨物（ ）A. 總位移為0.2mB. 運動的總時間為0.2sC. 與傳送帶由摩

5、擦而產(chǎn)生的熱量為5JD. 獲得的最大動能為5J【答案】AD【解析】【詳解】令傳送帶的速度為v，根據(jù)題意可知，貨物在傳送帶上先加速后做減速運動，加速運動階段，其加速度大小為 當貨物加速到和傳送帶速度相等時，所用時間為貨物發(fā)生的位移為傳送帶發(fā)生的位移為 減速運動過程中貨物的加速度大小為a=a=5m/s2當貨物速度減為零，所用的時間為貨物發(fā)生的位移為 根據(jù)題意可知，貨物在傳送帶上留下的劃痕長為 所以傳送帶的速度為v=1m/s貨物發(fā)生的總位移為x=x1+x3=02m運動的總時間為t=t1+t2=0.4s與傳送帶由摩擦而產(chǎn)生的熱量Q=mg（x2-x1+x3）=10J貨物獲得的最大動能為Ekmv25J故B

6、C錯誤，AD正確。故選AD。7.如圖，正方形金屬線框自某一高度在空氣中豎直下落（空氣阻力不計），然后進入并完全穿過與正方形等寬的勻強磁場區(qū)域，進入時線框動能為Ek1，穿出時線框動能為Ek2。從剛進入到剛穿出磁場這一過程，線框產(chǎn)生的焦耳熱為Q，克服安培力做的功為W1，重力做的功為W2，線框重力勢能的減少量為Ep，則下列關(guān)系正確的是（ ）A. Q=W1B. Q = W 2 W 1C. Q =EpEk1Ek2D. W2=W1(Ek2Ek1)【答案】ACD【解析】【詳解】AB由能量關(guān)系可知，線框產(chǎn)生的焦耳熱Q等于克服安培力做的功為W1，選項A正確，B錯誤；CD由動能定理即W2=W1(Ek2Ek1)而W

7、2=Ep則Q =W1= EpEk1Ek2選項CD正確。故選ACD。8.如圖，在一個光滑水平面上以速度v運動的小球，到達A處時遇到一個足夠長的陡坡AB，已知AB與豎直線之間的夾角為，重力加速度取g。則小球（ ）A. 離開A到落到斜坡前的加速度為gB. 經(jīng)時間t=落到斜面上C. 落在斜坡上的位置距A的距離為 D. 落到斜坡上時的速度大小為【答案】ABC【解析】【詳解】A小球離開A后做平拋運動，只受重力，加速度為g，即離開A到落到斜坡前的加速度為g，故A正確；B落在斜面上時位移方向與豎直方向的夾角為，則有解得故B正確；C落在斜坡上時的水平位移則落在斜坡上位置距A的距離故C正確；D落到斜坡上時豎直方向

8、速度則落到斜坡上時的速度大小故D錯誤。故選ABC。二、非選擇題9.測量玩具遙控汽車的額定功率實驗，簡要步驟如下：A測出小車質(zhì)量為0.6kg。B在小車尾部系一條長紙帶，讓紙帶穿過電源頻率為50Hz打點計時器。C使小車以額定功率沿水平面加速到最大速度，繼續(xù)運行一段時間后關(guān)閉小車發(fā)動機，讓其在水平面上滑行直到停止。D取下紙帶進行研究。測得的數(shù)據(jù)如圖所示?；卮鹣铝袉栴}：(1)由紙帶知遙控汽車的最大速度為_，汽車滑行時的加速度為_；(2)汽車滑行時的阻力為_；其額定功率為_?！敬鸢浮?(1). 1.00m/s (2). 1.73m/s (3). 1.04N (4). 1.04W【解析】【詳解】(1)12

9、汽車的最大速度為紙帶上最后6段對應(yīng)汽車做關(guān)閉發(fā)動機做減速運動，加速度為(2)34根據(jù)牛頓第二定律得f=ma=0.6（-1.73）N-1.04N當汽車勻速運動時，牽引力與阻力大小相等，即有F=f則汽車的額定功率為P=Fvm=fvm=1.041W=1.04W10.用如圖a所示器材，測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻實驗。(1)用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖a連接成可完成實驗的電路（圖中已連接了部分導(dǎo)線）；（ ）(2)實驗過程中，將電阻箱拔到45時，電壓表讀數(shù)為0.90V；將電阻箱拔到如圖b所示，其阻值是_，此時電壓表的讀數(shù)如圖c所示，其值是_V；(3)根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可以算出該節(jié)干電池的電動勢E=_V，內(nèi)電阻r=_

10、。【答案】 (1). (2). 110 (3). 1.10 (4). 1.3 (5). 20【解析】【詳解】(1)1電路圖如圖；(2)23電阻箱讀數(shù)為R=1100+110=110；電壓表讀數(shù)為U=1.10V；(3)45由閉合電路歐姆定律有兩式聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得E=1.3Vr=2011.如圖，用手捏住細線，讓質(zhì)量m=2kg的小球在光滑水平桌面上以v=1m/s的速率做勻速圓周運動，其半徑r=0.3m某時刻突然松手，使細線迅速放長0.2m后，又迅速用手捏住細線，保證小球在更大半徑的新軌道做勻速圓周運動，已知大半徑的圓與小半徑的圓為同心圓求：（1）細線迅速放長0.2m所經(jīng)歷的時間（2）在大半徑新軌道上運

11、動時小球的角速度（3）在大半徑新軌道上運動時，細線對小球的拉力【答案】（1）0.4s （2）1.2rad/s （3）1.44N【解析】【詳解】（1）突然松手，小球?qū)⒀刂“霃降膱A軌道相切飛出去，如圖所示即沿著圖中AB方向做勻速直線運動，直角三解形OAB中，；，則m則細線迅速放長0.2m所經(jīng)歷的時間為：（2）依題意，小球剛運動B點時速度大小為，方向沿AB方向，如圖，此時，可將速度分解為沿半徑OB方向的和垂直半徑OB方向的由于小球到達B點時又迅速捏住細線，沿OB方向的突然消失，小球?qū)⒁栽诖蟀霃缴献鲃蛩賵A周運動，根據(jù)，代入數(shù)據(jù)得：所以：（3）半徑增大后，仍有細線拉力提供向心力，12.如圖所示，兩塊相

12、同的金屬板M和N正對并水平放置，它們的正中央分別有小孔O和O，兩板距離為2L，兩板間存在豎直向上的勻強電場；AB是一根長為3L的輕質(zhì)絕緣豎直細桿，桿上等間距地固定著四個（1、2、3、4）完全相同的帶電荷小球，每個小球帶電量為q、質(zhì)量為m、相鄰小球間的距離為L，第1個小球置于O孔處將AB桿由靜止釋放，觀察發(fā)現(xiàn)，從第2個小球剛進入電場到第3個小球剛要離開電場，AB桿一直做勻速直線運動，整個運動過程中AB桿始終保持豎直，重力加速度為g。求：（1）兩板間的電場強度E；（2）第4個小球剛離開電場時AB桿的速度；（3）從第2個小球剛進入電場開始計時，到第4個小球剛離開電場所用的時間?！敬鸢浮浚?）；（2）

13、；（3）【解析】【詳解】（1）兩個小球處于電場中時，根據(jù)平衡條件2qE=4mg解得E=（2）設(shè)第4個小球剛離開電場時，桿的運動速度為v，對整個桿及整個過程應(yīng)用動能定理：4mg5L-4qE2L=4mv2解得v=（3）設(shè)桿勻速運動時速度為v1，對第1個小球剛進入電場到第3個小球剛要進入電場這個過程，應(yīng)用動能定理得4mg2LqE（L2L）4mv解得v1第2個小球剛進入電場到第3個小球剛要離開電場的這段時間，整個桿做勻速直線運動，設(shè)運動時間為t1，則t1=第3個小球離開電場后，只有第4個小球在電場中，桿做勻加速直線運動，設(shè)運動時間為t2，則t2=所以，從第2個小球剛進入電場到第4個小球剛離開電場所經(jīng)歷

14、的時間為t=t1t2=13.以下說法正確的是（ ）A. 玻璃打碎后不容易把它們拼在一起，這是由于分子間斥力的作用B. 焦耳測定了熱功當量后，為能的轉(zhuǎn)化和守恒定律奠定了實驗基礎(chǔ)C. 液體表面層分子間引力大于液體內(nèi)部分子間引力是表面張力產(chǎn)生的原因D. 當分子間的距離增大時，分子間的斥力和引力都減小，但斥力減小得快E. 懸浮在液體中的顆粒越小，小顆粒受到各個方向液體分子的沖擊力就越不平衡，布朗運動就越明顯【答案】BDE【解析】【詳解】A. 碎玻璃不能拼在一起，是由于分子距離太大，達不到分子吸引力的范圍，故A錯誤；B. 焦耳測定了熱功當量后，為能的轉(zhuǎn)化和守恒定律奠定了實驗基礎(chǔ)，選項B正確；C. 由于液

15、體表面層分子間距離大于分子平衡時的距離，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，則液體表面存在張力，故C錯誤；D. 當分子間的距離增大時，分子間的斥力和引力都減小，但斥力減小得快，選項D正確；E. 懸浮在液體中的顆粒越小，小顆粒受到各個方向液體分子的沖擊力就越不平衡，布朗運動就越明顯，選項E正確。故選BDE。14.如圖所示，將橫截面積S=100cm2、容積為V=5L，開口向上的導(dǎo)熱良好的氣缸，置于t1=13的環(huán)境中。用厚度不計的輕質(zhì)活塞將體積為V1=4L的理想氣體封閉在氣缸中，氣缸底部有一個單向閥門N。外界大氣壓強p0=1.0105Pa，重力加速g=10m/s2，不計一切摩擦。求：(i)將活塞用卡銷Q鎖定，

16、用打氣筒通過閥門N給氣缸充氣，每次可將體積V0=100mL，壓強為p0的理想氣體全部打入氣缸中，則打氣多少次，才能使其內(nèi)部壓強達到1.2p0；(ii)當氣缸內(nèi)氣體壓強達到1.2p0時，停止打氣，關(guān)閉閥門N，將質(zhì)量為m=20kg的物體放在活塞上，然后拔掉卡銷Q，則環(huán)境溫度為多少攝氏度時，活塞恰好不脫離氣缸?！敬鸢浮?i)8；(ii)52【解析】【詳解】(1)由玻意耳定律得其中，n為打氣次數(shù)，代入數(shù)值解得：(ii)初態(tài)氣體溫度為，最終穩(wěn)定時，體積為，內(nèi)部氣體壓強為即拔掉卡銷后，缸內(nèi)氣體壓強不變，由蓋呂薩克定律得：，解得則氣缸內(nèi)氣體的溫度為15.如圖所示，為一列橫波某時刻的波形圖，此時刻A點沿y軸正方向運動，則橫波的傳播方向是_；若該列波的周期為0.02s，則其波速為_?！敬鸢浮?(1). 沿x軸的負方向 (2).