福建省龍海市程溪中學(xué)2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期末考試試題

1、程溪中學(xué)2020學(xué)年下學(xué)期高二年期末考 物理試卷（考試時(shí)間：90分鐘 滿分：100分）一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）1. 采用220 kV高壓向遠(yuǎn)方的城市輸電。當(dāng)輸送功率一定時(shí)，為使輸電線上損耗的功率減小為原來的，輸電電壓應(yīng)變?yōu)椋?）A. 55 kVB. 110 kVC. 660 kVD. 880 kV2. 如圖所示，在垂直于紙面的范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中，有一個(gè)矩形線圈abcd，線圈平面與磁場垂直，O1O2是線圈的對(duì)稱軸，應(yīng)使線圈怎樣運(yùn)動(dòng)才能使其產(chǎn)生感生電流？（）A. 線圈向右勻速移動(dòng)B. 線圈向右加速移動(dòng)C. 線圈垂直于紙面向里平動(dòng)D. 線圈繞O1O2軸轉(zhuǎn)動(dòng)3. 某種金屬在黃光照

2、射下才有光電子逸出，現(xiàn)在要使逸出的光電子初動(dòng)能增大，可以采用的方法有（）A. 增加黃光的照射強(qiáng)度B. 改用一束強(qiáng)度很強(qiáng)的紅光照射C. 使光電管的正向電壓加倍D. 改用一束強(qiáng)度較小的紫光4. 如圖，是氫原子能級(jí)示意圖，一群氫原子處于的激發(fā)態(tài)，當(dāng)它們自發(fā)地躍遷到較低能級(jí)時(shí)，以下說法符合波爾理論的有（）5. A. 氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，動(dòng)能減小6. B. 氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，電勢能增大7. C. 由躍遷到時(shí)發(fā)出光子的頻率最小8. D. 氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，能發(fā)出6種不同的光譜線9. 如圖，閉合的圓線圈放在勻強(qiáng)磁場中，t=0時(shí)磁感線垂直線圈平面向里穿過線圈，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的關(guān)系圖線如圖中所示

3、，則在02s內(nèi)線圈中感應(yīng)電流的大小和方向?yàn)椋ǎ〢. 逐漸增大，逆時(shí)針B. 逐漸減小，順時(shí)針C. 大小不變，順時(shí)針D. 大小不變，先順時(shí)針后逆時(shí)針10. 如圖所示，兩平行的虛線區(qū)域內(nèi)存在著有界勻強(qiáng)磁場，有一較小的三角形線框abc，其ab邊與磁場邊界平行，bc邊小于磁場區(qū)域的寬度，現(xiàn)使此線框向右勻速穿過磁場區(qū)域，運(yùn)動(dòng)過程中始終保持速度方向與ab邊垂直則下列各圖中哪一個(gè)可以定性地表示線框在穿過磁場的過程中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律（設(shè)逆時(shí)針電流方向?yàn)檎较颍〢. B. C. D. 11. A,B兩物體發(fā)生正碰，碰撞前后物體A、B都在同一直線上運(yùn)動(dòng)，其位移-時(shí)間圖象（s-t圖）如圖中A,D,C和B,D,

4、C所示由圖可知，物體A,B的質(zhì)量之比為（）12.A. 1：1B. 1：2C. 1：3D. 3：113. 如圖所示的電路中,L是一個(gè)自感系數(shù)很大、直流電阻不計(jì)的線圈,D1、D2和D3是三個(gè)完全相同的燈泡,E是內(nèi)阻不計(jì)的電源。在t=0時(shí)刻,閉合開關(guān)S,電路穩(wěn)定后在t1時(shí)刻斷開開關(guān)S。規(guī)定以電路穩(wěn)定時(shí)流過D1、D2的電流方向?yàn)檎较?分別用I1、I2表示流過D1和D2的電流,則下圖中能定性描述電流I隨時(shí)間t變化關(guān)系的是（ ）A. B. C. D. 二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）14. 居室裝修中經(jīng)常用到花崗巖、大理石等裝飾材料，這些巖石都不同程度地含有放射性元素，有些含有鈾、釷的花崗巖等

5、巖石會(huì)釋放出放射性惰性氣體氡而氡會(huì)發(fā)生放射性衰變，放出、射線這些射線會(huì)導(dǎo)致細(xì)胞發(fā)生癌變及呼吸道等方面的疾病，根據(jù)有關(guān)放射性知識(shí)可知，下列說法正確的是（）A. 氡的半衰期為3.8天，若取4個(gè)氡原子核，經(jīng)7.6天后就一定剩下一個(gè)原子核了B. 在放射性元素中摻雜其他穩(wěn)定元素并大幅度降低其溫度，可以減小它的半衰期C. 射線一般伴隨著或射線產(chǎn)生，在這三種射線中，射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱D. 發(fā)生衰變后，得到新原子核與衰變前的原子核相比，質(zhì)子數(shù)和中子數(shù)各減少2個(gè).15. 如圖所示，R是一個(gè)光敏電阻，其阻值隨光照強(qiáng)度的增加而減小。理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為101，電壓表和電流表均為理想交流電表，

6、從某時(shí)刻開始在原線圈兩端加上交變電壓，其瞬時(shí)值表達(dá)式為，則A. 電壓表的示數(shù)為B. 副線圈中交流電的頻率為50HzC. 在天逐漸變黑的過程中，電流表A2的示數(shù)變小D. 在天逐漸變黑的過程中，理想變壓器的輸入功率變大16. 如圖所示，在水平木制桌面上平放一個(gè)銅制的圓環(huán)，在它上方近處有一個(gè)N極朝上的條形磁鐵，銅環(huán)始終靜止關(guān)于銅環(huán)對(duì)桌面的壓力F和銅環(huán)重力G的大小關(guān)系，下列說法中正確的是A. 當(dāng)條形磁鐵靠近銅環(huán)時(shí)，F(xiàn)GB. 當(dāng)條形磁鐵靠近銅環(huán)時(shí)，F(xiàn)GD. 當(dāng)條形磁鐵遠(yuǎn)離銅環(huán)時(shí)，F(xiàn)G17. 如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉(zhuǎn)速繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢圖象如圖中曲

7、線a、b所示，則（）A. 兩次t=0時(shí)刻線圈平面均與中性面重合B. 曲線a、b對(duì)應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為3：2C. 曲線a表示的交變電動(dòng)勢頻率為25HzD. 曲線b表示的交變電動(dòng)勢有效值為10V三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2小題，共18.0分）18. 圖甲、乙和丙所示均為教材中的演示實(shí)驗(yàn)實(shí)物圖。在電路連接正確的情況下，回答下列問題：（1）圖甲中，將條形磁鐵插入線圈和拔出線圈時(shí)，靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向_（填“相同”或“相反”）。（2）圖乙中，導(dǎo)體棒以大小不同的速度沿相同方向切割磁感線時(shí)，靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)大小 （填“相同”或“不同”）。（3）圖丙中，下列操作能使靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)的是_。（填選項(xiàng)前的字母

8、）A閉合開關(guān)的瞬間B保持開關(guān)閉合，快速移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片C保持開關(guān)斷開，快速移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片19. 用如圖所示的裝置可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，在滑塊A和B相碰的端面上裝上彈性碰撞架，它們的上端裝有等寬的擋光片。20.21. （1）實(shí)驗(yàn)前需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平：在軌道上只放滑塊A，輕推一下滑塊A，其通過光電門1和光電門2的時(shí)間分別為t1、t2，當(dāng)t1_t2（填“”、“=”、“”），則說明氣墊導(dǎo)軌水平。22. （2）滑塊A置于光電門1的左側(cè)，滑塊B靜置于兩光電門間的某一適當(dāng)位置。給A一個(gè)向右的初速度，通過光電門1的時(shí)間為t1，A與B碰撞后再次通過光電門1的時(shí)間為t2，滑塊B通過光電門2的時(shí)間為t3

9、為完成該實(shí)驗(yàn)，還必需測量的物理量有_23. A擋光片的寬度d24. B滑塊A的總質(zhì)量m125. C滑塊B的總質(zhì)量m226. D光電門1到光電門2的間距L27. （3）若滑塊A和B在碰撞的過程中動(dòng)量守恒，則應(yīng)該滿足的表達(dá)式為：_（用已知量和測量量表示）四、計(jì)算題（本大題共3小題，共34.0分）28. 如圖所示為一理想變壓器，副線圈上接了一個(gè)標(biāo)有“220V，44W”字樣的燈泡正常發(fā)光，原線圈中的電壓表示數(shù)為1100V求：29. （1）原、副線圈的匝數(shù)比；30. （2）電流表的示數(shù)31.32.33.34.35.36.37.38. 如圖所示，在光滑的水平面上靜止放一質(zhì)量為2m的木板B，木板表面光滑，右

10、端固定一輕質(zhì)彈簧。質(zhì)量為m的木塊A以速度v0從板的左端水平向右滑上木板B，求：39. （1）彈簧的最大彈性勢能；40. （2）彈被簧壓縮直至最短的過程中，彈簧給木塊A的沖量；41. （3）當(dāng)木塊A和B板分離時(shí)，木塊A和B板的速度。42. 如圖所示，MN、PQ為間距L0.5 m足夠長的平行導(dǎo)軌，NQMN.導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角37，NQ間連接有一個(gè)R4 的電阻有一勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1 T將一根質(zhì)量為m0.05 kg、電阻r1 的金屬棒ab緊靠NQ放置在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，兩根導(dǎo)軌的電阻均不計(jì).現(xiàn)由靜止釋放金屬棒，金屬棒沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)過程中始終與NQ平行已知金屬棒與導(dǎo)軌

11、間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，當(dāng)金屬棒滑行至cd處時(shí)已經(jīng)達(dá)到穩(wěn)定速度，cd距離NQ為s1.5 m(g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)。求：(1)金屬棒達(dá)到的穩(wěn)定速度是多大？(2)金屬棒從開始下滑至cd處過程中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱？(3)金屬棒從開始下滑至cd處所用的時(shí)間？答案和解析1.【答案】C【解析】【分析】輸送電流，輸電線上損失的功率知輸送功率一定時(shí)，損失的功率與輸送電壓的二次方成反比。解決本題的關(guān)鍵搞清輸送功率與輸送電壓和輸送電流的關(guān)系，以及知道在輸電線上損失的功率的計(jì)算公式即可?！窘獯稹枯斔碗娏?，輸電線上損失的功率可,知輸電線損失的功率與輸送電壓的平方成反比，所以為使輸電

12、線上損耗的功率減小為原來的，輸電電壓應(yīng)變?yōu)?倍，故輸電電壓應(yīng)變?yōu)?60 kV；故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。2.【答案】D【解析】解：由題可知該磁場是勻強(qiáng)磁場，線圈的磁通量為：=Bs，s為垂直于磁場的有效面積，無論線圈向右勻速還是加速移動(dòng)或者垂直于紙面向里平動(dòng)，線圈始終與磁場垂直，有效面積不變，因此磁通量一直不變，所以無感應(yīng)電流產(chǎn)生，故ABC錯(cuò)誤；當(dāng)線圈繞O1O2軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，線圈與磁場垂直的有效面積在不斷變化，因此磁通量發(fā)生變化，故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D正確。故選：D。產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化因此解題的關(guān)鍵是通過線圈的運(yùn)動(dòng)情況判斷其磁通量是否變化，從而判斷出是

13、否有感應(yīng)電流產(chǎn)生本題考查了產(chǎn)生感應(yīng)電流條件的靈活應(yīng)用，在明確磁通量概念的前提下，根據(jù)=Bs來判斷磁通量是否變化3.【答案】D【解析】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程Ek=h-W，同一金屬逸出功相同，則入射光的頻率越大，光電子的最大初動(dòng)能越大；A、同一金屬在能發(fā)生光電效應(yīng)的條件下，光電流強(qiáng)度與入射光的強(qiáng)度成正比，與光電子初動(dòng)能無關(guān)故A錯(cuò)誤B、光電子最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，而紅光的頻率小于黃光，因此逸出的光電子初動(dòng)能減小故B錯(cuò)誤C、光電子最大初動(dòng)能與光電管的正向電壓也無關(guān)故C錯(cuò)誤D、光電子最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，而紫光的頻率大于黃光，因此逸出的光電子初動(dòng)能增大故D正確故選：D根據(jù)光電效應(yīng)方程Ek=

14、h-W，分析光電子的最大初動(dòng)能光電流的強(qiáng)度與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，從而即可求解解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程Ekm=h-W0和光電流強(qiáng)度的決定因素4.【答案】D【解析】【分析】能級(jí)間躍遷輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，能級(jí)差越大，輻射的光子能量越大，頻率越大，波長越??；根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子可能輻射光子頻率的種數(shù)解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件以及知道能級(jí)間躍遷時(shí)輻射或吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差【解答】AB、當(dāng)原子從第4能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，原子的能量減小，軌道半徑減小，電子的動(dòng)能增大，電勢能減小，故AB錯(cuò)誤；C、由n=4躍遷到n=1時(shí)輻射的光子能量最大，發(fā)出光子的頻率最大

15、，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)=6知，這群氫原子可能輻射6種頻率的光子，故D正確；故選：D。5.【答案】C【解析】解：第1s內(nèi)，磁場的方向垂直于紙面向內(nèi)，且均勻減小，所以產(chǎn)生恒定的電流，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向；第2s內(nèi)，磁場的方向垂直于紙面向外，且均勻增加，所以產(chǎn)生恒定的電流，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向。由可知，這2s內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢恒定，故產(chǎn)生的電流大小不變，方向一直為順時(shí)針。故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。變化的磁場產(chǎn)生電磁，均勻變化的磁場產(chǎn)生恒定的電場，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，再根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向解決本題的關(guān)鍵理解法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用，并掌握楞次定律判

16、斷感應(yīng)電流的方向，難度不大，屬于基礎(chǔ)題6.【答案】D【解析】【分析】首先根據(jù)右手定則判斷邊ab剛進(jìn)入磁場時(shí)回路中感應(yīng)電流方向，排除部分答案，然后根據(jù)進(jìn)入磁場中有效切割長度的變化，求出感應(yīng)電流的變化，從而得出正確結(jié)果對(duì)于圖象問題可以通過排除法進(jìn)行求解，如根據(jù)圖象過不過原點(diǎn)、電流正負(fù)、大小變化等進(jìn)行排除【解答】開始時(shí)進(jìn)入磁場切割磁感線，根據(jù)右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，當(dāng)開始出磁場時(shí)，回路中磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為順時(shí)針；不論進(jìn)入磁場，還是出磁場時(shí)，由于切割的有效長度變小，導(dǎo)致產(chǎn)生感應(yīng)電流大小變小，故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選：D7.【答案】C【解析】【分析】本題主要考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像和動(dòng)量守恒

17、定律的應(yīng)用，要求同學(xué)們能根據(jù)位移-時(shí)間圖象讀出A、B物體碰撞前后的速度，基礎(chǔ)題。在位移時(shí)間圖象中，斜率表示物體的速度，由圖象可知碰撞前后的速度，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可以求解?！窘獯稹坑蓤D像知：碰前，碰后有：，由動(dòng)量守恒可知：，解得：，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。8.【答案】C【解析】略9.【答案】CD【解析】【分析】半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)大量的原子核適用。衰變時(shí)釋放的電子來自原子核，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，判斷電荷數(shù)、質(zhì)量數(shù)的變化，從而得出中子數(shù)的變化。本題考查了衰變的實(shí)質(zhì)、半衰期的概念及射線的特性，比較簡單，關(guān)鍵是熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)?！窘獯稹緼.半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)大量的原子核

18、適用，故A錯(cuò)誤；B. 放射性元素的半衰期與溫度、化合物的狀態(tài)等無關(guān)，所以在放射性元素中摻雜其他穩(wěn)定元素并大幅度降低其溫度，它的半衰期不發(fā)生改變，故E錯(cuò)誤。C.射線一般伴隨著或射線產(chǎn)生，在這三種射線中，射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱 ，故C正確；D.發(fā)生衰變時(shí)，電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，則中子數(shù)少2，故D正確；.故選CD。10.【答案】BC【解析】【分析】本題考查交流電中的電路動(dòng)態(tài)變化的分析，與直流電路中的動(dòng)態(tài)分析相同；總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法。根據(jù)瞬時(shí)值表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與

19、匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論根據(jù)光照的變化明確電阻的變化，從而分析電壓和電流的變化規(guī)律?！窘獯稹緼.原線圈的電壓的最大值為220V，根據(jù)電壓之比等于線圈匝數(shù)之比可知，副線圈的電壓的最大值為22V，電壓表的示數(shù)為電壓的有效值，所以示數(shù)為U=V=22V，故A錯(cuò)誤；B.副線圈中交流電的頻率為，故B正確；C.在天變黑的過程中，光照變?nèi)?，R阻值增大；電路的總電阻減大，由于電壓是由變壓器決定的，輸出的電壓不變，所以電流變小，電流表A2的示數(shù)變小，故C正確；D.由于變壓器的輸入和輸出的功率是相等的，副線圈的電流減小，電壓不變，所以由P=UI可知，輸出的功率要減小，故輸入的功率也要減小，故D錯(cuò)誤。故選BC。11.【

20、答案】AD【解析】【分析】在磁鐵進(jìn)入線圈的過程中，穿過線圈的磁通量增加，根據(jù)磁場方向，由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向。通電線圈的磁場與條件磁鐵相似，由安培定則判斷線圈的極性，分析線圈與磁鐵間的作用力。本題是楞次定律的基本應(yīng)用對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，導(dǎo)體與磁體的作用力也可以根據(jù)楞次定律的另一種表述判斷：感應(yīng)電流的磁場總要阻礙導(dǎo)體與磁體間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)。【解答】磁鐵的N極向下插入，穿過銅環(huán)的磁通量增加，磁場方向向下，根據(jù)楞次定律可知，銅環(huán)中產(chǎn)生逆時(shí)方向的感應(yīng)電流；根據(jù)安培定則判斷可知，當(dāng)N極向下插入時(shí)，銅環(huán)上端相當(dāng)于N極；當(dāng)S極向下插入，銅環(huán)上端相當(dāng)于S極，與磁鐵的極性總相反，存在斥力。所以銅環(huán)對(duì)桌面的壓力

21、F大于銅環(huán)重力G的大??；磁鐵的N極遠(yuǎn)離銅環(huán)時(shí)，穿過銅環(huán)的磁通量減小，磁場方向向下，根據(jù)楞次定律可知，銅環(huán)中產(chǎn)生逆時(shí)方向的感應(yīng)電流；根據(jù)安培定則判斷可知，當(dāng)N極遠(yuǎn)離時(shí)，銅環(huán)上端相當(dāng)于S極；與磁鐵的極性總相同，存在引力所以銅環(huán)對(duì)桌面的壓力F小于銅環(huán)重力G的大小。所以AD正確，BC錯(cuò)誤；故選AD。12.【答案】ABC【解析】解：A、在t=0時(shí)刻，感應(yīng)電動(dòng)勢為零，此時(shí)線圈一定處在中性面上；故A正確；B、由圖可知，a的周期為410-2s；b的周期為610-2s，則由n=可知，轉(zhuǎn)速與周期成反比，故轉(zhuǎn)速之比為：3：2；故B正確；C、曲線a的交變電流的頻率f=25Hz；故C正確；D、曲線a、b對(duì)應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之

22、比為3：2，曲線a表示的交變電動(dòng)勢最大值是15V，根據(jù)Em=nBS得曲線b表示的交變電動(dòng)勢最大值是10V，則有效值為U=；故D錯(cuò)誤；故選：ABC。根據(jù)圖象可分別求出兩個(gè)交流電的最大值以及周期等物理量，然后進(jìn)一步可求出其瞬時(shí)值的表達(dá)式以及有效值等本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識(shí)，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量13.【答案】（1）相反；（2）不同；（3）AB?！窘馕觥俊痉治觥勘绢}難度不大，是一道基礎(chǔ)題，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件、影響感應(yīng)電流方向的因素即可正確解題。（1）根據(jù)磁通量變化分析靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)；（2）導(dǎo)體棒AB以大小不同的速度沿相同方向切割磁感線時(shí)

23、，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢不同；（3）當(dāng)線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，電流表的指針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合電路的磁通量發(fā)生變化，分析答題。【解答】（1）將條形磁鐵插入線圈時(shí)，穿過線圈的磁通量增強(qiáng)，拔出線圈時(shí)穿過線圈的磁通量減弱，所以靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向相反；（2）導(dǎo)體棒AB以大小不同的速度沿相同方向切割磁感線時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢不同，所以將條形磁鐵插入線圈和拔出線圈時(shí)，靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)大小不同；（3）A.閉合開關(guān)的瞬間，A線圈中磁場發(fā)生增強(qiáng)，穿過線圈B的磁通量增加，產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針偏轉(zhuǎn)，故A正確；B.保持開關(guān)閉合，快速移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，A線圈中磁場發(fā)生變化，B線圈中磁通量發(fā)生

24、變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針偏轉(zhuǎn)，故B正確；C.保持開關(guān)斷開，快速移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，A線圈中沒有磁場，所以B線圈中磁通量沒有變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，指針不偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤。故選AB。故答案為：（1）相反；（2）不同；（3）AB。14.【答案】= BC m1=m2-m1【解析】解：（1）如果導(dǎo)軌水平時(shí)，滑塊在導(dǎo)軌上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以滑塊經(jīng)過兩光電門時(shí)用時(shí)應(yīng)相等；（2）本實(shí)驗(yàn)中需要驗(yàn)證動(dòng)量守恒，所以在實(shí)驗(yàn)中必須要測量質(zhì)量和速度，速度可以根據(jù)光電門的時(shí)間求解，而質(zhì)量通過天平測出，同時(shí)，遮光板的寬度可以消去，所以不需要測量遮光片的寬度；故BC正確AD錯(cuò)誤。（3）根據(jù)速度公式可知，碰前A的速度v0=

25、，碰后A的速度v1=，B的速度v2=設(shè)A的原方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律可知：應(yīng)驗(yàn)證的表達(dá)式為：m1v0=m2v2-m1v1代入數(shù)據(jù)并化簡可得：m1=m2-m1故答案為：（1）=；（2）BC；（3）m1=m2-m1（1）明確導(dǎo)軌水平時(shí)滑塊的受力平衡，從而確定調(diào)節(jié)平衡的方法；（2、3）根據(jù)速度公式可求得碰后兩物體的速度，再根據(jù)動(dòng)量守恒定律即可確定應(yīng)驗(yàn)證的表達(dá)式，從而確定應(yīng)測量的物理量；本題利用氣墊導(dǎo)軌進(jìn)行驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要求能明確實(shí)驗(yàn)原理，注意碰撞前后兩物體的位置從而明確位移和速度，再根據(jù)動(dòng)量守恒定律列式即可求解。15.【答案】解：（1）根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，有n1：n2=U1：U2n

26、1：n2=1100：220=5：1 （4分，公式，結(jié)論各2分）（2）根據(jù)輸入功率等于輸出功率，有P1=P2=44wI1=0.04A（4分，公式，結(jié)論各2分）答：（1）原、副線圈的匝數(shù)比5：1；（2）電流表的示數(shù)為0.04A【解析】（1）根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比求原、副線圈的匝數(shù)比；（2）根據(jù)輸入功率等于輸出功率求電流表示數(shù)；本題考查變壓器的基本原理，要注意明確理想變壓器線圈匝數(shù)之比等于電壓之比，同時(shí)明確燈泡正常發(fā)光時(shí)，電壓為燈泡的額定電壓16.【答案】解：（1）彈簧被壓縮到最短時(shí)，木塊A與木板B具有相同的速度，此時(shí)彈簧的彈性勢能最大。設(shè)共同速度為v，從木塊A開始沿木板B表面向右運(yùn)動(dòng)至彈簧被壓縮到最短的過程中，A、B系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，取向右為正方向，則有：mv0=（m+2m）v，由能量關(guān)系，得：彈簧的最大彈性勢能Ep=mv02-（m+2m）v2，解得：Ep=。（4分，1個(gè)公式1分，結(jié)論2分）（2）對(duì)木塊A，根據(jù)動(dòng)量定理得I=mv-mv0。得I=-，方向向左。（4分，公式2分，大小，方向各1分）（3）從木塊A滑上木板B直到二者分離，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，設(shè)分離時(shí)A、B的速度分別為v1和v2