重慶市第一中學(xué)2019屆高三物理下學(xué)期3月月考試題（含解析）

1、 可修改重慶市第一中學(xué)2019屆高三物理下學(xué)期3月月考試題（含解析）一、單選題1.如圖所示，衛(wèi)星A、B繞地球做勻速圓周運(yùn)動，用T、a、v、S分別表示衛(wèi)星周期、加速度、速度、與地心連線在單位時間內(nèi)掃過的面積。下列關(guān)系式正確的有（）A. TATBB. aAaBC. vAvBD. SA=SB【答案】A【解析】【詳解】ABC、根據(jù)可知線速度為：，周期為：，加速度為：，A的軌道半徑較大，則：，故A正確，B、C錯誤；D、由開普勒第二定可知繞同一天體運(yùn)動的天體與中心天體連線在同一時間內(nèi)掃過的面積相等，A、B不是同一軌道，所以A、B與地心連線在單位時間內(nèi)掃過的面積不同，故D錯誤；故選A。2.靜電場方向平行于x

2、軸，其電勢隨x的分布可簡化為如圖所示的折線，圖中0和d為已知量。一個帶負(fù)電的粒子在電場中以x=0為中心、沿x軸方向做周期性運(yùn)動。已知該粒子質(zhì)量為m、電量為-q，忽略重力。規(guī)定x軸正方向為電場強(qiáng)度E、加速度a、速度v的正方向，下圖分別表示x軸上各點的電場強(qiáng)度E，小球的加速度a、速度v和動能EK隨x的變化圖象，其中正確的是（ ）【答案】D【解析】試題分析：圖象的斜率表示電場強(qiáng)度，沿電場方向電勢降低，因而在的左側(cè)，電場向左，且為勻強(qiáng)電場，故A 錯誤；由于離子帶負(fù)電，粒子在的左側(cè)加速度為正值，在右側(cè)加速度為負(fù)值，且大小不變，故B錯誤；在左側(cè)粒子向右勻加速，在的右側(cè)向右做勻減速運(yùn)動，速度與位移不成正比，

3、故C錯誤；在左側(cè)粒子根據(jù)動能定理，在的右側(cè)，根據(jù)動能定理可得，故D正確。考點：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系、電勢能【名師點睛】本題主要考查了圖象，從圖象中判斷出斜率即為電場強(qiáng)度，然后利用牛頓第二定律判斷出加速度，速度時間公式判斷速度，抓住粒子帶負(fù)電即可。3.如圖,OO是磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為3B和B的兩個勻強(qiáng)磁場區(qū)域的分界線,磁場方向分別垂直紙面向里和垂直紙面向外。單匝圓形導(dǎo)線圈的直徑剛好位于OO處,線圈以O(shè)O為轉(zhuǎn)軸從紙面位置開始以角該度勻速轉(zhuǎn)動。若線圈的電阻為R,面積為S,則下列說法正確的是( )A. 線圈在紙面位置時,感應(yīng)電流最大B. 線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為2BSC. 線圈中產(chǎn)

4、生熱功率為B2S22/2RD. 線圈從紙面位置開始轉(zhuǎn)過90過程中通過線圈某一橫截面的電荷量為2BS/R【答案】C【解析】【詳解】A、線圈在紙面位置時，磁通量最大，感應(yīng)電動勢最小，為零，故A錯誤；B、線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為，故B錯誤；C、由有效值定義可知感應(yīng)電動勢的有效值為，線圈中產(chǎn)生的熱功率為，故C正確；D、根據(jù)，可得，所以線圈從紙面位置開始轉(zhuǎn)過90的過程中通過線圈某一橫截面的電荷量為，故D錯誤；故選C。二、多選題4.2018年8月23日報道，國家大科學(xué)工程中國散裂中子源(CSNS)項目通過國家驗收，投入正式運(yùn)行，并將對國內(nèi)外各領(lǐng)域的用戶開放。有關(guān)中子的研究，下面說法正確的是( )A

5、. 中子和其他微觀粒子，都具有波粒二象性B. 盧瑟福發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)方程C. 在中子轟擊下生成的過程中，原子核中平均核子質(zhì)量變小D. 衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)部的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時所產(chǎn)生的【答案】ACD【解析】【詳解】A、所有粒子都具有波粒二象性，故A正確；B、查德威克發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)是：，故B錯誤；C、裂變反應(yīng)釋放出能量，根據(jù)質(zhì)能方程知，在中子轟擊下生成和的過程中，釋放大量的能量，由質(zhì)量虧損，原子核中的平均核子質(zhì)量變小，故C正確；D、衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)部的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時產(chǎn)生的，故D正確；故選ACD。5.如圖，地面上固定有一半徑為R的半圓形凹槽，O為圓心，AB為水平直徑?，F(xiàn)將小球（可

6、視為質(zhì)點）從A處以初速度v1水平拋出后恰好落到D點；若將該小球從A處以初速度v2水平拋出后恰好落到C點，C、D兩點等高，OC與水平方向的夾角=60，不計空氣阻力，則下列說法正確的是（ ）A. v1：v2=1:3B. 小球從開始運(yùn)動到落到凹槽上，速度的變化量兩次相同C. 小球從開始運(yùn)動到落到凹槽上，前后兩次的平均速度之比為1:2D. 小球落在凹槽上時，重力的瞬時功率兩次不同【答案】AB【解析】【詳解】A、小球從開始運(yùn)動到落到凹槽上做平拋運(yùn)動，下落高度相同，運(yùn)動時間相同，從A處以初速度v1水平拋出后恰好落到D點時有：，從A處以初速度v2水平拋出后恰好落到C點時有：，所以，故A正確；B、根據(jù)加速度的

7、定義可知速度的變化量，由于下落時間相同，所以小球從開始運(yùn)動到落到凹槽上，速度的變化量兩次相同，故B正確；C、小球從拋出到D點的平均速度，小球從拋出到C點的平均速度 ，所以前后兩次的平均速度之比為，故C錯誤；D、小球剛到D點時重力的瞬時功率，小球剛到C點時重力的瞬時功率，所以重力的瞬時功率兩次相同，故D錯誤；故選AB。6.如圖所示,一輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上,下端栓接質(zhì)量為m的小球,小球放在傾角為30的光滑固定斜面上,整體處于平衡狀態(tài)時,彈簧與豎直方向成30角,重力加速度為g,則A. 平衡時,斜面對小球的作用力大小為B. 若將斜面突然移走,則移走瞬間小球的加速度大小為C. 若將彈簧剪斷,則剪斷

8、的瞬間小球的加速度大小為D. 若將彈簧換成原長相同但勁度系數(shù)更大的另一輕彈簧,系統(tǒng)重新達(dá)到平衡時,彈簧仍處于拉伸狀態(tài),此時斜面對小球的作用力變小【答案】CD【解析】【詳解】A、小球靜止于斜面上，設(shè)小球受的彈簧拉力為T，斜面對小球的支持力為FN，對小球受力分析如圖，則：，解得：，故A錯誤；B、將斜面突然移走，小球受的彈簧拉力和重力，彈簧彈力不突變，所以小球的合外力與斜面對小球的支持力的大小相等，方向相反，根據(jù)牛頓第二定律可知小球的加速度大小為，故B錯誤；C、將彈簧剪斷的瞬間，小球即將沿斜面向下做勻加速運(yùn)動，小球的加速度大小為，故C正確；D、將彈簧換成原長相同但勁度系數(shù)更大另一輕彈簧，彈簧彈力將變

9、大，小球?qū)⒀匦泵嫦蛏线\(yùn)動，系統(tǒng)重新達(dá)到平衡時，輕彈簧與豎直方向的夾角小于，但斜面對小球的支持力方向不變，根據(jù)作圖可得斜面對小球的作用力變小，故D正確；故選CD。7.如圖所示的理想變壓器電路中，原副線圈的匝數(shù)比為2:1，原、副線圈的電路中均有一阻值為R的定值電阻，副線圈電路中定值電阻和滑動變阻器串聯(lián)，a、b端接電壓恒定的正弦交流電，在滑動變阻器滑片P向右移動的過程中，則下列說法正確的是（ ）A. 原線圈電路中定值電阻R消耗的功率在減小B. 副線圈電路中定值電阻R消耗的功率在增大C. 副線圈電路中消耗的總功率在減小D. 原、副線圈電路中定值電阻R兩端的電壓之比恒定為1:2【答案】BD【解析】【詳解

10、】滑動變阻器滑片P向右移動的過程中，總電阻減小，原副線圈的電流強(qiáng)度均增大；AB、根據(jù)可知原線圈電路中定值電阻R消耗的功率在增大，副線圈電路中定值電阻R消耗的功率也在增大，故B正確，A錯誤；C、根據(jù)變壓器原理可知輸入功率等于輸出功率，副線圈電路中消耗的總功率，由于E、R和I1未知，無法確定副線圈電路中消耗的總功率的變化，故C錯誤；D、根據(jù)U=IR可知原、副線圈電路中定值電阻R兩端的電壓之比等于電流強(qiáng)度之比，等于原副線圈的匝數(shù)的反比，即為1:2，故D正確；故選BD。8.如圖，滑塊A、B的質(zhì)量均為m，A套在傾斜固定的直桿上，傾斜桿與水平面成45角，B套在水平固定的直桿上，兩桿分離不接觸，兩直桿間的距

11、離忽略不計，兩直桿足夠長。A、B通過鉸鏈用長度為L的剛性輕桿連接，初始時輕桿與水平面成30角。將A、B從靜止釋放，B開始沿水平桿向右運(yùn)動，不計一切摩擦，滑塊A、B視為質(zhì)點，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A. 滑塊A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B. 當(dāng)A到達(dá)最低點時，B的速度最大，最大速度為C. B到達(dá)最右端時，A的速度為D. B從開始運(yùn)動至最右端的過程中，輕桿對B先做正功后做負(fù)功，總功為零【答案】ABD【解析】【詳解】A、因不計一切摩擦，桿為輕桿，故滑塊A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A正確；B、當(dāng)A到達(dá)最低點時，A速度為零，B的速度最大，則有：，解得，故B正確；C、B到達(dá)最右端時，B的速度為

12、零，此時A、B的位置如圖所示，則有：，解得：，故C錯誤；D、B從開始運(yùn)動至最右端的過程中，B先做加速度直線運(yùn)動后做減速直線運(yùn)動，B到達(dá)最右端時B的速度為零，運(yùn)動過程中只有輕桿對B做功，根據(jù)動能定理可知B從開始運(yùn)動至最右端的過程中，輕桿對B先做正功后做負(fù)功，總功為零，故D正確；故選ABD。9.下列說法中正確的是_A.液晶與多晶體一樣具有各向同性B.氣體壓強(qiáng)的產(chǎn)生是由大量氣體分子對器壁持續(xù)頻繁的碰撞引起的C.懸浮顆粒越大，同一時刻與它碰撞的液體分子越多，布朗運(yùn)動越顯著D.當(dāng)兩分子間距離大于平衡距離r0時，分子間的距離越大，分子勢能越大E.若一定質(zhì)量的理想氣體在膨脹的同時放出熱量，則氣體分子的平均動

13、能減小【答案】BDE【解析】液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特性而設(shè)計的，A錯誤；氣體壓強(qiáng)的產(chǎn)生是由大量氣體分子對器壁持續(xù)頻繁的碰撞引起的，B正確；布朗運(yùn)動與懸浮顆粒的大小有關(guān)，顆粒也大，布朗運(yùn)動越不明顯，同一時刻撞擊它的液體分子越多，布朗運(yùn)動越不明顯，C錯誤；當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時，分子力表現(xiàn)為引力，故隨分子間的距離增大，分子力做負(fù)功，分子勢能增大，D正確；氣體膨脹的過程中對外做功，若一定質(zhì)量的理想氣體在膨脹的同時放出熱量，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體的內(nèi)能減小，溫度降低，所以氣體分子的平均動能減小，E正確10.一束含兩種頻率的單色光，照射到底面有涂層的平行均勻玻璃磚

14、上表面后，經(jīng)下表面反射從玻璃磚上表面射出后，光線分為a、b兩束，如圖所示。下列說法正確的是_A，a、b一定是平行光線B.用同一裝置進(jìn)行雙縫干涉實驗，a光的條紋間距大于b光的條紋間距C.a光的頻率大于b光的頻率D.從同種玻璃射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角小E.增大從空氣到玻璃的入射角(90之內(nèi))，a、b光可能在玻璃內(nèi)發(fā)生全反射【答案】ACD【解析】因為a、b亮光在上表面的折射角與反射后在上表面的入射角分別相等，根據(jù)折射定律可知出射后在上表面的入射角分別相等，根據(jù)折射定律可知出射后折射角等于開始時的入射角，所以出射光線一定平行，A正確；根據(jù)光路圖，a光的偏折程度較大，則a光的折射率較大，頻率較

15、大，波長短，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可知a光的條紋間距小于b光的條紋間距，B錯誤C正確；因為a光的折射率較大，根據(jù)可知a光的臨界角較小，D正確；根據(jù)折射定律，無論如何改變?nèi)肷浣?，在玻璃?nèi)都不能發(fā)射全反射，E錯誤三、實驗題探究題11. 某同學(xué)通過實驗測量一種合金的電阻率。（1）用螺旋測微器量合金絲的直徑，讀數(shù)如圖所示，可讀出合金絲的直徑為 mm;（2）現(xiàn)有電源（E=4V，內(nèi)阻可不計），滑動變阻器（050），電流表（00.6A，內(nèi)阻約為1），電壓表（03V，內(nèi)阻約為3K），開關(guān)和導(dǎo)線若干。該同學(xué)分別用電流表的兩種不同接法測量合金絲的電阻，記錄兩組不同的數(shù)據(jù)如下:實驗一序號123456電壓U（V）0

16、.801.201.602.202.502.80電流I（A）0.100.150.200.270.310.35實驗二序號123456電壓U（V）0.801.201.602.202.502.80電流I（A）0.090.130.180.240.280.31由數(shù)據(jù)可知，該同學(xué)采用滑動變阻器的 接法（填“限流式”或“分壓式”）；由數(shù)據(jù)可知，利用 （填“實驗一”或“實驗二”）的數(shù)據(jù)計算所得結(jié)果更接近合金絲電阻的真實值?！敬鸢浮浚?）6.496（6.4956.497） ; （2）限流式 ， 實驗一【解析】試題分析：（1）由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：6.0mm+49.50.01mm=6.495mm；（2）由

17、表中實驗數(shù)據(jù)可知，電壓與電流不從零開始變化，滑動變阻器采用的是限流接法；由表中實驗數(shù)據(jù)可知，待測電阻阻值約為：，電流表內(nèi)阻約為1，電壓表內(nèi)阻約為3k，因，則電流表采用外接法時實驗誤差較??；當(dāng)電流表采用外接法時，由于電壓表的分流作用，電流的測量值偏大，由表中實驗數(shù)據(jù)可知，在電壓相等的情況下，實驗一的電流大于實驗二的電流值，說明實驗一中電流表采用外接法，因此用實驗一所示數(shù)據(jù)測量值更接近真實值.考點：本題考查測定金屬絲的電阻率?！久麕燑c睛】考查螺旋測微器讀數(shù)、實驗數(shù)據(jù)分析，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀，讀數(shù)時視線要與刻度線垂直12.某同學(xué)用如圖甲所示裝置

18、,通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律（1）測量所得入射球A的質(zhì)量為mA,被碰撞小球B的質(zhì)量為mB,圖甲中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影,實驗時,先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放,找到其平均落點的位置P,測得平拋射程為OP;再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放,與小球B相撞,分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N,測得平拋射程分別為OM和ON,當(dāng)所測物理量滿足表達(dá)式_，時,即說明兩球碰撞中動量守恒;如果滿足表達(dá)式_，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。（2）經(jīng)測定,mA=45.0g,mB=7.5g，小球落地點的平均位置距O點的距離如圖,經(jīng)計算，碰撞前、后總動量的比值

19、=_（結(jié)果用分?jǐn)?shù)表示）（3）有同學(xué)認(rèn)為,在上述實驗中僅更換兩個小球的材質(zhì),其他條件不變,可以使被碰小球做平拋運(yùn)動的射程增大。請你用（2）中已知的數(shù)據(jù),分析和計算出被碰小球B平拋運(yùn)動射程ON的最大值為_cm.【答案】 (1). (2). (3). (4). 【解析】【詳解】解：(1)小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運(yùn)動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則，又，代入得：；若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：，代入得：；(2)碰撞前、后總動量的比值；(3)發(fā)生彈性碰撞時，被碰小

20、球獲得速度最大，根據(jù)動量守恒：，機(jī)械能守恒定律：，聯(lián)立解得，因此最大射程四、計算題13.如圖所示，虛線圓所圍的區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場和另一未知勻強(qiáng)電場（未畫），一電子從A點沿直徑AO方向以速度v射入該區(qū)域。已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計電子所受的重力。 （1）若電子做直線運(yùn)動，求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小和方向；（2）若撤掉電場，其它條件不變，電子束經(jīng)過磁場區(qū)域后其運(yùn)動方向與原入射方向的夾角為，求圓形磁場區(qū)域的半徑r和電子在磁場中運(yùn)動的時間t?！敬鸢浮浚?）；垂直O(jiān)A豎直向下（2）；【解析】(1) 若電子做直線運(yùn)動，據(jù)得 場強(qiáng)垂直O(jiān)A豎直向下。（2）若撤掉

21、電場，電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，電子束經(jīng)過磁場區(qū)域后其運(yùn)動方向與原入射方向的夾角為，軌跡如圖：則 解得：找出軌跡圓的圓心,如圖所示，由幾何關(guān)系得： 解得： 設(shè)電子做勻速圓周運(yùn)動的周期為T，有： 電子在磁場中運(yùn)動的時間為： 解得： 點睛：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動，關(guān)鍵是根據(jù)條件畫出對應(yīng)的軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求出對應(yīng)半徑，然后使用半徑公式或周期公式求解對應(yīng)問題。14.如圖所示,有一長為S=8.84m的傳送帶傾斜放置,傾角為=30,且沒有啟動。一質(zhì)量為m1=3kg、長度L=0.5m的長木板甲靜止于傳送帶頂端,其右端與傳送帶的頂端M點相齊。t=0時刻,將一質(zhì)量為m2=1kg的小物塊乙(可視為質(zhì)點)輕放在

22、長木板甲的左端,與此同時,給長木板甲v0=4m/s的速度沿傳送帶向下運(yùn)動。已知,甲與傳送帶之間的動摩擦因數(shù),甲與乙之間的動摩擦因數(shù), 重力加速度大小g=10m/s2。則：(1)乙相對甲滑行的最大距離；(2)從t=0時刻到甲和乙剛好達(dá)到共同速度的過程中,系統(tǒng)因克服摩擦而產(chǎn)生的熱量；(3)當(dāng)甲和乙剛好達(dá)到共同速度的瞬間啟動傳送帶,使其從靜止開始以恒定的加速度a=3m/s2沿逆時針方向轉(zhuǎn)動,求從傳送帶啟動到甲的左端動到傳送帶底端N點所用的時間?！敬鸢浮?1)0.48m；(2)20.4J；(3)2s【解析】【詳解】解：(1) 乙做向下勻加速直線運(yùn)動，加速度大小為：甲做向下勻減速直線運(yùn)動，加速度大小為：設(shè)甲和乙剛好達(dá)到共同速度時速度為v1，時間為t1根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可得：聯(lián)立解得：，甲的位移為：乙的位移為：乙相對甲滑行的最大距離：(2)從t=0時刻到甲和乙剛好達(dá)到共同速度的過程中，甲與傳送帶之間因克服摩擦而產(chǎn)生的熱量：甲與乙之間因克服摩擦而產(chǎn)生的熱量：系統(tǒng)因克服摩擦而產(chǎn)生的總熱量：(3)當(dāng)甲和乙剛好達(dá)到共同速度