高考物理二輪考前沖刺模擬卷及答案電學(xué)部分綜合測試

1、電學(xué)部分綜合測試1(2014江蘇省蘇北四市調(diào)研)關(guān)于渦流，下列說法中錯誤的是()冶煉爐電磁爐阻尼擺硅鋼片a真空冶煉爐是利用渦流來熔化金屬的裝置b家用電磁爐鍋體中的渦流是由恒定磁場產(chǎn)生的c阻尼擺擺動時產(chǎn)生的渦流總是阻礙其運(yùn)動d變壓器的鐵芯用相互絕緣的硅鋼片疊成能減小渦流解析用來冶煉合金鋼的真空冶煉爐，爐外有線圈，線圈中通入反復(fù)變化的電流，爐內(nèi)的金屬中產(chǎn)生渦流，渦流產(chǎn)生的熱量使金屬熔化，所以a正確；家用電磁爐使用的是交流電，交流電產(chǎn)生的是變化的磁場，不是恒定的磁場，故b錯誤；阻尼擺的鋁盤以一定相對速度通過磁場區(qū)域時，在鋁盤內(nèi)會產(chǎn)生感應(yīng)電流，因鋁盤有電阻，電流做功，消耗機(jī)械能，因此產(chǎn)生阻礙鋁盤運(yùn)動的

2、阻尼作用，故c正確；用絕緣的硅鋼片做鐵芯，是為了減小渦流，減小能量損失，所以d正確答案b2(2014天津卷)如圖所示，平行金屬板a、b水平正對放置，分別帶等量異號電荷一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場力共同作用下運(yùn)動，軌跡如圖中虛線所示，那么()a若微粒帶正電荷，則a板一定帶正電荷b微粒從m點運(yùn)動到n點電勢能一定增加c微粒從m點運(yùn)動到n點動能一定增加d微粒從m點運(yùn)動到n點機(jī)械能一定增加解析微粒向下偏轉(zhuǎn)，則微粒受到的電場力與重力的合力向下，若微粒帶正電，只要電場力小于重力，就不能確定a、b板所帶電荷的電性，a項錯誤；不能確定電場力的方向和微粒所帶電荷的電性，因此不能確定電場力做功的正負(fù)，不能確

3、定微粒從m點運(yùn)動到n點電勢能的變化，b項錯誤；由于電場力與重力的合力一定向下，因此微粒受到的合外力做正功，根據(jù)動能定理可知，微粒從m到n的過程中動能增加，c項正確；由于不能確定重力以外的力即電場力做的是正功還是負(fù)功，根據(jù)功能原理可知，不能確定微粒從m到n過程中機(jī)械能是增加還是減少，d項錯誤答案c3.(多選題)已知磁敏電阻在沒有磁場時電阻很小，有磁場時電阻變大，并且磁場越強(qiáng)阻值越大為探測磁場的有無，利用磁敏電阻作為傳感器設(shè)計了如圖所示電路，電源的電動勢e和內(nèi)阻r不變，在沒有磁場時調(diào)節(jié)變阻器r使電燈l正常發(fā)光，若探測裝置從無磁場區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場區(qū)則()a電燈l變暗 b電燈l變亮c電流表的示數(shù)增大 d電

4、流表的示數(shù)減小解析若探測裝置從無磁場區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場區(qū)，磁敏電阻阻值增大，電源輸出電流減小，路端電壓增大，電流表的示數(shù)減小，電燈l變亮，選項b、d正確答案bd4(多選題)如圖中為一理想變壓器，其原線圈與一電壓有效值不變的交流電源相連：p為滑動頭現(xiàn)令p從均勻密繞的副線圈最低端開始，沿副線圈勻速上滑，直至白熾燈l兩端的電壓等于其額定電壓為止用i1表示流過原線圈的電流，i2表示流過燈泡的電流，u2表示燈泡兩端的電壓，n2表示燈泡消耗的電功率(這里的電流、電壓均指有效值，電功率指平均值)則在下圖中，能夠正確反映相應(yīng)物理量的變化趨勢的是()解析副線圈是均勻密繞的且滑動頭勻速上滑，說明副線圈匝數(shù)在均勻增大，由

5、變壓器的變壓比，n2kt(k為單位時間增加的匝數(shù))，得u2kt均勻增大，c正確燈泡兩端的電壓由零增大時其電阻增大，描繪的伏安特性曲線為b.燈泡的功率先增大的快(電阻小)后增大的慢(電阻大)，d錯誤原線圈功率等于燈泡的功率是增大的，所以原線圈電流一定增大，a錯誤答案bc5.(多選題)(2014江蘇省揚(yáng)州質(zhì)檢)如圖所示，理想變壓器的原副線圈的匝數(shù)比為41，原線圈接有u311sin100t v的交變電壓，副線圈上接有定值電阻r、線圈l、燈泡l1及理想電壓表v，以下說法正確的是()a副線圈中電流的變化頻率為50 hzb燈泡l1兩端電壓為55 vc若交變電壓u的有效值不變，頻率增大，則燈泡l1的亮度將變

6、暗d若交變電壓u的有效值不變，頻率增大，則電壓表v的示數(shù)將減小解析由原線圈電壓表達(dá)式u311sin100t v可知，副線圈中電流的變化頻率為50 hz，選項a正確根據(jù)變壓公式，副線圈兩端電壓為55 v，線圈有感抗，燈泡l1兩端電壓一定小于55 v，選項b錯誤；若交變電壓u的有效值不變，頻率增大，則線圈l感抗增大，燈泡l1兩端電壓減小，燈泡l1的亮度將變暗，選項c正確；若交變電壓u的有效值不變，頻率增大，線圈l感抗增大，r中電流減小，則電壓表v的示數(shù)將增大，選項d錯誤答案ac6(2014江蘇卷)如圖所示，一正方形線圈的匝數(shù)為n，邊長為a，線圈平面與勻強(qiáng)磁場垂直，且一半處在磁場中在t時間內(nèi)，磁感應(yīng)

7、強(qiáng)度的方向不變，大小由b均勻地增大到2b.在此過程中，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為()a. b.c. d.解析磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率，法拉第電磁感應(yīng)定律公式可寫成enns，其中磁場中的有效面積sa2，代入得en，選項b正確，a、c、d錯誤答案b7(2013湖南省12校聯(lián)考)如圖所示，一個電量為q的點電荷甲，固定在絕緣水平面上的o點，另一個電量為q、質(zhì)量為m的點電荷乙從a點以初速度v0.沿它們的連線向甲運(yùn)動，到b點時速度最小且為v.已知靜電力常量為k，點電荷乙與水平面的動摩擦因數(shù)為，a、b間距離為l，則以下說法不正確的是()ao、b間的距離為 b從a到b的過程中，電場力對點電荷乙做的功為wmglmvmv

8、2c從a到b的過程中，電場力對點電荷乙做的功為wmglmv2mvd從a到b的過程中，乙的電勢能減小解析a做加速度逐漸減小的減速直線運(yùn)動，到b點時速度最小，所受庫侖力等于摩擦力，由mgk，解得o、b間的距離為r ，選項a正確從a到b的過程中，由動能定理，電場力對點電荷乙做的功為wmglmv2mv，選項b不正確、c正確從a到b的過程中，電場力做功，乙的電勢能減小，選項d正確答案b8某水電站，用總電阻為2.5 的輸電線輸電給500 km外的用戶，其輸出電功率是3106 kw.現(xiàn)用500 kv電壓輸電，則下列說法正確的是()a輸電線上輸送的電流大小為2.0105 ab輸電線上由電阻造成的損失電壓為15

9、 kvc若改用5 kv電壓輸電，則輸電線上損失的功率為9108 kwd輸電線上損失的功率為p，u為輸電電壓，r為輸電線的電阻解析輸電線上輸送的電流為i a6103 a，a項錯誤，輸電線上損失的電壓為u損ir61032.5 v1.5104 v15 kv，b項正確；當(dāng)用5 kv的電壓輸電時，輸電線上損失的功率不會超過3106 kw，與實際情況相背，故c項錯誤；當(dāng)用公式p計算損失的功率時，u為輸電線上損失的電壓而不是輸電電壓，d項錯誤答案b9(2014廣東卷)如圖所示，上下開口、內(nèi)壁光滑的銅管p和塑料管q豎直放置小磁塊先后在兩管中從相同高度處由靜止釋放，并落至底部則小磁塊()a在p和q中都做自由落體

10、運(yùn)動b在兩個下落過程中的機(jī)械能都守恒c在p中的下落時間比在q中的長d落至底端時在p中的速度比在q中的大解析小磁塊從銅管p中下落時，p中的磁通量發(fā)生變化，p中產(chǎn)生感應(yīng)電流，給小磁塊一個向上的磁場力，阻礙小磁塊向下運(yùn)動，因此小磁塊在p中不是做自由落體運(yùn)動，而塑料管q中不會產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，因此q中小磁塊做自由落體運(yùn)動，a項錯誤；p中的小磁塊受到的磁場力對小磁塊做負(fù)功，機(jī)械能不守恒，b項錯誤；由于在p中小磁塊下落的加速度小于g，而q中小磁塊做自由落體運(yùn)動，因此從靜止開始下落相同高度，在p中下落的時間比在q中下落的時間長，c項正確；根據(jù)動能定理可知，落到底部時在p中的速度比在q中的速度小，d項錯誤答案

11、c10(多選題)如圖所示，相距為d的邊界水平的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向里、大小為b.質(zhì)量為m、電阻為r、邊長為l的正方形線圈abcd，將線圈在磁場上方高h(yuǎn)處由靜止釋放，已知cd邊剛進(jìn)入磁場時和cd邊剛離開磁場時速度相等，不計空氣阻力，則()a若ld，則線圈穿過磁場的整個過程用時為 db在線圈穿過磁場的整個過程中，克服安培力做功為mgdc若ld，則線圈的最小速度可能為d若ld，則線圈的最小速度可能為解析由題意，若ld，則線圈勻速穿過磁場，由mgh，求出cd邊剛進(jìn)入磁場時速度v0，線圈穿過磁場的整個過程用時t d，故a正確；在cd邊剛進(jìn)入磁場到cd邊剛離開磁場的過程中，設(shè)安培力對線框做功為w

12、安，由動能定理得mgdw安mv/2mv/2，則w安mgd.再考慮到線圈離開磁場的過程也要克服安培力做功，故b錯誤；若ld，有一種可能是：線圈進(jìn)入磁場后，先減速再勻速運(yùn)動，再加速運(yùn)動，則勻速時速度最小，設(shè)為v，勻速時：mgbil，i，聯(lián)立解得v，故選項c正確還有一種可能是：線圈進(jìn)入磁場后一直減速，直到ab邊剛進(jìn)入磁場時，線圈速度最小，設(shè)為v，對從開始到線圈ab邊剛進(jìn)入磁場，應(yīng)用動能定理mg(hl)w安0，結(jié)合w安mgd，解出v，故選項d正確或?qū)拈_始到ab邊剛出磁場時的全過程，由動能定理得mg(hdl)w安0，又w安2mgd，聯(lián)立解得v.答案acd11某課題小組通過實驗測量淮河水的電阻率現(xiàn)備有一

13、根均勻的長玻璃管(兩端各有一個圓形電極，可裝入樣品水，接觸電阻不計)、電壓表(量程12 v，內(nèi)阻約100 k)、電流表(量程100 a，內(nèi)阻約50 )，滑動變阻器(10 ，1 a)、電池組(電動勢e12 v，內(nèi)阻不計)、開關(guān)、導(dǎo)線若干、直尺、待測的水樣品如圖是他們用伏安法多次測量并計算出對應(yīng)的水柱長度l與水柱電阻r描點畫出的圖象實驗中還用10分度的游標(biāo)卡尺測量了玻璃管的內(nèi)徑，結(jié)果如圖所示請回答下面的問題：(1)玻璃管內(nèi)徑d的測量值為_ cm；(2)請在圖虛線框內(nèi)畫出測量水柱電阻的電路圖；(3)所測水的電阻率為_m(保留兩位有效數(shù)字)解析本題考查游標(biāo)卡尺的讀數(shù)、伏安法測電阻的實驗電路圖的設(shè)計和電

14、阻率的定義式，游標(biāo)卡尺讀數(shù)時，主尺部分一定要看游標(biāo)的零刻線對齊的整數(shù)以上部分在設(shè)計伏安法測電阻的電路時，考慮兩點，一是外接內(nèi)接的選擇，二是分壓限流的選擇因為該電阻阻值較大，故選用內(nèi)接法，因為滑動變阻器的阻值太小，用限流法對電路電流不能大范圍的調(diào)節(jié)，故用分壓法根據(jù)電阻率的定義式r，通過圖讀出任一組r、l的數(shù)值，利用(1)中讀數(shù)算出s的值，代入可得答案(1)2.26(2)如圖所示(3)8012(2014江西省南昌市模擬)發(fā)光二極管(led)是一種節(jié)能、環(huán)保的元器件，被廣泛應(yīng)用到顯示器、照明等各領(lǐng)域某興趣小組為探究工作電壓是“1.44 v”、最大正向直流電源是“520 ma”的led管的iu曲線，設(shè)

15、計了如圖所示的實驗電路實驗室備有以下器材：電流表a1：量程050 ma，內(nèi)阻約為50 電流表a2：量程0200 ma，內(nèi)阻約為10 電壓表v：量程05 v，內(nèi)阻約為10 k滑動變阻器r1：阻值范圍015 ，允許最大電流1 a滑動變阻器r2：阻值范圍01 k，允許最大電流100 ma直流電源e：輸出電壓6 v，內(nèi)阻不計開關(guān)(s)、導(dǎo)線若干(1)為了提高實驗結(jié)果的準(zhǔn)確性，電流表應(yīng)選擇_；滑動變阻器應(yīng)選用_(以上填器材代號)(2)實驗小組根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù)描點繪出了如圖所示的iu圖象而發(fā)光二極管(led)的效率與通過二極管的電流i的關(guān)系曲線如圖所示其中發(fā)光二極管的效率是指輻射的全部光功率與供給發(fā)光二

16、極管的電功率比值則發(fā)光二極管效率達(dá)最大時其電阻rl_ ，輻射的光功率_ w.解析(1)因led最大正向直流電流是520 ma，所以電流表應(yīng)選擇a1，由圖可知供電電路采用分壓式接法，所以選擇的滑動變阻器是阻值較小的r1.(2)由圖可知發(fā)光二極管效率達(dá)最大時電流為6 ma，由圖可知其對應(yīng)的電壓為1.6 v，故此時電阻rl267 ；根據(jù)題意可知60%100%，則輻射的光功率0.005 76 w.答案(1)a1r1(2)2670.005 7613在如圖所示的空間里，存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度在數(shù)值上滿足b.在豎直方向存在交替變化的勻強(qiáng)電場(豎直向上為正)，電場強(qiáng)度大小為e0.一傾角為、長度

17、足夠的光滑絕緣斜面放置在此空間斜面上有一質(zhì)量為m，帶電量為q的小球，從t0時刻由靜止開始沿斜面下滑，設(shè)第5秒內(nèi)小球不會離開斜面，重力加速度為g.求：(1)第6秒內(nèi)小球離開斜面的最大距離；(2)第19秒內(nèi)小球未離開斜面，角應(yīng)滿足什么條件？解析(1)設(shè)第一秒內(nèi)小球在斜面上運(yùn)動的加速度為a，由牛頓第二定律，得(mgqe0)sinma.第一秒末的速度為vat1，第二秒內(nèi)有qe0mg，所以小球?qū)㈦x開斜面在上方做勻速圓周運(yùn)動，則由向心力公式得，qvb，圓周運(yùn)動的周期為t1 s.由下圖可知，小球在奇數(shù)秒內(nèi)沿斜面做勻加速運(yùn)動，在偶數(shù)秒內(nèi)離開斜面做完整的圓周運(yùn)動所以，第5秒末的速度為v5a(t1t3t5)6gs

18、in，小球離開斜面的最大距離為d2r3.(2)第19秒內(nèi)仍在斜面上，則有va10.又因為：bqv(mgqe0)cos，所以arctan.答案(1)(2)arctan14(2014福建卷)如圖，某一新型發(fā)電裝置的發(fā)電管是橫截面為矩形的水平管道，管道的長為l、寬為d、高為h，上下兩面是絕緣板，前后兩側(cè)面m、n是電阻可忽略的導(dǎo)體板，兩導(dǎo)體板與開關(guān)s和定值電阻r相連整個管道置于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b，方向沿z軸正方向的勻強(qiáng)磁場中管道內(nèi)始終充滿電阻率為的導(dǎo)電液體(有大量的正、負(fù)離子)，且開關(guān)閉合前后，液體在管道進(jìn)、出口兩端壓強(qiáng)差的作用下，均以恒定速率v0沿x軸正向流動，液體所受的摩擦阻力不變(1)求開關(guān)閉合

19、前，m、n兩板間的電勢差大小u0；(2)求開關(guān)閉合前后，管道兩端壓強(qiáng)差的變化p；(3)調(diào)整矩形管道的寬和高，但保持其他量和矩形管道的橫截面積sdh不變，求電阻r可獲得的最大功率pm及相應(yīng)的寬高比d/h的值解析(1)設(shè)帶電離子所帶的電荷量為q，當(dāng)其所受的洛倫茲力與電場力平衡時，u0保持恒定，有qv0bq得u0bdv0(2)設(shè)開關(guān)閉合前后，管道兩端壓強(qiáng)差分別為p1、p2，液體所受的摩擦阻力均為f，開關(guān)閉合后管道內(nèi)液體受到安培力為f安，有p1hdfp2hdff安f安bid根據(jù)歐姆定律，有i兩導(dǎo)體板間液體的電阻r由式得pp2p1(3)電阻r獲得的功率為pi2rp()2r當(dāng)時電阻r獲得最大功率pm答案(1)bdv0(2)(3)15如圖所示，在一個圓形區(qū)域內(nèi)，兩個方向相反且都垂直