湖南省湖南師大附中2021屆高三物理上學期第四次月考試題202102020123

1、湖南省湖南師大附中2021屆高三物理上學期第四次月考試題本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共6頁時量90分鐘，滿分100分一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分每小題只有一個選項符合題目要求1如圖所示，A、B、C三個物塊重量均為200 N，D物塊重50N，作用在物塊B的水平力F=50 N，整個系統(tǒng)靜止，則AA和B之間的摩擦力是50 N BB和C之間的摩擦力是100 N C物塊C受5個力作用 DC與桌面間摩擦力為100 N2如圖所示，繃緊的傳送帶兩端點AB間距離為12 m，傳送帶以的速度勻速運行，現(xiàn)將一質(zhì)量的小物塊（可視為質(zhì)點）輕輕地放在傳送帶左端，經(jīng)過4s小物塊運動到傳送帶的右端，

2、已知小物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)，取下列判斷正確的是A此過程小物塊始終做勻加速運動 B此過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為16 J C此過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為24 J D此過程摩擦力對小物塊做功8J3一個帶正電的小球，如果在某空間中存在勻強電場和勻強磁場，其方向可以自己設定，下述對小球的運動狀態(tài)的描述正確的是A小球如果在此空間中受洛淪茲力的作用做直線運動，則其可能做勻加速直線運動 B給小球一水平初速，小球在此空間中可能做平拋運動 C給小球一水平初速，不管電場、磁場方向如何，小球不可能做平拋運動 D小球在此空間一定不能做勻速率圓周運動4圖甲是某人站在接有傳感器的力板上做下蹲、起跳和回落動作的示意圖，圖

3、中的小黑點表示人的重心圖乙是力板所受壓力隨時間變化的圖像，取重力加速度g =10 m/s2根據(jù)圖像分析可知A人的重力可由b點讀出，約為280 NBb到c的過程中，人先處于超重狀態(tài)再處于失重狀態(tài)Cf點是人在雙腳離開力板的過程中，上升最高的點D人在b點對應時刻的加速度小于在c點對應時刻的加速度5如圖甲所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R為電阻箱，電流表為理想表，圖乙為電源的輸出功率P與電流表示數(shù)I的關(guān)系圖像，其中電流為I1、I2時對應的外電阻分別為R1、R2，電源的效率分別為、，輸出功率均為P0，下列說法中正確的是AR1R2BI2+ I1= CR1 R2=2r2D，選項D錯誤，故選B6B【解析】根

4、據(jù)平拋運動的規(guī)律，時間由豎直高度決定，B下落高度最大時間最長；落在A、C兩處的石塊都落在同一斜面上，兩小球的豎直位移與水平位移的比值等于斜面傾角的正切值，即，落地速度與水平方向的夾角設為，則，聯(lián)立以上兩式得，是斜面傾角為定值，所以也是定值，與初速度無關(guān)，故落在A、B兩處的速度方向相同A、C兩處的石塊的下落高度相同，時間相同，由知豎直方向的分速度相同，由zu知C的水平位移大，C的初速度大，所以C的速度與水平方向的夾角小，可見A、C的落地速度方向不同B比C在豎直方向的位移大，由知，B的豎直分速度大；經(jīng)過圖中虛線位置時，時間相同，C的水平位移大，C的初速度大，所以合速度無法比較，故選B7A【解析】選

5、項A正確，環(huán)A中電流減小，導致環(huán)B中的指向紙內(nèi)的磁通量減小，由楞次定律知B環(huán)中感生電流阻礙磁通量減小，產(chǎn)生順時針方向感生電流，兩環(huán)相吸；A環(huán)逆時針電流減小，使B環(huán)中產(chǎn)生逆時針方向電流，兩環(huán)相吸；A環(huán)中順時針方向電流增大，導致B環(huán)中指向紙內(nèi)的磁通量增大，B環(huán)將產(chǎn)生逆時針方向的電流，兩環(huán)相斥；環(huán)A中逆時針方向的電流增大，導致B環(huán)中指向紙外的磁通量增大，B環(huán)中產(chǎn)生順時針方向電流，兩環(huán)相斥8C【解析】選項A錯，粒子從O點運動到x1處無電場力做功，勻速運動；選項B錯誤，由于電勢下降，粒子的電勢能一直減小；選C正確，在x軸上，由動能定理可求出粒子在x4處時的動能為；D錯，從x1到x3段，粒子一直是勻加速運

6、動的.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分，每小題有多個選項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分題號9101112答案ADACCDAB9AD【解析】這一過程豎直方向動量不守恒，水平方向動號守恒，B錯誤：因為系統(tǒng)機械能守恒和水平方向動量守恒解得釋放后當P物體向左上升到最高點時，由水平方向動量守恒定律可知PQ 一定同時靜止，不上升至等高點違反機械能守恒定律，當小球到達凹槽左端時速度為0，此時凹槽速度也為0，凹槽向右位移最大，故AD正確10 AC【解析】衛(wèi)星由小圓變橢圓，需要在Q點點火加速，而衛(wèi)星由橢圓變大圓，需要在P點點火加速；衛(wèi)星在3軌道和1軌道做勻速

7、圓周運動，由萬有引力提供向心力，可得線速度為，而，可知衛(wèi)星在圓軌道3上正常運行速度小于衛(wèi)星在圓軌道1上正常運行速度；衛(wèi)星在1軌道的速度為7.9 km/s，而由1軌道加速進入2軌道，則在橢圓軌道2上的近地點Q的速度一定大于7.9 km/s，而橢圓上由近地點到遠地點減速，且3軌道的線速度大于橢圓在遠地點的速度，故在遠地點P的速度一定小于7.9 km/s，即衛(wèi)星在橢圓軌道2和圓軌道3經(jīng)過P點的加速度相同，故AC正確11 CD【解析】把兩小球作為整體，如果兩小球帶電量大小相同（選項A、C），則水平方向電場力的合力為0，則最上面一根細線水平方向沒有分力，細線應為豎直方向，所以C正確，對B、D圖，設上端繩

8、子拉力為T1，下端繩子拉力為T2，場強大小為E，設上端繩子與豎直方向夾角為，下端繩子與豎直方向夾角為，兩小球質(zhì)量均為m對a、b整體受力分析，如圖所示，利用平行四邊形定則，可得，對b受力分析，如圖所示利用平行四邊形定則，可得，則，D選項符合要求，答案為CD.12AB【解析】因tan，B受到水平向左的力后，將減速下滑對物體A受力分析，B對A的摩擦力與對A的彈力的合力斜向右下，A物水平方向受力平衡，地面對A的摩擦力向左，當對B加一力F時，B對A的彈力和摩擦力合力變大，水平分力變大，地面對A的摩擦力變大，三、非選擇題：本題共6小題，共60分13（每空2分，共6分）(1) 41. 000.0l 0.22

9、70.002 90 【解析】(1)毫米刻度尺估讀到毫米的下一位，即41. 00 cm；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)0.0 mm，可動刻度讀數(shù)為0.0l22.7=0.227 mm，所以最終讀數(shù)為：固定刻度讀數(shù)可動刻度讀數(shù)=0.0 mm+0. 227 mm=0. 227 mm歐姆表表盤讀數(shù)為9.0 Q，由于選擇的是“10”倍率，故待測電阻的阻值是90 Q14（8分）(1)0.20（1分）(2)2.60（1分） 100（1分）300（1分） (3)2.93（2分，2.912.95均可得分） 0.97（2分，0.931.01均可得分） 【解析】(1)根據(jù)歐姆定律可知，代入數(shù)據(jù)解得R1=0.20 Q (2)

10、根據(jù)丙圖可知，最小刻度為0.1 V，則電壓表讀數(shù)為2.60 V 根據(jù)圖乙可知電流計的讀數(shù)為I=100 mA，通過電阻R1的電流等于通過電流計G電流的2倍，則流過電源電流為I0=I+IR1=100 mA+200 mA=300 mA；(3)由閉合電路歐姆定律得：，即，根據(jù)圖像可知，縱坐標的截距是電源的電動勢，所以E=2. 93 V，圖像的斜率， 代入數(shù)據(jù)可得：r=0. 97 15（7分）【解析】(1)汽車加速度a1=3 m/s2g=4 m/s2貨物與汽車相對滑動，貨物減速的加速度a3 =g=4 m/s2汽車剎車到停止，汽車位移，2分貨物速度減為0時，貨物的位移2分則貨物相對汽車向前運動的距離、貨物

11、與貨箱前壁未發(fā)生碰撞，距離貨箱前壁d=3. 875 m1分16（9分）【解析】當A前進l距離時，由動能定理2分此后A、B以共同速度運動，由動量守恒mAvA=(mA+ mB)vAB2分然后AB一起勻加速運動，AB共同運動距離x時，速度達到vt 3分代入數(shù)值得：繩長l=5. 25 m2分17(14分)【解析】(1)小球從P運動到B的過程中，由動能定理得：3分解得：1分(2)小球在最低點B時，根據(jù)牛頓第二定律得：3分 1分則由牛頓第三定律得：小球?qū)A弧軌道的壓力大小為7mg1分(3)設小球能沿軌道到達C點，小球由P運動到C，根據(jù)動能定理有2分在C點，由受力分析有2分聯(lián)立以上兩式，整理得：N2 =mg0假設成立，小球能沿軌道到達C點1分18（16分）【解析】(1)小球在磁場中做勻速圓周運動，電場力與重力合力為零，即mg=qE2分解得：，電場力方向豎直向上，電場方向豎直向下；1分(2)粒子運動軌跡如圖所示：設粒子不從NS邊飛出的入射速度最小值為vmin，對應的粒子在上、下區(qū)域的軌道半徑分別為r1、r2，圓心的連線與NS的