2019-2020學(xué)年浙江省金華市東陽中學(xué)高二(上)期中物理試卷

1、2019-2020 學(xué)年浙江省金華市東陽中學(xué)高二（上）期中物理試卷一、單選題（本大題共13 小題，共 38.0 分）1.關(guān)于磁感強度，下列說法中正確的是()A. 磁感強度的方向，就是通電直導(dǎo)線在磁場中的受力方向B. 磁感強度大的地方，通電導(dǎo)線所受的力也一定大C. 磁感強度的方向是小磁針北極的受力方向D. 通電導(dǎo)線在某處所受磁場力為零，則該處的磁感強度一定為零2.在長直導(dǎo)線 AB 附近，有一帶正電的小球由絕緣線懸掛在M 點，如圖所示，當(dāng)導(dǎo)線中有恒定電流通過時，下列說法中正確的是()A. 小球受到垂直紙面向里的磁場力B. 小球受到垂直紙面向外的磁場力C. 小球受到垂直于 AB 向右的磁場力D. 小

2、球不受磁場力的作用3.供電站向遠方送電，輸送的電功率恒定，若將輸電電壓提高到原來的4 倍，以下判斷中正確的是 ( )A. 輸電電流為原來的 4 倍B. 輸電導(dǎo)線上損失的電壓為原來的4 倍C. 輸電導(dǎo)線上損失的電功率為原來的14D. 輸電導(dǎo)線上損失的電功率為原來的1164. 如圖所示的 LC 振蕩電路中，某時刻的磁場方向如圖所示，則下列說法錯誤的是 ( )A. 若磁場正在減弱，則電容器正在充電，電流由b 向 aB. 若磁場正在減弱，則電場能正在增大，電容器上板帶負電C. 若磁場正在增強，則電場能正在減少，電容器上板帶正電D. 若磁場正在增強，則電容器正在充電，電流方向由a 向 b5.將一段導(dǎo)線繞

3、成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面( 紙面 ) 內(nèi)，回路的ab 邊置于垂直紙面向里的勻強磁場 中?；芈返膱A形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場，以向里為磁場 的正方向， 其磁感應(yīng)強度 B 隨時間 t 變化的圖象如圖乙所示。 用 F 表示 ab 邊受到的安培力，以水平向右為 F 的正方向，能正確反映 F 隨時間 t 變化的圖象是()第1頁，共 16頁A.B.C.D.6. 利用霍爾效應(yīng)制作的霍爾元件，廣泛應(yīng)用于測量和自動控制等區(qū)域，如圖是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應(yīng)強度B垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I， C、D 兩側(cè)面會形成電勢差?下列說法正確的是()?.A.B.C.D.電勢差 ? 僅

4、與材料有關(guān)?僅增大磁感應(yīng)強度時，電勢差? 變大?若霍爾元件的載流子是自由電子，則電勢差? 0在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，霍爾元件的工作面應(yīng)保持水平7. 如圖所示，在載流直導(dǎo)線近旁固定有兩平行光滑導(dǎo)軌A、B，導(dǎo)軌與直導(dǎo)線平行且在同一水平面內(nèi)，在導(dǎo)軌上有兩根可自由滑動的導(dǎo)體棒ab 和 ?當(dāng).載流直導(dǎo)線中的電流逐漸減弱時，導(dǎo)體棒ab 和 cd 的運動情況是 ()A. 一起向左運動B. 一起向右運動C. 相向運動，相互靠近D. 相背運動，相互遠離8. 如圖所示，用兩根輕細金屬絲將質(zhì)量為ml的金屬棒，長為ab 懸掛在 c、d 兩處，置于勻強磁場內(nèi)。當(dāng)棒中通以從a 到 b的電流 I 后，兩懸線偏離豎

5、直方向 ?角處于平衡狀態(tài)。為了使棒平衡在該位置上，所需磁場的最小磁感應(yīng)強度的大小、方向是()A.，豎直向上B.，豎直向下C.，平行懸線向下D.，平行懸線向上9. 如圖所示， 水平地面上方矩形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，兩個邊長相等的單匝閉合正方形線圈 和 ，分別用相同材料， 不同粗細的導(dǎo)線繞制 ( 為細導(dǎo)線 ).兩線圈在距磁場上界面 h 高處由靜止開始自由下落， 再進入磁場，最后落到地面，運動過程中， 線圈平面始終保持在豎直平面內(nèi)且下邊緣平行于磁場上邊界 設(shè)線圈 、 落地時的速度大小分別為 ?、?，在.12磁場中運動時產(chǎn)生的熱量分別為?、 ? 不計空氣阻力，已知12 .( )線框電阻與導(dǎo)

6、線長度成正比，與導(dǎo)線橫截面積成反比，則第2頁，共 16頁A. ?， ?1212C.? ?， ?1 21 =2B. ?1?2，?1=?2D.=?，?1=21 210.如圖所示，三只完全相同的燈泡 a、b、c 分別與電阻 R、電感L、電容 C 串聯(lián)，再將三者并聯(lián)，接在 220V， 50Hz 的交變電源兩端，三只燈泡亮度相同如果將電源改為220V，60Hz 的交變電源，則 ()A. 三只燈泡亮度不變B. a 不變， b 變暗， c 變亮C. a 亮度不變， b 變亮， c 變暗D. 三只燈泡都將變亮11. 一條彈性繩子呈水平狀態(tài)， M 為繩子中點，兩端 P、Q 同時開始上下振動，一小段時間后產(chǎn)生的波

7、形如圖所示，對于其后繩上各點的振動情況，下列判斷正確的是( )A. 左邊的波先到達中點 MB. 兩列波波速之比為 1： 2C. 中點 M 的振動總是加強的D. 繩的兩端點 P、 Q 開始振動的方向相同12. 如圖所示是某質(zhì)點做簡諧運動的振動圖象關(guān)于質(zhì)點的運動情況，下列描述正確的是 ( )A.B.C.D.?= 1.5?時，質(zhì)點正沿x 軸正方向運動?= 1.5?時，質(zhì)點的位移方向為x 軸負方向?= 2?時，質(zhì)點的速度為零?= 2?時，質(zhì)點的加速度為零13.做“用單擺測定重力加速度”的實驗，下述說法中正確的是()A. 測量擺長時，應(yīng)先將單擺放置在水平桌面上，然后用力拉緊擺線測量懸點到球心的距離B.

8、單擺的偏角不要超過 5，當(dāng)擺球運動到兩側(cè)位置時迅速按下秒表開始計時C. 為了精確測量單擺的周期，起碼要測量小球作100 次全振動所用的時間D. 如果小球的重心不在中心，通過一定方法也能精確測定重力加速度二、多選題（本大題共4 小題，共16.0 分）14.如圖所示，圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a 平放在水平桌面上，在a 的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路。若將滑動變阻器的滑片P 向上滑動，下面說法中正確的是()A. 穿過線圈 a 的磁通量變小B. 線圈 a 有收縮的趨勢C. 自上往下看，線圈a 中將產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流D. 線圈 a 對水平桌面的壓力?將

9、增大15. 如圖，理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓相同的燈泡a 和?當(dāng).輸入電壓U 為燈泡額定電壓的 10 倍時，兩燈泡均能正常發(fā)光下列說法正確的是 ( )A. 原、副線圈匝數(shù)之比為9： 1B.C. 此時 a 和 b 的電功率之比為9： 1D.原、副線圈匝數(shù)之比為1：9此時 a 和 b 的電功率之比為1：9第3頁，共 16頁16.如圖所示，在一根張緊的水平繩上掛幾個擺，其中A、 E 擺長相等。先讓 A 擺振動起來， 其他各擺隨后也跟著振動起來，則 ( )A. 其他各擺擺動周期跟A 擺相同B. 其他各擺振動振幅大小相同C. 其他各擺振動振幅大小不相同，E 擺振幅最大D. 其他各擺振動周期大小

10、不同，D 擺周期最大17. 兩根足夠長的光滑導(dǎo)軌豎直放置， 間距為 L ，底端接阻值為 R 的電阻。將質(zhì)量為 m 的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒和導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌所在平面與磁感應(yīng)強度為B 的勻強磁場垂直，如圖所示。除電阻R 外其余電阻不計?，F(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則()A.B.釋放瞬間金屬棒的加速度等于重力加速度g金屬棒向下運動時，流過電阻R 的電流方向為 ? ?22C. 金屬棒的速度為? ?v 時，所受的安培力大小為 ?=D. 金屬棒下落過程中，電阻R 上產(chǎn)生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少三、實驗題（本大題共2 小題，共12.0 分）18. 某同學(xué)在做“利用單擺測

11、重力加速度”的實驗時，他先測得擺線長為97.50?，然后用游標卡尺測量小鋼球直徑，讀數(shù)如圖甲所示，則(1) 游標卡尺的讀數(shù)為 _mm。(2) 該單擺的擺長 l 為_ cm。(3) 該同學(xué)由測量數(shù)據(jù)作出2圖線 ( 如圖乙所示，根據(jù)圖線求出重力加速度?- ?2保留 3 位有效數(shù)字 )。?= _?/?(4) 如果測出的 g 值偏小，可能的原因是 _。A.測量擺線長時，線拉得過緊B.擺線上端沒有固定，振動中出現(xiàn)松動，使擺線變長了C.開始計時時，秒表按下遲了D.實驗中誤將49 次全振動記為50 次19.在學(xué)校實驗周活動中，某實驗小組同學(xué)選用如圖(?)可拆變壓器做“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的

12、實驗，實驗電路圖如圖(?)，實驗時 ? = 800 匝，1?2 = 400 匝，斷開 K ，接通電源， 觀察電壓表的讀數(shù)為6V，則下列哪一選項_第4頁，共 16頁為可拆變壓器的輸入電壓有效值。A.3VB.62?C.12VD.15V燈泡的額定電壓也為6V，閉合 K ，燈泡能否正常發(fā)光。_( 填：“能”或“不能” )四、計算題（本大題共3 小題，共24.0 分）20. 如圖所示，一質(zhì)量為 m 的小鋼珠，用長為 l 的細絲線掛在水平天花板上，初始時，擺線和豎直方向夾角為?(? 5)。釋放小球后，(1) 小球擺到最低點所用時間。(2) 小球在最低點受到的拉力為多大。21. 一個重力不計的帶電粒子，以大

13、小為v 的速度從坐標(0, ?)的 a 點，平行于 x 軸射入磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向外的圓形勻強磁場區(qū)域，并從x 軸上 b 點射出磁場，射出速度方向與x 軸正方向夾角為60，如圖所示。求：(1) 帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑；?(2) 帶電粒子的比荷 ?及粒子從 a 點運動到 b 點的時間；(3) 其他條件不變，要使該粒子恰從O 點射出磁場，求粒子入射速度大小。22.如圖，兩根足夠長的固定的平行金屬導(dǎo)軌位于傾角?=30 的固定斜面上， 導(dǎo)軌上、下端分別接有阻值?1 = 10?第5頁，共 16頁和 ?= 2?，在整個導(dǎo)軌平面2 = 30?的電阻，導(dǎo)軌自身電阻忽略不計，導(dǎo)軌寬度內(nèi)都有

14、垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度?= 0.5?質(zhì).量為 ? = 0.1?，電阻 ?= 2.5?的金屬棒 ab 在較高處由靜止釋放，金屬棒ab 在下滑過程中始終與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌接觸良好當(dāng)金屬棒ab 下滑高度 ? = 3?時，速度恰好達到最大2值 (?= 10?/? ) 求：(1)金屬棒 ab 達到的最大速度 ? ；?(2)該過程通過電阻 ?1 的電量 q；(3)金屬棒 ab 在以上運動過程中導(dǎo)軌下端電阻? 中產(chǎn)生的熱量2五、綜合題（本大題共1 小題，共10.0 分）23. 如圖所示， 為一磁約束裝置的原理圖， 同心圓圓心 O 與 xOy 平面坐標系原點重合，半徑為 ?的圓形區(qū)域 內(nèi)有方

15、向垂直于 xOy 平面向里的勻強磁場，一束質(zhì)量為m，0電荷量為 q，動能為 ?的帶正電粒子從坐標為 (0 、 ?00 )的 A 點沿 y 負方向射入磁場區(qū)域 ，粒子全部經(jīng)過坐標為 (?0 ,0) 的 P 點，方向沿 x 軸正方向。當(dāng)在環(huán)形區(qū)域加上方向垂直于 xOy 平面向外的另一勻強磁場時，上述粒子仍從 A 點沿 y 軸負方向射入?yún)^(qū)域 ，所有粒子恰好能夠約束在環(huán)形區(qū)域內(nèi)，且經(jīng)過環(huán)形區(qū)域 的磁場偏轉(zhuǎn)后第一次沿半徑方向從區(qū)域 射入?yún)^(qū)域 時經(jīng)過內(nèi)圓周上的 M 點 (?點未畫出 ) ，不計重力和粒子間的相互作用。(1)區(qū)域 中磁感應(yīng)強度 ?1 的大小；(2)若環(huán)形區(qū)域 中磁場強度 ?2 = 3?1，求

16、 M 點坐標及環(huán)形外圓半徑R；(3)求粒子從 A 點沿 y 軸負方向射入圓形區(qū)域 至再次以相同速度經(jīng)過A 點的過程所通過的總路程。第6頁，共 16頁答案和解析1.【答案】 C【解析】 解： A、通電導(dǎo)線在磁場中的受力方向由左手定則確定，安培力與磁場方向相互垂直；故 A 錯誤；?可知，通電導(dǎo)線受力與磁場強度無關(guān)；故B 錯誤。B、根據(jù) ?= ?C、磁感強度的方向是小磁針北極的受力方向；故C 正確；D 、通電導(dǎo)線在磁場中與磁場平行時，安培力為零；故通電導(dǎo)線在磁場中受磁場力為零時，該處的磁感應(yīng)強度不一定為零；故D 錯誤；故選： C。磁感應(yīng)強度描述磁場本身的強弱和方向，磁感應(yīng)強度的大小與通電導(dǎo)線中的電流

17、、所受磁場力的大小無關(guān)磁感線上某點的切線方向表示該點的磁感應(yīng)強度的方向，即小磁針北極受力方向，并依據(jù)通電導(dǎo)線與磁場不平行時，才會有安培力，從而即可求解本題關(guān)鍵要抓住磁感應(yīng)強度的物理意義，可以運用定義式，抓住比值定義法來理解，注意產(chǎn)生安培力的條件，及理解安培力的有無與磁場強度的大小無關(guān)2.【答案】 D【解析】 【分析】本題考查洛倫茲力的性質(zhì)， 解決本題的關(guān)鍵知道帶電微粒處于靜止或速度的方向與磁場的方向平行時，不受洛倫茲力通電直導(dǎo)線周圍存在磁場，當(dāng)帶電小球靜止，或速度方向與磁場方向平行時，不受洛倫茲力作用【解答】解：根據(jù)右手螺旋定則知， 小球所處的磁場方向垂直紙面向里，但是小球處于靜止狀態(tài)，不受洛

18、倫茲力作用故D 正確， ABC 錯誤故選： D3.【答案】 D【解析】 解： A、B、輸送的功率一定，根據(jù)?= ?，知輸電電壓越高，輸電電流越小，1若輸送電壓提高到原來的 4 倍，則電流減小 4倍，輸電導(dǎo)線上損失的電壓 ?= ?也減小為原來的 1 倍，故 AB 錯誤；41?21倍，根據(jù)= ?倍，故 C錯C、D、電流減小到損可知，電線上損失的功率為原來的164誤， D 正確；故選： D。2輸送的功率一定， 根據(jù) ?= ?和 ? = ?可知高壓輸電的電壓、電流與電能變化情況損2解決本題的關(guān)鍵掌握輸送功率與輸電電壓和輸電電流的關(guān)系，以及知道? = ?的應(yīng)損用4.【答案】 D【解析】 解： AB、若磁

19、場正在減弱，則磁場能向電場能轉(zhuǎn)化，電容器正在充電，電場能正在增大。由于磁場減弱， 則穿過線圈的磁通量減小，那么線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場將阻礙原第7頁，共 16頁磁場的磁通量的減小， 即感應(yīng)電流的磁場的方向豎直向上， 根據(jù)安培定則可知感應(yīng)電流的方向為逆時針方向， 即電流由 b 向 a，故電容器下極板帶正電、 上極板帶負電。 故 AB 正確。CD 、若磁場正在增強， 則電場能在向磁場能轉(zhuǎn)化， 電容器正在放電， 電場能正在減少。由于磁場增強， 則穿過線圈的磁通量增大， 那么線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場將阻礙原磁場的磁通量的增強， 即感應(yīng)電流的磁場的方向豎直向下， 根據(jù)安培定則可知感應(yīng)電流的方向為順時

20、針方向，即電流方向由a 向 b，故電容器上極板帶正電、下極板帶負電，故 C正確、D錯誤。本題選擇錯誤的。故選： D。若磁場變化， 則穿過線圈的磁通量變化， 那么線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場將阻礙原磁場的磁通量的變化， 從而根據(jù)安培定則確定感應(yīng)電流的方向， 最后確定電容器各極板的電性，以及電流的方向通過本題還要知道在一個周期內(nèi)電容器完成充電放電各兩次， 故電容器充放電的周期為振蕩電路周期的一半，即在半個周期電場增強一次，減弱一次5.【答案】 B【解析】 【分析】當(dāng)線圈的磁通量發(fā)生變化時，線圈中才會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而形成感應(yīng)電流；當(dāng)線圈的磁通量不變時，則線圈中沒有感應(yīng)電動勢，所以不會有感應(yīng)電流產(chǎn)生

21、。由楞次定律可知電流的方向，由左手定則判斷安培力的方向。本題要求學(xué)生能正確理解?- ?圖的含義，故道 B 如何變化，才能準確的利用楞次定律進行判定。 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢的變化，由歐姆定律判斷感應(yīng)電流的變化，進而可確定安培力大小的變化?！窘獯稹吭谇鞍雮€周期內(nèi)， 磁感應(yīng)強度均勻變化，磁感應(yīng)強度 B 的變化度一定， 由法拉第電磁感應(yīng)定律得知，圓形線圈中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢恒定不變，則感應(yīng)電流恒定不變，ab邊在磁場中所受的安培力也恒定不變，由楞次定律可知， 圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為順時針方向，通過ab 的電流方向從 ? ?，由左手定則判斷得知， ab 所受的安培力方向水平向左，

22、為負值；同理可知，在后半個周期內(nèi)，安培力大小恒定不變，方向水平向右。故B 正確。故選： B。6.【答案】 B【解析】 【分析】在霍爾元件中，移動的是自由電子，根據(jù)左手定則判斷出電子所受洛倫茲力方向，從而知道兩側(cè)面所帶電荷的電性，即可知道C、D 兩側(cè)面會形成電勢差? 的正負。 CD 間存?在電勢差，之間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡推導(dǎo)出電勢差 ? 與什么因素有關(guān)。?解決本題的關(guān)鍵知道霍爾元件中移動的是自由電子， 以及自由電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡?！窘獯稹?根.據(jù) CD 間存在電勢差，之間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，設(shè)霍爾元件的長寬高

23、分別為a、 b、 c，? =?U 與材料有則有： ?= ?，?= ?=， n 由材料決定，故?，則： ?關(guān)； U 還與厚度 c 成反比，與寬b 無關(guān)，同時還與磁場 B 與電流 I 有關(guān)，故 A 錯誤、 B正確；C.根據(jù)左手定則，電子向C 側(cè)面偏轉(zhuǎn)， C 表面帶負電， D 表面帶正電，所以D 表面的電第8頁，共 16頁勢高，則 ? 0；故 C 錯誤；?D .在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，應(yīng)將元件的工作面保持豎直，讓磁場垂直通過，故D錯誤；故選 B。7.【答案】 D【解析】 解：根據(jù)右手螺旋定則知，直線電流下方的磁場方向垂直紙面向里，電流減小時，磁場減弱，根據(jù)楞次定律得，回路中的感應(yīng)電流為ac

24、db，根據(jù)左手定則知，ab 所受安培力方向向左， cd 所受安培力向右，即 ab 和 cd 反向運動，相互遠離。故D 正確，A、 B、 C 錯誤。故選： D。根據(jù)右手螺旋定則判斷直線電流周圍的磁場，根據(jù)楞次定律判斷出回路中的感應(yīng)電流，再結(jié)合左手定則判斷 ab、 cd 所受的安培力方向，確定導(dǎo)體棒的運動情況本題綜合考查了右手螺旋定則、左手定則和楞次定律的綜合運用，各種定則適用的范圍不能混淆8.【答案】 D【解析】 【分析】考查安培力的方向與大小如何確定與計算， 知道當(dāng)安培力的方向與拉力的方向垂直， 安培力最小，磁感應(yīng)強度最小。由矢量三角形定則判斷安培力的最小值及方向，進而由安培力公式和左手定則得

25、到B 的大小以及B 的方向?！窘獯稹繉Π羰芰Ψ治鋈鐖D：為了使該棒仍然平衡在該位置上，?，得： ?=，由左手定則知所加磁場的方向平行懸線向上，故?D 正確， ABC 錯誤。故選： D。9.【答案】 D【解析】 【分析】兩矩形線圈進入磁場之前，均做自由落體運動，因下落高度一致，兩線圈會以同樣的速度進入磁場， 由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出進入磁場邊界時的感應(yīng)電動勢，從而表示出受到磁場的安培力 由電阻定律表示出兩線圈的電阻，結(jié)合牛頓運動定律表示出加速度，可分析出加速度與線圈的粗細無關(guān)，從而判斷出兩線圈運動一直同步，得出落地速度相同的結(jié)論因最終落地速度大小相同，由能量的轉(zhuǎn)化與守恒可知，損失的機械能(轉(zhuǎn)化為

26、了內(nèi)能 ) 與線圈的質(zhì)量有關(guān)，從而判斷出產(chǎn)生的熱量大小。22解決本題的關(guān)鍵在于掌握安培力的表達式?=? ?，分析時要將兩個線圈的質(zhì)量和電阻?細化，找出關(guān)系，由牛頓第二定律分析兩個線圈運動狀態(tài)的關(guān)系?！窘獯稹繐?jù)題兩個線圈從同一高度下落，到達磁場邊界時具有相同的速度v，切割磁感線產(chǎn)生感第9頁，共 16頁22應(yīng)電流同時受到磁場的安培力為：? ?=，?由電阻定律得線圈的電阻4?= ?(?為材料的電阻率， L 為線圈的邊長， S 為單匝導(dǎo)線橫?截面積 )2所以下邊剛進入磁場時所受的安培力為：?= ? ?4?-?此時加速度為： ?= ?-?2將線圈的質(zhì)量 ? = ?0?4?(?0為材料的密度 ) 代入上式

27、， 所以得加速度為： ?= ?-? ?16?0此式中各量對于兩個線圈都相同，兩個線圈的加速度a 相同，則線圈 和 同步運動，落地速度相等： ? = ?12由能量守恒可得： ?=12?(?+ ?) - 2 ?(?是磁場區(qū)域的高度 )因為 為導(dǎo)線線，質(zhì)量m 小，產(chǎn)生的熱量小，所以 ? ? ，故 D 正確， ABC 錯誤。12故選 D。10.【答案】 B【解析】 解：根據(jù)電感的特性：通低頻、阻高頻，當(dāng)電源的頻率變高時，電感對電流的感抗增大， b 燈變暗；根據(jù)電容器的特性：通高頻、阻低頻，當(dāng)電源的頻率變高時，電容器對電流的容抗減小，c 燈變亮。而電阻的亮度與頻率無關(guān)，a 燈亮度不變，故B 正確， AC

28、D 錯誤。故選： B。根據(jù)電感的特性：通低頻、阻高頻及電容器的特性：通高頻、阻低頻來分析燈泡亮度的變化本題要抓住電感和電容的特性分析：電感：通直流、阻交流，通低頻、阻高頻，可根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律來理解電容器的特性：通交流、隔直流，通高頻、阻低頻，根據(jù)電容器充放電的特性理解11.【答案】 D【解析】 【分析】兩列波在相遇時，振動方向相同，則振動加強；振動方向相反，則振動減弱并滿足矢量疊加原理本題關(guān)鍵明確駐波產(chǎn)生的原理，會用波的疊加原理進行分析，同時掌握波速由介質(zhì)決定，及理解波的傳播方向確定質(zhì)點的振動方向【解答】A.因波速由介質(zhì)決定，則它們的傳播速度相同，因此兩波同時到達中點M，故 A 錯誤；B

29、.波速由介質(zhì)決定，與波長和頻率無關(guān)，兩列波波速之比為1：1，故 B 錯誤；C.由于波的頻率不同，故兩列波并不能干涉，M 點并不是振動加強點，故C 錯誤；D .由圖可知，左邊波向右傳播，而右邊的波向左，依據(jù)上下坡法，那么它們起振方向相同，再依據(jù)波產(chǎn)生的原理：帶動、重復(fù)、滯后，即可判定P、 Q 開始振動的方向相同，故D正確；故選： D。12.【答案】 D第10 頁，共 16頁Ax的最大位移處【解析】 解： 、在 ?= 1.5?時刻，圖象切線的斜率為負，說明質(zhì)點是從向平衡位置方向運動的，運動的方向沿x 的負方向，故 A 錯誤。B、由圖可知， 1.5?末質(zhì)點的位移大于0，質(zhì)點的位移方向為 x 軸正方向

30、，故 B 錯誤。C、由圖可知，在 ?= 2?時刻，質(zhì)點的位移為0，則速度為最大，故C 錯誤。D 、由圖可知，在 ?= 2?時刻，質(zhì)點的位移為0，則恢復(fù)力等于 0，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度等于 0，故 D 正確。故選： D。根據(jù)位移時間圖象的斜率等于速度， 分析質(zhì)點的速度方向 質(zhì)點通過平衡位置時速度最大，加速度最小；通過最大位移處時加速度最大由振動圖象可以讀出周期、振幅、位移、速度和加速度及其變化情況，是比較常見的讀圖題13.【答案】 D【解析】 解： ?測.量擺長時，應(yīng)該將單擺懸掛在鐵架臺上后進行測量自然長度，且不可以用力拉，故 A 錯誤；B.偏角不要超過 5，將擺球拉到最大位移處釋放，當(dāng)擺

31、球擺到最低點時快速按下秒表開始計時，故 B 錯誤；C、為了精確測量單擺的周期，盡可能測出多次振動的時間，不一定測量小球作100 次全振動所用的時間，故C 錯誤。?2?2圖象，斜率表示，求解斜率D 、根據(jù)周期公式 ?= 2?，解得 ?=，做出 ?- ?22 ?4?4?可以測定重力加速度，與擺長是否正確測量關(guān)系不大，故D 正確。故選： D。根據(jù)實驗原理結(jié)合減少誤差的方法進行分析，比如：測量擺長時，應(yīng)將單擺豎直懸掛，使擺線處于自然長度時測量懸點到球心的距離。解決本題的關(guān)鍵掌握單擺的周期公式， 知道測量重力加速度的實驗原理， 根據(jù)實驗原理分析實驗的注意事項。14.【答案】 AC【解析】 【分析】此題的

32、關(guān)鍵首先明確滑動觸頭向上滑動時通過判斷出線圈b 中的電流減小， 然后根據(jù)楞次定律判斷出線圈 a 中感應(yīng)電流的方向。 根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因，可以很好判斷線圈的運動趨勢。首先應(yīng)掌握楞次定律的基本應(yīng)用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中得出的必然結(jié)果。 一般在解決有關(guān)相對運動類問題時用楞次定律的第二描述將會非常簡便?！窘獯稹?當(dāng).滑動觸頭 P 向上移動時電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b 的電流減小， b 線圈產(chǎn)生的磁場減弱，故穿過線圈a 的磁通量變??；根據(jù) b 中的電流方向和安培定則可知b 產(chǎn)生的磁場方向向下穿過線圈a，根據(jù)楞次定律，a 中的感應(yīng)電

33、流的磁場要阻礙原來磁場的減小，故a 的感應(yīng)電流的磁場方向也向下，根據(jù)安培定則可知線圈a 中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為順時針，故AC 正確；B.再根據(jù)微元法將線圈a 無限分割根據(jù)左手定則不難判斷出線圈a 應(yīng)有擴張的趨勢，或直接根據(jù)楞次定律的第二描述“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”，因為滑動觸頭向上滑動導(dǎo)致穿過線圈a 的磁通量減小， 故只有線圈面積增大時才能阻礙磁通量的減小，故線圈a 應(yīng)有擴張的趨勢，故B 錯誤；D .開始時線圈 a 對桌面的壓力等于線圈a 的重力，當(dāng)滑動觸頭向上滑動時，可以用“等效法”，即將線圈 a 和 b 看做兩個條形磁鐵，不難判斷此時兩磁鐵互相吸引，故線圈a第11

34、頁，共 16頁對水平桌面的壓力? 將減小，故D 錯誤。?故選 AC。15.【答案】 AD【解析】 【分析】本題考查變壓器原理，要注意明確輸入電壓為燈泡兩端電壓與輸入端電壓之和，從而可以確定輸入端電壓；則可求得匝數(shù)之比根據(jù)燈泡電壓與輸入電壓的關(guān)系可明確接在輸入端和輸出端的電壓關(guān)系，則可求得匝數(shù)之比；根據(jù)變壓器電流之間的關(guān)系和功率公式可明確功率之比【解答】解： AB、燈泡正常發(fā)光，則其電壓均為額定電壓U，則說明原線圈輸入電壓為9U，輸出電壓為 U ；則可知，原副線圈匝數(shù)之比為：9： 1，故 A 正確； B 錯誤；?11219，由于小燈泡兩端的電壓相等，所以根據(jù)公式CD 、根據(jù)公式 ?2= ?1可得

35、?2=?= ?可得兩者的電功率之比為1： 9；故 C 錯誤， D 正確；故選： AD。16.【答案】 AC【解析】 【分析】5 個單擺中，由 A 擺擺動從而帶動其他4 個單擺做受迫振動，則受迫振動的頻率等于A擺擺動頻率，當(dāng)受迫振動中的固有頻率等于驅(qū)動力頻率時，出現(xiàn)共振現(xiàn)象，振幅達到最大。受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率；當(dāng)受迫振動中的固有頻率等于驅(qū)動力頻率時，出現(xiàn)共振現(xiàn)象?！窘獯稹緼 擺擺動，其余各擺也擺動起來，它們均做受迫振動，則它們的振動頻率均等于A 擺的擺動頻率，振動周期都等于A 擺的振動周期，而由于A、E 擺長相同，所以這兩個擺的固有頻率相同，則E 擺出現(xiàn)共振現(xiàn)象，振幅最大；故AC 正確

36、， BD 錯誤；故選： AC。17.【答案】 ABC【解析】 【分析】本題考查電磁感應(yīng)與能量結(jié)合問題的分析；要注意明確右手定則以及安培力公式的應(yīng)用；同時注意能量轉(zhuǎn)化的規(guī)律。本題中要注意彈性勢能的變化，這點是往往被容易忽視的?！窘獯稹緼.剛開始時金屬棒只受重力，則釋放瞬間金屬棒的加速度為g，故 A 正確；B.R的電流方向為 ? ?，故B正確；根據(jù)右手定則可判定通過?22? ?C正確；C.v，安培力?= ?=，故?當(dāng)金屬棒的速度為時， ?= ?，?D .根據(jù)功能關(guān)系可知， 重力勢能的減少量轉(zhuǎn)化為焦耳熱和彈簧的彈性勢能、金屬棒的動能。電阻 R 上產(chǎn)生的總熱量小于金屬棒重力勢能的減少量，故D 錯誤；故

37、選 ABC。18.【答案】 9.897.999.86B【解析】 解： (1)游標卡尺的讀數(shù)為： ?= 9 + 8 0.1 = 9.8?0.98(2) 擺長 ?= ?+ 2 = 97.50 +2 =97.99?第12 頁，共 16頁?2?2?=1.0-0(3) 由 ?= 2? 可得： ?=2?，則圖線的斜率 ?=2即 ?= ?4? 又4-0?4?4?解得： ?= 9.86?/?2?4?2 ?(4) 由由 ?= 2? 可得： ?=2?A、測量擺線長時，線拉得過緊，則記錄擺長偏大，測量的g 值偏大，故 A 錯誤B、擺線上端牢固地系于懸點，擺動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，使所測量的實際周期 T 偏大

38、，重力加速度的測量值偏小，故B 正確C、開始計時時，秒表過遲按下，所測周期T 偏小，重力加速度 g 的測量值偏大，故 C錯誤D 、實驗中誤將 49 次全振動數(shù)為 50 次，測量的周期T 偏小，所測重力加速度偏大，故D 錯誤；故選： B故答案為： (1)9.8?(2)97.99(3)9.86(4)?(1) 游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)。(2) 擺線長度與擺球半徑之和是單擺的擺長。(3) 應(yīng)用單擺周期公式求出重力加速度的表達式，根據(jù)重力加速度表達式分析實驗誤差。(4) 由單擺周期公式求出圖象的函數(shù)表達式，然后根據(jù)圖象求出重力加速度。游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺的示數(shù)， 游標卡尺不需要估讀； 對游標卡尺讀數(shù)時要注意游標尺的精度。19.【答案】 C不能?1【解析】 解：根據(jù)理想變壓器的變壓比可知，輸入電壓為：?1 = ?2 ?2= 12?，故 C正確， ABD 錯誤；閉合 K，由于實驗時變壓器可能為非理想變壓器，