2019年高考物理知識點總結(jié)考點分類復(fù)習(xí)機(jī)械能

1、A.后答案:B.7C.T解析:由題意可知,mgk 2mV,是V的水平分速度，那么 cos a io i又由動能th理得 mgh= 2mv-2mw）,根據(jù)平拋運動可知vovo2= v =，其中a為物塊洛地時速度萬向與水平萬向的夾2019年高考物理知識點總結(jié)考點分類復(fù)習(xí)機(jī)械能1. 2014 重慶卷某車以相同的功率在兩種不同的水平路面上行駛，受到的阻力分別為車重的ki和k2倍，最大速率分別為 vi和V2,則（）ki -k2A. V2= kiVi B . V2=k-vi C . V2= vi D . V2= k2Vi答案：B解析： 本題考查機(jī)車啟動過程中功率的相關(guān)知識.機(jī)車在不同的路面以相同的功率按最

2、大速度行駛，可推斷機(jī)車做勻速直線運動 ，受力平衡，由公式P= Fv, F=kmg可推出P= kimgv ki= k2mgv,解得V2= vi,故B正確，A C、D錯誤.k22. 20i4 新課標(biāo)n卷取水平地面為重力勢能零點.一物塊從某一高度水平拋出，在拋出 點其動能與重力勢能恰好相等.不計空氣阻力.該物塊落地時的速度方向與水平方向的夾角 為（）兀兀兀5兀角，解得a = 45?, B正確.3. 20i4 新課標(biāo)H卷一物體靜止在粗糙水平地面上，現(xiàn)用一大小為Fi的水平拉力拉動物體，經(jīng)過一段時間后其速度變?yōu)関.若將水平拉力的大小改為F2,物體從靜止開始經(jīng)過同樣的時間后速度變?yōu)?2V.對于上述兩個過程，

3、用 W W分別表示拉力 E、F2所做的功，W、 W2分別表示前后兩次克服摩擦力所做的功，則（）A. W2>4Wi, W2>2WB. W2>4VFi, WA=2WC. Wi2v4Wi, Vf2=2WD. WJzC 4VFi, Vf2< 2W答案：C解析：因物體均做勻變速直線運動，由運動學(xué)公式得前后兩個過程的平均速度是2倍關(guān)系，那么位移x = t也是2倍關(guān)系，若 W=fx,則W=f 2x故W2 = 2W;由動能定理 W/-fx i 2 i . .i2,= 2mv 和 Wf - 2x=2m（2v）得 W2= 4Wi 2fx <4W/, C正確.4. 20i4 安徽卷如圖

4、所示，有一內(nèi)壁光滑的閉合橢圓形管道，置于豎直平面內(nèi)，MN是通過橢圓中心 O點的水平線.已知一小球從 M點出發(fā)，初速率為 vo,沿管道MPN動，到N點的速率為vi,所需時間為ti；若該小球仍由M點以初速率vo出發(fā)，而沿管道 MQN1動，到N點的速率為v2,所需-冰飛 時間為t2JU（）A.vi=v2,ti>t2B ,vi<v2,t i>t 2C.vi=v2,t i<t2D .vi<v2,t i<t 2答案：A 解析：本題考查機(jī)械能守恒定律、類比法與 vt圖像方法解題，考查“化曲為直”的思維能力.首先根據(jù)機(jī)械能守恒定律得到 vi = v2=v0,小球沿著MPNl

5、道運動時，先減速后加速, 小球沿著MQNl道運動時，先加速后減速，總路程相等，將小球的曲線運動類比為直線運動, 畫出vt圖像如圖，可得11 >t2.選項A正確.5. 2014 全國卷一物塊沿傾角為0的斜坡向上滑動.當(dāng)物塊的初速度為 v時，上升的 最大高度為H,如圖所示；當(dāng)物塊的初速度為 ，時，上升的最大高度記為 h.重力加速度大小 為g.則物塊與斜坡間的動摩擦因數(shù)和 h分別為（ ）HA. tan 8 和2八，一HC. tan 8 和二 4答案：D2vB. 2gHi2vD. 2gHi二Htan ° 和 4解析：本題考查能量守恒定律,、，v 一 一一，1 v+ mgH以2速度上升時

6、2m 2H，一，-、， 一 一，1 2.根據(jù)能量守恒定律，以速度v上升時，5m髭2chH=mgpos 0 - +mgh 解得 h = 4，科=(1 mgcos2 v 前1He-rsin 0所以D正確.6. 2014 福建卷I 如圖所示，兩根相同的輕質(zhì)彈簧，沿足夠長的光滑斜面放置，下端 固定在斜面底部擋板上，斜面固定不動.質(zhì)量不同、形狀相同的兩物塊分別置于兩彈簧上端 現(xiàn)用外力作用在兩物塊上，使兩彈簧具有相同的壓縮量，若撤去外力后，兩物塊由靜止沿斜 面向上彈出并離開彈簧，則從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過程，兩物塊A.B.C.D.最大速度相同最大加速度相同上升的最大高度不同重力勢能的變化量不同

7、 答案：C解析： 設(shè)斜面傾角為9 ,物塊速度達(dá)到最大時，有kx = mgsin 0 ,若m<m,則xi<X2,當(dāng) 質(zhì)量為m的物塊到達(dá)質(zhì)量為 m2的物塊速度最大位置的同一高度時，根據(jù)能量守恒得：A=mgA h+gmV,所以 v=2Ab2gAh,因為mi<m2 所以Vl>V2max,此時質(zhì)量為 m的物塊還沒達(dá)到最大速度，因此Vlma>V2max,故A錯；由于撤去外力前，兩彈簧具有相同的壓縮量，所以撤去外力時兩彈簧的彈力相同，此時兩物塊的加速度最大，由牛頓第二定律可得隔一mgsin0a =,因為質(zhì)量不同，所以最大加速度不同，故 B錯誤；由于撤去外力前，兩彈簧具有相同的壓

8、縮量，所以兩彈簧與物塊分別組成的兩系統(tǒng)具有 相同的彈性勢能，物塊上升過程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以上升到最大高度時，彈性勢能全部 轉(zhuǎn)化為重力勢能，所以兩物塊重力勢能的增加量相同，故D錯誤；由&=mgh可知，兩物塊的質(zhì)量不同，所以上升的最大高度不同，故 C正確.7. 2014 廣東卷圖9是安裝在列車車廂之間的摩擦緩沖器結(jié)構(gòu)圖，圖中和為楔塊，和為墊板，楔塊與彈簧盒、墊板間均有摩擦，在車廂相互撞擊使彈簧壓縮的過程中（）A.緩沖器的機(jī)械能守恒B.摩擦力做功消耗機(jī)械能C.墊板的動能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能D.彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為動能答案：B解析：由于楔塊與彈簧盒、墊塊間均有摩擦，摩擦力做負(fù)功，則緩沖器的機(jī)

9、械能部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故選項 A錯誤，選項B正確；車廂撞擊過程中，彈簧被壓縮，摩擦力和彈簧彈力都做功，所以墊塊的動能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和彈性勢能，選項C、D錯誤.8. 2014 福建卷I 圖為某游樂場內(nèi)水上滑梯軌道示意圖，整個軌道在同一豎直平面內(nèi)， 表面粗糙的AB段軌道與四分之一光滑圓弧軌道BC在B點水平相切.點A距水面的高度為 H圓弧軌道BC的半徑為R,圓心O恰在水面.一質(zhì)量為 m的游客（視為質(zhì)點）可從軌道AB的任 意位置滑下，不計空氣阻力.（1）若游客從A點由靜止開始滑下，到 B點時沿切線方向滑離軌道落在水面上的D點，OD=2R,求游客滑到 B點時的速度Vb大小及運動過程軌道摩擦力對其所做的功W;（

10、2）若游客從 AB段某處滑下，恰好停在 B點，又因受到微小擾動，繼續(xù)沿圓弧軌道滑到P點后滑離軌道，求 P點離水面的高度 h.（提示：在圓周運動過程中任一點，質(zhì)點所受的向心2力與其速率的關(guān)系為f向=mR）解析：(1)游客從B點做平拋運動，有 2R= vBt_ 12R= 2gt 由式得vb= 2gR®從A到B,根據(jù)動能定理，有.12-mg H R + W= /mB。由式得 W= - (mgH- 2mgR(2)設(shè)OP與OB間夾角為0 ,游客在P點時的速度為vp,受到的支持力為 N,從B到P由機(jī) 械能守恒定律，有12mg R- FCos 0 ) = 2mw。 2Vp_過P點時，根據(jù)向心力公式

11、，有 mcpos 0 N= mRNl= 0 八h- cos e =-© R2 _由式解得 h= -R39. 2014 廣東卷(2)某同學(xué)根據(jù)機(jī)械能守恒定律，設(shè)計實驗探究彈簧的彈性勢能與壓縮 量的關(guān)系.如圖23( a)所示，將輕質(zhì)彈簧下端固定于鐵架臺，在上端的托盤中依次增加祛碼，測量相應(yīng)的彈簧長度，部分?jǐn)?shù)據(jù)如下表.由數(shù)據(jù)算得勁度系數(shù)k =N/m.( g取9.80 m/s 2)祛碼質(zhì)量(g)50100150彈黃長度(cm)8.627.636.66取下彈簧，將其一端固定于氣墊導(dǎo)軌左側(cè)，如圖 23(b)所示；調(diào)整導(dǎo)軌，使滑塊自由滑動 時，通過兩個光電門的速度大小 .用滑塊壓縮彈簧，記錄彈簧的

12、壓縮量x;釋放滑塊，記錄滑塊月離彈簧后的速度v.釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為 .重復(fù)中的操作，得到 v與x的關(guān)系如圖23(c).由圖可知，v與x成 關(guān)系.由上述實驗可得結(jié)論：對同一根彈簧，彈性勢能與彈簧的 成正比.(a)(b)(c)答案：（2）50相等 滑塊的動能 正比 壓縮量的平方-O. 0.49解析： 根據(jù) Fi = mg= kAxi, F2 = 2mg= kAx2,有A F= FiF2=kAxikAx2,則 k= 0.0099N/m= 49.5 N/m,同理可以求得 k0.490.0097k+kN/m = 50.5 N/m,則勁度系數(shù)為50N/m.滑塊離開彈簧后做勻速直線運動，故

13、滑塊通過兩個光電門時的速度相等.在該過程中彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為滑塊的動能；12r圖線是過原點的傾斜直線，所以 v與x成正比；彈性勢能轉(zhuǎn)化為動能，即E彈= 2mV,即彈性勢能與速度平方成正比，則彈性勢能與壓縮量平方成正比.10. （8分）2014 山東卷某實驗小組利用彈簧秤和刻度尺，測量滑塊在木板上運動的最 大速度.實驗步驟：用彈簧秤測量橡皮泥和滑塊的總重力，記作G將裝有橡皮泥的滑塊放在水平木板上，通過水平細(xì)繩和固定彈簧秤相連，如圖甲所示.在A端向右拉動木板，待彈簧秤示數(shù)穩(wěn)定后，將讀數(shù)記作F;改變滑塊上橡皮泥的質(zhì)量，重復(fù)步驟；實驗數(shù)據(jù)如下表所示：GN1.502.002.503.003.504.0

14、0F/N0.590.830.991.221.371.60如圖乙所示，將木板固定在水平桌面上，滑塊置于木板上左端C處，細(xì)繩跨過定滑輪分別與滑塊和重物 P連接，保持滑塊靜止，測量重物P離地面的高度h;滑塊由靜止釋放后開始運動并最終停在木板上的D點（未與滑輪碰撞），測量C D間的距離s.圖甲圖乙完成下列作圖和填空：(1)根據(jù)表中數(shù)據(jù)在給定坐標(biāo)紙上作出FG圖線.(2)由圖線求得滑塊和木板間的動摩擦因數(shù)=(保留2位有效數(shù)字).(3)滑塊最大速度的大小 v=(用h、s、(1和重力加速度g表示).答案：(1)略(2)0.40(0.38 、0.39、0.41、0.42 均正確) 山、g (s-h)解析：(1)

15、根據(jù)實驗步驟給出的實驗數(shù)據(jù)描點、連線即可.(2)上問所得圖線的斜率就是滑塊與木板間的動摩擦因數(shù).W,(3)重物下落h時，滑塊的速度最大.設(shè)滑塊的質(zhì)量為 m細(xì)繩拉力對滑塊所做的功為對該過程由動能定理得12cW叱 mgh= 2mv 0滑塊從C點運動到D點，由動能定理得W猿 mgs= 0- 0由以上兩式得 v =小(1 g ( s h)11. 2014 江蘇卷如圖所示，生產(chǎn)車間有兩個相互垂直且等高的水平傳送帶甲和乙，甲 的速度為V0.小工件離開甲前與甲的速度相同，并平穩(wěn)地傳到乙上，工件與乙之間的動摩擦 因數(shù)為.乙的寬度足夠大，重力加速度為 g.(1)若乙的速度為V。，求工件在乙上側(cè)向(垂直于乙的運動

16、方向)滑過的距離s;(2)若乙的速度為2v。，求工件在乙上剛停止側(cè)向滑動時的速度大小v;(3)保持乙的速度 2v。不變，當(dāng)工件在乙上剛停止滑動時，下一只工件恰好傳到乙上，如此 反復(fù).若每個工件的質(zhì)量均為m除工件與傳送帶之間的摩擦外，其他能量損耗均不計，求驅(qū)動乙的電動機(jī)的平均輸出功率.解析：(1)摩擦力與側(cè)向的夾角為45側(cè)向加速度大小ax=(1 gcos 45 °2 . _x t . _，r、一一 r_2勻變速直線運動一2axs =。一 V。2vo 解得s=.2 w gay(2)設(shè)t =0時刻摩擦力與側(cè)向的夾角為0,側(cè)向、縱向加速度的大小分別為a八ay則一= tanaxe很小的A t時間內(nèi)，側(cè)向、縱向的速度增量AVx=axAt, AVy = ayAtA Vy解得-=tan 0A Vx口.口左r.Vyl"V'y Vy一 AVy且由題思知tan0 =-貝=tan 0V