蘇州市2016屆高三上學(xué)期9月調(diào)研物理試卷

1、江蘇省蘇州市2016屆高三上學(xué)期調(diào)研物理試卷（9月份）一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1如圖所示，恒力F垂直作用在傾角為，質(zhì)量為m的三角滑塊上，滑塊沒被推動，則滑塊受到地面的靜摩擦力大小為( )AFsinBFcosCmgsinDmgcos2一滑塊以初速度v0從固定的足夠長斜面底端沿斜面向上滑行，該滑塊的“速度時間”圖象可能是( )ABCD3如圖所示，在正方形四個頂點分別放置一個點電荷，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，則下列四個選項中，正方形中心處場強(qiáng)最大的是( )ABCD4如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直固定放置，軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)點自軌道端點P由

2、靜止開始滑下，滑到最低點Q時，對軌道的正壓力為2mg，重力加速度大小為g質(zhì)點自P滑到Q的過程中，克服摩擦力所做的功為( )AmgRBmgRCmgRDmgR5如圖所示為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖勵磁線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場方向垂直電子速度的大小和磁場強(qiáng)弱可分別由通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié)下列說法正確的是( )A僅增大勵磁線圈中電流，電子束徑跡的半徑變大B僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共

3、計16分每小題有多個選項符合題意全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分62014年4月美國宇航局科學(xué)家宣布，在距離地球約490光年的一個恒星系統(tǒng)中，發(fā)現(xiàn)一顆宜居行星，代號為開普勒186f科學(xué)家發(fā)現(xiàn)這顆行星表面上或存在液態(tài)水，這意味著上面可能存在外星生命假設(shè)其半徑為地球半徑的a倍，質(zhì)量為地球質(zhì)量的b倍，則下列說法正確的是( )A該行星表面由引力產(chǎn)生的加速度與地球表面的重力加速度之比為B該行星表面由引力產(chǎn)生的加速度與地球表面的重力加速度之比為C該行星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為D該行星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為7如圖所示，理想變壓器原線圈接有交流電源，副

4、線圈上通過輸電線接有燈泡Ll，L2和含有鐵芯的線圈L，輸電線等效電阻為R開始時，開關(guān)S斷開，滑片P處于圖示位置，燈泡L1能發(fā)光要使燈泡L1變亮，可以采取的辦法是( )A向上滑動PB閉合開關(guān)SC抽出線圈中的鐵芯D增大交流電源的頻率8如圖所示為速度選擇器裝置，場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場互相垂直一帶電量為+q，質(zhì)量為m的粒子（不計重力）以速度v水平向右射入，粒子恰沿直線穿過，則下列說法正確的是( )A若帶電粒子帶電量為+2q，粒子將向下偏轉(zhuǎn)B若帶電粒子帶電量為2q，粒子仍能沿直線穿過C若帶電粒子速度為2v，粒子不與極板相碰，則從右側(cè)射出時電勢能一定增大D若帶電粒子從右側(cè)水平射入，粒

5、子仍能沿直線穿過9如圖所示，粗糙斜面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連，彈簧處于自然長度時物塊位于O點現(xiàn)將物塊拉到A點后由靜止釋放，物塊運動到最低點B，圖中B點未畫出下列說法正確的是( )AB點一定在O點左下方B速度最大時，物塊的位置可能在O點左下方C從A到B的過程中，物塊和彈簧的總機(jī)械能一定減小D從A到B的過程中，物塊減小的機(jī)械能可能大于它克服摩擦力做的功三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（12-20題）兩部分，共計42分請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置【必做題】10用如圖1實驗裝置驗證m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點

6、，對紙帶上的點跡進(jìn)行測量，即可驗證機(jī)械能守恒定律圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標(biāo)出），計數(shù)點間的距離如圖所示已知m1=50g、m2=150g，則（g取10m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（1）在紙帶上打下記數(shù)點5時的速度v=_m/s；（2）在打點05過程中系統(tǒng)動能的增量EK=_J，系統(tǒng)勢能的減少量EP=_J，由此得出的結(jié)論是_11實驗室購買了一根標(biāo)稱長度為100m的銅導(dǎo)線，某同學(xué)想通過實驗測其實際長度，該同學(xué)首先測得導(dǎo)線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為1.7×108m，再利用圖甲所示電路測出銅導(dǎo)線的電阻Rx，從而確定導(dǎo)

7、線的實際長度可供使用的器材有：電流表：量程0.6A，內(nèi)阻約0.2；電壓表：量程3V，內(nèi)阻約9k；滑動變阻器R1：最大阻值5；滑動變阻器R2：最大阻值20；定值電阻：R0=3；電源：電動勢6V，內(nèi)阻可不計；開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實驗中，滑動變阻器應(yīng)選_（填“R1”或“R2”），閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑片移至_端（填“a”或“b”）（2）在實物圖中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請根據(jù)圖甲電路完成剩余部分的連接（3）調(diào)節(jié)滑動變阻器，當(dāng)電流表的讀數(shù)為0.50A時，電壓表示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為_V（4）導(dǎo)線實際長度為_m（保留2位有效數(shù)字）【選做題】本題包括A、B、C三小題，請選定其中兩小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答

8、若多做，則按A、B兩小題評分A選修3-312下列說法正確的是( )A液晶既具有液體的流動性，又具有光學(xué)的各向異性B微粒越大，撞擊微粒的液化分子數(shù)量越多，布朗運動越明顯C太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結(jié)果D單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁單位面積上碰撞次數(shù)減少，氣體的壓強(qiáng)一定減小13一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)過程I變至狀態(tài)B時，內(nèi)能增加120J當(dāng)氣體從狀態(tài)B經(jīng)過程II回到狀態(tài)A時，外界壓縮氣體做功200J，則II過程中氣體_（填“吸熱”緘“放熱”），熱量為_J14某理想氣體在溫度為0時，壓強(qiáng)為2P0（P0為一個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓），體積為0.5L，已知1mol理想氣體標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為22.4L，阿

9、伏加德羅常數(shù)NA=6.0×1023mol1求：（1）標(biāo)準(zhǔn)狀況下該氣體的體積；（2）該氣體的分子數(shù)（計算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）B選修3-415目前雷達(dá)發(fā)出的電磁波頻率多在200MHz1000MHz的范圍內(nèi)，下列關(guān)于雷達(dá)和電磁波的說法正確的是( )A真空中，上述頻率范圍的電磁波的波長在0.3m1.5m之間B電磁波是由均勻變化的電場或磁場產(chǎn)生的C波長越短的電磁波，越容易繞過障礙物，便于遠(yuǎn)距離傳播D測出電磁波從發(fā)射到接收的時間，就可以確定到障礙物的位置16一列向右傳播的簡諧波在t=1s時刻的波形如圖所示，再經(jīng)過0.7s，x=7m處的質(zhì)點P第一次從平衡位置向上振動，此時O處質(zhì)點處于_（選填“波

10、峰”、“波谷”、“平衡位置”），這列波的周期T=_s17如圖所示的裝置可以測量棱鏡的折射率ABC表示待測直角棱鏡的橫截面，棱鏡的頂角為，緊貼直角邊A放置一塊平面鏡一光線SO射到棱鏡的AB面上，適當(dāng)調(diào)整SO的方向，當(dāng)SO與AB成角時，從AB面射出的光線與SO重合 畫出進(jìn)入棱鏡的折射光線；求出棱鏡的折射率nC選修3-518下列說法正確的是( )A比結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定B黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長的分布只與黑體的溫度有關(guān)C放射性元素的半衰期與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件有關(guān)D大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍進(jìn)時，最多可產(chǎn)生4個不同頻率的光子19用頻率為v但強(qiáng)度不同的

11、甲乙兩種光做光電效應(yīng)實驗，發(fā)現(xiàn)光電流與電壓的關(guān)系如圖所示，由圖可知，_（選填甲或乙）光的強(qiáng)度大，已知普朗克常量為h，被照射金屬的逸出功為W0則光電子的最大初動能為_201926年美國波士頓的內(nèi)科醫(yī)生盧姆加特等首次應(yīng)用放射性氡研究人體動、靜脈血管床之間的循環(huán)時間，被譽(yù)為“臨床核醫(yī)學(xué)之父”氡的放射性同位素有27種，其中最常用的是經(jīng)過m次衰變和n次衰變后變成穩(wěn)定的求m、n的值；一個靜止的氡核（）放出一個粒子后變成釙核（）已知釙核的速率v=1×106m/s，求粒子的速率四、計算題：本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題

12、，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位21如圖甲所示，在水平桌面上放置一邊長L=0.2m的正方形閉合金屬線圈abcd，線圈的匝數(shù)n=10，質(zhì)量m=0.1kg，總電阻R=0.1線圈處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，從t=0時刻起，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，g取l0m/s2求：（1）1s時刻線圈中的感應(yīng)電動勢的大小E；（2）03s內(nèi)線圈中流過的電量q；（3）03s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的焦耳熱Q22（16分）如圖所示，半徑R=0.4m的光滑圓弧軌道BC固定在豎直平面內(nèi)，軌道的上端點B和圓心O的連線與水平方向的夾角=30°，下端點C為軌道的最低點且與粗糙水平面相切，一輕質(zhì)彈簧右端固定在豎直

13、擋板上質(zhì)量m=0.1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）從空中A點以0=2m/s的速度水平拋出，恰好從B端沿軌道切線方向進(jìn)入軌道，經(jīng)過C點后沿水平面向右運動至D點時，彈簧被壓縮至最短，C、D間的水平距離L=1.2m，小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.5，取g=10m/s2求：（1）小物塊經(jīng)過圓弧軌道上B點時速度B的大?。唬?）小物塊經(jīng)過圓弧軌道上C點時對軌道壓力NC的大?。唬?）彈簧的彈性勢能的最大值EPm23（16分）如圖所示，直線MN上方存在著垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的粒子1在紙面內(nèi)以速度v1=v0從O點射入磁場，其方向與MN的夾角=30°；質(zhì)量

14、為m、電荷量為+q的粒子2在紙面內(nèi)以速度v2=v0也從O點射入磁場，其方向與MN的夾角=60°角已知粒子1、2同時到達(dá)磁場邊界的A、B兩點（圖中未畫出），不計粒子的重力及粒子間的相互作用（1）求兩粒子在磁場邊界上的穿出點A、B之間的距離d；（2）求兩粒子進(jìn)入磁場的時間間t；（3）若MN下方有平行于紙面的勻強(qiáng)電場，且兩粒子在電場中相遇，其中的粒子1做直線運動求電場強(qiáng)度E的大小和方向江蘇省蘇州市2016屆高三上學(xué)期調(diào)研物理試卷（9月份）一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1如圖所示，恒力F垂直作用在傾角為，質(zhì)量為m的三角滑塊上，滑塊沒被推動，則滑

15、塊受到地面的靜摩擦力大小為( )AFsinBFcosCmgsinDmgcos考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；靜摩擦力和最大靜摩擦力；力的合成與分解的運用專題：共點力作用下物體平衡專題分析：滑塊沒被推動，合力為零分析滑塊的受力情況，根據(jù)平衡條件求得靜摩擦力大小解答：解：分析滑塊的受力情況：重力G、地面的支持力N和靜摩擦力f、力F，作出力圖，如圖，根據(jù)平衡條件得 f=Fsin故選：A點評：本題是多力平衡問題，正確分析受力情況是解題的關(guān)鍵，同時要由幾何知識正確找出F與G的夾角，即可輕松求解2一滑塊以初速度v0從固定的足夠長斜面底端沿斜面向上滑行，該滑塊的“速度時間”圖象可能是( )ABCD考點：勻變

16、速直線運動的圖像專題：運動學(xué)中的圖像專題分析：由于題目中沒有告訴斜面是否光滑和摩擦因數(shù)的大小，故必須進(jìn)行討論，當(dāng)斜面光滑時物體的加速度由重力沿斜面方向的分力提供，故物體在上升和下降的過程中加速度不變；如果最大靜摩擦力大于大于重力沿斜面方向的分力，則物體的速度為0后將保持靜止；如果重力沿斜面方向的分力大于滑動摩擦力，則物體能夠返回運動，但合外力減小速度圖象的斜率等于物體的加速度解答：解：A、若滑塊可能不受滑動摩擦力，滑塊先向上做勻減速運動，后向下做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律可知，兩個過程的加速度相同，故A是可能的故A正確B、若滑塊受滑動摩擦力，滑塊可能向上做勻減速運動，最后停在最高點故B正確C

17、、若滑塊受滑動摩擦力，滑塊先向上做勻減速運動，后向下做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律分析得知，下滑的加速度小于上滑的加速度，下滑過程速度圖象的斜率小于上滑過程的斜率故D錯誤，C正確故選：ABC點評：做題時一定要注意題目有沒有告訴斜面是否光滑和不光滑時摩擦因數(shù)的大小，否則要注意討論這是解決此類題目時一定要注意的問題3如圖所示，在正方形四個頂點分別放置一個點電荷，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，則下列四個選項中，正方形中心處場強(qiáng)最大的是( )ABCD考點：電場的疊加；電場強(qiáng)度專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：在邊長為a的正方形四個頂點A、B、C、D上依次放置電荷量為題中各選項的點電荷，根據(jù)電場強(qiáng)度的方向與大

18、小進(jìn)行疊加，從而即可求解解答：解：A、根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式E=，結(jié)合矢量合成法則，兩個負(fù)電荷在正方形中心處場強(qiáng)為零，兩個正點電荷在中心處電場強(qiáng)度為零，故A錯誤；B、同理，正方形對角線異種電荷的電場強(qiáng)度，即為各自點電荷在中心處相加，因此此處的電場強(qiáng)度大小為2，故B正確；C、同理，正方形對角線的兩負(fù)電荷的電場強(qiáng)度在中心處相互抵消，而正點電荷在中心處，疊加后電場強(qiáng)度大小為，故C錯誤；D、根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式，結(jié)合疊加原理，則有在中心處的電場強(qiáng)度大小，故D錯誤故選：B點評：解決本題的關(guān)鍵掌握點電荷的場強(qiáng)公式，以及點電荷的場強(qiáng)方向，會根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行場強(qiáng)的疊加4如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直

19、固定放置，軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)點自軌道端點P由靜止開始滑下，滑到最低點Q時，對軌道的正壓力為2mg，重力加速度大小為g質(zhì)點自P滑到Q的過程中，克服摩擦力所做的功為( )AmgRBmgRCmgRDmgR考點：動能定理專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：質(zhì)點經(jīng)過Q點時，由重力和軌道的支持力提供向心力，由牛頓運動定律求出質(zhì)點經(jīng)過Q點的速度，再由動能定理求解克服摩擦力所做的功解答：解：質(zhì)點經(jīng)過Q點時，由重力和軌道的支持力提供向心力，由牛頓第二定律得：Nmg=m由題有：N=2mg可得：vQ=質(zhì)點自P滑到Q的過程中，由動能定理得： mgRWf=得克服摩擦力所做的功為 Wf=mgR故選：C點評：本題考查動能

20、定理的應(yīng)用及向心力公式，要注意正確受力分析，明確指向圓心的合力提供圓周運動的向心力，知道動能定理是求解變力做功常用的方法5如圖所示為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖勵磁線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場方向垂直電子速度的大小和磁場強(qiáng)弱可分別由通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié)下列說法正確的是( )A僅增大勵磁線圈中電流，電子束徑跡的半徑變大B僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變大考點：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動分析：根據(jù)動能定理

21、表示出加速后獲得的速度，然后根據(jù)洛倫茲力提供向心力推導(dǎo)出半徑的表達(dá)式解答：解：根據(jù)電子所受洛倫茲力的方向結(jié)合右手定則判斷勵磁線圈中電流方向是順時針方向，電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=mv02電子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當(dāng)向心力，有：eBv0=m解得：r=T=可見增大勵磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場增強(qiáng)，由式可得，電子束的軌道半徑變小由式知周期變小，故AC錯誤；提高電子槍加速電壓，電子束的軌道半徑變大、周期不變，故B正確D錯誤；故選：B點評：本題考查了粒子在磁場中運動在實際生活中的應(yīng)用，正確分析出儀器的原理是關(guān)鍵二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分每小題

22、有多個選項符合題意全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分62014年4月美國宇航局科學(xué)家宣布，在距離地球約490光年的一個恒星系統(tǒng)中，發(fā)現(xiàn)一顆宜居行星，代號為開普勒186f科學(xué)家發(fā)現(xiàn)這顆行星表面上或存在液態(tài)水，這意味著上面可能存在外星生命假設(shè)其半徑為地球半徑的a倍，質(zhì)量為地球質(zhì)量的b倍，則下列說法正確的是( )A該行星表面由引力產(chǎn)生的加速度與地球表面的重力加速度之比為B該行星表面由引力產(chǎn)生的加速度與地球表面的重力加速度之比為C該行星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為D該行星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為考點：萬有引力定律及其應(yīng)用專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析

23、：根據(jù)萬有引力等于重力得出重力加速度的表達(dá)式，結(jié)合行星與地球的半徑以及質(zhì)量的關(guān)系求出重力加速度之比；根據(jù)萬有引力提供向心力求出第一宇宙速度的表達(dá)式，結(jié)合行星與地球的半徑以及質(zhì)量的關(guān)系求出第一宇宙速度之比解答：解：A、根據(jù)得：g=，因為行星的半徑為地球半徑的a倍，質(zhì)量為地球質(zhì)量的b倍，則重力加速度與地球表面重力加速度之比為故A正確，B錯誤C、根據(jù)得第一宇宙速度為：v=，因為行星的半徑為地球半徑的a倍，質(zhì)量為地球質(zhì)量的b倍，所以行星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為故C正確，D錯誤故選：AC點評：解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力定律的兩個重要理論：1、萬有引力提供向心力，2、萬有引力等于重力，并能

24、靈活運用7如圖所示，理想變壓器原線圈接有交流電源，副線圈上通過輸電線接有燈泡Ll，L2和含有鐵芯的線圈L，輸電線等效電阻為R開始時，開關(guān)S斷開，滑片P處于圖示位置，燈泡L1能發(fā)光要使燈泡L1變亮，可以采取的辦法是( )A向上滑動PB閉合開關(guān)SC抽出線圈中的鐵芯D增大交流電源的頻率考點：變壓器的構(gòu)造和原理專題：交流電專題分析：根據(jù)變壓器的特點，利用動態(tài)分析的方法分析電流電壓的變化，再根據(jù)變壓器的匝數(shù)與電流電壓的關(guān)系即可判斷各項解答：解：A、向上滑動P副線圈匝數(shù)增大，副線圈電壓增大，電流增大，燈泡L1變亮，故A正確B、閉合開關(guān)S，負(fù)載電阻減小，副線圈電流增大，R分壓增大，并聯(lián)支路的電壓減小，燈泡變

25、暗，故B錯誤C、抽出線圈中的鐵芯，線圈的自感作用減小，通過燈泡的電流增大，燈泡L1變亮，故C正確D、增大交流電源的頻率不會改變副線圈的電壓，但線圈的自感作用增大，阻礙電流的通過，燈泡亮度變暗，故D錯誤故選：AC點評：本題 結(jié)合變壓器考查了電路的動態(tài)分析，方法是從部分電路的變化分析整體的變化然后再到部分，對電感線圈要了解其通低頻阻高頻的特點8如圖所示為速度選擇器裝置，場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場互相垂直一帶電量為+q，質(zhì)量為m的粒子（不計重力）以速度v水平向右射入，粒子恰沿直線穿過，則下列說法正確的是( )A若帶電粒子帶電量為+2q，粒子將向下偏轉(zhuǎn)B若帶電粒子帶電量為2q，粒子仍

26、能沿直線穿過C若帶電粒子速度為2v，粒子不與極板相碰，則從右側(cè)射出時電勢能一定增大D若帶電粒子從右側(cè)水平射入，粒子仍能沿直線穿過考點：帶電粒子在混合場中的運動專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題分析：首先根據(jù)粒子做勻速直線運動，可判斷粒子的電場力和洛倫茲力相等，即可得知電場強(qiáng)度和磁場強(qiáng)度的關(guān)系解答：解：A、粒子恰沿直線穿過，電場力和洛倫茲力均垂直于速度，故合力為零，粒子做勻速直線運動；根據(jù)平衡條件，有：qvB=qE解得：v=只要粒子速度為，就能沿直線勻速通過選擇器；若帶電粒子帶電量為+2q，速度不變，仍然沿直線勻速通過選擇器；故A錯誤；B、若帶電粒子帶電量為2q，只要粒子速度為，電場力與洛倫茲力

27、仍然平衡，仍然沿直線勻速通過選擇器；故B正確；C、若帶電粒子速度為2v，電場力不變，洛倫茲力變?yōu)?倍，故會偏轉(zhuǎn)，克服電場力做功，電勢能增加；故C正確；D、若帶電粒子從右側(cè)水平射入，電場力方向不變，洛倫茲力方向反向，故粒子一定偏轉(zhuǎn)，故D錯誤；故選：BC點評：在速度選擇器中，粒子的受力特點：同時受到方向相反的電場力和洛倫茲力作用；粒子能勻速通過選擇器的條件：電場力和洛倫茲力平衡，即qvB=qE，v=，只有速度為的粒子才能沿直線勻速通過選擇器；若粒子從反方向射入選擇器，所受的電場力和磁場力方向相同，粒子必定發(fā)生偏轉(zhuǎn)9如圖所示，粗糙斜面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連，彈簧處于自然長度時物塊位

28、于O點現(xiàn)將物塊拉到A點后由靜止釋放，物塊運動到最低點B，圖中B點未畫出下列說法正確的是( )AB點一定在O點左下方B速度最大時，物塊的位置可能在O點左下方C從A到B的過程中，物塊和彈簧的總機(jī)械能一定減小D從A到B的過程中，物塊減小的機(jī)械能可能大于它克服摩擦力做的功考點：動能定理的應(yīng)用專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：物體從A向B運動過程，受重力、支持力、彈簧的拉力和滑動摩擦力，當(dāng)平衡時速度最大；重力勢能、彈性勢能、動能和內(nèi)能之和守恒解答：解：A、彈簧處于自然長度時物塊處于O點，所以在O點，彈簧彈力為零，物體從A向B運動過程，受重力、支持力、彈簧的拉力和滑動摩擦力，當(dāng)平衡時速度最大，由于摩擦力平行斜

29、面向上，所以當(dāng)彈力和重力沿斜面的分量等于摩擦力時，速度最大，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，所以速度最大時，物塊的位置在O點上方，而B點速度為零，由于不知道滑動摩擦力的具體大小，所以無法判斷B點在O點的上方還是下方，故A錯誤；B、重力的下滑分力可以大于摩擦力若mgsinf，所以當(dāng)彈力和重力沿斜面的分量等于摩擦力時，速度最大，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，所以速度最大時，物塊的位置在O點上方，若mgsinf，所以當(dāng)重力沿斜面的分量等于摩擦力和彈簧彈力時，速度最大，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，所以速度最大時，物塊的位置在O點下方，故B正確C、從A到B的過程中，滑動摩擦力一直做負(fù)功，故物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減小，故C正

30、確；D、從A到B的過程中，根據(jù)能量守恒定律，物塊減小的機(jī)械能等于彈性勢能的減小量和克服摩擦力做的功之和，若彈簧的彈性勢能增加時，則物塊減小的機(jī)械能大于它克服摩擦力做的功，故D正確故選：BCD點評：本題關(guān)鍵是明確物體的受力情況、運動情況和系統(tǒng)的能量轉(zhuǎn)化情況，知道在平衡點動能最大，難度適中三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（12-20題）兩部分，共計42分請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置【必做題】10用如圖1實驗裝置驗證m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進(jìn)行測量，即可驗證機(jī)械能守恒定律圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶

31、：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標(biāo)出），計數(shù)點間的距離如圖所示已知m1=50g、m2=150g，則（g取10m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（1）在紙帶上打下記數(shù)點5時的速度v=2.4m/s；（2）在打點05過程中系統(tǒng)動能的增量EK=0.58J，系統(tǒng)勢能的減少量EP=0.60J，由此得出的結(jié)論是因此在在誤差允許的范圍內(nèi)，m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒考點：驗證機(jī)械能守恒定律專題：實驗題；機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：（1）根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，可以求出打下記數(shù)點5時的速度大?。唬?）根據(jù)物體的初末動能大小可以求出動能的增加量，

32、根據(jù)物體重力做功和重力勢能之間的關(guān)系可以求出系統(tǒng)重力勢能的減小量，比較動能增加量和重力勢能減小量之間的關(guān)系可以得出機(jī)械能是否守恒解答：解：（1）根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，可知打第5個點時的速度為：故答案為：2.4（2）物體的初速度為零，所以動能的增加量為：重力勢能的減小量等于物體重力做功，故：EP=W=mgh=0.60J；由此可知動能的增加量和勢能的減小量基本相等，因此在在誤差允許的范圍內(nèi)，m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒故答案為：0.58，0.60，因此在在誤差允許的范圍內(nèi)，m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒點評：本題全面的考查了驗證機(jī)械能守恒定律中的數(shù)據(jù)

33、處理問題，要熟練掌握勻變速直線運動的規(guī)律以及功能關(guān)系，增強(qiáng)數(shù)據(jù)處理能力11實驗室購買了一根標(biāo)稱長度為100m的銅導(dǎo)線，某同學(xué)想通過實驗測其實際長度，該同學(xué)首先測得導(dǎo)線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為1.7×108m，再利用圖甲所示電路測出銅導(dǎo)線的電阻Rx，從而確定導(dǎo)線的實際長度可供使用的器材有：電流表：量程0.6A，內(nèi)阻約0.2；電壓表：量程3V，內(nèi)阻約9k；滑動變阻器R1：最大阻值5；滑動變阻器R2：最大阻值20；定值電阻：R0=3；電源：電動勢6V，內(nèi)阻可不計；開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實驗中，滑動變阻器應(yīng)選R2（填“R1”或“R2”），閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑片移至a端（填“a”或

34、“b”）（2）在實物圖中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請根據(jù)圖甲電路完成剩余部分的連接（3）調(diào)節(jié)滑動變阻器，當(dāng)電流表的讀數(shù)為0.50A時，電壓表示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為2.30V（4）導(dǎo)線實際長度為94m（保留2位有效數(shù)字）考點：測定金屬的電阻率專題：實驗題分析：（1）本實驗采用限流法測電阻，所以滑動變阻器的最大阻值應(yīng)為R0和Rx總阻值的4倍以上，閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑片移至阻值最大處；（2）根據(jù)實驗電路圖，連接實物圖；（3）根據(jù)圖乙讀出電壓，注意估讀；（4）根據(jù)歐姆定律及電阻定律即可求解解答：解：（1）本實驗采用限流法測電阻，所以滑動變阻器的最大阻值應(yīng)為R0和Rx總阻值的4倍以上，R0=3，所以滑動變阻

35、器選R2，閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑片移至阻值最大處，即a處；（2）根據(jù)實驗電路圖，連接實物圖，如圖所示：（3）根據(jù)圖乙讀出電壓U=2.30V，（4）根據(jù)歐姆定律得：R0+Rx=解得：Rx=1.6根據(jù)電阻定律得：Rx=解得：L=m故答案為：（1）R2，a；（2）如圖所示；（3）2.30V；（4）94點評：本題主要考查了電學(xué)元件選取原則和歐姆定律及電阻定律的直接應(yīng)用，能根據(jù)電路圖連接實物圖，難度適中【選做題】本題包括A、B、C三小題，請選定其中兩小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答若多做，則按A、B兩小題評分A選修3-312下列說法正確的是( )A液晶既具有液體的流動性，又具有光學(xué)的各向異性B微粒越大，撞擊微

36、粒的液化分子數(shù)量越多，布朗運動越明顯C太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結(jié)果D單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁單位面積上碰撞次數(shù)減少，氣體的壓強(qiáng)一定減小考點：* 晶體和非晶體；布朗運動；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象分析：液晶既具有液體的流動性，又具有光學(xué)的各向異性；液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力；微粒越大，溫度越低，布朗運動越不明顯；壓強(qiáng)是大量氣體分子持續(xù)撞擊器壁產(chǎn)生的解答：解：A、液晶是一種特殊的物態(tài)，它既具有液體的流動性，又具有光學(xué)各向異性，故A正確；B、微粒越大，撞擊微粒的液化分子數(shù)量越多，微粒的受力越趨向平衡，布朗運動越不明顯，故B錯誤C、液體表面具

37、有收縮的趨勢，即液體表面表現(xiàn)為張力，是液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結(jié)果故C正確；D、氣體的壓強(qiáng)與單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁單位面積上碰撞次數(shù)以及分子對器壁的平均撞擊力有關(guān)，若溫度升高，分子對器壁的平均撞擊力增大，單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁單位面積上碰撞次數(shù)減少，氣體的壓強(qiáng)不一定減小故D錯誤故選：AC點評：本題考查選修33中的多個知識點，如液晶的特點、布朗運動、表面張力和壓強(qiáng)的微觀意義，都是記憶性的知識點難度不大，在平時的學(xué)習(xí)過程中加強(qiáng)知識的積累即可13一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)過程I變至狀態(tài)B時，內(nèi)能增加120J當(dāng)氣

38、體從狀態(tài)B經(jīng)過程II回到狀態(tài)A時，外界壓縮氣體做功200J，則II過程中氣體放熱（填“吸熱”緘“放熱”），熱量為320J考點：熱力學(xué)第一定律專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：理想氣體得內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度升高，內(nèi)能增加，溫度降低，內(nèi)能減?。挥蔂顟B(tài)A經(jīng)過程變至狀態(tài)B時，內(nèi)能增加120J，說明氣體溫度升高，體從狀態(tài)B經(jīng)過程回到狀態(tài)A時，溫度降低，放熱，由熱力學(xué)第一定律渴求放出熱量解答：解：理想氣體得內(nèi)能只與溫度有關(guān)，由狀態(tài)A經(jīng)過程變至狀態(tài)B時，內(nèi)能增加120J，說明氣體溫度升高；則氣體從狀態(tài)B經(jīng)過程回到狀態(tài)A時，溫度降低，氣體放熱，且內(nèi)能減小120J；由熱力學(xué)第一定律得：U=W+Q得放出熱量為：Q

39、=UW=120200J=320J負(fù)號說明放熱；故答案為：放熱，320J點評：本題是熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用問題，實際上是能量守恒定律的具體應(yīng)用對于U、W、Q三個量的符合法則要理解基礎(chǔ)上記憶：凡使氣體內(nèi)能增加的量，均為正值14某理想氣體在溫度為0時，壓強(qiáng)為2P0（P0為一個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓），體積為0.5L，已知1mol理想氣體標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為22.4L，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0×1023mol1求：（1）標(biāo)準(zhǔn)狀況下該氣體的體積；（2）該氣體的分子數(shù)（計算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）考點：理想氣體的狀態(tài)方程；阿伏加德羅常數(shù)專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：（1）由理想氣體狀態(tài)方程可以求出氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀

40、況下的體積（2）求出氣體物質(zhì)的量，然后求出氣體分子數(shù)解答：解：（1）由題意可知，氣體的狀態(tài)參量：p1=2P0，V1=0.5L，T1=273K，p2=P0，V2=？，T2=273K，氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，即：2P0×0.5L=P0×V2，解得：V2=1L；（2）氣體分子數(shù)：n=NA=×6.0×10233×1022個；答：（1）標(biāo)準(zhǔn)狀況下該氣體的體積是1L；（2）該氣體的分子數(shù)是3×1022個點評：本題考查了求氣體體積、氣體分子數(shù)，應(yīng)用玻意耳定律、阿伏伽德羅常數(shù)即可正確解題B選修3-415目前雷達(dá)發(fā)出的電磁

41、波頻率多在200MHz1000MHz的范圍內(nèi)，下列關(guān)于雷達(dá)和電磁波的說法正確的是( )A真空中，上述頻率范圍的電磁波的波長在0.3m1.5m之間B電磁波是由均勻變化的電場或磁場產(chǎn)生的C波長越短的電磁波，越容易繞過障礙物，便于遠(yuǎn)距離傳播D測出電磁波從發(fā)射到接收的時間，就可以確定到障礙物的位置考點：電磁波譜分析：本題考查了麥克斯韋的電磁場理論與雷達(dá)的原理，比較簡單，根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論內(nèi)容即可正確解答解答：解：A、根據(jù)=電磁波頻率在200MHz至1000MHz 的范圍內(nèi)，則電磁波的波長范圍在0.3m至1.5m之間，故A正確；B、根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論可知，恒定不變的電場不會產(chǎn)生磁場，電磁波是

42、變化磁場產(chǎn)生電場變化電場產(chǎn)生磁場不斷交替變化產(chǎn)生的，故B錯誤C、波長越短的電磁波，越不容易發(fā)生衍射，不容易繞過障礙物，不便于遠(yuǎn)距離傳播，故C錯誤；D、測出從發(fā)射無線電波到接收反射回來的無線電波的時間，根據(jù)無線電波的傳播速度，就可以間距，D正確；故選：AD點評：本題易錯點為：有些同學(xué)錯誤認(rèn)為磁場產(chǎn)生電場，電場產(chǎn)生磁場，注意麥克斯韋的電磁場理論是電磁波產(chǎn)生的理論基礎(chǔ)，要加強(qiáng)理解與應(yīng)用同時注意用無線電波測量距離時，注意間距應(yīng)是所求長度的一半16一列向右傳播的簡諧波在t=1s時刻的波形如圖所示，再經(jīng)過0.7s，x=7m處的質(zhì)點P第一次從平衡位置向上振動，此時O處質(zhì)點處于平衡位置（選填“波峰”、“波谷”

43、、“平衡位置”），這列波的周期T=0.2s考點：橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系專題：振動圖像與波動圖像專題分析：波向右傳播，當(dāng)O點的波傳到P點時，P點第一次從平衡位置向上振動，根據(jù)波從O傳到P的距離x=7m，時間t=0.7s，由v=求出波速，由圖讀出波長，求出周期解答：解：由圖象知，=2m，波向右傳播，當(dāng)O點的波傳到P點時，P點第一次從平衡位置向上振動，此時O點在平衡位置處，由題意，波從O傳到P的距離x=7m，時間t=0.7s，則波速為：v=，由v=得：T=0.2s故答案為：平衡位置；0.2點評：本題關(guān)鍵要知道波是勻速傳播的，可用v=和v=研究波速，根據(jù)時間與周期的關(guān)系，分析質(zhì)點通過的路程

44、是常用的方法17如圖所示的裝置可以測量棱鏡的折射率ABC表示待測直角棱鏡的橫截面，棱鏡的頂角為，緊貼直角邊A放置一塊平面鏡一光線SO射到棱鏡的AB面上，適當(dāng)調(diào)整SO的方向，當(dāng)SO與AB成角時，從AB面射出的光線與SO重合 畫出進(jìn)入棱鏡的折射光線；求出棱鏡的折射率n考點：光的折射定律專題：光的折射專題分析：從AB面出射的光線與入射光線SO恰好重合，知光線垂直射向平面鏡，作出光路圖結(jié)合幾何關(guān)系和折射率定律求出棱鏡的折射率解答：解：若使從AB面出射的光線與入射光線SO恰好重合，根據(jù)光路可逆可知SO的折射光線應(yīng)與AC垂直，光路圖如圖所示由圖知：入射角 i=90°要使從AB面射出的光線與SO重

45、合，則AB面上折射光線必須與AC面垂直，由幾何知識得到，折射角 r= 由折射定律n=得：答：畫出進(jìn)入棱鏡的折射光線如圖；棱鏡的折射率n是點評：解決幾何光學(xué)問題的關(guān)鍵是，根據(jù)題意正確畫出光路圖，然后根據(jù)幾何關(guān)系以及相關(guān)物理知識求解C選修3-518下列說法正確的是( )A比結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定B黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長的分布只與黑體的溫度有關(guān)C放射性元素的半衰期與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件有關(guān)D大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍進(jìn)時，最多可產(chǎn)生4個不同頻率的光子考點：原子核的結(jié)合能；物質(zhì)波分析：比結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合的越牢固黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長的分布

46、只與黑體的溫度有關(guān)放射性元素的半衰期是由核內(nèi)自身的因素決定的，與原子所處的化學(xué)狀態(tài)無關(guān)根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子最多放出不同頻率光子的種數(shù)解答：解：A、比結(jié)合能是衡量原子核結(jié)構(gòu)是否牢固的指標(biāo)，它越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定故A正確；B、根據(jù)黑體輻射實驗的規(guī)律可知：黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長的分布只與黑體的溫度有關(guān)故B正確C、放射性元素的半衰期是由核內(nèi)自身的因素決定的，與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無關(guān)，故C錯誤；D、大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍進(jìn)時，由=6知：最多可產(chǎn)生6個不同頻率的光子，故D錯誤故選：AB點評：對于光學(xué)和原子物理的基礎(chǔ)知識，大都需要記憶，因此注意平時

47、多加積累；正確理解氫原子的躍遷問題19用頻率為v但強(qiáng)度不同的甲乙兩種光做光電效應(yīng)實驗，發(fā)現(xiàn)光電流與電壓的關(guān)系如圖所示，由圖可知，甲（選填甲或乙）光的強(qiáng)度大，已知普朗克常量為h，被照射金屬的逸出功為W0則光電子的最大初動能為hvW0考點：光電效應(yīng)專題：光電效應(yīng)專題分析：根據(jù)光的強(qiáng)度越強(qiáng)，形成的光電流越大；并根據(jù)光電效應(yīng)方程，即可求解解答：解：根據(jù)光的強(qiáng)度越強(qiáng)，則光電子數(shù)目越多，對應(yīng)的光電流越大，即可判定甲光的強(qiáng)度較大；由光電效應(yīng)方程mv2=hvW0，可知，電子的最大初動能EKm=hvW0；故答案為：甲，hvW0點評：本題考查了產(chǎn)生光電效應(yīng)的原理和電子的最大初動能公式，理解光電效應(yīng)方程的應(yīng)用，注意

48、光電流影響因素201926年美國波士頓的內(nèi)科醫(yī)生盧姆加特等首次應(yīng)用放射性氡研究人體動、靜脈血管床之間的循環(huán)時間，被譽(yù)為“臨床核醫(yī)學(xué)之父”氡的放射性同位素有27種，其中最常用的是經(jīng)過m次衰變和n次衰變后變成穩(wěn)定的求m、n的值；一個靜止的氡核（）放出一個粒子后變成釙核（）已知釙核的速率v=1×106m/s，求粒子的速率考點：動量守恒定律；原子核衰變及半衰期、衰變速度分析：核反應(yīng)過程質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，根據(jù)質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒求出m、n的值核反應(yīng)過程系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律求出粒子速度解答：解：核反應(yīng)過程質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，由題意可得：4m=222206，解得：m=4，86=82

49、+2mn，解得：n=4；核反應(yīng)過程系統(tǒng)動量守恒，以粒子的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mvmPov=0，代入數(shù)據(jù)解得：v=5.45×107m/s；答：m是4，n是4；粒子的速率是：5.45×107m/s點評：核反應(yīng)過程質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒、動量守恒定律即可正確解題四、計算題：本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位21如圖甲所示，在水平桌面上放置一邊長L=0.2m的正方形閉合金屬線圈abcd，線圈的匝數(shù)n=10，質(zhì)量m=0.1k

50、g，總電阻R=0.1線圈處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，從t=0時刻起，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，g取l0m/s2求：（1）1s時刻線圈中的感應(yīng)電動勢的大小E；（2）03s內(nèi)線圈中流過的電量q；（3）03s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的焦耳熱Q考點：法拉第電磁感應(yīng)定律；焦耳定律專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動勢；（2、3）由歐姆定律求出感應(yīng)電流，由電流的定義式求出電荷量，由焦耳定律可以求出線圈產(chǎn)生的焦耳熱；解答：解：（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律得：代入數(shù)據(jù)得：E=0.04V （2）由閉合電路歐姆定律得：代入數(shù)據(jù)得：I=0.4A 電量：q=It 代入數(shù)據(jù)

51、得：q=1.2C （3）由焦耳定律得：Q=I2Rt 代入數(shù)據(jù)得：Q=0.048J 答：（1）1s時刻線圈中的感應(yīng)電動勢的大小為0.04V；（2）03s內(nèi)線圈中流過的電量1.2C；（3）03s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的焦耳熱0.048J點評：本題考查了求電動勢、判斷電流方向、求電荷量、求焦耳熱等問題，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、楞次定律、歐姆定律、電流定義式、焦耳定律即可正確解題，并掌握左手定則與右手定則的區(qū)別22（16分）如圖所示，半徑R=0.4m的光滑圓弧軌道BC固定在豎直平面內(nèi)，軌道的上端點B和圓心O的連線與水平方向的夾角=30°，下端點C為軌道的最低點且與粗糙水平面相切，一輕質(zhì)彈簧右端固定在豎直擋板上質(zhì)量m=0.1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）從空中A點以0=2m/s的速度水平拋出，恰好從B端沿軌道切線方向進(jìn)入軌道，經(jīng)過C點后沿水平面向右運動至D點時，彈簧被壓縮至最短，C、D間的水平距離L=1.2m，小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.5，取g=10m/s2求：（1）小物塊經(jīng)過圓弧軌道上B點時速度B的大小；（2）小物塊經(jīng)過圓弧軌道上C點時對軌道壓力NC的大小；（3）彈簧的彈性勢能的最大值