福建省廈門市2014-2015學(xué)年高二下學(xué)期期末考試物理試卷(解析版)

1、福建省廈門市20142015學(xué)年高二下期期末考試物 理 試 卷一、單項(xiàng)選擇題（每小題3分，共30分）1下列物理學(xué)史描述正確的是（） A瑪麗居里提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說 B盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電子 C查德威克在原子核人工轉(zhuǎn)變的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子 D愛因斯坦質(zhì)能方程為核能的開發(fā)利用提供了理論依據(jù)2關(guān)于核反應(yīng)與核能，下列說法正確的是（） A目前建成的核電站能源來自于輕核聚變 B核子組成原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對應(yīng)的能量大于該原子核的結(jié)合能 C重核裂變和輕核聚變過程有質(zhì)量虧損，均能向外界釋放核能 D核子平均質(zhì)量越大的原子核越穩(wěn)定3下列說法正確的是（） A產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是波源頻率發(fā)生了變化 B光

2、的偏振現(xiàn)象說明光是一種縱波 C全息照相利用了光的干涉原理 D醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀”來進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光相干性好的特點(diǎn)4關(guān)于核反應(yīng)方程類型，下列說法正確的是（） ANaMg+e 是衰變 BU+nBa+Kr+3n 是裂變 CH+HHe+n 是裂變 DRnPo+He 是衰變5如圖所示，兩束單色光a、b分別照射到玻璃三棱鏡AC面上，穿過三棱鏡后垂直AB射出，a光和b光相比較，則（） Aa光的頻率高 Ba光的波長短 Ca光在三棱鏡中的速度小 D對同一雙縫干涉裝置，a光的干涉條紋比b光的干涉條紋寬6關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正確的是（）A發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，當(dāng)入射光頻率一定，光電子最大初動(dòng)能越大，這種金屬

3、的逸出功越大B發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，當(dāng)入射光頻率一定，光強(qiáng)越大，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多C只要光照射足夠長，任何金屬都會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)D極限頻率越大的金屬材料逸出功越小7關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說法中正確的是（） A衰變證明原子核里有電子 B某原子核經(jīng)過一次衰變，核內(nèi)中子數(shù)減少2個(gè) C放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將縮短 D射線的電離作用很強(qiáng)，可用來消除有害靜電8如圖是驗(yàn)證楞次定律的實(shí)驗(yàn)示意圖，豎直放置的線圈固定不動(dòng)，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構(gòu)成的閉合回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流各圖中分別標(biāo)出了磁鐵的極性、磁鐵相對線圈的運(yùn)動(dòng)方向以及線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向等情況，其中表示不正確的是（）

4、 A B C D 9如圖所示，一金屬小球用一根絕緣細(xì)線掛在固定點(diǎn)O處，將小球從勻強(qiáng)磁場區(qū)域外靜止釋放，磁感線的方向垂直紙面向里，空氣阻力不計(jì)則（） A小球在擺動(dòng)過程中機(jī)械能守恒 B小球的運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大 C小球的運(yùn)動(dòng)過程中，擺角會(huì)越來越小，直到擺角小到某一值后不再減小 D小球開始的擺動(dòng)后，最終將停止在豎直線OO10“彈彈子”是我國傳統(tǒng)的兒童游戲，如圖所示，靜置于水平地面的兩個(gè)完全相同的彈子沿一直線排列，質(zhì)量均為m，人在極短時(shí)間內(nèi)給第一個(gè)彈子水平?jīng)_量I使其水平向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)谝粋€(gè)彈子運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第二個(gè)彈子相碰，碰后第二個(gè)彈子運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)停止已知摩擦阻力大小恒為彈子所

5、受重力的k倍，重力加速度為g，若彈子之間碰撞時(shí)間極短，為彈性碰撞，忽略空氣阻力，則人給第一個(gè)彈子水平?jīng)_量I為（） Am Bm Cm Dm二、多項(xiàng)選擇題（每小題4分，共16分）11下列核反應(yīng)或核衰變方程中，符號“X”表示質(zhì)子的是（） ABe+HeC+X BN+HeO+X CRaRn+X DHg+nPt+n+2X12氫原子能級如圖所示，一群原處于n=4能級的氫原子躍遷到n=1能級的過程中（） A能釋放六種頻率不同的光子 B由n=2能級躍遷到n=1能級釋放的光子頻率最小 C釋放的光子的最大能量為12.75eV，最小能量為0.66eV D由n=4能級躍遷到n=1能級釋放的光子波長最長13如圖所示，一列

6、向+x方向傳播和簡諧橫波（圖示時(shí)刻為t=0），已知該波周期為4s，則（） A質(zhì)點(diǎn)A在第一秒內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向 B質(zhì)點(diǎn)A在第1秒內(nèi)回復(fù)力對它做負(fù)功 C質(zhì)點(diǎn)B在第1秒內(nèi)回復(fù)力在增大 D質(zhì)點(diǎn)A、B、C來說，在連續(xù)的4s內(nèi)，回復(fù)力做功一定為零14如圖甲所示，在水平向右的磁場中，豎直放置一個(gè)單匝金屬圓線圈，線圈所圍面積為0.1m2，線圈電阻為0.1，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定從左向右看順時(shí)針方向?yàn)榫€圈中感應(yīng)電流的正方向，則（） A第2s內(nèi)線圈有收縮的趨勢 B第3s內(nèi)線圈的發(fā)熱功率最大 C第4s感應(yīng)電流的方向?yàn)檎较?D05s內(nèi)感應(yīng)電流的最大值為0.1A三、實(shí)驗(yàn)題（本題共

7、2小題，共12分）15（6分）在做“單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：（1）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中測得的小球直徑為d，測定了擺線的長度為l，用秒表記錄小球完成n次全振動(dòng)的總時(shí)間為t，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊谋硎臼綖間= （用d、l、n、t表示）（2）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長L并測出相應(yīng)的周期T，從而得出幾組對應(yīng)的L與T2的數(shù)據(jù)，再以L為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，描繪出圖象為一直線，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g= （用k表示）（3）為了盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，下述操作中可行的是 A擺線偏離豎直方向的最大擺角小于5°B當(dāng)小球通過平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)C讓小球盡可能在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)D選擇密度

8、較小的小球E選擇小于30厘米的擺線16（6分）用如圖甲所示雙縫干涉裝置測量某單色光的波長在觀察到清晰的干涉條紋后，將測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)測量頭（為50分度的游標(biāo)卡尺）上的示數(shù)為8.36mm，然后轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，記下此時(shí)圖乙中測量頭上的示數(shù)為 mm已知該單色光條紋間距為x，雙縫間距d為2.0×104m，測得雙縫到屏的距離l為0.700m，由計(jì)算式= （用字母表示），求得該單色光波長為 m四、計(jì)算題（共4題，共42分）17（8分）如圖所示，甲圖為一列橫波在t=0時(shí)刻的波形圖象，乙圖為該橫波中x=6m的質(zhì)點(diǎn)P從

9、t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)的振動(dòng)圖象，求：（1）這列橫波的傳播速度大小和方向；（2）質(zhì)點(diǎn)P從t=0時(shí)刻開始0.8s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程18（10分）一束光垂直BC面射入如圖所示的透明三棱鏡中，棱鏡折射率n=，求：（1）在圖上畫出光第一次從三棱鏡中射出的光路圖；（2）光第一次從三棱鏡中射出時(shí)的折射角19（10分）如圖所示，質(zhì)量N=4kg的滑板B靜止放在光滑水平面上，其右端固定一根輕質(zhì)彈簧，滑板B上表面光滑，質(zhì)量m=2kg的小鐵塊A，以水平速度v0=6m/s由滑板B左端開始沿滑板表面向右運(yùn)動(dòng)，g取10m/s2求：（1）彈簧被壓縮到最短時(shí)，滑板B的速度；（2）滑板B的最大瞬時(shí)速度20（14分）如圖甲所示，有兩根

10、足夠長、不計(jì)電阻，相距L=1m的平行光滑金屬導(dǎo)軌cd、ef與水平面成=30°固定放置，頂端接一阻值為R=2的電阻，在軌道平面內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T的勻強(qiáng)磁場，方向垂直軌道平面向上，現(xiàn)有一質(zhì)量為m=0.1kg、電阻不計(jì)的金屬桿ab，平行于ce且垂直于導(dǎo)軌，以一定初速度v0沿軌道向上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)某一高度后，再沿軌道向下運(yùn)動(dòng)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程加速度大小與路程as關(guān)系如圖乙：已知a0=15m/s2，a1=5m/s2，s1=2.9m，s2=15.8m，g取10m/s2；求：（1）金屬桿的初速度大??；（2）金屬桿加速度為零以后電阻R的電功率；（3）金屬桿從開始運(yùn)動(dòng)到路程為s2全過程，電阻產(chǎn)生的焦

11、耳熱福建省廈門市20142015學(xué)年高二下期期末考試物 理 試 卷（答案與解析）一、單項(xiàng)選擇題（每小題3分，共30分）1下列物理學(xué)史描述正確的是（） A 瑪麗居里提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說 B 盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電子 C 查德威克在原子核人工轉(zhuǎn)變的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子 D 愛因斯坦質(zhì)能方程為核能的開發(fā)利用提供了理論依據(jù)考點(diǎn)： 物理學(xué)史所有分析： 本題是原子物理學(xué)史，記住盧瑟福、湯姆生、查德威克、愛因斯坦等科學(xué)家的物理學(xué)貢獻(xiàn)，即可答題解答： 解：A、原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說是盧瑟福提出的，故A錯(cuò)誤B、湯姆生通過研究陰極射線發(fā)現(xiàn)了電子，盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說故B錯(cuò)誤C、查德威克在

12、原子核人工轉(zhuǎn)變的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了中子，故C錯(cuò)誤D、愛因斯坦提出了質(zhì)能方程，為核能的開發(fā)利用提供了理論依據(jù)，故D正確故選：D點(diǎn)評： 對于物理學(xué)史，關(guān)鍵在于平時(shí)加強(qiáng)記憶，注重積累，要記牢著名科學(xué)家的物理學(xué)成就2關(guān)于核反應(yīng)與核能，下列說法正確的是（） A 目前建成的核電站能源來自于輕核聚變 B 核子組成原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對應(yīng)的能量大于該原子核的結(jié)合能 C 重核裂變和輕核聚變過程有質(zhì)量虧損，均能向外界釋放核能 D 核子平均質(zhì)量越大的原子核越穩(wěn)定考點(diǎn)： 原子核的結(jié)合能；裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)所有分析： 核電站采用重核裂變；重核裂變和輕核聚變都有質(zhì)量虧損，釋放能量比結(jié)合能越大的原子核，該原子核 越穩(wěn)定解答：

13、解：A、核電站能源來自重核裂變，故A錯(cuò)誤B、自由核子組成原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能，故B錯(cuò)誤C、重核裂變和輕核聚變都有質(zhì)量虧損，均向外界釋放核能，故C正確D、比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，故D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評： 本題考查了核電站原理、結(jié)合能和比結(jié)合能、質(zhì)量虧損等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)；注意概念的掌握與應(yīng)用3下列說法正確的是（） A 產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是波源頻率發(fā)生了變化 B 光的偏振現(xiàn)象說明光是一種縱波 C 全息照相利用了光的干涉原理 D 醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀”來進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光相干性好的特點(diǎn)考點(diǎn)： 光的干涉；多普勒效應(yīng)所有分析： 多普勒效應(yīng)的原因是接收頻率發(fā)生變化；光

14、的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波全息照相的拍攝利用了光的干涉原理醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀”來進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光的亮度高的特點(diǎn)解答： 解：A、當(dāng)聲源與觀察者的間距發(fā)生變化時(shí)，出現(xiàn)多普勒效應(yīng)的現(xiàn)象，原因是接收的頻率發(fā)生變化，而波源頻率不變故A錯(cuò)誤B、光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波而不是縱波故B錯(cuò)誤C、全息照相的拍攝利用了光的干涉原理故C正確D、醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀”來進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光的亮度高，能量強(qiáng)的特點(diǎn)故D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評： 本題是振動(dòng)和波部分，以選擇題形式考查了全反射、偏振、干涉等現(xiàn)象，注意激光的特點(diǎn)及用途4關(guān)于核反應(yīng)方程類型，下列說法正確的是（） A NaMg+e 是衰變 B U+nB

15、a+Kr+3n 是裂變 C H+HHe+n 是裂變 D RnPo+He 是衰變考點(diǎn)： 裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)所有專題： 衰變和半衰期專題分析： 解答本題需要掌握：根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒正確書寫核反應(yīng)方程；知道衰變，聚變，裂變的概念，并能區(qū)分解答： 解：A、NaMg+e 是衰變，故A錯(cuò)誤；B、U+nBa+Kr+3n 是裂變，故B正確；C、H+HHe+n 是聚變，故C錯(cuò)誤；D、RnPo+He 是衰變，故D錯(cuò)誤；故選：B點(diǎn)評： 對于原子物理中核反應(yīng)方程、裂變、聚變等基本知識(shí)要熟練掌握和應(yīng)用5如圖所示，兩束單色光a、b分別照射到玻璃三棱鏡AC面上，穿過三棱鏡后垂直AB射出，a光和b光相比較，則（） A a

16、光的頻率高 B a光的波長短 C a光在三棱鏡中的速度小 D 對同一雙縫干涉裝置，a光的干涉條紋比b光的干涉條紋寬考點(diǎn)： 光的干涉所有專題： 光的干涉專題分析： 由圖看出經(jīng)過玻璃三棱鏡后a光的偏折角小于b光的偏折角，根據(jù)折射定律得知，玻璃三棱鏡對b光的折射率大于對a光的折射率，再確定頻率和波長的大小由v=，分析光在三棱鏡中速度大小，并依據(jù)干涉條紋間距公式，即可確定解答： 解：A、B由圖看出經(jīng)過玻璃三棱鏡后a光的偏折角小于b光的偏折角，根據(jù)折射定律得知，玻璃三棱鏡對b光的折射率大于對a光的折射率，則a光的頻率低，b光的波長短故AB錯(cuò)誤C、由公式v=分析知道，b光穿過三棱鏡的速度小故C錯(cuò)誤D、根據(jù)

17、干涉條紋間距公式，可知，a光的波長大于b光，a光的干涉條紋比b光的干涉條紋寬故D正確故選：D點(diǎn)評： 本題的解題關(guān)鍵是確定出兩光束偏折角的大小來判斷折射率的大小，進(jìn)一步確定波長、頻率、光速的大小，并掌握干涉條紋間距公式的應(yīng)用6關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正確的是（） A 發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，當(dāng)入射光頻率一定，光電子最大初動(dòng)能越大，這種金屬的逸出功越大 B 發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，當(dāng)入射光頻率一定，光強(qiáng)越大，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多 C 只要光照射足夠長，任何金屬都會(huì)發(fā)生光電效應(yīng) D 極限頻率越大的金屬材料逸出功越小考點(diǎn)： 光電效應(yīng)所有專題： 光電效應(yīng)專題分析： 金屬材料的性質(zhì)決定金屬的逸出功，而逸出功決定入

18、射光的極限頻率；只有入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才能發(fā)生光電效應(yīng)；光電子的最大初動(dòng)能與金屬的逸出功和入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)；光電流的大小與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，與入射光的頻率無關(guān)解答： 解：A、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ekm=hW，可知，當(dāng)入射光頻率一定，光電子的最大初動(dòng)能跟金屬的逸出功有關(guān)，若光電子最大初動(dòng)能越大，這種金屬的逸出功越小故A錯(cuò)誤B、單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子的數(shù)目多少跟入射光的強(qiáng)度有關(guān)，強(qiáng)度越大，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子的數(shù)目越多而入射光的頻率越高，光電子的最大初動(dòng)能越大故單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子的數(shù)目與入射光的頻率無關(guān)故B正確C、電子在發(fā)生躍遷的時(shí)候一次只能吸收一個(gè)光子

19、，而所謂極限頻率是指處于最外層的電子發(fā)生電離所要吸收的光子的頻率，故只要入射光的頻率低于金屬的極限頻率，無論時(shí)間多長，無論光的強(qiáng)度多大，都不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)故C錯(cuò)誤D、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ekm=hW，可知h0=W，故金屬的極限頻率越大，金屬材料的逸出功越大故D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評： 本題考查光電效應(yīng)的規(guī)律和特點(diǎn)，我們一定要熟記光電效應(yīng)的現(xiàn)象和遵循的規(guī)律，只有這樣我們才能順利解決此類問題7關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說法中正確的是（） A 衰變證明原子核里有電子 B 某原子核經(jīng)過一次衰變，核內(nèi)中子數(shù)減少2個(gè) C 放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將縮短 D 射線的電離作用很強(qiáng)，可用來消除有害靜電考點(diǎn)： 原

20、子核衰變及半衰期、衰變速度；天然放射現(xiàn)象所有專題： 衰變和半衰期專題分析： 衰變中產(chǎn)生的電子是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化而來的；衰變過程中，一個(gè)原子核釋放一個(gè)粒子（由兩個(gè)中子和兩個(gè)質(zhì)子形成的氦原子核），并且轉(zhuǎn)變成一個(gè)質(zhì)量數(shù)減少4，核電荷數(shù)減少2的新原子核衰變過程中，一個(gè)原子核釋放一個(gè)粒子（電子）根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒求解原子核衰變后核內(nèi)中子數(shù)的變化；升高放射性物質(zhì)的溫度，不能縮短其半衰期射線的電離作用很弱，不能用來消除有害靜電解答： 解：A、衰變時(shí)，原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，釋放出來的電子就是粒子，可知衰變現(xiàn)象不是說明電子是原子核的組成部分故A錯(cuò)誤B、某放射性元素經(jīng)過1次衰變

21、質(zhì)量數(shù)減少4，核電荷數(shù)減少2個(gè)，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒得知，中子數(shù)減少：2個(gè)故B正確C、半衰期是由原子核內(nèi)部性質(zhì)決定的，與溫度無關(guān)，所以升高放射性物質(zhì)的溫度，不能縮短其半衰期故C錯(cuò)誤D、射線的電離作用很弱，不能用來消除有害靜電故D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評： 本題是原子物理問題，都是基本知識(shí)對于核反應(yīng)，要抓住質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒進(jìn)行配平若原子核衰變個(gè)過程中釋放出粒子和粒子，減少的質(zhì)量數(shù)等于減少的中子數(shù)和質(zhì)子數(shù)之和8如圖是驗(yàn)證楞次定律的實(shí)驗(yàn)示意圖，豎直放置的線圈固定不動(dòng)，將磁鐵從線圈上方插入或拔出，線圈和電流表構(gòu)成的閉合回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流各圖中分別標(biāo)出了磁鐵的極性、磁鐵相對線圈的運(yùn)動(dòng)方向以及線圈

22、中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向等情況，其中表示不正確的是（） A B C D 考點(diǎn)： 法拉第電磁感應(yīng)定律所有專題： 電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析： 當(dāng)磁鐵的運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)致線圈的磁通量變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)磁場去阻礙線圈的磁通量的變化解答： 解：A、當(dāng)磁鐵N極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場與原磁場方向相反再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)磁鐵S極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場與原磁場方向相同再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而上，故B正確；C、當(dāng)磁鐵S極向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場

23、與原磁場方向相反再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而下故C正確；D、當(dāng)磁鐵N極向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場與原磁場方向相同再根據(jù)安培定則，可判定感應(yīng)電流的方向：沿線圈盤旋而下，故D正確；本題選擇錯(cuò)誤的，故選：A點(diǎn)評： 可從運(yùn)動(dòng)角度去分析：來拒去留當(dāng)N極靠近時(shí)，則線圈上端相當(dāng)于N極去抗拒，從而確定感應(yīng)電流方向9如圖所示，一金屬小球用一根絕緣細(xì)線掛在固定點(diǎn)O處，將小球從勻強(qiáng)磁場區(qū)域外靜止釋放，磁感線的方向垂直紙面向里，空氣阻力不計(jì)則（） A 小球在擺動(dòng)過程中機(jī)械能守恒 B 小球的運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大 C 小球的運(yùn)動(dòng)過程中，擺角會(huì)越來越

24、小，直到擺角小到某一值后不再減小 D 小球開始的擺動(dòng)后，最終將停止在豎直線OO考點(diǎn)： 導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢所有分析： 楞次定律的內(nèi)容為：閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原磁通量的變化；判斷感應(yīng)電流的方向首先要確定原磁場的方向及磁通量的變化，然后根據(jù)楞次定律進(jìn)行判斷感應(yīng)電流的方向解答： 解：A、當(dāng)金屬環(huán)進(jìn)入或離開磁場區(qū)域時(shí)磁通量發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn)生電流環(huán)進(jìn)入和離開磁場區(qū)域，磁通量分別是增大和減小，故產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能；故機(jī)械能不再守恒；故A錯(cuò)誤；B、金屬環(huán)進(jìn)入磁場后，由于沒有磁通量的變化，因而圓環(huán)中沒有感應(yīng)電流，不受磁場力作用，只在重力作用下，離平衡位置越近，則速度越

25、大，故B錯(cuò)誤C、由于從左側(cè)擺到右側(cè)的過程中，線框中磁通量發(fā)生變化，因而產(chǎn)生感應(yīng)電流，由于電阻的存在，線框中將產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒知線框的機(jī)械能將不守恒，故在左側(cè)線框的高度將高于起始時(shí)右側(cè)的高度，所以擺角會(huì)越來越小，當(dāng)完全在磁場中來回?cái)[動(dòng)時(shí)，則沒有感應(yīng)電流，圓環(huán)最后的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)為在磁場區(qū)域來回?cái)[動(dòng)，故C正確D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評： 本題考查楞次定律的應(yīng)用和能量守恒相合；要會(huì)分析在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中能量的轉(zhuǎn)化方向10“彈彈子”是我國傳統(tǒng)的兒童游戲，如圖所示，靜置于水平地面的兩個(gè)完全相同的彈子沿一直線排列，質(zhì)量均為m，人在極短時(shí)間內(nèi)給第一個(gè)彈子水平?jīng)_量I使其水平向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)谝粋€(gè)彈子運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第二

26、個(gè)彈子相碰，碰后第二個(gè)彈子運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)停止已知摩擦阻力大小恒為彈子所受重力的k倍，重力加速度為g，若彈子之間碰撞時(shí)間極短，為彈性碰撞，忽略空氣阻力，則人給第一個(gè)彈子水平?jīng)_量I為（） A m B m C m D m考點(diǎn)： 動(dòng)量守恒定律；動(dòng)能定理的應(yīng)用所有專題： 動(dòng)量定理應(yīng)用專題分析： 分析小球的運(yùn)動(dòng)過程，根據(jù)動(dòng)量守恒分析碰撞后速度變化，再由動(dòng)能定理可求得第一個(gè)小球的初速度，則可求得動(dòng)量解答： 解：小球1獲得速度后由于受阻力做功，動(dòng)能減??；與2球相碰時(shí)，由動(dòng)量守恒定律可知，兩球交換速度，即球1靜止，球2以1的速度繼續(xù)行駛；則可知，1的初動(dòng)能克服兩球運(yùn)動(dòng)中摩擦力所做的功；則由動(dòng)能定理可知；kmg2

27、L=mv2；解得：v=2則沖量I=mv=m故選：B點(diǎn)評： 本題考查動(dòng)量守恒定律中，相同小球相碰時(shí)將交換速度這一規(guī)律；同時(shí)注意能將兩小球的過程化為一個(gè)過程進(jìn)行分析，由動(dòng)能定理求解即可二、多項(xiàng)選擇題（每小題4分，共16分）11下列核反應(yīng)或核衰變方程中，符號“X”表示質(zhì)子的是（） A Be+HeC+X B N+HeO+X C RaRn+X D Hg+nPt+n+2X考點(diǎn)： 裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)所有專題： 衰變和半衰期專題分析： 根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒即可判斷出X表示什么粒子，從而正確解答本題解答： 解：設(shè)A中X的質(zhì)量數(shù)為m，電荷數(shù)為n，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得：9+4=12+m，4+2=

28、6+n，解得m=1，n=0，故X表示中子，故A錯(cuò)誤；同理可得：B中X表示質(zhì)子，C中X表示粒子，D中X表示質(zhì)子，故BD正確，AC錯(cuò)誤故選：BD點(diǎn)評： 本題考查了核反應(yīng)方程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒的應(yīng)用，同時(shí)注意原子核的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)的表示方法12氫原子能級如圖所示，一群原處于n=4能級的氫原子躍遷到n=1能級的過程中（） A 能釋放六種頻率不同的光子 B 由n=2能級躍遷到n=1能級釋放的光子頻率最小 C 釋放的光子的最大能量為12.75eV，最小能量為0.66eV D 由n=4能級躍遷到n=1能級釋放的光子波長最長考點(diǎn)： 氫原子的能級公式和躍遷所有專題： 原子的能級結(jié)構(gòu)專題分析： 根據(jù)EmEn=

29、h求出吸收光子的能量；通過數(shù)學(xué)組合公式可以求出一群氫原子處于激發(fā)態(tài)可能發(fā)出光子頻率的種數(shù)，能極差越大，輻射光子頻率越大，波長越小解答： 解：A、一群原來處于n=4能級的氫原子躍遷到n=1能級的過程中，根據(jù)=6知，輻射的光子頻率為6種故A正確；B、根據(jù)EmEn=hv得能極差越大，輻射光子的頻率越大，由n=4能級躍遷到n=3級釋放的光子頻率最小，故B錯(cuò)誤；C、由n=4向n=1能級躍遷時(shí)輻射的光子能量最大，為13.60.85eV=12.75eV，由n=4向n=3能級躍遷輻射的光子能量最小，為0.85+1.51eV=0.66eV故C正確D、根據(jù)EmEn=hv得能極差越大，輻射光子的頻率越大，知從n=4

30、躍遷到n=1間能極差最大，輻射光子頻率最大，光子波長最小故D錯(cuò)誤；故選：AC點(diǎn)評： 解決本題的關(guān)鍵掌握能極差與光子頻率的關(guān)系注意一群氫原子處于激發(fā)態(tài)與一個(gè)氫原子處于激發(fā)態(tài)輻射光子頻率的種數(shù)不同13如圖所示，一列向+x方向傳播和簡諧橫波（圖示時(shí)刻為t=0），已知該波周期為4s，則（） A 質(zhì)點(diǎn)A在第一秒內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向 B 質(zhì)點(diǎn)A在第1秒內(nèi)回復(fù)力對它做負(fù)功 C 質(zhì)點(diǎn)B在第1秒內(nèi)回復(fù)力在增大 D 質(zhì)點(diǎn)A、B、C來說，在連續(xù)的4s內(nèi)，回復(fù)力做功一定為零考點(diǎn)： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系所有專題： 振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題分析： 據(jù)波形平移法確定波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)關(guān)系，利用各質(zhì)點(diǎn)做簡

31、諧運(yùn)動(dòng)分析各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，從而即可求解解答： 解：A、由于波沿+x方向傳播，據(jù)波形平移法知，質(zhì)點(diǎn)A將向下運(yùn)動(dòng)，即沿著y軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤B、由于質(zhì)點(diǎn)A向下運(yùn)動(dòng)，在第1秒內(nèi)回復(fù)力與運(yùn)動(dòng)方向相反，則對它做負(fù)功，故B正確C、由于波沿+x方向傳播，據(jù)波形平移法知，質(zhì)點(diǎn)B將從最大位移處向下運(yùn)動(dòng)，所以回復(fù)力減小，故C錯(cuò)誤D、由于該波的周期為4s，三個(gè)質(zhì)點(diǎn)在任何4s=T內(nèi)，回復(fù)力做功的代數(shù)和為零，故D正確故選：BD點(diǎn)評： 解題關(guān)鍵明確波的傳播方向與各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況是解題的關(guān)鍵，質(zhì)點(diǎn)在平衡位置附近做簡諧運(yùn)動(dòng)的解題的核心14如圖甲所示，在水平向右的磁場中，豎直放置一個(gè)單匝金屬圓線圈，線圈所圍面積為0.1m2，

32、線圈電阻為0.1，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定從左向右看順時(shí)針方向?yàn)榫€圈中感應(yīng)電流的正方向，則（） A 第2s內(nèi)線圈有收縮的趨勢 B 第3s內(nèi)線圈的發(fā)熱功率最大 C 第4s感應(yīng)電流的方向?yàn)檎较?D 05s內(nèi)感應(yīng)電流的最大值為0.1A考點(diǎn)： 楞次定律；焦耳定律所有專題： 電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析： 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=n求出各段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢，就可以解得電流的大小，根據(jù)楞次定律判斷出各段時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢的方向解答： 解：A、第二秒內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大；故磁通量增大；則根據(jù)楞次定律可知，線圈有收縮的趨勢；故A正確；B、第3s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變；感應(yīng)電流為零；線圈

33、不發(fā)熱；故B錯(cuò)誤；C、第4s內(nèi)磁場減??；則由楞次定律可知，電流的方向?yàn)檎较?；故C正確；D、由圖可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率最大為0.1；則感應(yīng)電流為：I=0.1A；故D正確；故選：ACD點(diǎn)評： 解決本題的關(guān)鍵是掌握法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=n，會(huì)根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；要注意靈活應(yīng)用楞次定律解題：當(dāng)磁通量減小時(shí)，為阻礙磁通量的減少，線圈有擴(kuò)張的趨勢，為阻礙磁通量的增加，線圈有收縮的趨勢三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共12分）15（6分）在做“單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：（1）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中測得的小球直徑為d，測定了擺線的長度為l，用秒表記錄小球完成n次全振動(dòng)的總時(shí)間為t，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊?/p>

34、表示式為g=（用d、l、n、t表示）（2）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長L并測出相應(yīng)的周期T，從而得出幾組對應(yīng)的L與T2的數(shù)據(jù)，再以L為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，描繪出圖象為一直線，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=（用k表示）（3）為了盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，下述操作中可行的是ABA擺線偏離豎直方向的最大擺角小于5°B當(dāng)小球通過平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)C讓小球盡可能在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)D選擇密度較小的小球E選擇小于30厘米的擺線考點(diǎn)： 用單擺測定重力加速度所有專題： 實(shí)驗(yàn)題分析： （1）根據(jù)題意求出單擺的擺長與周期，然后應(yīng)用單擺周期公式求出重力加速度（2）應(yīng)用單擺周期公式求出圖示的

35、函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖象求出重力加速度（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題解答： 解：（1）單擺擺長：L=l+，單擺的周期：T=，由單擺周期公式：T=2可知，重力加速度：g=；（2）由單擺周期公式：T=2可知，T2=L，T2L圖象的斜率：k=，重力加速度：g=；（3）A、單擺在小擺角下的振動(dòng)為簡諧振動(dòng)，實(shí)驗(yàn)時(shí)擺線偏離豎直方向的最大擺角小于5°，故A正確；B、為減小實(shí)驗(yàn)誤差，測單擺周期時(shí)應(yīng)在小球通過平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)，故B正確；C、實(shí)驗(yàn)時(shí)小球必須在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、為減小空氣阻力對實(shí)驗(yàn)的應(yīng)用，應(yīng)選擇密度較大的小球作為擺球，故D錯(cuò)誤；E、為減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺線長度約為100cm，故

36、E錯(cuò)誤；故選AB；故答案為：（1）；（2）；（3）AB點(diǎn)評： 本題考查了求重力加速度、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，掌握并靈活應(yīng)用單擺周期公式即可解題，本題是一道基礎(chǔ)題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)16（6分）用如圖甲所示雙縫干涉裝置測量某單色光的波長在觀察到清晰的干涉條紋后，將測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)測量頭（為50分度的游標(biāo)卡尺）上的示數(shù)為8.36mm，然后轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，記下此時(shí)圖乙中測量頭上的示數(shù)為19.26mm已知該單色光條紋間距為x，雙縫間距d為2.0×104m，測得雙縫到屏的距離l為0.700m，由計(jì)算式=x（用字母

37、表示），求得該單色光波長為6.2×107m考點(diǎn)： 雙縫干涉的條紋間距與波長的關(guān)系所有專題： 光的干涉專題分析： 游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式x=，去求單色光的波長解答： 解：圖乙中的游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為19mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.02×13=0.26mm，所以最終讀數(shù)為19.26mm干涉條紋的間距x=mm=2.18mm根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式x=，得，=x，代入數(shù)據(jù)得，=6.2×107m故答案為：19.26，x，6.2×107點(diǎn)評： 解決本題的關(guān)鍵熟悉該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)裝置，以及掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法和雙縫干涉條

38、紋的間距公式x=，注意螺旋測微器與游標(biāo)卡尺的區(qū)別四、計(jì)算題（共4題，共42分）17（8分）如圖所示，甲圖為一列橫波在t=0時(shí)刻的波形圖象，乙圖為該橫波中x=6m的質(zhì)點(diǎn)P從t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)的振動(dòng)圖象，求：（1）這列橫波的傳播速度大小和方向；（2）質(zhì)點(diǎn)P從t=0時(shí)刻開始0.8s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程考點(diǎn)： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系所有專題： 振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題分析： （1）根據(jù)t=0時(shí)刻x=6m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向得到波的傳播方向，由左圖得到波長，右圖得到周期，根據(jù)v= 求解波速（2）根據(jù)圖象求得周期，結(jié)合0.8s，從而確定質(zhì)點(diǎn)P的完成的多少個(gè)周期，進(jìn)而確定運(yùn)動(dòng)的路程解答： 解：（1）t=0

39、時(shí)刻x=6m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向是向上，由波形平移法知，波沿x軸負(fù)方向傳播；由左圖得到波長為=8m，右圖得到周期為T=0.08s，故波速v=10m/s；（2）開始0.8s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P完成一次全振動(dòng)，因此質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為：s=4A=4×5cm=20cm答：（1）這列橫波的傳播速度大小10m/s和方向沿x軸負(fù)方向傳播；（2）質(zhì)點(diǎn)P從t=0時(shí)刻開始0.8s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程20cm點(diǎn)評： 本題關(guān)鍵明確波形平移方向與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向的關(guān)系，能夠結(jié)合公式v= 求解波速，并掌握質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)路程與波傳播距離區(qū)別18（10分）一束光垂直BC面射入如圖所示的透明三棱鏡中，棱鏡折射率n=，求：（1）在圖上畫出光第

40、一次從三棱鏡中射出的光路圖；（2）光第一次從三棱鏡中射出時(shí)的折射角考點(diǎn)： 光的折射定律所有專題： 光的折射專題分析： （1）應(yīng)用臨界角公式求出臨界角，然后作出光路圖（2）應(yīng)用折射定律求出折射角解答： 解：（1）由臨界角公式得：sinC=，C=45°，由幾何知識(shí)可知：i=60°C，光在AB上發(fā)生全反射，=30°，光在AC面上發(fā)生折射，光路圖如圖所示：（2）由折射定律得：n=，sin=，則：=45°；答：（1）光第一次從三棱鏡中射出的光路圖如圖所示；（2）光第一次從三棱鏡中射出時(shí)的折射角為45°點(diǎn)評： 本題考查了作光路圖、求折射角，應(yīng)用臨界角公式，分析清楚光的傳播過程，應(yīng)用反射定律與折射定律可以解題19（10分）如圖所示，質(zhì)量N=4kg的滑板B靜止放在光滑水平面上，其右端固定一根輕質(zhì)彈簧，滑板B上表面光滑，質(zhì)量m=2kg的小鐵塊A，以水