《高中試卷》2019年陜西省西安市高考物理一模試卷

1、2019年陜西省西安市高考物理一模試卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1（6分）90232th具有放射性，經(jīng)以下連續(xù)衰變過程，最后生成穩(wěn)定的82208pb：90232th88228ra89228ac90228th82208pb，下列說法正確的是（）a90232th和90228th屬于放射性同位素，其原子核中子數(shù)相同，質(zhì)子數(shù)不同b88228ra發(fā)生衰變后變?yōu)?9228ac，說明88228ra原子核內(nèi)有粒子c88228ra的半衰期約為6.7年，將該元素

2、摻雜到其他穩(wěn)定元素中，半衰期將增大d整個衰變過程共發(fā)生6次衰變和4次衰變2（6分）入冬以來，全國多地多次發(fā)生霧霾天氣，能見度不足20m。在這樣的惡劣天氣中，甲、乙兩汽車在一條平直的公路上行駛，當兩車同時行駛到同一位置時，兩車司機聽到前方有事故發(fā)生的警笛提示，同時開始剎車，直到減速為0，兩輛車剎車時的vt圖象如圖，則（）a甲車減速的加速度為0.5m/s2b甲車減速的加速度比乙車減速的加速度大0.75m/s2c減速過程中甲乙兩車間的最大距離為100md減速過程中甲乙兩車間的最大距離為87.5m3（6分）真空中有一半徑為r0的帶電金屬球，以球心o為坐標原點沿某一半徑方向為正方向建立x軸，x軸上各點的

3、電勢隨x的分布如圖所示，其中x1、x2、x3分別是x軸上a、b、c三點的位置坐標。根據(jù)x圖象，下列說法正確的是（）a該金屬球帶負電ba點的電場強度大于c點的電場強度cb點的電場強度大小為2-3x3-x2d電量為q的負電荷在b點的電勢能比在c點的電勢能低|q（23）|4（6分）如圖所示兩個有界勻強磁場，磁感應強度大小均為b，方向分別垂直紙面向里和向外，磁場寬度均為l，距左側(cè)邊界l處，有一邊長為l的正方形導體線框，總電阻r，且線框平面與紙面平行，現(xiàn)用外力f使線框以速度v勻速向右穿過磁場，以初始位置為計時起點，運動過程中線框始終與紙面平行，規(guī)定電流沿逆時針時電動勢e為正，磁感線向里時磁通量為正，外力

4、f向右為正。則以下關(guān)于線框中磁通量、電動勢e、外力f及電功率p隨時間變化圖象正確是（）abcd5（6分）我國首顆量子科學實驗衛(wèi)星“墨子”已于酒泉成功發(fā)射，將在世界上首次實現(xiàn)衛(wèi)星和地面之間的量子通信?！澳印睂⒂苫鸺l(fā)射至高度為500千米的預定圓形軌道此前在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了第二十三顆北斗導航衛(wèi)星g7，g7屬地球靜止軌道衛(wèi)星（高度約為36000千米），它將使北斗系統(tǒng)的可靠性進一步提高。關(guān)于衛(wèi)星以下說法中正確的是（）a“墨子”號衛(wèi)星的運行速度大于7.9km/sb“墨子”號衛(wèi)星的線速度比北斗g7的線速度小c“墨子”號衛(wèi)星的周期小于24hd量子科學實驗衛(wèi)星“墨子”的向心加速度比北斗g7小6（6

5、分）如圖所示，傾角為的斜面體c置于水平面上，b置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與a相連接，連接b的一段細繩與斜面平行，a、b、c都處于靜止狀態(tài)，則（）ab受到c的摩擦力可能為零bc受到水平面的摩擦力一定為零c不論b、c間摩擦力大小、方向如何，水平面對c的摩擦力方向一定向左d水平面對c的支持力與b、c的總重力大小相等7（6分）四個相同的燈泡分別接在如圖所示的位置，理想變壓器原線圈串聯(lián)燈泡l1，副線圈回路并聯(lián)三個燈泡l2、l3、l4，ab兩端接交流電源電壓按如圖乙所示規(guī)律變化，現(xiàn)閉合開關(guān)s，四個燈泡均正常發(fā)光，下列說法正確的是（）a電壓表示數(shù)為220vb燈泡的額定電壓為55vc變壓器原副線圈的

6、匝數(shù)比為3：1d若斷開開關(guān)s電壓表示數(shù)減小8（6分）如圖所示，在小車內(nèi)固定一光滑的斜面體，傾角為，一輕繩的一端連在位于斜面體上方的固定木板b上，另一端拴一個質(zhì)量為m的物塊a，繩與斜面平行。整個系統(tǒng)由靜止開始向右勻加速運動，物塊a恰好不脫離斜面，則向右加速運動時間t的過程中（）a重力的沖量為零b重力做功為零c拉力沖量大小為 mgtcotd拉力做功為12mg2t2cot2三、非選擇題：第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題：9（6分）某同學利用圖示裝置，通過研究滑塊上升高度和壓縮量的關(guān)系，探究彈簧的彈性勢能與形變量的關(guān)系，將彈簧和一帶有指針的

7、滑塊套在豎直的光滑桿上，滑塊和彈簧不拴接，在桿的一側(cè)豎直固定刻度尺，如圖甲所示，彈簧自由伸長時上端在b點，將彈簧上端壓縮到的位置為a，從靜止釋放滑塊，滑塊上升到最高點的位置為c，分別記下這幾個點位置并從刻度尺上讀出對應示數(shù)xb、xa、xc，不斷改變彈簧壓縮到的位置，重復上述實驗過程，記錄a、c的位置；測出滑塊質(zhì)量為m，當?shù)刂亓铀俣葹間。（1）滑塊上升的高度h ，彈簧的壓縮量大小x （用測得的xa、xb、xc表示）。（2）該同學做出h隨壓縮量x的幾種圖象如圖丙所示，由這些圖象可以得出彈性勢能與形變量的關(guān)系是 ；（3）若將另一個相同的彈簧與甲圖中彈簧套在一起（如圖乙所示）再做實驗，發(fā)現(xiàn)hx2圖象

8、的斜率 （填“變大”、“變小”、“不變”）。10（9分）某同學通過實驗研究小燈泡的電流與電壓的關(guān)系，可用的器材如下：電源（電動勢為3v，內(nèi)阻為1）、電鍵滑動變阻器（最大阻值為10）、電壓表、電流表小燈泡、導線若千。（電壓表和電流表均視為理想電表）（1）實驗中得到了小燈泡的ui圖象如圖甲所示，則可知小燈泡的電阻隨電壓增大而 。（選填“增大”“減小”或“不變”）（2）根據(jù)圖甲，在圖乙中把缺少的導線補全，連接成實驗的電路 。（3）若某次連接時，把ab間的導線誤接在ac之間，合上電鍵，任意移動滑片發(fā)現(xiàn)都不能使小燈泡完全熄滅，則此時的電路中，當滑動觸頭在 位置時（左端、右端、中點）小燈泡獲得的功率最小，

9、最小功率是 w（計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）11（12分）如圖所示，水平軌道與半徑為0.5m的半圓形光滑豎直軌道相連，固定在地面上。可視為質(zhì)點的滑塊a和小球b緊靠在一起靜止于半圓圓心o的正下方n點，滑塊a和小球b中間放有少許火藥，某時刻點燃火藥，滑塊a和小球b瞬間分離，小球b恰好能通過半圓軌道的最高點p，落地點與滑塊a最終停下的位置相同，已知a和b質(zhì)量分別為2m、m，取重力加速度g10m/s2，求：（1）小球b的最大速度大小；（2）滑塊a與軌道間的動摩擦因數(shù)。12（20分）如圖所示，坐標原點o左側(cè)2m處有一粒子源，粒子源中，有帶正電的粒子（比荷為qm=1.0×1010c/kg）由靜止進

10、人電壓u800v的加速電場，經(jīng)加速后沿x軸正方向運動，o點右側(cè)有以o1點為圓心、r0.20m為半徑的圓形區(qū)域，內(nèi)部存在方向垂直紙面向里，磁感應強度大小為b1.0×103t的勻強磁場（圖中未畫出）圓的左端跟y軸相切于直角坐標系原點o，右端與一個足夠大的熒光屏mn相切于x軸上的a點，粒子重力不計。（1）求粒子打到熒光屏上的位置到a點的距離；（2）若撤去磁場在熒光屏左側(cè)某區(qū)域加豎直向上勻強電場，電場左右寬度為2r，場強大小e1.0×103v/m，粒子仍打在熒光屏的同一位置，求電場右邊界到屏幕mn的距離。（二）選考題：共45分請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題

11、作答如果多做，則每科按所做的第一題計分.物理-選修3-3（15分）13（5分）下列說法中正確的是（）a外界對物體做功，物體內(nèi)能一定增大b溫度越高，布朗運動就越顯著c當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大d在各種晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性e隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，并最終達到絕對零度14（10分）如圖所示，某同學設計了一個壓力送水裝置由abc三部分組成，a為打氣筒，b為壓力儲水容器，c為細管，通過細管把水送到5m高處，細管的容積忽略不計。k1和k2是單向密閉閥門，k3是放水閥門，打氣筒活塞和簡壁間不漏氣，其容積

12、為v00.5l，儲水器總?cè)莘e為10l，開始儲水器內(nèi)有v14l氣體，氣體壓強為p0已知大氣壓強為p01.0×105pa，水的密度為1.0×103kg/m3，求：打氣筒第一次打氣后儲水器內(nèi)的壓強；通過打氣筒給儲水器打氣，打氣結(jié)束后打開閥門k3，水全部流到5m高處，求打氣筒至少打氣多少次。物理一選修3-4（15分）15圖甲為某沿x軸方向傳播的簡諧橫波在t0時刻的波形圖，a、b、c、d是橫波上的四個質(zhì)點；圖乙是質(zhì)點d的振動圖象，則下列說法正確的是（）at0時質(zhì)點a的速度大小比質(zhì)點c的小b波沿x軸負方向傳播c波速為2.5cm/sd從t0時刻開始質(zhì)點b比質(zhì)點c先回到平衡位置e03s時間

13、內(nèi)質(zhì)點a、b的振動路程均為30cm16如圖所示為某種透明材料制成的一塊柱形棱鏡的橫截面圖，圓弧cd是半徑為r的四分之一圓周，圓心為o光線從ab面上的m點入射，入射角i45°，光進入棱鏡后恰好在bc面上的o點發(fā)生全反射，然后由cd面射出，已知ob段的長度l=r2，真空中的光速為c，求：透明材料的折射率n；光從m點射入到從cd面射出所用的時間t。2019年陜西省西安市高考物理一模試卷參考答案與試題解析二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1【分析】

14、根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒得出x原子核的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而得出中子數(shù)；半衰期具有統(tǒng)計規(guī)律，對大量的原子核適用?！窘獯稹拷猓篴、90232th和90228th具有相同的質(zhì)子數(shù)屬于放射性同位素，其原子核質(zhì)子數(shù)相同，中子數(shù)不同，故a錯誤；b、88228ra發(fā)生衰變后變?yōu)?9228ac，是88228ra原子核內(nèi)一個中子轉(zhuǎn)化為一個質(zhì)子數(shù)放出電子，并非原子核內(nèi)有電子，故b錯誤；c、元素的半衰期不隨物理和化學狀態(tài)的改變而改變，故c錯誤；d、衰變質(zhì)量數(shù)不變，故2322084x，則x6，發(fā)生6次衰變，根據(jù)電荷數(shù)守恒可知：90822xy，得到：y4，故發(fā)生4次衰變，故d正確；故選：d?！军c評】解決本題的關(guān)鍵知道

15、核反應過程中電荷數(shù)、質(zhì)量數(shù)守恒，以及知道中子數(shù)等于質(zhì)量數(shù)減去電荷數(shù)，并理解影響半衰期的因素。2【分析】根據(jù)速度時間圖線斜率求出甲乙的加速度，抓住速度相等時，甲乙兩車間的距離最大，圖象面積之差表示位移之差?！窘獯稹拷猓篴b、vt圖象的斜率表示加速度，故甲車減速的加速度為：a甲=vt=-2525m/s2=-1m/s2乙車減速的加速度的為：a乙=vt=-1530m/s2=-0.5m/s2，故ab錯誤；cd、當甲乙兩車速度相等時，即t20s時甲乙兩車間的距離最大，圖象面積之差表示位移之差，即x=12(25-15)×20m=100m，故c正確，d錯誤。故選：c?！军c評】本題考查了運動學中的追及

16、問題，關(guān)鍵抓住臨界狀態(tài)，結(jié)合運動學公式和速度時間圖線綜合求解，難度中等。3【分析】根據(jù)直線上各點的電勢分布圖判斷a點和b點電勢。明確沿電場線方向電勢逐點降低，從而確定金屬球帶電情況；根據(jù)圖象的性質(zhì)確定電場強度大??；根據(jù)電場力方向和運動方向判斷做功情況，明確電勢能的變化情況?！窘獯稹拷猓篴、由圖可知在0到r0電勢不變，之后電勢變小，帶電金屬球為一等勢體，再依據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，則金屬球帶正電，故a錯誤；b、圖象斜率表示場強大小，a點的電場強度為零，c點電場強度大于0，故b錯誤；c、從b到c若為勻強電場，電場強度為e=ud=2-3x3-x2，因是非勻強電場b點的電場強度大于該值，故c錯誤；

17、d、負電荷沿直線從b移到c的過程中，電場力做負值，電勢能增加，大小為|q（23）|，故d正確。故選：d?！军c評】解決該題要掌握根據(jù)電勢高低判斷電場方向的方法，根據(jù)電場力和速度方向判斷做功情況。4【分析】由線圈的運動可得出線圈中磁通量的變化；由則由法拉第電磁感應定律及eblv可得出電動勢的變化；由歐姆定律可求得電路中的電流，則可求得安培力的變化；由pi2r可求得電功率的變化?！窘獯稹拷猓篴、當線框運動l時開始進入磁場，磁通量開始增加，當全部進入時達最大，此后向外的磁通量增加，總磁通量減小，當運動到2.5l時，磁通量最小，故a錯誤；b、當線框進入第一個磁場時，由eblv可知，e保持不變，而開始進入

18、第二個磁場時，兩端同時切割磁感線，電動勢應為2blv，故b錯誤；c、因安培力總是與運動方向相反，故拉力應一直向右，故c錯誤；d、電功率pi2r，因速度不變，而在線框在第一個磁場時，電流為定值，拉力也為定值，兩邊分別在兩個磁場中時，由b的分析可知，電流加倍，故功率變?yōu)樵瓉淼?倍，此后從第二個磁場中離開時，電流應等于線框在第一個磁場中的電流，故d正確；故選：d?！军c評】電磁感應與圖象的結(jié)合問題，近幾年高考中出現(xiàn)的較為頻繁，在解題時涉及的內(nèi)容較多，同時過程也較為復雜；故在解題時要靈活，可以選擇合適的解法，如排除法等進行解答。5【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力：gmmr2=mv2r=m2rm（2t）2r

19、ma比較向心加速度、線速度和周期?！窘獯稹拷猓篴b、根據(jù)gmmr2=mv2r，可知v=gmr，軌道半徑運動，線速度越小，第一宇宙的軌道半徑為地球的半徑，所以第一宇宙速度是繞地球做勻速圓周運動的最大環(huán)繞速度，所以靜止軌道衛(wèi)星和墨子號衛(wèi)星的線速度均小于地球的第一宇宙速度，故ab錯誤；c、地球靜止軌道衛(wèi)星即同步衛(wèi)星的周期為24h，墨子號衛(wèi)星軌道半徑小，角速度大，周期小于24h，故c正確；d根據(jù)gmmr2=ma，可知衛(wèi)星的向心加速度a=gmr2，故可知半徑越小向心加速度越大，故d錯誤故選：c?！军c評】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力，會根據(jù)軌道半徑的關(guān)系比較向心加速度、線速度和周期。6【分析】充分

20、利用整體法和隔離體法對物體進行受力分析，結(jié)合摩擦力產(chǎn)生的條件，可判斷各接觸面是否存在摩擦力；把bc看做一個整體進行受力分析，可判定地面的支持力和二者重力的關(guān)系?！窘獯稹拷猓篴、對物體b，當b受到繩子的拉力與b的重力在斜面上的分力大小相等，即mbgsinmag時，b在斜面上沒有運動趨勢，此時bc間沒有摩擦力；故a正確；b、c、把bc當做一個整體進行受力分析，可知繩子的拉力在水平方向上的分量不為零，整體有向右的運動趨勢，所以c受到地面的摩擦力不會為零，方向一定向左，故b錯誤，c正確；d、把bc當做一個整體進行受力分析，在豎直方向上有：n+magsin（mb+mc）g，繩子的拉力在豎直方向上的分量m

21、agsin不為零，所以水平面對c的支持力小于b、c的總重力；故d錯誤；故選：ac?！军c評】該題考查到了摩擦力的判斷，常用的方法有：假設法：利用假設法判斷摩擦力的有無及方向；反推法：從研究物體表現(xiàn)出的運動狀態(tài)這個結(jié)果反推出它必須具有的條件，分析組成條件的相關(guān)因素中摩擦力所起的作用，就容易判斷摩擦力的有無及方向了；利用牛頓第三定律來判斷：此法的關(guān)鍵是抓住“力是成對出現(xiàn)的”，先確定受力較少的物體受到的靜摩擦力的方向，再根據(jù)“反向”確定另一物體受到的靜摩擦力的方向。7【分析】由圖乙可知ab兩端電壓有效值為220v，根據(jù)原、副線圈電流之比求解變壓器原、副線圈的匝數(shù)比；根據(jù)電壓關(guān)系求解電壓；根據(jù)電壓表測原

22、線圈兩端電壓分析示數(shù)的變化?！窘獯稹拷猓篴bc、由圖乙可知ab兩端電壓有效值為220v，因四個燈泡均正常工作，可知原、副線圈電流之比為i1i2=13，根據(jù)i1i2=n2n1可知變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為3：1；燈泡的額定電壓為u，則電壓表示數(shù)為u13u220u，故u55v，則u1165v，故a錯誤，bc正確；d、若斷開開關(guān)s則原線圈回路電流為零，燈泡兩端電壓為零，電壓表示數(shù)增大為220v，故d錯誤。故選：bc?！军c評】本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。原線

23、圈的電壓決定副線圈的電壓；理想變壓器在改變電壓和電流的同時，不改變功率和頻率。8【分析】對物塊a受力分析，根據(jù)力的合成求得拉力，由沖量的公式可求得重力和拉力的沖量；由于重力的方向與位移方向垂直，故重力做功為零；由牛頓第二定律求得加速度，由速度公式求得末速度，根據(jù)動能定理求解拉力做功。【解答】解：ac、對物塊a進行受力分析可知，物塊a受拉力和重力，根據(jù)力的合成得：tsinmg，則有：t=mgsin，故重力的沖量為igmgt，拉力的沖量為：it=mgtsin，故ac錯誤；d、牛頓第二定律可知：mgtan=ma，則有：a=gtan，末速度為：vat=gttan根據(jù)動能定理可知，拉力做功等于動能的變化

24、，即為：wt=12mv2-0=mg2t22tan2=12mg2t2cot2，故d正確；b、由于重力的方向與位移方向垂直，故重力做功為零，故b正確；故選：bd?！军c評】本題考查了沖量、功的定義、動能定理等知識的綜合應用，解題的關(guān)鍵是正確這些概念和規(guī)律的含義會靈活運用。三、非選擇題：第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題：9【分析】（1）據(jù)圖由差值關(guān)系可求得相就應的要求距離。（2）由圖可知為彈性勢能與形變量的平方成正比。（3）兩彈簧套在一起后相同的形變量釋放的彈性勢能變大，滑塊上升的高度變大，可知圖象斜率的變化?！窘獯稹拷猓海?）滑塊上升的高

25、度為hxcxa，彈簧的壓縮量大小為xxbxa；（2）滑塊彈開的過程系統(tǒng)機械能守恒，則epmgh，故上升高度h與彈性勢能成正比，由hx2圖象可知，h與x2成正比，故彈性勢能與形變量的平方成正比；（3）兩彈簧套在一起后相同的形變量釋放的彈性勢能變大，滑塊上升的高度變大，故圖象的斜率變大。故答案為：（1）xcxa （2）xbxa （3）彈性勢能與形變量的平方成正比 （4）變大【點評】對于實驗題要明確實驗原理，由涉及的物理規(guī)律結(jié)合數(shù)學知識進行分析，對于關(guān)系式圖象為直線的要分析斜率與截距意義。10【分析】（1）在小燈泡的ui圖象中，圖象上的與原點連線的斜率表示小燈泡電阻的大小，所以小燈泡電阻隨電流的最大

26、而增大；（2）分析滑動變阻器和電流表的接法，然后連接實物圖；（3）當通過燈泡的電流最小時，燈泡實際功率最小，分析圖示電路結(jié)構(gòu)，確定滑片在什么位置時燈泡實際功率最小，在同一坐標系內(nèi)作出電源ui圖象，然后根據(jù)圖象應用電功率公式求出燈泡實際功率?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)歐姆定律r=ui可知，小燈泡的電阻隨電壓增大而增大；（2）由圖甲可知，電壓從零開始調(diào)節(jié)的，因此滑動變阻器采用的是分壓式接法，由于燈泡電阻較小，因此電流表需要外接，由此可知正確連接實物圖如圖所示：（3）由電路圖可知，把ab間的導線誤接在ac之間時，滑動變阻器左右兩部分電阻絲并聯(lián)然后與燈泡串聯(lián)，當滑動變阻器并聯(lián)電阻最大，即滑片位于中點時，電

27、路總電阻最大，通過燈泡的電流最小，燈泡功率最小，此時滑動變阻器并聯(lián)阻值為2.5，此時等效電源內(nèi)阻為3.5，在同一坐標系內(nèi)作出電源的ui圖象如圖所示：由圖象可知，燈泡兩端電壓為：u1.50v，電流為：i0.43a則燈泡實際功率為：pui1.50×0.43w0.65w。故答案為：（1）增大；（2）；（3）中點、0.65。【點評】當已知小燈泡的伏安特性曲線，要求其功率時，要再畫出表示電源的ui圖象，則兩圖線的交點坐標即為小燈泡的實際電流與電壓，然后根據(jù)pui求解。11【分析】（1）小球b在最低點時速度最大。小球b恰好通過p點時，由重力提供向心力，由牛頓第二定律可以求出小球b通過p點時的速度

28、。對小球b從最低點到最高點的過程，應用動能定理求解。（2）小球b離開p點后做平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律求得小球b平拋的水平位移，從而求得滑塊a滑行的距離。a、b分離過程系統(tǒng)動量守恒，應用動量守恒定律可以求出剛分離時滑塊a的速度，再對a滑行過程，應用動能定理或牛頓第二定律與運動學公式可以求出滑塊a與軌道間的動摩擦因數(shù)?！窘獯稹拷猓海?）物體b在p點時重力提供向心力，有：mg=mvp2r物塊b在最低點時速度最大，由動能定理有：-mg2r=12mvp2-12mvb2解得：vb5m/s；（2）a與b分離瞬間在水平方向上動量守恒，取水平向右為正方向，由動量守恒定律得 mvb2mva0對滑塊a向左運動有

29、：2mg2ma滑塊a向左運動的距離為：la=va22a小球b做平拋運動，豎直方向有：2r=12gt2水平方向有：lbvpt由于lbla，解得：=516=0.31。答：（1）小球b的最大速度大小是5m/s。（2）滑塊a與軌道間的動摩擦因數(shù)是0.31。【點評】本題分析清物體運動過程是解題的前提，要知道圓周運動的向心力來源于指向圓心的合力，根據(jù)牛頓第二定律求出滑塊b在p點的速度是解題的關(guān)鍵，應用動量守恒定律要注意選擇正方向。12【分析】（1）根據(jù)動能定理求出粒子經(jīng)電場加速獲得的速度，粒子進入磁場做勻速圓周運動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出軌道半徑，由幾何關(guān)系即可求解；（2）撤去磁場，粒子進入電場做類平

30、拋運動，將類平拋運動分解為水平方向的勻速運動和豎直方向的勻加速直線運動，根據(jù)運動學公式和幾何關(guān)系求解。【解答】解：（1）粒子射入o點時的速度v，由動能定理得到：qu=12mv2 解得：v=2qum=2×1×1010×800m/s4×106m/s進入磁場后做勻速圓周運動，軌跡如圖，根據(jù)洛倫茲力提供向心力得：qvb=mv2r 得：r=mvqb=4×1061×1010×1.0×10-3m0.4m設圓周運動的速度偏向角為，則聯(lián)立以上方程可以得到：tan2=rr=12，故tan=43由幾何關(guān)系可知縱坐標為y，則有：tan=y

31、r 解得：y=415m=0.267m；（2）粒子在電場中做類平拋運動，軌跡如圖根據(jù)牛頓第二定律有：eqma，水平方向上有：2rvt，豎直方向位移為：y1=12at2，豎直分速度為：vyat射出電場時的偏向角為，有：tan=vyv磁場右邊界到熒光屏的距離為x，由幾何關(guān)系有：tan=y-y1x，解得：x0.867m。答：（1）粒子打到熒光屏上的位置到a點的距離為0.267m；（2）若撤去磁場在熒光屏左側(cè)某區(qū)域加豎直向上勻強電場，電場左右寬度為2r，場強大小e1.0×103v/m，粒子仍打在熒光屏的同一位置，電場右邊界到屏幕mn的距離為0.867m?！军c評】帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運

32、動，關(guān)鍵是畫出軌跡，由幾何知識求出半徑。定圓心角，求時間，在電場中做類平拋運動，掌握解決類平拋運動的方法。（二）選考題：共45分請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答如果多做，則每科按所做的第一題計分.物理-選修3-3（15分）13【分析】答本題需掌握：熱力學第一定律公式：uq+w；溫度是分子熱運動平均動能的標志；分子間同時存在引力和斥力，隨著分子間距的增加，引力和斥力同時減小，然后結(jié)合分子力做功分析分子勢能的變化；絕對零度不能達到?！窘獯稹拷猓篴、外界對物體做功，若物體放熱，則物體內(nèi)能不一定增大，故a錯誤；b、溫度越高，分子的平均動能越大，分子運動越激烈，則布朗運動就越顯著，故b正確；c、當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，隨分子間距離的減小，分子力做負功，則分子勢能增大，故c正確；d、在各中晶體中，原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性，故d正確；e、根據(jù)熱力學第三定律可知，絕對零度只能接近，不能達到，故e錯誤故選：bcd?！军c評】本題考查了溫度的微觀意義、分子力與分子勢能、熱力學第一定律、晶體與非晶體等，知識點多，難度不大，關(guān)鍵多看書。14【分析】在溫度不變的情況下，打氣筒內(nèi)氣體發(fā)生等溫變化。根據(jù)玻意耳定律求解打氣筒第一次打氣后儲水器內(nèi)的壓強；結(jié)合前面的方法求出打氣筒活塞打氣的次數(shù)；【解答】解：