2019年高考真題——理科綜合（天津卷）Word版含解析【KS5U高考】

1、高考資源網(wǎng)（） 您身邊的高考專家2019年普通高等學校招生個國統(tǒng)一考試（天津卷）理科綜合 化學部分理科綜合共300分，考試用時150分鐘。化學試卷分為第卷（選擇題）和第卷兩部分，第卷1至2頁，第卷3至6頁，共100分。答卷前，考生務必將自己的姓名、準考號填寫在答題卡上，并在規(guī)定位置粘貼考試用條形碼。答卷時，考生務必將答案涂寫在答題卡上，答在試卷上的無效?？荚嚱Y束后，將本試卷和答題卡一并交回。祝各位考生考試順利！第卷注意事項：1每題選出答案后，用鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。2本卷共6題，每題6分，共36分。在每題給出的四個選項中，只有一項是

2、最符合題目要求的。以下數(shù)據(jù)可供解題時參考：相對原子質(zhì)量： 1.化學在人類社會發(fā)展中發(fā)揮著重要作用，下列事實不涉及化學反應的是（ ）A. 利用廢棄的秸稈生產(chǎn)生物質(zhì)燃料乙醇B. 利用石油生產(chǎn)塑料、化纖等高分子材料C. 利用基本的化學原料生產(chǎn)化學合成藥物D. 利用反滲透膜從海水中分離出淡水【答案】D【解析】【分析】化學變化是指有新物質(zhì)生成的變化，物理變化是指沒有新物質(zhì)生成的變化，化學變化和物理變化的本質(zhì)區(qū)別是否有新物質(zhì)生成；據(jù)此分析判斷【詳解】A、秸桿主要成分為纖維素，生產(chǎn)乙醇，產(chǎn)生新物質(zhì)，屬于化學變化，故A錯誤；B、從石油生產(chǎn)塑料、化纖等高分子材料，產(chǎn)生新物質(zhì)，屬于化學變化，故B錯誤；C、利用基本

3、化學原料生產(chǎn)化學合成藥，產(chǎn)生新物質(zhì)，屬于化學變化，故C錯誤；D、海水中的水淡化成淡水，沒有產(chǎn)生新物質(zhì)，屬于物理變化，故D正確；故選D?！军c睛】本題考查物理變化與化學變化的區(qū)別與聯(lián)系，難度不大，解答時要分析變化過程中是否有新物質(zhì)生成，若沒有新物質(zhì)生成屬于物理變化，若有新物質(zhì)生成屬于化學變化2.下列離子方程式能用來解釋相應實驗現(xiàn)象的是（ ）實驗現(xiàn)象離子方程式A向氫氧化鎂懸濁液中滴加氯化銨溶液，沉淀溶解B向沸水中滴加飽和氯化鐵溶液得到紅褐色液體C二氧化硫使酸性高錳酸鉀溶液褪色D氧化亞鐵溶于稀硝酸A. AB. BC. CD. D【答案】A【解析】【分析】A、氫氧化鎂堿性強于氨水；B、制氫氧化鐵膠體條件

4、是加熱，在化學式后注明膠體，得不到沉淀；C、電荷不守恒；D、硝酸具有強氧化性，將亞鐵氧化成鐵離子；【詳解】A、氫氧化鎂堿性強于氨水，故A正確；B、制氫氧化鐵膠體條件是加熱，在化學式后注明膠體，得不到沉淀，離子方程式為：Fe33H2OFe(OH)3（膠體）3H，故B錯誤；C、電荷不守恒，正確的離子方程式為：5SO22MnO42H2O=2Mn24H5SO42，故C錯誤；D、硝酸具有強氧化性，將亞鐵氧化成鐵離子，正確的離子方程式為：3FeO10HNO3=3Fe3NO5H2O，故D錯誤；故選A?！军c睛】本題考查離子反應方程式書寫，解題關鍵：結合原理正確書寫離子方程式，難點C：氧化還原反應的離子方程式的

5、書寫，配平前不能將H+寫在反應物中，應先電子守恒，再通過電荷守恒將H+補在生成物中。3.下列有關金屬及其化合物的不合理的是（ ）A. 將廢鐵屑加入溶液中，可用于除去工業(yè)廢氣中的B. 鋁中添加適量鉀，制得低密度、高強度的鋁合金，可用于航空工業(yè)C. 鹽堿地（含較多等）不利于作物生長，可施加熟石灰進行改良D. 無水呈藍色，吸水會變?yōu)榉奂t色，可用于判斷變色硅膠是否吸水【答案】C【解析】【分析】A、氯氣能將鐵和亞鐵氧化；B、根據(jù)合金的性質(zhì)判斷；C、Na2CO3Ca(OH)2=CaCO32NaOH，產(chǎn)物仍然呈堿性；D、利用無水氯化鈷和氯化鈷晶體的顏色不同。【詳解】A、氯氣能將鐵和亞鐵氧化，從而除去工業(yè)廢氣

6、中的氯氣，故A不選；B、根據(jù)鋁合金的性質(zhì)，具有密度低、強度高，應用于航空航天等工業(yè)，故B不選；C、Na2CO3Ca(OH)2=CaCO32NaOH，產(chǎn)物仍然呈堿性，不能改變土壤的堿性，反而使土壤更板結，故C選；D、利用無水氯化鈷和氯化鈷晶體的顏色不同，判斷硅膠中是否含水，故D不選。故選C【點睛】本題考查金屬元素及其化合物應用，易錯點C，除雜不只是將反應物反應掉，還要考慮產(chǎn)物在應用中是否符合要求，生成的NaOH仍然呈堿性，達不到降低堿度的目的。4.下列實驗操作或裝置能達到目的的是（ ）ABCD混合濃硫酸和乙醇配制一定濃度的溶液收集氣體證明乙炔可使溴水褪色A. AB. BC. CD. D【答案】B

7、【解析】【分析】A、乙醇的密度小于濃硫酸；B、容量瓶上的刻度與凹液面的最低處相切；C、二氧化氮的密度大于空氣；D、乙炔中的雜質(zhì)也能使溴水褪色。【詳解】A、乙醇的密度小于濃硫酸，混合時應將濃硫酸沿燒杯壁倒入乙醇中，邊倒邊攪拌，故A錯誤；B、容量瓶上的刻度與凹液面的最低處相切，膠頭滴管垂直位于容量瓶的正上方，故B正確；C、二氧化氮的密度大于空氣，集氣瓶中的導氣管就長進短出，故C錯誤；D、乙炔中的H2S等雜質(zhì)也能使溴水褪色，應先通過一個盛堿的洗氣瓶，將雜質(zhì)除去，故D錯誤；故選B【點睛】本題考查實驗裝置和基本操作，易錯點D，學生易忽略實驗室用電石制乙炔中的H2S等還原性雜質(zhì)也能使溴水褪色。5.某溫度下

8、，和的電離常數(shù)分別為和。將和體積均相同的兩種酸溶液分別稀釋，其隨加水體積的變化如圖所示。下列敘述正確的是（ ）A. 曲線代表溶液B. 溶液中水的電離程度：b點c點C. 從c點到d點，溶液中保持不變（其中、分別代表相應的酸和酸根離子）D. 相同體積a點的兩溶液分別與恰好中和后，溶液中相同【答案】C【解析】【分析】電離常數(shù)HNO2大于CH3COOH，酸性HNO2大于CH3COOH；A、由圖可知，稀釋相同的倍數(shù)，的變化大，則的酸性比I的酸性強，溶液中氫離子濃度越大，酸性越強；B、酸抑制水電離，b點pH小，酸性強，對水電離抑制程度大；C、kw為水的離子積常數(shù)，k(HNO2)為HNO2的電離常數(shù)，只與溫

9、度有關，溫度不變，則不變；D、體積和pH均相同的HNO2和CH3COOH溶液，c（CH3COOH）c（HNO2）?！驹斀狻緼、由圖可知，稀釋相同的倍數(shù)，的變化大，則的酸性比I的酸性強，代表HNO2，I代表CH3COOH，故A錯誤；B、酸抑制水電離，b點pH小，酸性強，對水電離抑制程度大，故B錯誤；C、代表HNO2，c(HNO2)c(OH-)/c(NO2-)=c(H+)·c(HNO2)c(OH-)/c(H+)·c(NO2-)=kw/k(HNO2)，kw為水的離子積常數(shù)，k(HNO2)為HNO2的電離常數(shù)，只與溫度有關，溫度不變，則不變，故C正確；D、體積和pH均相同的HNO2

10、和CH3COOH溶液，c（CH3COOH）c（HNO2），分別滴加同濃度的NaOH溶液至中性，CH3COOH消耗的氫氧化鈉溶液體積多，HNO2消耗的NaOH少，故D錯誤；故選C?！军c睛】本題考查酸的稀釋及圖象，明確強酸在稀釋時pH變化程度大及酸的濃度與氫離子的濃度的關系是解答本題的關鍵，難點C，要將已知的c(HNO2)c(OH-)/c(NO2-)分子和分值母同乘以c(H+)，變成與kw為水的離子積常數(shù)和k(HNO2)為HNO2的電離常數(shù)相關的量，再判斷。6.我國科學家研制了一種新型的高比能量鋅-碘溴液流電池，其工作原理示意圖如下。圖中貯液器可儲存電解質(zhì)溶液，提高電池的容量。A. 放電時，a電極

11、反應為B. 放電時，溶液中離子的數(shù)目增大C. 充電時，b電極每增重，溶液中有被氧化D. 充電時，a電極接外電源負極【答案】D【解析】【分析】放電時，Zn是負極，負極反應式為Zn-2eZn2，正極反應式為I2Br+2e=2I+Br，充電時，陽極反應式為Br+2I-2e=I2Br、陰極反應式為Zn2+2e=Zn，放電時，只有陽離子能穿過交換膜，陰離子不能穿過交換膜，據(jù)此分析解答?！驹斀狻緼、放電時，a電極為正極，碘得電子變成碘離子，正極反應式為I2Br+2e=2I+Br，故A正確；B、放電時，正極反應式為I2Br+2e=2I+Br，溶液中離子數(shù)目增大，故B正確；C、充電時，b電極反應式為Zn2+2

12、e=Zn，每增加0.65g，轉移0.02mol電子，陽極反應式為Br+2I-2e=I2Br，有0.02molI失電子被氧化，故C正確；D、充電時，a是陽極，應與外電源的正極相連，故D錯誤；故選D?！军c睛】本題考查化學電源新型電池，會根據(jù)電極上發(fā)生的反應判斷正負極是解本題關鍵，會正確書寫電極反應式，易錯選項是B，正極反應式為I2Br+2e=2I+Br離子由1mol變成3mol。第卷注意事項：1用黑色墨水的鋼筆或簽字筆將答案寫在答題卡上。2本卷共4題，共64分。7.氮、磷、砷、銻、鉍、鏌為元素周期表中原子序數(shù)依次增大的同族元素?；卮鹣铝袉栴}：（1）砷在元素周期表中的位置_。的中子數(shù)為_。已知：（，

13、白磷）（，黑磷） ；（，白磷）（，紅磷） ；由此推知，其中最穩(wěn)定的磷單質(zhì)是_。（2）氮和磷氫化物性質(zhì)的比較：熱穩(wěn)定性：_（填“”“”）。沸點：_（填“”“”），判斷依據(jù)是_。（3）和與鹵化氫的反應相似，產(chǎn)物的結構和性質(zhì)也相似。下列對與反應產(chǎn)物的推斷正確的是_（填序號）。a不能與反應 b含離子鍵、共價鍵 c能與水反應（4）能發(fā)生較強烈的水解，生成難溶的，寫出該反應的化學方程式_，因此，配制溶液應注意_。 達平衡時，體系中，則時反應的平衡常數(shù)值為_（用字母表示）?！敬鸢浮?(1). 第四周期第VA族 (2). 173 (3). 黑磷 (4). (5). (6). 分子間存在氫鍵 (7). b、c

14、(8). （“”寫成“”亦可） (9). 加鹽酸，抑制水解 (10). 【解析】【詳解】（1）砷元素的原子序數(shù)為33，與氮元素、磷元素均位于A族，最外層有5個電子，則砷在周期表中的位置為第四周期A族；288115Mc的質(zhì)量數(shù)為288，質(zhì)子數(shù)為115，由由中子數(shù)=質(zhì)量數(shù)中子數(shù)可知288115Mc的中子數(shù)為288115=173；將已知轉化關系依次編號為，由蓋斯定律可知，可得P（s，紅磷）= P（s，黑磷）H=H1H2=（39.3kJ/mol）（17.6 kJ/mol）=21.7 kJ/mol，由放熱反應反應物總能量大于生成物總能量，則白磷、紅磷和黑磷三者能量的大小順序為白磷紅磷黑磷，能量越高越不穩(wěn)

15、定，則最穩(wěn)定的是黑磷，故答案為：第四周期A族；173；黑磷；（2）元素非金屬性越強，氫化物的穩(wěn)定性越強，N元素非金屬性強于P元素，則NH3熱穩(wěn)定性強于PH3；N元素非金屬性強，原子半徑小，N2H4分子間可以形成氫鍵，增大分子間作用力，而PH3分子間不能形成氫鍵，則N2H4的沸點高于PH3，故答案為：；N2H4分子間形成氫鍵；（3）由題意可知，PH3與NH3性質(zhì)類似，與HI反應生成反應PH4I，PH4I能與氫氧化鈉溶液反應生成PH3，a錯誤；PH4I為離子化合物，化合物中含有離子鍵和共價鍵，b正確；PH4I與NH4I類似，可以發(fā)生水解反應，c正確，bc正確，故答案為：bc；（4）由題意可知，Sb

16、Cl3發(fā)生水解反應生成SbOCl沉淀和HCl，水解的化學方程式為SbCl3+H2O=SbOCl+2HCl；配制SbCl3溶液時，為防止SbCl3水解，應加入鹽酸，故答案為：SbCl3+H2O=SbOCl+2HCl；加入鹽酸抑制SbCl3水解；（5）由PH4I（s）PH3（g）+HI（g）可知，amolPH4I分解生成物質(zhì)的量的PH3和HI，由2HI（g）H2（g）+I2（g）可知HI分解生成c（H2）= c（I2）=cmol/L，PH4I分解生成c（HI）為（2c+b）mol/L，則4 PH3（g）P4（g）+ 6H2（g）可知PH3分解生成c（H2）=（dc）mol/L，則體系中c（PH3）

17、為（2c+b）（dc） mol/L=，故反應PH4I（s）PH3（g）+HI（g）的平衡常數(shù)K=c（PH3）c（HI）=，故答案為：?！军c睛】本題考查化學反應基本理論，涉及了物質(zhì)結構、元素周期律、蓋斯定律、鹽類水解和化學平衡常數(shù)等知識，注意元素周期律的應用，掌握蓋斯定律和化學平衡常數(shù)的計算方法，明確鹽類水解的應用是解答關鍵。8.我國化學家首次實現(xiàn)了膦催化的環(huán)加成反應，并依據(jù)該反應，發(fā)展了一條合成中草藥活性成分茅蒼術醇的有效路線。已知環(huán)加成反應：（、可以是或）回答下列問題：（1）茅蒼術醇的分子式為_，所含官能團名稱為_，分子中手性碳原子（連有四個不同的原子或原子團）的數(shù)目為_。（2）化合物B的核

18、磁共振氫譜中有_個吸收峰；其滿足以下條件的同分異構體（不考慮手性異構）數(shù)目為_。分子中含有碳碳三鍵和乙酯基分子中有連續(xù)四個碳原子在一條直線上寫出其中碳碳三鍵和乙酯基直接相連的同分異構體的結構簡式_。（3）的反應類型為_。（4）的化學方程式為_，除外該反應另一產(chǎn)物的系統(tǒng)命名為_。（5）下列試劑分別與和反應，可生成相同環(huán)狀產(chǎn)物的是_（填序號）。a b c溶液（6）參考以上合成路線及條件，選擇兩種鏈狀不飽和酯，通過兩步反應合成化合物，在方框中寫出路線流程圖（其他試劑任選）。_【答案】 (1). (2). 碳碳雙鍵、羥基 (3). 3 (4). 2 (5). 5 (6). 和 (7). 加成反應或還原

19、反應 (8). (9). 2-甲基-2-丙醇或2-甲基丙-2-醇 (10). b (11). （寫成等合理催化劑亦可）【解析】【分析】由有機物的轉化關系可知，與CH3CCCOOC（CH3）3發(fā)生題給信息反應生成，與氫氣在催化劑作用下發(fā)生加成反應生成，與甲醇在濃硫酸作用下，共熱發(fā)生酯基交換反應生成，一定條件下脫去羰基氧生成，與氫氣在催化劑作用下發(fā)生加成反應生成，一定條件下反應生成茅蒼術醇?！驹斀狻浚?）茅蒼術醇的結構簡式為，分子式為C15H26O，所含官能團為碳碳雙鍵、羥基，含有3個連有4個不同原子或原子團的手性碳原子，故答案為：C15H26O；雙鍵、羥基；3；（2）化合物B的結構簡式為CH3C

20、CCOOC（CH3）3，分子中含有兩類氫原子，核子共振氫譜有2個吸收峰；由分子中含有碳碳三鍵和COOCH2CH3，且分子中連續(xù)四個碳原子在一條直線上可知B的同分異構體含有、CH3CH2CH2CCCOOCH2CH3、CH3CH2CCCH2COOCH2CH3、CH3CCCH2CH2COOCH2CH3和共5種結構，碳碳三鍵和COOCH2CH3直接相連的為、CH3CH2CH2CCCOOCH2CH3，故答案為：2；5；、CH3CH2CH2CCCOOCH2CH3；（3）CD的反應為與氫氣在催化劑作用下發(fā)生加成反應（或還原反應）生成，故答案為：加成反應（或還原反應）；（4）與甲醇在濃硫酸作用下，共熱發(fā)生酯基

21、交換反應生成，反應的化學方程式為，HOC（CH3）3的系統(tǒng)命名為2甲基2丙醇，故答案為：，2甲基2丙醇；（5）和均可與溴化氫反應生成，故答案為：b；（6）由題給信息可知，CH3CCCOOCH2CH3與CH2=COOCH2CH3反應生成，與氫氣發(fā)生加成反應生成，故答案為：?！军c睛】本題考查有機物推斷與合成，對比物質(zhì)的結構明確發(fā)生的反應，側重對有機化學基礎知識和邏輯思維能力考查，有利于培養(yǎng)自學能力和知識的遷移能力，需要熟練掌握官能團的結構、性質(zhì)及相互轉化。9.環(huán)己烯是重要的化工原料。其實驗室制備流程如下：回答下列問題：環(huán)己烯的制備與提純（1）原料環(huán)己醇中若含苯酚雜質(zhì)，檢驗試劑為_，現(xiàn)象為_。（2）

22、操作1裝置如圖所示（加熱和夾持裝置已略去）。燒瓶A中進行的可逆反應化學方程式為_，濃硫酸也可作該反應的催化劑，選擇而不用濃硫酸的原因為_（填序號）。a濃硫酸易使原料碳化并產(chǎn)生b污染小、可循環(huán)使用，符合綠色化學理念c同等條件下，用比濃硫酸的平衡轉化率高儀器B的作用為_。（3）操作2用到的玻璃儀器是_。（4）將操作3（蒸餾）的步驟補齊：安裝蒸餾裝置，加入待蒸餾的物質(zhì)和沸石，_，棄去前餾分，收集83的餾分。環(huán)己烯含量的測定在一定條件下，向環(huán)己烯樣品中加入定量制得的，與環(huán)己烯充分反應后，剩余的與足量作用生成，用的標準溶液滴定，終點時消耗標準溶液（以上數(shù)據(jù)均已扣除干擾因素）。測定過程中，發(fā)生的反應如下：

23、（5）滴定所用指示劑為_。樣品中環(huán)己烯的質(zhì)量分數(shù)為_（用字母表示）。（6）下列情況會導致測定結果偏低的是_（填序號）。a樣品中含有苯酚雜質(zhì)b在測定過程中部分環(huán)己烯揮發(fā)c標準溶液部分被氧化【答案】 (1). 溶液 (2). 溶液顯紫色 (3). (4). a、b (5). 減少環(huán)己醇蒸出 (6). 分液漏斗、燒杯 (7). 通冷凝水，加熱 (8). 淀粉溶液 (9). (10). b、c【解析】【分析】I.（1）檢驗物質(zhì)時顯然是利用該物質(zhì)的特殊性質(zhì)，或利用不同物質(zhì)間的性質(zhì)差異。苯酚能與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應而醇不能，可依此設計用氯化鐵溶液檢驗苯酚的存在；（2）書寫陌生情境的化學方程式時，一定要將

24、題給的所有信息挖掘出來，比如題給的反應條件，如催化劑、加熱的溫度、此反應已明確指出的“可逆”；（3）催化劑選擇FeCl3·6H2O而不用濃硫酸的理由分析，顯然要突出濃硫酸的缺點，突出FeCl3·6H2O的優(yōu)點；（4）在發(fā)生裝置中加裝冷凝管，顯然是為了冷凝回流，提高原料的利用率。（5）計算此問時盡可能采用關系式法，找到已知和未知之間的直接關系。（6）誤差分析時，利用相關反應式將量盡可能明確化?！驹斀狻縄.（1）檢驗苯酚的首選試劑是FeCl3溶液，原料環(huán)己醇中若含有苯酚，加入FeCl3溶液后，溶液將顯示紫色；（2）從題給的制備流程可以看出，環(huán)己醇在FeCl3·6H2O

25、的作用下，反應生成了環(huán)己烯，對比環(huán)己醇和環(huán)己烯的結構，可知發(fā)生了消去反應，反應方程式為：，注意生成的小分子水勿漏寫，題目已明確提示該反應可逆，要標出可逆符號，F(xiàn)eCl3·6H2O是反應條件（催化劑）別漏標；此處用FeCl3·6H2O而不用濃硫酸的原因分析中：a項合理，因濃硫酸具有強脫水性，往往能使有機物脫水至炭化，該過程中放出大量的熱，又可以使生成的炭與濃硫酸發(fā)生反應：C+2H2SO4(濃) CO2+SO2+2H2O；b項合理，與濃硫酸相比，F(xiàn)eCl3·6H2O對環(huán)境相對友好，污染小，絕大部分都可以回收并循環(huán)使用，更符合綠色化學理念；c項不合理，催化劑并不能影響平

26、衡轉化率；儀器B為球形冷凝管，該儀器的作用除了導氣外，主要作用是冷凝回流，盡可能減少加熱時反應物環(huán)己醇的蒸出，提高原料環(huán)己醇的利用率；（3）操作2實現(xiàn)了互不相溶的兩種液體的分離，應是分液操作，分液操作時需要用到的玻璃儀器主要有分液漏斗和燒杯；（4）題目中已明確提示了操作3是蒸餾操作。蒸餾操作在加入藥品后，要先通冷凝水，再加熱；如先加熱再通冷凝水，必有一部分餾分沒有來得及被冷凝，造成浪費和污染；II.（5）因滴定的是碘單質(zhì)的溶液，所以選取淀粉溶液比較合適；根據(jù)所給的式和式，可知剩余的Br2與反應消耗的Na2S2O3的物質(zhì)的量之比為1：2，所以剩余 Br2的物質(zhì)的量為：n(Br2)余=×

27、cmol·L-1×vmL×10-3L·mL-1=mol，反應消耗的Br2的物質(zhì)的量為（b-）mol，據(jù)反應式中環(huán)己烯與溴單質(zhì)1：1反應，可知環(huán)己烯的物質(zhì)的量也為（b-）mol，其質(zhì)量為（b-）×82g，所以ag樣品中環(huán)己烯的質(zhì)量分數(shù)為：。（6）a項錯誤，樣品中含有苯酚，會發(fā)生反應：，每反應1molBr2，消耗苯酚的質(zhì)量為31.3g；而每反應1mol Br2，消耗環(huán)己烯的質(zhì)量為82g；所以苯酚的混入，將使耗Br2增大，從而使環(huán)己烯測得結果偏大；b項正確，測量過程中如果環(huán)己烯揮發(fā)，必然導致測定環(huán)己烯的結果偏低；c項正確，Na2S2O3標準溶液被氧化

28、，必然滴定時消耗其體積增大，即計算出剩余的溴單質(zhì)偏多，所以計算得出與環(huán)己烯反應的溴單質(zhì)的量就偏低，導致最終環(huán)己烯的質(zhì)量分數(shù)偏低?！军c睛】向規(guī)范、嚴謹要分數(shù)。要注意題設所給的引導限定詞語，如“可逆”、“玻璃”等，這些是得分點，也是易扣分點。要計算樣品中環(huán)己烯的質(zhì)量分數(shù)，只需要算出環(huán)己烯的物質(zhì)的量即可順利求解。從所給的3個反應方程式可以得出：2Na2S2O3I2Br2，將相關已知數(shù)據(jù)代入計算即可。對于a項的分析，要粗略計算出因苯酚的混入，導致單位質(zhì)量樣品消耗溴單質(zhì)的量增加，最終使測得環(huán)己烯的結果偏高。10.多晶硅是制作光伏電池的關鍵材料。以下是由粗硅制備多晶硅的簡易過程?；卮鹣铝袉栴}：硅粉與在30

29、0時反應生成氣體和，放出熱量，該反應的熱化學方程式為_。的電子式為_。將氫化為有三種方法，對應的反應依次為： （1）氫化過程中所需的高純度可用惰性電極電解溶液制備，寫出產(chǎn)生的電極名稱_（填“陽極”或“陰極”），該電極反應方程式為_。（2）已知體系自由能變，時反應自發(fā)進行。三個氫化反應的與溫度的關系如圖1所示，可知：反應能自發(fā)進行的最低溫度是_；相同溫度下，反應比反應的小，主要原因是_。（3）不同溫度下反應中轉化率如圖2所示。下列敘述正確的是_（填序號）。aB點： b：A點點 c反應適宜溫度：（4）反應的_（用，表示）。溫度升高，反應的平衡常數(shù)_（填“增大”、“減小”或“不變”）。（5）由粗硅制

30、備多晶硅過程中循環(huán)使用的物質(zhì)除、和外，還有_（填分子式）。【答案】 (1). (2). (3). 陰極 (4). 或 (5). 1000 (6). 導致反應的小 (7). a、c (8). (9). 減小 (10). 、【解析】【分析】I.書寫熱化學方程式時一定要標注出各物質(zhì)的狀態(tài)，要將熱化學方程式中焓變的數(shù)值與化學計量數(shù)對應。本題的反應溫度需要標注為條件；II.（1）惰性電極電解KOH溶液，實質(zhì)是電解水，產(chǎn)生氫氣的必為陰極，發(fā)生還原反應。（2）“看圖說話”，將反應的縱、橫坐標對應起來看，即可順利找到最低溫度。影響自由能變的因素主要是焓變和熵變，分析發(fā)現(xiàn)熵變對反應反而不利，說明焓變影響大，為主

31、要影響因素；（3）據(jù)圖判斷化學平衡的建立和移動是分析的關鍵。注意時間是一個不變的量。（4）此問是蓋斯定律的簡單應用，對熱化學方程式直接進行加減即可。【詳解】I.參加反應的物質(zhì)是固態(tài)的Si、氣態(tài)的HCl，生成的是氣態(tài)的SiHCl3和氫氣，反應條件是300，配平后發(fā)現(xiàn)SiHCl3的化學計量數(shù)恰好是1mol，由此可順利寫出該條件下的熱化學方程式：Si(s)+3HCl(g) SiHCl3(g)+H2(g) H=-225kJ·mol-1；SiHCl3中硅與1個H、3個Cl分別形成共價單鍵，由此可寫出其電子式為： ，注意別漏標3個氯原子的孤電子對；II.（1）電解KOH溶液，陽極發(fā)生氧化反應而產(chǎn)

32、生O2、陰極發(fā)生還原反應才產(chǎn)生H2；陰極的電極反應式可以直接寫成2H+2e-=H2，或?qū)懗捎伤秒娮右部梢裕?H2O+2e-=H2+2OH-；（2）由題目所給的圖1可以看出，反應（最上面那條線）當G=0時，對應的橫坐標溫度是1000；從反應前后氣體分子數(shù)的變化來看，反應的熵變化不大，而反應中熵是減小的，可見熵變對反應的自發(fā)更不利，而結果反應的G更負，說明顯然是焓變產(chǎn)生了較大的影響，即H2<H1導致反應的G小（兩個反應對應的H，一個為正值，一個為負值，大小比較很明顯）；（3）圖2給的是不同溫度下的轉化率，注意依據(jù)控制變量法思想，此時所用的時間一定是相同的，所以圖示中A、B、C點反應均正向進

33、行，D點剛好達到平衡，D點到E點才涉及平衡的移動。a項正確，B點反應正向進行，正反應速率大于逆反應速率；b點錯誤，溫度越高，反應速率越快，所以E點的正（或逆）反應速率均大于A點；c項正確，C到D點，SiHCl3的轉化率較高，選擇此溫度范圍比較合適，在實際工業(yè)生產(chǎn)中還要綜合考慮催化劑的活性溫度。（4）將反應反向，并與反應直接相加可得反應，所以H3=H2-H1，因H2<0、H1>0，所以H3必小于0，即反應正反應為放熱反應，而放熱反應的化學平衡常數(shù)隨著溫度的升高而減??；（5）反應生成的HCl可用于流程中粗硅提純的第1步，三個可逆反應中剩余的H2也可循環(huán)使用?！军c睛】對于反應的吉布斯自由

34、能大小比較及變化的分析，要緊緊抓住焓判據(jù)和熵判據(jù)進行分析。判斷圖2中時間是一個不變的量，是看清此圖的關鍵。明白了自變量只有溫度，因變量是SiCl4的轉化率，才能落實好平衡的相關知識的應用，如平衡的建立，平衡的移動以及平衡常數(shù)隨溫度變化的規(guī)律等。理科綜合 生物部分第I卷1.用3H標記胸腺嘧啶后合成脫氧核苷酸，注入真核細胞，可用于研究A. DNA復制的場所B. mRNA與核糖體的結合C. 分泌蛋白的運輸D. 細胞膜脂質(zhì)的流動【答案】A【解析】【分析】本題主要考查DNA的復制、蛋白質(zhì)的合成及運輸及細胞膜的功能等有關知識。DNA復制需要脫氧核苷酸作為原料；mRNA與核糖體結合，翻譯形成蛋白質(zhì)；分泌蛋白

35、的運輸需要內(nèi)質(zhì)網(wǎng)和高爾基體形成囊泡運輸；細胞膜脂質(zhì)的流動與物質(zhì)跨膜運輸有關?！驹斀狻緿NA復制需要DNA模板、原料脫氧核苷酸、能量ATP和DNA聚合酶，A正確；mRNA與核糖體的結合，開始翻譯mRNA上的密碼子，需要tRNA運輸氨基酸，不需要脫氧核苷酸，B錯誤；分泌蛋白的需要內(nèi)質(zhì)網(wǎng)的加工，形成囊泡運到高爾基體，加工、分類和包裝，形成分泌小泡，運到細胞膜，胞吐出去，與脫氧核苷酸無關，C錯誤；細胞膜脂質(zhì)的流動與物質(zhì)跨膜運輸有關，無需脫氧核苷酸，D錯誤。因此，本題答案選A。【點睛】解答本題關鍵要熟悉細胞中不同的生理活動的具體過程，來判斷是否需要脫氧核苷酸作為原料。2.下列過程需ATP水解提供能量的是

36、A. 唾液淀粉酶水解淀粉B. 生長素的極性運輸C. 光反應階段中水在光下分解D. 乳酸菌無氧呼吸的第二階段【答案】B【解析】【分析】本題主要考查細胞中生理活動的相關知識。細胞中蛋白質(zhì)、淀粉和多糖在酶的作用下水解，無需消耗能量；生長素在幼嫩組織中從形態(tài)學上端向形態(tài)學下端運輸屬于極性運輸，其方式為主動運輸，需要消耗能量；光合作用的光反應階段，水在光下分解，不需要消耗ATP的能量；無氧呼吸的第二階段是丙酮酸分解成酒精和CO2或乳酸，都不消耗能量?！驹斀狻客僖旱矸勖杆獾矸?，形成麥芽糖，不消耗能量，A錯誤；.生長素的極性運輸是以主動運輸?shù)姆绞?，在幼嫩組織中從形態(tài)學上端運到形態(tài)學下端，需要ATP提供能量

37、，B正確；光反應階段中水在光下分解，需要光能，不需要ATP功能，C錯誤；乳酸菌無氧呼吸的第二階段是丙酮酸變成乳酸，不需要ATP供能，D錯誤。因此，本題答案選B。【點睛】解答本題關鍵要熟悉細胞中不同的生理活動的具體過程，來判斷是否需要ATP功能。3.植物受病原菌惑染后，特異的蛋白水解酸被激活，從而誘導植物細胞編程性死亡，同時病原菌被消滅。激活蛋白水解酶有兩條途徑：由鈣離子進入細胞后啟動；由位于線粒體內(nèi)膜上參與細胞呼吸的細胞色素c含量增加啟動，下列敘述正確的是A. 蛋白水解酶能使磷酸二酯鍵斷開B. 鈣離子通過自由擴散進入植物細胞C. 細胞色素c與有氧呼吸第一階段有關D. 細胞編程性死亡避免了病原菌

38、對鄰近細胞的進一步感染【答案】D【解析】【分析】本題主要考查跨膜運輸、有氧呼吸和細胞凋亡等有關知識。蛋白水解酶是催化蛋白質(zhì)的肽鍵斷開，水解成氨基酸；無機鹽離子一般是主動運輸進出細胞；細胞色素c位于線粒體內(nèi)膜上，生物氧化的一個非常重要的電子傳遞體，在線粒體嵴上與其它氧化酶排列成呼吸鏈，參與細胞呼吸的第三階段，使H和O2結合，生成水；細胞編程性死亡包括生物發(fā)育過程細胞的編程性死亡、細胞的自然更新及被病原體感染的細胞的清除（病毒侵入體細胞，體細胞會啟動凋亡程序釋放病毒）【詳解】蛋白水解酶能使蛋白質(zhì)的肽鍵斷開，生成氨基酸，A錯誤；.鈣離子通過主動運輸進入植物細胞，B錯誤；細胞色素c位于線粒體內(nèi)膜上，參

39、與有氧呼吸第三階段，促進H和O2結合，生成水，C錯誤；植物受病原菌感染后，特異的蛋白水解酶被激活，從而誘導植物細胞編程性死亡，同時病原菌被消滅，避免了病原菌對鄰近細胞的進一步感染，D正確。因此，本題答案選D。【點睛】解答本題要能正確理解題設條件，結合相關知識，逐項判斷，比較簡單。4.葉色變異是由體細胞突變引起的芽變現(xiàn)象。紅葉楊由綠葉楊芽變后選育形成，其葉綠體基粒類囊體減少，光合速率減小，液泡中花青素含量增加。下列敘述正確的是A. 紅葉楊染色體上的基因突變位點可用普通光學顯微鏡觀察識別B. 兩種楊樹葉綠體基粒類囊體的差異可用普通光學顯微鏡觀察C. 兩種楊樹葉光合速率可通過“探究光照強弱對光合作用

40、強度的影響”實驗作比較D. 紅葉楊細胞中花青素絕對含量可通過“植物細胞的吸水和失水”實驗測定【答案】C【解析】【分析】1、光學顯微鏡下能觀察到的結構有：細胞壁、葉綠體、大液泡和經(jīng)染色的細胞核和線粒體；基因突變和基因重組不能在光學顯微鏡下觀察到，但染色體變異（染色體結構變異和染色體數(shù)目變異）可以在光學顯微鏡下觀察到。2、影響光合作用強度的外界因素：空氣中二氧化碳的濃度，土壤中水分的多少，光照的長短與強弱、光的成分以及溫度的高低等，都是影響光合作用強度的外界因素。光合作用強度可以通過測定一定時間內(nèi)原料消耗量或產(chǎn)物生成的數(shù)量來定量地表示。3、植物細胞的吸水和失水實驗的觀察指標：中央液泡大小、原生質(zhì)層

41、的位置和細胞大小?！驹斀狻繐?jù)分析可知，基因突變不可以用普通光學顯微鏡觀察識別，因為基因是有遺傳效應的DNA片段，DNA在普通光學顯微鏡下觀察不到，A錯誤；葉綠體基粒類囊體屬于生物膜，不可用普通光學顯微鏡觀察，B錯誤；由題干信息可知，要使紅葉楊和綠葉楊的光合作用強度相等，紅葉楊需要更強的光照，原因是紅葉楊比綠葉楊的葉綠體基粒類囊體少，光合速率小，因此，兩種楊樹葉光合速率可通過“探究光照強弱對光合作用強度的影響”實驗作比較，C正確；紅葉楊細胞中花青素的相對含量可通過“植物細胞的吸水和失水”實驗測定，若要測定花青素的絕對含量需要進一步實驗，D錯誤；因此，本題答案選C?！军c睛】解答本題的關鍵是：明確光

42、學顯微鏡下能觀察到的細胞結構和可遺傳變異類型，影響光照強度的外界因素，植物細胞吸水和失水實驗的應用，再根據(jù)題意作答。5.多數(shù)植物遭到昆蟲蠶食時會分泌茉莉酸，啟動抗蟲反應，如分泌殺蟲物質(zhì)、產(chǎn)生吸引昆蟲天敵的揮發(fā)物質(zhì)等。煙粉虱能合成Bt56蛋白，該蛋白會隨煙粉虱唾液進入植物，抑制茉莉酸啟動的抗蟲反應，使煙粉虱數(shù)量迅速增長。下列敘述錯誤的是A. 植物產(chǎn)生揮發(fā)物質(zhì)吸引昆蟲天敵體現(xiàn)了信息傳遞調(diào)節(jié)種間關系的功能B. 植食性昆蟲以植物為食和植物抗蟲反應是長期共同進化的結果C. Bt56基因表達被抑制的煙粉虱在寄主植物上的數(shù)量增長比未被抑制的對照組快D. 開發(fā)能水解Bt56蛋白的轉基因植物可為控制煙粉虱提供防

43、治措施【答案】C【解析】【分析】1、信息傳遞在生態(tài)系統(tǒng)中的作用：生命活動的正常進行，離不開信息的作用；生物種群的繁衍，也離不開信息的傳遞；信息能夠調(diào)節(jié)生物的種間關系，以維持生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定。2、共同進化：不同物種之間、生物與無機環(huán)境之間在相互影響中不斷進化和發(fā)展，這就是共同進化。通過漫長的共同進化過程，地球上不僅出現(xiàn)了千姿百態(tài)的物種，而且形成了多種多樣的生態(tài)系統(tǒng)。3、目前控制動物危害的技術大致有化學防治、生物防治和機械防治等。這些方法各有優(yōu)點，但是目前人們越來越傾向于利用對人類生存環(huán)境無污染的生物防治。生物防治中有些是利用信息傳遞作用?！驹斀狻恐参锂a(chǎn)生揮發(fā)性物質(zhì)，如吸引昆蟲天敵的揮發(fā)性物質(zhì)，可以

44、吸引天敵捕食昆蟲，這體現(xiàn)了化學信息傳遞調(diào)節(jié)種間關系的功能，A正確；由于任何一個物種都不是單獨進化的，因此，植食性昆蟲以植物為食和植物抗蟲反應是長期共同進化的結果，B正確；Bt56蛋白隨煙粉虱唾液進入植物，抑制茉莉酸啟動的抗蟲反應，使煙粉虱數(shù)量迅速增長，若Bt56基因表達被抑制的煙粉虱在寄主植物上的數(shù)量增長會減少，而Bt56基因表達未被抑制的煙粉虱在寄主植物上的數(shù)量會增加，C錯誤；開發(fā)能水解Bt56蛋白的轉基因植物能夠抑制煙粉虱的數(shù)量增長，為控制煙粉虱提供防治措施，D正確；因此，本題答案選C?！军c睛】解答本題的關鍵是： 明確信息傳遞在生態(tài)系統(tǒng)中的作用，共同進化的含義和控制動物危害的技術，再根據(jù)題

45、意作答。6.囊鼠的體毛深色（D）對淺色（d）為顯性，若毛色與環(huán)境差異大則易被天敵捕食。調(diào)查不同區(qū)域囊鼠深色表現(xiàn)型頻率，檢測并計算基因頻率，結果如圖。下列敘述錯誤的是A. 深色囊鼠與淺色囊鼠在不同區(qū)域的分布現(xiàn)狀受自然選擇影響B(tài). 與淺色巖P區(qū)相比，深色熔巖床區(qū)囊鼠的雜合體頻率低C. 淺色巖Q區(qū)的深色囊鼠的基因型為DD、DdD. 與淺色巖Q區(qū)相比，淺色巖P區(qū)囊鼠的隱性純合體頻率高【答案】B【解析】【分析】據(jù)圖可知，淺色巖P區(qū)：深色表現(xiàn)型頻率為0.18，因為囊鼠的毛色（深色）與環(huán)境（淺色巖）差異大易被天敵捕食，D基因頻率為0.1，則d基因頻率為1-0.1=0.9；深色熔巖床區(qū)：深色表現(xiàn)型頻率為0.9

46、5，因為囊鼠顏色與環(huán)境差異小不易被天敵捕食，D的基因頻率為0.7，則d的基因頻率為1-0.7=0.3；淺色巖Q區(qū)的深色表現(xiàn)型頻率為0.50，因為毛色與環(huán)境差異大則易被天敵捕食，D的基因頻率為0.3，則d的基因頻率為1-0.3=0.7?！驹斀狻繐?jù)圖分析可知，深色囊鼠在深色熔巖床區(qū)表現(xiàn)型頻率高，而在淺色巖P區(qū)和淺色巖Q區(qū)頻率較低，因此，深色囊鼠與淺色囊鼠在不同區(qū)域的分布現(xiàn)狀受自然選擇影響，A正確；淺色巖P區(qū)，囊鼠的雜合體頻率（Dd）=2×0.1×0.9=0.18，而深色熔巖床區(qū)囊鼠的雜合體（Dd）頻率=2×0.7×0.3=0.42，與淺色巖P相比，深色熔巖床

47、區(qū)囊鼠的雜合體頻率高，B錯誤；囊鼠的體毛深色（D）對淺色（d）為顯性，因此，淺色巖Q區(qū)的深色囊鼠的基因型為DD、Dd，C正確；淺色巖Q區(qū)隱性純合體（dd）的頻率=0.7×0.7=0.49，而淺色巖P區(qū)囊鼠的隱性純合體（dd）的頻率=0.9×0.9=0.81，因此，與淺色巖Q區(qū)相比，淺色巖P區(qū)囊鼠的隱性純合體頻率高，D正確；因此，本題答案選B?！军c睛】解答本題的關鍵是： 明確基因頻率的計算方法，在一個自由交配的種群中，基因A、a的頻率分別為P（A）、P（a），則基因型AA、Aa、aa的頻率為：P（AA）P（A）2，P（aa）=P(a)2，P（Aa）=2P(A)×P（

48、a）。第卷7.在北方農(nóng)牧交錯帶的中溫帶半干旱區(qū)，當農(nóng)田連續(xù)耕作六年后，農(nóng)作物產(chǎn)量往往下降，棄耕后土地易沙化。對三片棄耕土地分別采取圍封禁牧、人工種植灌木或喬木等恢復措施，灌木、喬木成活后該地自然恢復。十五年后進行調(diào)查，結果見下表。樣地指標土壤含水量（%）土壤全氮（g·kg-1)草本植物種數(shù)（種）節(jié)肢動物個體數(shù)（只·樣本-1）節(jié)肢動物多樣性指數(shù)*棄耕地（對照）0.260.091.13.106禁牧草地0.660.362.69.41.7人工灌木林0.770.422.8740.8人工喬木林1.370.271.610.01.1*多樣性指數(shù)綜合反映豐富度和均勻度據(jù)表回答：（1）土壤含水

49、量增加最明顯的是_樣地。土壤全氮增加最明顯的是_樣地，這是該樣地內(nèi)豆科植物與根瘤菌相互作用的結果，豆科植物與根瘤菌的種間關系為_。（2）三種恢復措施均可改良土壤，這體現(xiàn)了生物多樣性的_價值。（3）在半干旱地區(qū)，節(jié)肢動物是物種最豐富和數(shù)量最多的類群，在食物網(wǎng)中占據(jù)重要地位，其多樣性一定程度上可反映生態(tài)系統(tǒng)的物種多樣性。從生物多樣性角度分析，三種恢復措施中更適宜于中溫帶半干旱區(qū)的是_。（4）在中溫帶半干旱區(qū)，草原生態(tài)系統(tǒng)比農(nóng)田生態(tài)系統(tǒng)的自我調(diào)節(jié)能力更_?！敬鸢浮?(1). 人工喬木林 (2). 人工灌木林 (3). 互利共生 (4). 間接 (5). 圍封禁牧 (6). 強【解析】【分析】本題以北

50、方農(nóng)牧交錯帶的中溫帶半干旱區(qū)的環(huán)境變化和群落演替為背景考查種群、群落和生態(tài)系統(tǒng)的相關知識。表格數(shù)據(jù)顯示了在不同樣地中調(diào)查土壤含水量、土壤全氮、草本植物種數(shù)、節(jié)肢動物個體數(shù)及節(jié)肢動物多樣性指數(shù)的結果。分析數(shù)據(jù)可知，對照組的各類數(shù)據(jù)均最低；禁牧草地的節(jié)肢動物多樣性指數(shù)最高；人工灌木林中土壤全氮含量最高和草本植物種數(shù)最多；人工喬木林中土壤含水量最高和節(jié)肢動物個體數(shù)最多。【詳解】（1）根據(jù)表格數(shù)據(jù)分析可知，土壤含水量增加最明顯的是人工喬木林樣地。土壤全氮增加量最明顯的是人工灌木林，豆科植物中的根瘤菌具有固氮作用，能夠?qū)⒖諝庵械牡D化為植物能吸收的含氮養(yǎng)料，豆科植物供給根瘤菌有機養(yǎng)料，即豆科植物與根瘤菌

51、共同生活在一起，相互依存，彼此有利，它們的種間關系為互利共生。（2）生物多樣性能對生態(tài)系統(tǒng)起到重要調(diào)節(jié)功能的價值屬于間接價值，三種恢復措施均可改良土壤，這體現(xiàn)了其生態(tài)功能，屬于生物多樣性的間接價值。（3）通過題意分析可知，節(jié)肢動物的多樣性在一定程度上可反映生態(tài)系統(tǒng)的多樣性，在三種恢復措施中禁牧草地的節(jié)肢動物多樣性指數(shù)（可反映豐富度和均勻度）最高，且節(jié)肢動物個體數(shù)較多，因此更適宜于中溫帶半干旱區(qū)的是圍封禁牧措施。（4）草原生態(tài)系統(tǒng)比農(nóng)田生態(tài)系統(tǒng)的物種多樣性更高，營養(yǎng)結構更復雜，因此其自我調(diào)節(jié)能力更強。8.人類心臟組織受損后難以再生。該現(xiàn)象可追溯到哺乳動物祖先，隨著它們恒溫狀態(tài)的建立，心臟組織再生

52、能力減弱。（1）哺乳動物受到寒冷刺激后，通過_（神經(jīng)/體液/神經(jīng)-體液）調(diào)節(jié)促進甲狀腺激素分泌，使機體產(chǎn)生更多熱量以維持體溫。（2）活躍分裂的動物細胞多是二倍體細胞，多倍體細胞通常不能分裂。對比不同動物心臟中二倍體細胞所占比例及其甲狀腺激素水平，結果如圖。恒溫動物的心臟組織因二倍體細胞比例_，再生能力較差；同時體內(nèi)甲狀腺激素水平_。由此表明甲狀腺激素水平與心臟組織再生能力呈負相關。制備基因工程小鼠，使其心臟細胞缺乏甲狀腺激素受體，導致心臟細胞不受_調(diào)節(jié)。與正常小鼠相比，基因工程小鼠體內(nèi)的甲狀腺激素_正常小鼠心臟組織再生能力。以斑馬魚為材料進一步研究。將成年斑馬魚分成A、B兩組，分別飼養(yǎng)在不同水

53、箱中，A組作為對照，B組加入甲狀腺激素。若_組斑馬魚心臟組織受損后的再生能力比另一組弱，則證明甲狀腺激素對變溫動物斑馬魚心臟組織再生能力的影響與對恒溫動物小鼠的影響一致。【答案】 (1). 神經(jīng)-體液 (2). 低 (3). 高 (4). 甲狀腺激素 (5). 抑制 (6). B【解析】【分析】體溫調(diào)節(jié)的中樞在下丘腦；方式：神經(jīng)調(diào)節(jié)和體液調(diào)節(jié)，以神經(jīng)調(diào)節(jié)為主。低溫條件下體溫調(diào)節(jié)的過程：當人處于寒冷環(huán)境中，冷覺感受器會興奮，通過傳入神經(jīng)將興奮傳至神經(jīng)中樞下丘腦，經(jīng)下丘腦的分析綜合后，經(jīng)傳出神經(jīng)引起汗腺分泌減少，皮膚血管收縮，血流量減少等，減少散熱；另外引起立毛肌收縮，骨骼肌戰(zhàn)栗，甲狀腺激素和腎上腺素分泌量增加，增加產(chǎn)熱，維持體溫穩(wěn)定。由圖可知，變溫動物心臟中二倍體細胞比例較高，甲狀腺激素水平較低；恒溫動物心臟中二倍體細胞比例較低，甲狀腺激素水平偏高?！驹斀狻浚?）哺乳動物受到寒冷刺激時，冷覺感受器會興奮，興奮經(jīng)反射弧傳至效應器，如汗腺、皮膚血管、立毛肌、骨骼肌、腎上腺、下丘腦內(nèi)分泌細胞等，引起相應的效應，該過程屬于神經(jīng)調(diào)節(jié)。另外下丘腦內(nèi)分泌細胞分泌的TRH會作用于垂體，垂體分泌的TSH會作用于甲狀腺，促進甲狀腺激素的分泌，增加產(chǎn)熱，該過程屬于體液調(diào)節(jié)。故體溫調(diào)節(jié)的過程屬于神經(jīng)-體液調(diào)節(jié)。（2）由圖可知