2014 2015廣東省東莞市高二下期末物理試卷A卷

1、 2014-2015學(xué)年廣東省東莞市高二（下）期末物理試卷（A卷） 一、單項(xiàng)選擇題（本題共6小題，每小題3分，共18分，每小題的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求） 1（3分）（2015春?東莞期末）下列說(shuō)法正確的是（ ） A 愛因斯坦首先提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō) B 盧瑟福在利用粒子轟擊氮核的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子 C 貝克勒爾在粒子散射實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了電子 D 查德威克為解釋光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)規(guī)律提出了光子說(shuō) 考點(diǎn)： 物理學(xué)史 分析： 本題是物理學(xué)史問(wèn)題，根據(jù)盧瑟福、湯姆生、愛因斯坦等科學(xué)家的物理學(xué)貢獻(xiàn)進(jìn)行解答 解答： 解：A、首先提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)的是盧瑟福，故A錯(cuò)誤 B、盧瑟福在利用粒子轟擊氮核的

2、實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，故B正確 C、湯姆生在研究陰極射線實(shí)驗(yàn)時(shí)發(fā)現(xiàn)了電子，故C錯(cuò)誤 D、愛因斯坦為解釋光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)規(guī)律提出了光子說(shuō)，故D錯(cuò)誤 故選：B 點(diǎn)評(píng)： 解答本題的關(guān)鍵是記牢盧瑟福、湯姆生、愛因斯坦等科學(xué)家的物理學(xué)貢獻(xiàn)，平時(shí)要注意積累 2（3分）（2014?肇慶校級(jí)模擬）如圖所示，當(dāng)氫原子從n=4遷到n=2的能級(jí)和從n=3遷到n=1的能級(jí)時(shí)，分別輻射出光子a和光子b，則（ ） A 由于放出光子，原子的能量增加 B 光子a的能量小于光子b的能量 C 光子a的頻率大于光子b的頻率 D 若光子a能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則光子b不一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng) 考點(diǎn)： 氫原子的能級(jí)公式和躍遷 專題：

3、原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)專題 分析： 能級(jí)間躍遷輻射光子的能量等于能級(jí)之差，根據(jù)能極差的大小比較光子能量，從而比較出光子的頻率頻率大，波長(zhǎng)小當(dāng)入射光的頻率大于金屬的極限頻率時(shí)，發(fā)生光電效應(yīng) 解答： 解：A、由于放出光子，原子的能量減小，故A錯(cuò)誤； B、氫原子從n=4的能級(jí)躍遷到n=2的能級(jí)的能極差小于從n=3的能級(jí)躍遷到n=l的能級(jí)時(shí)的能極差，根據(jù)EmEn=h，知光子a的能量小于光子b的能量故B正確； C、a的能量小于光子b的能量，所以光子a的頻率小于光子b的頻率，所以b的頻率大，故C錯(cuò)誤； D、光子a的頻率小于光子b的頻率，所以光子a能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則光子b也能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)故D錯(cuò)誤；

4、 故選：B 點(diǎn)評(píng)： 解決本題的突破口是比較出光子a和光子b的頻率大小，從而得知折射率、在介質(zhì)中速度等大小關(guān)系 3（3分）（2015?廣州二模）如圖，注射器內(nèi)密封一部分氣體，若針筒和活塞隔熱性能良好，則緩慢向外移動(dòng)活塞的過(guò)程中氣體（ ） A 對(duì)活塞不做功 B 對(duì)活塞做負(fù)功 C 溫度保持不變 D 壓強(qiáng)逐漸減小 考點(diǎn)： 熱力學(xué)第一定律 專題： 熱力學(xué)定理專題 分析： 根據(jù)氣體的體積增大，對(duì)外做功；體積減小，外界對(duì)氣體做功根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程分析氣體的狀態(tài)的變化 解答： 解：A、B、緩慢向外移動(dòng)活塞的過(guò)程中氣體的體積增大，對(duì)外做功，即氣體對(duì)活塞做正功故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤； C、針筒和活塞隔熱性能良好，緩

5、慢向外移動(dòng)活塞的過(guò)程中，可以看做是準(zhǔn)靜態(tài)過(guò)程，氣體對(duì)外做功的同時(shí)不能吸收熱量，內(nèi)能減小，溫度降低故C錯(cuò)誤； D、氣體的體積增大，溫度不變，由玻意耳定律：P1V1=P2V2，可知?dú)怏w的壓強(qiáng)一定減小故D正確 故選：D 點(diǎn)評(píng)： 該題考查氣體的等溫變化的特點(diǎn)與玻意耳定律，解題的關(guān)鍵是根據(jù)氣體的體積增大，對(duì)外做功；體積減小，外界對(duì)氣體做功 4（3分）（2012?寶山區(qū)一模）用隔板將一容器隔成A和B兩部分，A中盛有一定量的氣體，B為真空（如圖），現(xiàn)把隔板抽去，A中的氣體將自動(dòng)充滿整個(gè)容器（如圖），這個(gè)過(guò)程稱為氣體的自由膨脹則關(guān)于氣體的自由膨脹下列說(shuō)法中正確的是（ ） A 在自由膨脹過(guò)程中，所有氣體分子的運(yùn)

6、動(dòng)方向相同 B 在自由膨脹過(guò)程中，只要把握好隔板插入的時(shí)機(jī)，全部氣體就能到達(dá)B部分 C 氣體充滿整個(gè)容器后，只要時(shí)間足夠長(zhǎng)，還能全部自動(dòng)回到A部分 D 氣體充滿整個(gè)容器后，B部分中的某些氣體分子有可能再回到A部分 考點(diǎn)： 熱力學(xué)第二定律 專題： 熱力學(xué)定理專題 分析： 該題中氣體經(jīng)歷的過(guò)程是自由膨脹的過(guò)程，該過(guò)程中，外界不做功，熵增加 解答： 解：分子的運(yùn)動(dòng)是雜亂無(wú)章的，即使在自由膨脹過(guò)程中，所有氣體分子的運(yùn)動(dòng)方向也不會(huì)相同故A錯(cuò)誤 氣體充滿整個(gè)容器的過(guò)程是不可逆的，不可能自動(dòng)聚集的容器的任意一部分中，故BC都錯(cuò)誤 氣體充滿整個(gè)容器后在的運(yùn)動(dòng)是雜亂無(wú)章的，任意方向都有，AB兩部分的氣體會(huì)來(lái)回交

7、流，B部分中的某些氣體分子有可能再回到A部分故D正確 故答案為：D 點(diǎn)評(píng)： 該題考查了熱力學(xué)第二定律中的自由膨脹，該過(guò)程中熵增加，過(guò)程不可逆 5（3分）（2015春? 東莞期末）某核反應(yīng) U+n Ba+ Kr+xn放出x個(gè)中子，鈾235質(zhì)量為m1，中子質(zhì)量為m2，鋇144質(zhì)量為m3，氪89的質(zhì)量為m4，下列說(shuō)法正確的是（ ） A 該反應(yīng)屬于人工轉(zhuǎn)變 B 該反應(yīng)放出能量（m1xm2m3m4）c2 C x的值是3 D 由于該反應(yīng)釋放能量，根據(jù)E=mc2判斷，反應(yīng)后的總質(zhì)量增加 考點(diǎn)： 裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng) 專題： 衰變和半衰期專題 分析： 根據(jù)質(zhì)量虧損，結(jié)合愛因斯坦質(zhì)能方程求出釋放的能量鈾核裂變放出

8、的能量很高，反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，有質(zhì)量虧損 解答： 解：A、這一反應(yīng)類型是重核裂變，不是人工轉(zhuǎn)變，故A錯(cuò)誤 B、核反應(yīng)過(guò)程中，質(zhì)量虧損為：m=m1（x1）m2m3m4， 則釋放的核能為：E=mc2=m1（x1）m2m3m4c2故B錯(cuò)誤 C、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，有： 235+1=144+89+x 解得：x=3，故C正確； D、反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，質(zhì)量不守恒，有質(zhì)量虧損，故D錯(cuò)誤； 故選：C 點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵知道核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，在重核裂變的過(guò)程中有質(zhì)量虧損，向外放出能量 6（3分）（2015春?東莞期末）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體沿圖線從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，在此過(guò)程中（ ） A 氣體體積

9、減小 B 氣體內(nèi)能減小 C 氣體從外界吸收熱量 D 外界對(duì)氣體做功 考點(diǎn)： 理想氣體的狀態(tài)方程 專題： 理想氣體狀態(tài)方程專題 分析： 根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=C，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)分析氣體的體積變化一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度升高，內(nèi)能增大根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸熱還是放熱溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高時(shí)分子的平均動(dòng)能增大 解答： 解：A、一定質(zhì)量的理想氣體沿圖線從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，由圖知：P變小，T 變大， 減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=C可知，氣體體積V變大，故A錯(cuò)誤 B、一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，由圖示圖象可知，氣體的溫度升高，氣體內(nèi)能增大，故B錯(cuò)誤 C、氣體的體積

10、增大，氣體對(duì)外做功，氣體內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w從外界吸收熱量，故C正確，D錯(cuò)誤 故選：C 點(diǎn)評(píng)： 解決氣體問(wèn)題，關(guān)鍵要掌握氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律，知道溫度的意義：一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志 二、雙項(xiàng)選擇題（本題共9小題，每小題4分，共36分，每小題只有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分） 7（4分）（2015春?東莞期末）下列說(shuō)法正確的是（ ） A 射線在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中都不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn) B 射線比射線更容易使氣體電離 C 太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)源于重核裂變 D 采用物理或化學(xué)方法不能改變放射性元素的半衰期

11、 考點(diǎn)： 原子核衰變及半衰期、衰變速度 專題： 衰變和半衰期專題 分析： 三種射線的電離本領(lǐng)依次減弱，射線是電磁波，核電站是利用鈾235，太陽(yáng)能是聚變得來(lái)的；半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，與所處的物理環(huán)境和化學(xué)環(huán)境無(wú)關(guān) 解答： 解：A、射線不帶電，所以在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中都不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故A正確； B、射線比射線更容易使氣體電離，故B錯(cuò)誤； C、太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)源于輕核聚變，故C錯(cuò)誤； D、半衰期的大小與元素所處的物理環(huán)境和化學(xué)環(huán)境無(wú)關(guān)，由原子核內(nèi)部因素決定，故D正確； 故選：AD 點(diǎn)評(píng)： 熟練掌握三種射線的特點(diǎn)和裂變聚變的應(yīng)用時(shí)解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵，并理解衰變、半衰期、射線的性質(zhì)等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn) 8（

12、4分）（2015春?東莞期末）下列四幅圖中所涉及物理知識(shí)的理論中，正確的是（ ） A 圖甲中，由兩分子間作用力隨分子間距離變化的關(guān)系可知，當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)，它們間相互作用的引力和斥力均為零 B 乙圖中，由一定質(zhì)量的氧氣分子分別在不同溫度下速率分布情況，可知溫度T1T2 C 丙圖中，在固體薄片上涂上石蠟，用燒熱的針接觸其上一點(diǎn)，從石蠟熔化情況可判定固體薄片必為非晶體 D 丁圖中，昆蟲水蠅能在水平上自由來(lái)往而不陷入水中，靠的得液體表面張力的作用 考點(diǎn)： * 晶體和非晶體；分子間的相互作用力；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象 分析： 當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)，它們間的引力和斥力相

13、等； 溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志； 由圖可以看出某固體在導(dǎo)熱性能上各向同性； 水黽可以停在水面上是由于表面張力的作用 解答： 解：A、甲圖中，由兩分子間作用力隨距離變化的關(guān)系圖線可知，當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)，它們間相互作用的引力和斥力大小相等，合力為0故A錯(cuò)誤； B、如圖中，氧氣分子在T2溫度下速率大的分子所占百分比較多，故T2溫度較高，故B正確； C、由圖可以看出某固體在導(dǎo)熱性能上各向同性，可能是多晶體或者非晶體，故C錯(cuò)誤； D、丁圖中，昆蟲水蠅能在水平上自由來(lái)往而不陷入水中，靠的得液體表面張力的作用故D正確 故選：BD 點(diǎn)評(píng)： 本題考查布朗運(yùn)動(dòng)，分子間的相互作用力、表面張力及單晶體的

14、性質(zhì)等，均屬于選修33中的基礎(chǔ)內(nèi)容；要注意準(zhǔn)確把握各種現(xiàn)象的本質(zhì)內(nèi)容注意對(duì)33的全面把握 9（4分）（2015春?東莞期末）用中子轟擊鋁27，其核反應(yīng)方程：（1 ） Al+n Na+X ；Na 具有放射性，其核反應(yīng)方程為：（2 ）Na Mg+Y，則（ ） A X 是He B Y 是n C （1）是衰變 D （2）是衰變 考點(diǎn)： 裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)；原子核衰變及半衰期、衰變速度 專題： 衰變和半衰期專題 分析： 根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定未知粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而確定核反應(yīng)的類型 解答： 解：A、根據(jù)電荷數(shù)守恒質(zhì)量數(shù)守恒，知X的電荷數(shù)為2，質(zhì)量數(shù)為4，則X 是He，該反應(yīng)不是衰變，衰變是

15、自發(fā)進(jìn)行的故A正確，C錯(cuò)誤 B、根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，Y的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為0，則Y 是，該反應(yīng)是衰變故B錯(cuò)誤，D正確 故選：AD 點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵知道在核反應(yīng)過(guò)程中，電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知道衰變、衰變是自發(fā)進(jìn)行的 10（4分）（2015春?東莞期末）關(guān)于空氣濕度，下列說(shuō)法正確的是（ ） A 當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度一定較大 B 當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度一定較小 C 水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，與體積無(wú)關(guān) D 理想氣體定律對(duì)飽和汽同樣適用 考點(diǎn)： *相對(duì)濕度 分析： 絕對(duì)濕度指大氣中水蒸汽的實(shí)際壓強(qiáng)，相對(duì)濕度是指水蒸汽的實(shí)際壓強(qiáng)與該溫度下水蒸汽的飽和壓強(qiáng)

16、之比 當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較大，人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小 解答： 解：A、B、當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定比較大，絕對(duì)濕度不一定較大，人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定比較小，絕對(duì)濕度不一定較小故AB錯(cuò)誤； C、水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，與體積無(wú)關(guān)，故C正確； D、理想氣體定律是對(duì)理想氣體來(lái)說(shuō)的；對(duì)于飽和汽體不再適用；故D錯(cuò)誤； 故選：C 點(diǎn)評(píng)： 本題關(guān)鍵是明確影響濕度和汽壓的因素；要注意明確相對(duì)濕度和絕對(duì)濕度之間的區(qū)別 11（4分）（2015?廣州二模）如圖是光控繼電器的示意圖，K是光電管的陰極下列說(shuō)法正確的是（ ） A 圖中a端應(yīng)是電源的正極 B

17、 只要有光照射K，銜鐵就被電磁鐵吸引 C 只要照射K的光強(qiáng)度足夠大，銜鐵就被電磁鐵吸引 D 只有照射K的光頻率足夠大，銜鐵才被電磁鐵吸引 考點(diǎn)： 光電效應(yīng) 分析： 光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷光電子最大初動(dòng)能的變化 解答： 解：A、電路中要產(chǎn)生電流，則a端接電源的正極，使逸出的光電子在光電管中加速，放大器的作用是將光電管中產(chǎn)生的電流放大后，使鐵蕊M磁化，將銜鐵N吸住故A正確 B、D、根據(jù)光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件可知，只有照射K的光頻率足夠大，才能產(chǎn)生光電效應(yīng)，產(chǎn)生光電效應(yīng)時(shí)，銜鐵才被電磁鐵吸引故B錯(cuò)誤，D正確； C、根據(jù)光電效應(yīng)方程知，能否發(fā)生光電效應(yīng)與入射光

18、的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，由金屬的逸出功和入射光的頻率決定故C錯(cuò)誤 故選：AD 點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方程，知道光電子的最大初動(dòng)能與什么因素有關(guān) 12（4分）（2015春?東莞期末）圖示電路中，變壓器為理想變壓器，開關(guān)S閉合后，以下說(shuō)法正確的是（ ） A 電表V1示數(shù)不變，V2示數(shù)減小 B 電表A1、A2示數(shù)均增大 C 電線圈輸入功率減小 D 電阻R1兩端的電壓減小 考點(diǎn)： 變壓器的構(gòu)造和原理 專題： 交流電專題 分析： 開關(guān)S閉合后改變了副線圈的電流和功率，根據(jù)變壓器原副線圈電壓、電流與匝數(shù)比的關(guān)系進(jìn)行分析；同時(shí)明確輸出端電阻的變化；根據(jù)動(dòng)態(tài)分析可明確電流及電壓的變化

19、解答： 解：A、因輸入電壓不變；故輸出電壓也不變；故電表V1示數(shù)不變，V2示數(shù)均不變；故A錯(cuò)誤； B、開關(guān)閉合時(shí)，總電阻減?。惠敵鲭娏髟龃?；因電流之比等于匝數(shù)的反比；故電表A1、A2示數(shù)均增大；故B正確； C、因輸出功率P=UI增大；故輸出功率也增大；故C錯(cuò)誤； D、因輸出電流增大，則R0分壓增大；并聯(lián)部分電壓減小；故D正確； 故選：BD 點(diǎn)評(píng)： 本題主要考查了變壓器的原理及動(dòng)態(tài)分析，要知道開關(guān)S閉合后，副線圈的電流和功率都變大，難度不大，屬于基礎(chǔ)題 13（4分）（2015春?東莞期末）如圖所示，a、b是航天員王亞平在“天宮一號(hào)”實(shí)驗(yàn)艙做水球?qū)嶒?yàn)時(shí)水球中形成的氣泡，a、b兩氣泡溫度相同且a的體

20、積大，氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，則下列說(shuō)法正確的是（ ） A 水球呈球形是由于表面張力作用的結(jié)果 B 此時(shí)水球內(nèi)的水分子之間只有引力 C a內(nèi)氣體的分子平均動(dòng)能比b的大 D 在水球表面滴一小滴紅墨水若水球未破，最后水球?qū)⒊始t色 考點(diǎn)： *表面張力產(chǎn)生的原因 分析： 因表面張力，使水球呈球形；液體表面存在張力，是分子引力的宏觀表現(xiàn)，引力與斥力同時(shí)存在，而溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，從而即可求解 解答： 解：A、水球呈球形是由于表面張力作用的結(jié)果，故A錯(cuò)誤， B、水球內(nèi)的水分子之間既有引力，又有斥力；故B錯(cuò)誤； C、溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能的標(biāo)志，故a內(nèi)氣體的分子平均動(dòng)能與b的等大，故C錯(cuò)誤； D

21、、水球表面滴一小滴紅墨水若水球未破，水球外表面附近的水分子間作用力表現(xiàn)為引力，最后水球?qū)⒊始t色，故D正確； 故選：AD 點(diǎn)評(píng)： 本題關(guān)鍵明確內(nèi)能包括分子動(dòng)能和分子勢(shì)能，要知道液體的表面張力是分子引力的宏觀表現(xiàn)，基礎(chǔ)問(wèn)題 14（4分）（2015春?東莞期末）圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線圈繞與磁場(chǎng)方向垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為10，外接一只電阻為100的燈泡，不計(jì)電路的其他電阻，則（ ） A t=0時(shí)刻線圈平面與中性面垂直 B 每秒鐘內(nèi)電流方向改變100次 C 燈泡兩端的電壓為20V D 00.01s時(shí)間內(nèi)通過(guò)燈泡的

22、電量為0 考點(diǎn)： 正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式 專題： 交流電專題 分析： 當(dāng)線框經(jīng)過(guò)中性面時(shí)通過(guò)線圈的磁通量最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小為零由題圖乙可知交流電電動(dòng)勢(shì)的周期，即可求解角速度線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次 解答： 解：A、由圖象乙可知t=0時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，處于中性面上，故A錯(cuò)誤； B、由題圖乙可知周期T=0.02s，線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次，每秒電流方向改變100次，故B正確； C、由題圖乙可知交流電電動(dòng)勢(shì)的最大值是Em=31.1v ，有效值為：，根據(jù)閉合電路的分壓特點(diǎn)得電壓表的示數(shù)為： U= E=20V；故C正確； D 、根據(jù)得：00.01s 時(shí)間內(nèi)通過(guò)燈泡的電量為 代入數(shù)據(jù)

23、 聯(lián)立得：q=0.00198c，故D錯(cuò)誤； 故選：BC 點(diǎn)評(píng)： 本題是準(zhǔn)確理解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化，知道磁通量最大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)反而最小明確線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次能從圖象讀取有效信息 15（4分）（2006?崇明縣二模）某電廠發(fā)電機(jī)的輸出電壓穩(wěn)定，它發(fā)出的電先通過(guò)電廠附近的升壓變壓器升壓，然后用輸電線路把電能輸送到遠(yuǎn)處居民小區(qū)附近的降壓變壓器，經(jīng)降低電壓后輸送到用戶，設(shè)升、降變壓器都是理想變壓器，那么在用電高峰期，白熾燈不夠亮，但電廠輸送的總功率增加，這時(shí)（ ） A 升壓變壓器的副線圈的電壓變大 B 降壓變壓器的副線圈的電壓變小 C 高壓輸電線路的電壓損失變大 D 用戶的負(fù)載增多，

24、高壓輸電線中的電流減小 考點(diǎn)： 電能的輸送 專題： 交流電專題 分析： 用電高峰期，用戶總功功率變大，電路電流變大，輸電電流變大，輸電電壓損失變大，用戶電壓變小，燈泡實(shí)際功率變小，燈泡變暗 解答： 解：A、發(fā)電機(jī)電壓不變，升壓變壓器的輸入與輸出電壓不變故A錯(cuò)誤 B、發(fā)電機(jī)電壓不變，升壓變壓器的輸入與輸出電壓不變，輸電線上損失的電壓變大，降壓變壓器輸入電壓變小，降壓變壓器副線圈電壓變小，故B正確，C正確； D、用戶的負(fù)載增多，降壓變壓器副線圈電流變大，原線圈電流變大，即高壓輸電線中的電流變大，故D錯(cuò)誤； 故選BC 點(diǎn)評(píng)： 熟悉遠(yuǎn)距離輸電過(guò)程，知道變壓器原副線圈電壓與電流關(guān)系是正確解題的關(guān)鍵 三、

25、實(shí)驗(yàn)與探究題（1題，共16分） 16（16分）（2015春?東莞期末）某同學(xué)用如圖甲所示的裝置探究碰撞中的動(dòng)量守恒規(guī)律：每次讓小球m1壓縮彈簧到同一位置，開始幾次不放置m2（含其支架），釋放m1，記錄其落點(diǎn)的位置P，后幾次放置m2，分別記錄m1、m2落點(diǎn)的平均位置M和N： （1）實(shí)驗(yàn)中m1和m2大小關(guān)系是：m1 大于 m2（填“大于”，“小于”或“等于”） （2）下面是本實(shí)驗(yàn)部分測(cè)量?jī)x器或工具，需要的是 BC A秒表 B天平 C刻度尺 D彈簧秤 （3）下列測(cè)定入射小球和被碰小球在碰撞前后速度的方法或原理正確的是 C A用秒表測(cè)出時(shí)間t，有刻度尺測(cè)出位移s，用v=求出速度 B測(cè)出打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶

26、上打下的點(diǎn)間距離s1、s2，用 v=求出速度 C用小球離開桌面后的水平射程x來(lái)代替速度 D測(cè)出小球下落高度h，用 v=求出速度 （4）若在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，滿足關(guān)系式m 1=m 1 + m2 ，則碰撞中動(dòng)量守恒 （5）某次實(shí)驗(yàn)中得出的落點(diǎn)情況如圖乙所示假設(shè)碰撞過(guò)程中運(yùn)量守恒，則入射小球質(zhì)量m1和被碰小球質(zhì)量m2 之比為 4：1 考點(diǎn)： 驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律 專題： 實(shí)驗(yàn)題 分析： （1）為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球質(zhì)量應(yīng)大于被碰球質(zhì)量 （2、3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析答題 （4、5）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式代入數(shù)據(jù)則可求得質(zhì)量的比值 解答： 解：（1）入射小球1與

27、被碰小球2直徑相同，為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球質(zhì)量應(yīng)大于被碰球質(zhì)量，即：m1 大于m2 （2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，本實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)量長(zhǎng)度和質(zhì)量；故需要天平和刻度尺；由于兩球離開桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由于拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，故不需要測(cè)量時(shí)間；故選：BC； （3）兩球離開桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由于拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替初速度，故選：C （4）由于兩球從同一高度開始下落，且下落到同一水平面上，故兩球下

28、落的時(shí)間相同 根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得在水平方向有：m1v0=m1v1+m2v2， 故：m1v0t=m1v1t+m2v2t， 即為：m 1=m 1+m 2 （5）果兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則：m 1=m 1+m 2代入數(shù)據(jù)求得：m1：m2=4：1； 故答案為：（1）大于；（2）BC；（3）C；（4）m 2；（5）4：1 點(diǎn)評(píng)： 本題考查動(dòng)量守恒定律的驗(yàn)證；注意本實(shí)驗(yàn)是運(yùn)用等效思維方法，平拋時(shí)間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗(yàn)證的方程變成容易驗(yàn)證 四、計(jì)算題：（本題2小題，共30分解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟只寫出最后答案的不得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）

29、 17（14分）（2015春?東莞期末）如圖所示的凹形場(chǎng)地，兩端是半徑為L(zhǎng)=1m的光滑圓弧面，中間長(zhǎng)為2L的粗糙水平面質(zhì)量為3m的滑塊乙開始停在水平面的中點(diǎn)O處，質(zhì)量為m的滑塊甲從光滑圓弧面頂端A處無(wú)初速度滑下，進(jìn)入水平面內(nèi)與乙發(fā)生碰撞，碰后甲以碰前一半的速度反彈已知甲、乙與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為1=0.2、2=0.1，甲、乙的體積大小忽略不計(jì)g=10m/s2求： （1）甲與乙碰撞前的速度 （2）碰后瞬間乙的速度 （3）甲、乙在O處發(fā)生碰撞后，請(qǐng)判斷能否發(fā)生第二次碰撞？并通過(guò)計(jì)算確定甲、乙最后停止所在的位置 考點(diǎn)： 動(dòng)量守恒定律；動(dòng)能定理 專題： 動(dòng)量定理應(yīng)用專題 分析： （1）甲從下滑到與

30、乙碰撞前，重力和摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求解甲與乙碰撞前的速度； （2）甲乙碰撞過(guò)程，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出碰撞后乙的速度； （3）根據(jù)動(dòng)能定理分別對(duì)兩個(gè)滑塊列式，求出它們到停止運(yùn)動(dòng)前在BC滑行的路程，確定最終停止運(yùn)動(dòng)的位置，即可進(jìn)行判斷或根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出甲乙兩物體碰撞后在水平地面上通過(guò)的路程之比由題，甲、乙剛好不再發(fā)生第二次碰撞，所以甲、乙在同一地點(diǎn)停下，有以下兩種情況：第一種情況：甲返回時(shí)未到達(dá)B點(diǎn)時(shí)就已經(jīng)停下，分析能否發(fā)生；第二種情況：甲、乙分別通過(guò)B、C沖上圓弧面后，返回水平面后相向運(yùn)動(dòng)停在同一地點(diǎn)，所以有s1+s2=8L求出s1或s2，即可求出甲、乙停在

31、距B點(diǎn)距離 解答： 解：（1）設(shè)甲到達(dá)O處與乙碰撞前的速度為v甲，由動(dòng)能定理： mgL1 mgL= 得：v甲 = =4m/s （2）設(shè)碰撞后甲、乙的速度分別為v甲、v乙，由動(dòng)量守恒： m甲v甲=m甲v甲+m乙v乙 又：v甲=v甲 得：v乙=2m/s （3）設(shè)碰撞后兩個(gè)滑塊在BC滑行的路程分別為S甲和S甲時(shí)停止運(yùn)動(dòng)根據(jù)動(dòng)能定理得： 對(duì)甲：1mgS甲= m 解得：S甲=1m，甲停在B點(diǎn)， 對(duì)乙：23mgS乙= 3m 解得：S乙=2m，乙滑上圓弧面再滑下最后停在O點(diǎn)，與甲不能再次相碰 答：（1）甲與乙碰撞前的速度為 （2）碰后瞬間乙的速度為 （3）甲、乙在O處發(fā)生碰撞后，不能發(fā)生第二次碰撞，甲停在B點(diǎn)，乙滑上圓弧面再滑下最后停在O點(diǎn)， 點(diǎn)評(píng)： 本題前2問(wèn)是常規(guī)問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理求速度、根據(jù)碰撞的基本規(guī)律：動(dòng)量守恒定律求解碰撞乙的速度第