重慶市2021年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試模擬演練物理試題(八省聯(lián)考)附解析

1、【考試忖何：1 ） 24 II 9:0010:152021年重慶市普通奇中學業(yè)水平選擇性考試適應性測試物理試卷注意事項:I.作卉前丁卜多必將自己的姓名、C場% ".，.過上2 .作答時，務必將答案寫在答陽卡.匕寫在試卷及草稿紙上無效.3 .考試結(jié)束后，將答題卡、試卷、草稿紙并交回,、小預選界冊本即共7小的，將小超4分，兀28分，在每小題紿出的四個選項中，只fl 取是符合時目 要求的.1 .一領(lǐng)酸為m的物塊僅在田力作用運動,物塊位于力利比時的重力勢力分別為3氏和氏（Eo>0/若物 塊位J r.時速度為0,則位JF時其速度大小為碓B.悟，喏。喏2 .下列核反應方程正確的是A.和 &

2、lt; nT： 6。+工"3MB和+； 為 K6+；?CT + 2；C. £ U +； T； Br +；” + 3田【）. g?tr < n ->： Sr+；： Xe3 .如也3圖所示,虛戲表示某電場中的三個成勢面, a、af、b、b'、c. cr為分布在絆勢面上的點。，帶電粒廣從a點運動到c點的過程中電場力做功為Wn，從a'點運動到c'點的過程中電場力做功為W。下列說法正確的是A.c1的電場方響一定指向b點BT點電勢一定比c'點也外高C.帶電粒子從c點運動到c'點電場力做功為04 .如通4圖所求.兩根相同的燧口懸掛的抨畿

3、卜米固;乙F端連接防量為40g的侖隔片體棒田，分寧體楊處 邊界寬收為dTOcin的有界勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里。導體棹通入4A的電流后靜止時,彈 胡伸長生足未通電時的L5倍.若坤簧始終處丁彈性限以內(nèi)，導體棒一 H保持水干，則感感應播以B的大 小為（取甲Jj加速度g-lOmkD題4圖A.O.25TB.0.5TC.O.75TD.O.83T5 .如題5圖所示，正方形MNPQ內(nèi)的兩個:角形區(qū)域充滿勻強磁場.形狀與MNPQ完全相同的閉合導或框M N* P' Q'在外力作用下沿軸線OO'水平向左勻速運動.設(shè)通過導線他的感應電流為i,逆時針方向為 電流的正方向，當0時M

4、9; Q'叮NPHI合，在M' Q'從NP到臨近MQ的過程中，卜列圖像中能反映 i隨時間t變化規(guī)律的是6 .近地衛(wèi)星澆地球的運動可視為勻速皿周運動,若其M道平徑近似等;地球半.徑R.法行周期為T.地球研At為M,引力常量為G,則)/ nA.近地IZ星繞地球運動的向心加速度大小近似為士B.近地衛(wèi)星.境胞球運動的線速度大小近似為J嘉C地球衣面的克力加速搜大小近似為WvGR，D.地球的平均密度近fcl為當7 .如題7圖所示,垂直墻角花個截面為半IW的光滑柱體，用細般拉住的小球錚止旅在接近半圓底端的M 點,通過細或?qū)⑿∏驈腗點緩慢向上拉至半圓最高點的過程中，細線始終保持在小球處

5、與半網(wǎng)相切。下列 說法正確的是翹7圖A.細線前小球的拉力先增大國減小8 .小球?qū)χw的東力先減小"增大C柱體受到水平地面的支持力逐漸減小D.柱體對密口堵面的東力先增大后減小:、多項選擇題:本題共3小題,何小題5分.共15分.在每小題給出的四個選項中,有多項符合感H要求, 仝都選對的得S分.選對但不仝的得3分，行錯選的得0分.8.3理8圖所示，轎繩穿過水平桌面上的小圓孔，I.端性傷體M,下端拴物體N“右：物體M在桌面1.幅 半他為的勻連陰周話動時,角速度為一線速度大小為v，物體N處靜山狀態(tài).則（小計摩擦）工題8圖A.M所需向心力大小等丁 N所受武力的大小B.M所需向心力大小人J; N所

6、受用力的大小題10圖C.v【j r成正比D.3?與r成正比9 .如卷9圖（I）. （2）所小.理想變壓器對電器佻電.其輸入電樂u=27000&sinl00nttV）.電備R JKJ的參數(shù)分別為“220V“l(fā)00W”“220V/440W”柏電線峋總電Wlr-2Q：若兩圖中電器都健正常工作,則人圖（1）中電阻r的功率為50WB.圖（2）中變LE器的輸入功率比圖（1）中變壓器的價入功率增加r 440WC圖（I）中原捌線圖比數(shù)比mm-2700:23D.圖（2）中原制蛾圈匝效比m:m=1S00:1310.如題10圖所示，順角為。的斜面MN段粗段，或氽段光滑.PM、MN長度均為3d。四個質(zhì)證均為m

7、的 相同樣品I. 2. 3、4放在料而匕每個樣品（可視為質(zhì)點）左側(cè)固定有長度為d的輕偵細桿,細桿與斜而 平行，H與其左惻的樣仙接觸不粘連,樣用匕MN間的動摩擦因數(shù)為tan。若樣品I在P處時，四個樣 品由靜止一起擇放,則用力加速度大小為g）A.當樣品I剛進入MN段時.樣品的共同加速吱大小為gsin"4B.當樣M 1剛進入MN段時,樣品I的輕桿殳到壓力大小為3mgsin 0。.當四個樣品均位J- MN段時，摩擦力Qding做的總功為QdmgMn 0D.W四個樣品均位于MN區(qū)時,樣品的共同速度大小為3而而萬入II：選擇題:共57分.第II -14現(xiàn)為必號通,每個試題考生都必須作答。第151

8、6題為選考用L考生根 據(jù)要求作答.（一）必考題:共45分。11. （6分）某小生用打點計時25研究小隼的勾變速直線運動,該打也計時借電源的頻率為50Hz，在打好的 紙帶上保5個點標記一個il數(shù)點,標記結(jié)果如題II圖所示A、B、C、D為連續(xù)選擇的“數(shù)點其位H分別 為 20-0mm、 34.Omni、 53Omni 和 77.0mm. W!：（I）圖中相鄰四計數(shù)點的時間間隔是s,（2）打8點時小車的速哎大小是 ms.（3）小乍運動的加速度大小是 nv's，12. （9分）某同學擬將成程為MlmA,內(nèi)阻狗為幾I歐姆的電流衣G改裝成fitG為IV的電仄衣,（I）他首先設(shè)計了題12圖所示電路來泄

9、麻電端表G的內(nèi)阻&,圖中E為電源電動如 現(xiàn)有般大H1做分別 為100。和2600。的滑動文閉器.則年應選用被人Rtttl為。的溫動變陰器.開關(guān)2接通 S： 未接通時,調(diào)FR使電洸表G示數(shù)為1.00mA：接通工后，保持滑動變用器R?的滑片位置不變，調(diào)節(jié)電用 箱K.當其收值為50。時.電流表G的示數(shù)為0.50mA,則電流麥G的內(nèi)阻氏為R2題12圖（2）為了將電流表G改裝成屆程為IV的電壓表，甯要 （選填“小聯(lián)”“并聯(lián)”）個大小為C的電RL13. （12分）如毀13圖所示,質(zhì)量為3m的小木塊1通過長度為L的揚繩懸掛于O點.質(zhì)量為m的小木塊 2置高度為L的光滑水平厘而邊沿“把木塊I拉至水平位置

10、由獨止環(huán)放，當我運動到及低點時與木塊2 相撞.木塊2沿水平沿向飛出,常在即桌面邊沿水平距離為2L處,木塊I繼續(xù)向前擺動。若在碰撞過程中, 木坎1與桌面間無接觸,且忽略空氣阻力。求:碰撞后,木塊I相點桌面能上升到的雨大高度,14. （18分）行人設(shè)il T 種利用電照場分離不問速率帶電粒了的儀洛J! I：作原理如題14圖所示.空間中充滿曾在向下的勻強電場，束質(zhì)增為m、電域為q（q>0>的粒子以不同的速率從P點沿某豎11平而 內(nèi)的PQ方向發(fā)射，沿直線飛行到Q點時進入行界勻強盛場區(qū)域，磁感應強度大小為B,方向垂互于該豎 卉平面, PO-4/o若速度最大粒了在最終把有于PT打到M點之前都在

11、庶場內(nèi)玷動.且其它逑度粒了住離開磁場篇最終梯能旌直打在PT I的NM范出內(nèi).PM-M. PN-6人於事力加速度大小為$,求:題14圖（I）電場況度的大?。海?）杭子速度大小的范根： 磁場穿過讀經(jīng)以平面內(nèi)的最小面積。（二）選考照共12分”請考生從第15題和洋16題中任選迪作答心兩啊都做.則按所做的第 例記分.1選修33） <12分）（1） （4分）以下現(xiàn)象中，主饕是由分了熱運動引起的是在給出的四個選項中，只花頂是符合an要求 的）A.菜籽油涌入水中后會漂浮在水面B.含有泥沙的浮水經(jīng)過 段時間侖變消C.密閉容器內(nèi)懸浮在水中的花粉顆粒移動D.荷葉I.水珠成球形（8分）如題15（2）圖所示,率閉

12、導熱容器A、R的體枳均為巾.A、B沒在郴水容洪中,達到熱平 密后.A中樂強為P。,溫度為To, B內(nèi)為真空,將A中的氣體視為理想氣體.打開活栓C A中部分氣體 進入Re若四次法列平衡忖水湍未發(fā)生變化,求此忖氣體的兀強：若密閉氣體的內(nèi)能與溫位的關(guān)系為AU= <T2-Ti）（k為大于0的己如常以，T卜力分別為氣體始末狀態(tài)的 汨慢），在所述狀態(tài)的戰(zhàn)礎(chǔ)上，將水溫升至1.2T。，蟲斯達到平衡時，求氣體的壓強及所吸收的熱量:。16.選修3«4 C2分）4分如1816圖所示 a. b. c. d是簡諧橫波上的痂點,某時刻a、d位于平衡位置且相距 為9m, c在波谷,該波的波速為2i偵。若此時

13、a經(jīng)平衡位置向上振動,則（花給出的四個選項中,FVff 項是好會迫jU要求的）一題16 （1）圖A.此波向右傳播B.b苴振動周期為3sC.c點說動速度大小為2nvsD.此波在a、d的點之間傳播需3$（8分）將白然允5人室內(nèi)進行照明是 種新型的綠色能源技術(shù)。某科技興趣小組設(shè)計了 種接收太陽 光的實驗裝置.越16（2）圖為過裝置中心柏線的破面.上部的集光球是步徑為R的某種均勻透明材料的 半庠體.卜為存光仃,兩潴分的交界面是EQ,若只fjEQt.方高度力=也“范圍內(nèi)的光束平行于EQ射 入后,能，i接通過PQ面進入導光管（不考出集光球內(nèi)親面的反射）,求該材料的折射率,參考答案1 . A【詳解】物體僅在

14、重力作用下運動，物體的機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律可知Ei代入已知條件為3E。+ 0 =既 +； 八 J解得處的速度為轆A2 . B【詳解】A .由于左邊質(zhì)量數(shù)237 + 1=238 ,右邊質(zhì)量數(shù)142+91+3=236 ,質(zhì)亙數(shù)不守恒，92 = 56 + 36電荷數(shù)守恒，故A錯誤；B.B中方程左右兩邊質(zhì)量數(shù)235 + 1742 + 91 + 3質(zhì)量數(shù)守恒；B中方程左右兩邊電荷數(shù)92 = 37 + 55電荷數(shù)守恒，故B正確；C.C中方程左右兩邊質(zhì)量數(shù)235 + 1 = 87 + 146+3質(zhì)量數(shù)守恒；C中方程左右兩邊電荷數(shù)92H57 + 35 + 3電荷數(shù)不守恒，故C錯誤；D.D中方程左右兩

15、邊質(zhì)量數(shù)235 + 1*90+136+9質(zhì)量數(shù)守恒；D中方程左右兩邊電荷數(shù)92 = 38 + 54電荷數(shù)守恒，故D錯誤.故選B。3 . C【詳解】AB .帶電粒子的電性和電場力做功的正負均未知，所以各等勢面的電勢高彳氐未知，電場線的 方向未知，AB錯誤；c.因為。和“在同一個等勢面上,電勢差u=°，根據(jù)電場力做功“'=禮可知電場力對帶電 粒子做功為O,c正確；D.根據(jù)題意可得a、。兩點的電勢差與"、"兩點之間的電勢差相等，根據(jù)電場力做功 “' = 2可知匕| =聞， , 口錯誤。故選Q4 . B【詳解】未通電時，導體棒的重力與兩彈簧的彈力相等，根據(jù)

16、平衡條件可知nig = 2kx通電后，通過導體棒的電流方向為從右向左，根據(jù)左手定則可知安培力豎直向下，根據(jù)平衡條 件可知mg + Bld = 2kx 1.5x兩式相比得mg _ 2kx _ 1mg + Bld 2Axi .5x 1.5解得B = 0.5T【詳解】 閉合導線框勻速向左運動過程，穿過回路和磁通量不斷增大，根據(jù)楞次定律可知, 回路中的電流一直是逆時針的，所以電流一直為正線框向左勻速運動過程中，切割磁感線的 有效長度先減小，后增大，所以感應電流先減小，后增大.故選B。【詳解】A.由向心加速度公式可知，近地衛(wèi)星繞地球運動的向心加速度大小4/CR=69 /? = ()=故A錯誤；B.近地衛(wèi)

17、星繞地球運動的向心力由萬有引力提供，由向心力公式得廠 Mm mv2G=R- R解得近地衛(wèi)星繞地球運動的線速度大小故B錯誤；C.地球表面的簞力等于萬有引力，所以有"愕= gf地球表面的重力加速度大小為GM故c錯誤；D.近地衛(wèi)星繞地球運動的向心力由萬有引力提供，由向心力公式得2k、2G = mR(YR。T解得地球的質(zhì)量為GT2地球的平均密度近似為M GT 廠 3/r0 = =V 4 兀 R， GT2T故D正確.SD.7 . D【詳解】AB .以小球為對象，設(shè)小球所在位置沿切線方向與數(shù)值方向夾角為氏沿切線方向有Ft = "ig cos。沿半徑方向有Fv = zngsin通過細線將

18、小球從例點緩慢向上拉至半圓最高點的過程中鰭大,所以細線對小球的拉力減 小，小球?qū)χw的壓力增大，故AB錯誤;CD.以柱體為對象，豎直方向有A； - A/g + sin。- Mg + wgsin' 0水平方向有F& = F、cos® = ng sin 6cos® = ； mg sin 20維大，柱體受到水平地面的支持力逐漸增大；柱體對豎直墻面的壓力先增大后減小當代45° 時柱體對豎直墻面的壓力最大，故D正確，C錯誤。8 . C【詳解】A.菜籽油滴入水中;票浮在水面主要體現(xiàn)的是浮力作用，A錯誤；B.含有泥沙的渾水經(jīng)過一段時間會變清是由于泥沙的平均密度大

19、于水的密度，泥沙在重力的 作用下向下沉，而上層水變清，B錯誤；C.密閉容器內(nèi)懸浮在水中的花粉顆粒移動，是因為水分子熱運動撞擊花粉顆粒，造成了花粉 顆粒受力不平衡，C正確；D.荷葉上的水珠成球形是表面張力的作用，是分子間作用力的結(jié)果，D錯誤.故選U9 . B【詳解】A.此時a經(jīng)平衡位置向上振動，根據(jù)"上下坡法"可知，波是向左傳播的，故A錯誤；B.由圖可知，這列波的波長為,2,X = -X . = 6in3 m波的周期為r = - = 3sV故B正確；C.。點在波谷，所以此時c點運動速度大小為。，故C錯誤；口.此波在ad兩點之間傳播所需時間，=Si = 4.5sV故D錯誤；故選

20、B。10 . AC【詳解】AB . N物體靜止不動，繩子拉力與N物體重力相等，M物體做勻速圓周運動，繩子拉力完全 提供向心力，即7二2 一 4 ,所以M所需向心力大小等于N所受重力的大小，A正確，B 錯誤；C.根據(jù)向心加速度公式牛頓第二定律得24 = " =葉則，與成正比，C正確；D.根據(jù)向心加速度公式和牛頓第二定律得故選AC。11 . AC【詳解】A.根據(jù)° = U/可得通過燈泡L的電流為- 3a = 5AUL 220電阻,的功率為 = /-r=52x2W = 50V故A正確；B.圖(1)變壓器輸出電壓為% = J + = 220V + 5x 2V = 230V圖(1)輸

21、出功率等于輸入功率為/>=£Jh./l=230x5W = 1150W凡'正常工作的電流為/a= 2AUv 220圖(2)中干路電流為 = /L + /L =7A圖(2)中輸出電壓為U. = U. + Lj=220V + 2x7V = 234V圖(2)中輸出功率等于輸入功率為=U“=234x7W = 1638W圖(2)中變壓器的輸入功率比圖(1)中變壓器的輸入功率增加了bP=PP= 16IOW-1I5OW = 488W故B錯誤；CD .由于輸入電壓為則圖中原副線圈匝數(shù)比則圖中原副線圈匝數(shù)比故C正確，D錯誤。降A(chǔ)C.12 . AD【詳解】AB.當樣品1剛進入例/V段時，以四

22、個樣品整體為對象,根據(jù)牛頓第二定律得4/?;g sin 8 - fimg cos 0 = 4iq解得樣品的共同加速度大小為3 八4 = jgsin。以樣品1為對象，根據(jù)牛頓第二定律得4 + mg sin 9 一cose = ma解得樣品1的輕桿受到壓力大小為故A正確，B錯誤；C.當四個樣品均位于例/V段時，摩擦力對樣品1做功卬;二一 X cos。3d = - 3/"gd sin。摩擦力對樣品2做功IV2 = -/gcos，, 2d = -Imgd sf)摩擦力對樣品3做功Wy =cos 夕-d = -mgd sin"此時樣品4剛進入M/V段摩擦力對樣品4不做功，所以當四個樣

23、品均位于例/V段時，摩擦力 做的總功為W =所 + J9 = -6mgd sin 8故C錯誤；D ,樣品1進入M/V段之前，根據(jù)牛頓第二定律可知,整體的加速度4川女sin， .八% =-= *sinO4m樣品2進入M/V段之前，根據(jù)牛頓第二定律可知，整體的加速度4/"gsin unig cosO 3.八% =2= _gsing4m4樣品3進入M/V段之前，根據(jù)牛頓第二定律可知,整體的加速度4m g sin( 2m) g cos 0 1 .4，-2gS，n樣品4進入股/V段之前，根據(jù)牛頓第二定律可知，整體的加速度4/r/gsin-/(3w)gcos(9 _ 1.4mygsm由速度位移關(guān)

24、第可知樣品1剛進入用N段時的速度寸= 2q(3d)樣品2剛進入例/V段時的速度$ vj2 - 2a2d樣品3剛進入M/V段時的速度,一片=2%d樣品4剛進入例/V段時的速度V； - v； = 2a4d綜合上面分析可知v； = M (3d)+ 2a2d + 2a3d + 2a4d = 9 sin 0當四個樣品均位于做V段時,樣品的共同速度大小為v = v4 = J9Hdsme = 3 J gd sin 0故D正確.轆AD.13 . 0.10.1650.5【詳解】Q) Q打點計時器的打點周期為T = - = != 0.02s/ 50Hz/ = 5r = o.is相鄰計數(shù)點之間的時間間隔(2)2勻變

25、速直線運動中，中間時刻速度等于平均速度，所以4點速度為XAC 33x10n .Vo = 0.165m/ss 2/2x0. Is(3) 3根據(jù)逐差法求解加速度xcr> - xAR (24- 14)x10 '22a ="四= JnVs- = 0.5nVs，2r 2x0.r14.260050 串聯(lián) 950【詳解】(1)。本題中采用“半偏法測電流表的內(nèi)阻“，要求滑動變阻器的阻值遠大于電流表的內(nèi)阻，電流表內(nèi)阻為幾十歐，則金應選用最大阻值為2600Q的滑動變阻器。半偏法中變阻器改變后其阻值等于電流表內(nèi)阻，即50C.(2)3改裝后電壓表的內(nèi)阻較大，故應該串聯(lián)一個電阻。4改裝后電壓表的

26、滿偏電流為OQOIA ,滿偏電壓為IV ,則改裝后電壓表內(nèi)阻為R、二一。=1000。0.001則需要串聯(lián)的電阻為R = & - 4 = 1000Q - 50。= 950C【詳解】Q)從小木塊1從水平位置釋放到與小木塊2碰前瞬間，根據(jù)機械能守恒定律可知解得(2)小木塊2碰撞后做平拋運動，豎直方向上做自由落體運動解得水平方向上做勻速直線運動解得2L = v2t小木塊1和2碰撞瞬間，根據(jù)動量守恒定律得解得碰撞后小木塊1的速度為之后小木塊1上升，根據(jù)機械能守恒定律可知解得4x44f2L二一LI9< 127/T-144144£=整 皿-皿16 . (1)“ ；( 2 ) 4/I” 小;(3)【詳解】(1)帶電粒子沒 空直線運動，說明重力和電場力二力平衡，由平衡條件可知qE = /ng解得電場強度的大小為七