【物理】2020高考物理浙江專用增分沖刺練輯：綜合模擬卷(十)(解析版)

1、2020 高考物理浙江專用增分沖刺練輯：綜合模擬卷（十）一、選擇題I （本題共8小題，每小題4分，共32分.每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分 ）1如圖所示，質(zhì)量為 m的一輛小汽車從水平地面 AC上的A點(diǎn)沿斜坡勻速行駛到 B點(diǎn).B 距水平地面高h(yuǎn)，以水平地面為零勢能面， 重力加速度為g小汽車從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程 中（空氣阻力不能忽略 ），下列說法正確的是 （）A .合外力做功為零B .合外力做功為mghC.小汽車的機(jī)械能增加量為 0D .牽引力做功為mgh答案 A2如圖，兩根長度不同的細(xì)線下面分別懸掛兩個(gè)小球A和B，細(xì)線上端固定在同一點(diǎn)，若兩個(gè)小球繞豎

2、直軸做勻速圓周運(yùn)動時(shí)恰好在同一高度的水平面內(nèi)，則下列說法中正確的是（）A .線速度VA= VBB .角速度3A>3BC.加速度aA= aBD .周期 Ta= Tb答案 D3. （2019河南省八市重點(diǎn)高中聯(lián)盟第三次模擬）如圖所示，小球從斜面的頂端A處以大小為vo的初速度水平拋出，恰好落到斜面底部的B點(diǎn)，且此時(shí)的速度大小 vb=，5vo,空氣阻力不計(jì)，該斜面的傾角為（）A. 60 ° B. 45 ° C. 37 ° D. 30 °答案 BVy=" VB2 vo2= 2vo,解析 根據(jù)平行四邊形定則知，落到底端時(shí)豎直分速度為:則運(yùn)動的時(shí)間為：

3、Vy 2V0 t=,g g設(shè)斜面的傾角為1 22gtgt0 則有 tan 0- v0t = 2v0= 1，解得0= 45° B正確.4.（2019安徽淮南市第二次模擬）已知地球兩極處的重力加速度大小約為9.8 m/s2,貼近地球表面飛行的衛(wèi)星的運(yùn)行周期約為1.5小時(shí)，試結(jié)合生活常識，估算一質(zhì)量為60 kg的人站在地球赤道上隨地球自轉(zhuǎn)所需要的向心力約為（A . 0.2 N B . 0.4 N C. 2 N D . 4 N答案 C解析在兩極：GMRm = mg ;對貼近地球表面飛行的衛(wèi)星= m，4TnR,解得R=£；則站在地球赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的人所受的向心力:F向=m人4nR=

4、 m人心x巽=m人T 2t 24 nT'21 560x 9.8X （去）2 NP N，故選 C.5隨著國產(chǎn)手機(jī)質(zhì)量的提升，智能手機(jī)的市場份額也越來越高我國某品牌手機(jī)的電板的文字說明如圖所示.已知該手機(jī)充電完成后待機(jī)時(shí)間為50 h,則該電板的電動勢和平均待機(jī)電流分別為（）A . 3.8 V,3 000 mAB. 4.35 V,3 000 mAC. 3.8 V,60 mAD. 4.35 V,60 mA答案 C解析 由題圖可知，該電板的電動勢為 3.8 V，由W= Ult得平均待機(jī)電流1=譬=11.4 WhUt 3.8 V X 50 h=60 mA，故C正確.6. (2019東北三省三校第二

5、次聯(lián)合模擬)圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極 N、S間的磁場可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場，A為理想交流電流表.線圈繞垂直于磁場的水平軸00 '沿逆時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的電動勢隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示.已知發(fā)電機(jī)線圈電阻為10 Q,外接一只阻值為 90 Q的電阻，不計(jì)電路的其他電阻，貝U()A .電流表的示數(shù)為0.31 AB .線圈轉(zhuǎn)動的角速度為50 n rad/sC. 0.01 s時(shí)線圈平面與磁場方向平行D 在線圈轉(zhuǎn)動一周過程中，外電阻發(fā)熱約為0.087 J答案D解析EmE有效 22在父流電路屮電流表的小數(shù)為有效值，E有效一 22 V，電流表的小數(shù)1 一一 “cV2R 總 100A

6、 = 0.22 A, A錯(cuò)誤；由題圖圖象可知線圈轉(zhuǎn)動的周期為0.02 S,則線圈轉(zhuǎn)動的角速度«=罕=100 n rad/s B錯(cuò)誤；0.01 s時(shí)線圈的電壓為 0，因此線圈在中性面處， C錯(cuò)誤；電阻發(fā)熱 應(yīng)用電流的有效值進(jìn)行計(jì)算，則發(fā)熱量Q = I2Rt= （0.22）* 90X 2X 10-2 J0.087 J, D正確.7. （2019山東濟(jì)寧市第二次摸底）如圖甲所示，在線圈11中通入電流i1后，在12上產(chǎn)生的感 應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，11、|2中電流的正方向如圖甲中的箭頭所示則通入線圈11中的電流i1隨時(shí)間t變化的圖象是下圖中的（）答案 D AB解析 因?yàn)楦袘?yīng)電流大

7、小不變，根據(jù)電磁感應(yīng)定律得:E n At n AtS I = R= R = R ，而線圈 li中產(chǎn)ABA生的磁場變化是因?yàn)殡娏靼l(fā)生了變化，所以1=丄£器，所以線圈li中的電流均勻改變,A、C錯(cuò)誤；根據(jù)題圖乙，0寸時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電流磁場向左， 所以線圈li產(chǎn)生的磁場向左減小, 或向右增大，B錯(cuò)誤，D正確.Ei& （2019湖北武漢市四月調(diào)研）已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為 Ei，激發(fā)態(tài)能量 En=門2，其中n =能使氫原子從基態(tài)2,3若氫原子從n = 3的能級躍遷到n = 2的能級放出光子的頻率為 電離的光子的最小頻率為（）解析 由題意可知：-32 22= h v；能使氫原子從基態(tài)電離的光

8、子的最小頻率滿足：0 Ei= h V解得V虧V,故選C.二、選擇題H （本題共4小題，每小題4分，共16分.每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有 個(gè)是符合題目要求的，全部選對的得 4分，選對但不全的得 2分，有錯(cuò)選的得0分）9. （2019綠色評價(jià)聯(lián)盟選考）如圖所示，水下光源S向水面A點(diǎn)發(fā)射一束光線，折射光線分成a、b兩束，則（）A .在水中a光的速度比b光的速度小B. 用同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置分別以a、b光做實(shí)驗(yàn)，a光的干涉條紋間距大于 b光的干涉條紋間距C. 做光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)時(shí)，a光產(chǎn)生的光電子的最大初動能較b光大D 若保持入射點(diǎn) A位置不變，將入射光線順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，則從水面上方觀察，b光先消失答案

9、BD10. （2019新力量聯(lián)盟期中）圖甲為某一列沿x軸正向傳播的簡諧橫波在t = 1 s時(shí)刻的波形圖,圖乙為參與波動的某一質(zhì)點(diǎn)的振動圖象，則下列說法正確的是（）A 該簡諧橫波的傳播速度為4 m/sB .從此時(shí)刻起，經(jīng)過 2 s, P質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動了 8 m的路程C.從此時(shí)刻起，P質(zhì)點(diǎn)比Q質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置D .圖乙可能是圖甲 x=2 m處質(zhì)點(diǎn)的振動圖象答案 ACDF 隨時(shí)間的變化關(guān)11. （2019山東青島市模擬）如圖所示，F(xiàn) -1圖象表示某物體所受的合外力系，t=0時(shí)物體的初速度為零，則下列說法正確的是（）A .前4s內(nèi)物體的速度變化量為零B .前4s內(nèi)物體的位移為零C.物體在02 s內(nèi)的位移大

10、于24 s內(nèi)的位移D . 02 s內(nèi)F所做的功等于24 s內(nèi)物體克服F所做的功答案 ACD12. （2019 東濟(jì)寧市第二次摸底）如圖所示，在絕緣水平地面上固定兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷A、B, 在AB連線上的P點(diǎn)由靜止釋放一帶電滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），則滑塊會由靜止開始一直向右運(yùn)動到AB連線上的一點(diǎn) M而停下.則以下判斷正確的是 （）A .滑塊一定帶的是與 A B異種的電荷B .滑塊的電勢能一定是先減小后增大C. 滑塊的動能與電勢能之和一定減小D. AP 間距一定小于 BM 間距答案 CD解析 滑塊受到的電場力是兩點(diǎn)電荷對它作用力的合力， 滑塊向右運(yùn)動， 合力向右， 滑塊一 定帶與 A、 B 同種的電荷

11、，否則滑塊將向左運(yùn)動， A 錯(cuò)誤.滑塊運(yùn)動可能有兩種情況：1.滑塊受到的電場力先向右后向左，電場力先做正功，再做負(fù)功，電勢能先減小后增加；2.滑塊受到的電場力合力始終向右，在到達(dá)AB中點(diǎn)前停止，電場力始終做正功，電勢能始終減小，B 錯(cuò)誤.根據(jù)能量守恒，滑塊的電勢能、動能、內(nèi)能之和不變，阻力做負(fù)功，內(nèi)能增大，則 動能與電勢能之和一定減小，C正確.若沒有摩擦力， AP= BM ;因?yàn)樗矫娌还饣椒较蚴艿侥Σ亮ψ饔?，運(yùn)動到速度為 0 的位置在 P 點(diǎn)關(guān)于 AB 中點(diǎn)對稱點(diǎn)的左側(cè)，所以 AP<BM， D 正確.三、非選擇題 （本題共 5小題，共 52分）13. （6 分）（2019 安徽蕪

12、湖市上學(xué)期期末 ）阿特武德機(jī)是早期測量重力加速度的裝置，由英國 數(shù)學(xué)家、物理學(xué)家阿特武德于 1784 年制成.某同學(xué)根據(jù)其原理設(shè)計(jì)出測量當(dāng)?shù)刂亓铀俣?的裝置如圖所示， 一根不可伸長的輕繩繞過光滑的輕質(zhì)定滑輪， 兩端分別連接正方體物塊 A 和物塊B(A、B的質(zhì)量分別為 mi和m2,且mi<m2)，讓兩物塊組成的系統(tǒng)從靜止開始做勻加速運(yùn)動，測出物塊 A先后通過光電門1和光電門2的遮光時(shí)間保持物塊 A的質(zhì)量不變,逐漸增大物塊B的質(zhì)量，重復(fù)以上操作，測出物塊B質(zhì)量不同時(shí)A、B的加速度.(1) 測得物塊A的邊長為d,在某次實(shí)驗(yàn)中它先后通過兩個(gè)光電門所用的遮光時(shí)間分別為Ati和At2,則其通過光電

13、門的速度分別為 , .(2) 為了測算A、B的加速度大小，還需要測量的物理量有 A 兩個(gè)光電門的間距B .物塊B的邊長C.物塊A的初始高度D .輕繩的長度某次實(shí)驗(yàn)中測得物塊A和物塊B的質(zhì)量分別為 mi、m2，測算出A、B的加速度大小為a,可以得到當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭 =(用mi、m2、a表示)答案(1)A A (2)A(3)mi±m2 aAtiAt2m2 mi解析(i)A先后通過兩個(gè)光電門的速度分別為：Vi= ¥和V2=£.AtiAt2根據(jù)V22 Vi2= 2ah,可知為了測算 A、B的加速度大小，還需要測量的物理量為兩個(gè)光電門的間距h,故選A.mi+ m2 對物塊

14、B: m2g Ft = m2a,對物塊 A: Ft mig = mia，聯(lián)立解得 g =a.m2 mii4.(9分)(20i9臺州3月一模)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，小燈泡額定電壓為2.5 V、額定電流為0.2 A .實(shí)驗(yàn)室提供了電流表和滑動變阻器各兩種規(guī)格: 電流表A 1（0250 mA，內(nèi)阻約為5 Q） 電流表A 2（00.6 A，內(nèi)阻約為0.2 Q） 滑動變阻器Ri（05外額定電流1.0 A） 滑動變阻器 R2（0100莒額定電流0.2 A）（ 1 ）為減小測量誤差并便于操作，電流表應(yīng)選用 滑動變阻器應(yīng)選用 ； （選填器材前的序號 ）（2）某實(shí)驗(yàn)小組連接的電路圖如圖甲所示，

15、開關(guān)閉合前滑動變阻器應(yīng)移到 （填“A端”或“ B 端” ）（3）某次實(shí)驗(yàn)中電壓表的指針如圖乙所示，則電壓為 V；將小燈泡接入如圖丙所示的電路中，其中A是電流傳感器當(dāng)開關(guān) S閉合前后，通過小燈泡的電流隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，正確的是 答案 (2)A端 (3)1.50 (4)B1 5 ( 1 0分)如圖所示為某水上樂園急速滑道的簡化示意圖，內(nèi)壁光滑的水平半圓形管道BC分別與傾角0= 37°勺傾斜管道 AB和水平直管道 CD順滑連接，管道 AB的A端離管道BC 所在平面的咼度 hi = 6 m，管道 BC的直徑d= 10 m，離水面EF的高h(yuǎn)2= 1.8 m .質(zhì)量 m= 60 kg的游

16、客(可視為質(zhì)點(diǎn))從A端靜止滑下，游客與管道 AB的動摩擦因數(shù) 小=0.125,與管 道CD的動摩擦因數(shù) 陽=0.5,整個(gè)運(yùn)動過程空氣阻力不計(jì). (sin 37 =0.6, cos 37 =0.8)(1 )求游客經(jīng)過 B 點(diǎn)時(shí)的速度大?。?2) 求游客受到BC管道的作用力大?。?3) 要使游客落到水中且落水的速度不超過8 m/s,求管道CD的長度.答案 見解析 解析(1)游客從A運(yùn)動到B過程，根據(jù)動能定理:hi12mghi pmgcos 0 = qmvB2解得:VB= 2ghi - 2 呃特=10 m/s游客在管道BC中做勻速圓周運(yùn)動, 豎直方向：Fy= mg水平方向有：Fx= m管2Fn =6

17、00 5 N （3）若游客從管道CD恰好滑出，從C到D，根據(jù)動能定理:1國mgL1 = 0?mvB解得：L1 = f = 10 m2國g若游客落水速度恰好 8 m/s，根據(jù)動能定理:1 2 1 2mgh2 比mgL2=，mv mvBh21解得：L2=h2-vB2)= 72 m管道CD的長度7.2 m < L< 10 m.16.（12分）（2018稽陽聯(lián)誼學(xué)校3月聯(lián)考）如圖甲所示，光滑的水平絕緣軌道M、N上擱放著質(zhì)量m1= 0.2 kg、電阻R1= 0.02勺“”形金屬框dabc,軌道間有一有界磁場，變化關(guān)系 如圖乙所示一根長度等于ab，質(zhì)量m2= 0.1 kg、R2 = 0.01

18、Q的金屬棒ef擱在軌道上并靜止在磁場的左邊界上.已知軌道間距與ab長度相等，均為L1 = 0.3 m , ad = bc= L2= 0.1 m,其余電阻不計(jì).0時(shí)刻，給“”形金屬框一初速度v0= 3 m/s,與金屬棒碰撞后合在一起成為一閉合導(dǎo)電金屬框（碰撞時(shí)間極短）.t0時(shí)刻整個(gè)框剛好全部進(jìn)入磁場，（t0+ 1） s時(shí)刻，框右邊剛要出磁場.求：(1) 碰撞結(jié)束時(shí)金屬框的速度大??；(2) 0to時(shí)間內(nèi)整個(gè)框產(chǎn)生的焦耳熱；(3) to(to+ 1) s時(shí)間內(nèi)，安培力對 ab邊的沖量的大小. 答案 見解析解析 ( 1 )碰撞過程中，動量守恒，得到mivo= (mi+ m2)vv= 2 m/s對閉合金

19、屬框，0to時(shí)間內(nèi)由動量定理得：BIL i At = BLi Aq = (mi + m2) N等號兩邊求和，得 BLiq = (mi + m2)(v')又因?yàn)閝 =竺L匹山R 總 R1 + R2得到 v'=1 m/s1 1所以 Q = 2(m1+ m2)v2 2(m1+ m2)v'2= 0.45 J (3)to(to+ 1) s時(shí)間內(nèi)，整個(gè)框在磁場中運(yùn)動,EABL1L2I = 0.4 AR總 AtR總AtR總又因?yàn)?B'T 0.4(t to)toW t< to+ 1所以 F 安= B'ILi= 0.12B'=0.12 0.048(t to)F安 1 + F安20.12 X 1 + 0.12 X 0.6I 安=F 安 t =t =X 1 N s= 0.096 N s17. (15分)(2018寧波市3月選考)如圖所示為平面直角坐標(biāo)系xOy,在第一、二象限中有一半圓形的有界磁場，圓心在 O點(diǎn)，半圓的半徑為 R,磁場方向垂直坐標(biāo)平面向里，磁感應(yīng) 強(qiáng)度為B,在