【名師解析】浙江寧波市2015屆高三十校聯(lián)考理科綜合物理試題

1、2015年浙江省寧波市十校聯(lián)考高考物理模擬試卷一、選擇題（共4小題，每小題6分，滿分24分）1（6分）（2015寧波模擬）如圖，在粗糙水平面上放置有一豎直截面為平行四邊形的木塊，圖中木塊傾角，木塊與水平面間動(dòng)摩擦因數(shù)為µ，木塊重為G，現(xiàn)用一水平恒力F推木塊，使木塊由靜止向左運(yùn)動(dòng)，則物體所受地面摩擦力大小為（） A f=F B f= C f=µmg D f=µ（mgsin+Fcos）【考點(diǎn)】： 共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用【專題】： 共點(diǎn)力作用下物體平衡專題【分析】： 對(duì)木塊分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出支持力，結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式求出摩擦力的大小【解析】

2、： 解：木塊在豎直方向上平衡，有：N=mg，則木塊所受的摩擦力f=N=mg因?yàn)槲飰K不是做勻速運(yùn)動(dòng)，所以f與F不等故選：C【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查了滑動(dòng)摩擦力公式的基本運(yùn)用，關(guān)鍵求出物塊對(duì)水平面的正壓力，結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式進(jìn)行求解，基礎(chǔ)題2（6分）（2015寧波模擬）有兩個(gè)同種材料制成的導(dǎo)體，兩導(dǎo)體為橫截面為正方形的柱體，柱體高均為h，大柱體柱截面邊長(zhǎng)為a，小柱體柱截面邊長(zhǎng)為b，現(xiàn)將大小柱體串聯(lián)接在電壓U上，已知通過導(dǎo)體電流方向如圖，大小為I，則導(dǎo)體電阻率為（） A = B = C = D =【考點(diǎn)】： 電阻定律【分析】： 分析兩電阻之間的大小關(guān)系，再由串并聯(lián)電路的規(guī)律可得出電流大?。挥呻娮瓒杉纯?/p>

3、求得電阻率【解析】： 解：由電阻定律可知：R=可知：兩導(dǎo)體的電阻Ra=Rb=；兩電阻串聯(lián)，分壓相等，則a兩端的電壓為；由歐姆定律可知：Ra=解得：=；故選：A【點(diǎn)評(píng)】： 本題要注意電阻定律的應(yīng)用，明確電阻的大小與電阻率和厚度的關(guān)系，明確電阻微型化的依據(jù)3（6分）（2015寧波模擬）如圖，彈簧測(cè)力計(jì)下掛有一單匝正方形線框，線框邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量M，線框上邊水平且處于垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框通有如圖方向電流，且線框處于靜止?fàn)顟B(tài)，若此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)大小為F，已知該線框單位長(zhǎng)度自由電子個(gè)數(shù)為n，重力加速度g，則電子定向移動(dòng)對(duì)應(yīng)的洛侖茲力大小為（） A FMg B MgF C D 【考點(diǎn)】： 洛侖茲

4、力【分析】： 由安培力的公式計(jì)算出線框受到的安培力的大小，由左手定則判斷出安培力的方向，然后由安培力與洛倫茲力的關(guān)系即可求出電子受到的洛倫茲力的大小【解析】： 解：有左手定則判斷安培力向上，安培力的大?。篎安培=BIL線框中的安培力是由nL個(gè)電子受到的洛倫茲力的合力，所以F安培=nLf然后對(duì)線框進(jìn)行受力分析，得：Mg=F+F安培所以：f=故D正確故選：D【點(diǎn)評(píng)】： 該題考查洛倫茲力與安培力的微觀解釋，知道安培力是洛倫茲力的宏觀體現(xiàn)，以及安培力與洛倫茲力的關(guān)系才能正確解答4（6分）（2015寧波模擬）如圖，一小球從高h(yuǎn)處自由下落進(jìn)入水面，若小球在水中所受阻力為F=kv2，且水足夠深，則（） A

5、h越大，勻速時(shí)速度v越大 B h變大，小球在水中動(dòng)能變化一定變多 C h變小，小球在水中動(dòng)能變化可能變多 D 小球在水中剛勻速的位置與h無關(guān)【考點(diǎn)】： 動(dòng)能定理的應(yīng)用【專題】： 動(dòng)能定理的應(yīng)用專題【分析】： 小球勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)合力為零，結(jié)合勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的平衡方程判斷勻速運(yùn)動(dòng)的速度是否與h有關(guān)小球進(jìn)入水中后可能做加速運(yùn)動(dòng)，可能做減速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合動(dòng)能的變化量分析判斷【解析】： 解：A、當(dāng)重力、浮力和阻力相等時(shí)，小球做勻速運(yùn)動(dòng)，有：，浮力是定值，可知?jiǎng)蛩龠\(yùn)動(dòng)的速度是一定值，故A錯(cuò)誤B、若小球進(jìn)入水中做加速運(yùn)動(dòng)，由于勻速運(yùn)動(dòng)的速度一定，高度越高，進(jìn)入水中的速度越大，則動(dòng)能變化越小，若小球進(jìn)入水中做減速運(yùn)動(dòng)，由

6、于勻速運(yùn)動(dòng)的速度一定，高度越高，進(jìn)入水中的速度越大，則動(dòng)能變化量越大，同理，當(dāng)h變小時(shí)，在水中的動(dòng)能可能變多，可能變小故B錯(cuò)誤，C正確D、小球勻速運(yùn)動(dòng)的速度是一定值，但是開始勻速運(yùn)動(dòng)的位置與h有關(guān)，故D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】： 解決本題的關(guān)鍵知道小球勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，合力為零，受重力、浮力和阻力平衡，注意小球進(jìn)入水中可能做加速運(yùn)動(dòng)，可能做減速運(yùn)動(dòng)二、選擇題（本題共3小題在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全得3分，有選錯(cuò)的得0分）5（6分）（2015寧波模擬）一舉重運(yùn)動(dòng)員在地面上能舉起重物的最大質(zhì)量為100kg，某次該運(yùn)動(dòng)員在有向上恒定加速度的電梯中舉重物

7、，他恰能舉起90kg的重物，則當(dāng)運(yùn)動(dòng)員保持此舉重狀態(tài)隨電梯運(yùn)動(dòng)10m位移的過程中，以下結(jié)論可能正確的是（重力加速度g取10m/s2）（） A 物體機(jī)械能增加9000J B 物體機(jī)械能減少10000J C 物體動(dòng)能增加了1000J D 物體動(dòng)能減少了1000J【考點(diǎn)】： 動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律【專題】： 動(dòng)能定理的應(yīng)用專題【分析】： 通過牛頓第二定律判斷出人對(duì)物體的作用力，注意物體可能上升也可能下降運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理即可判斷，【解析】： 解：運(yùn)動(dòng)員的最大作用力Fmax=mg=1000N，在有向上加速度的電梯中，由于物體可能上升也可能下降運(yùn)動(dòng)，故機(jī)械能可能增加或減少，即，E=±Fh

8、=±1000J，故B正確，C、由于物體可能上升也可能下降運(yùn)動(dòng)，故物體的動(dòng)能變化量為Ek=±mah=1000J，故C、D正確故選：BCD【點(diǎn)評(píng)】： 本題主要考查了外力對(duì)物體做功，物體的機(jī)械能和動(dòng)能的變化，解題的關(guān)鍵是抓住物體可能上升也可能下降運(yùn)動(dòng)6（6分）（2015寧波模擬）如圖甲，已知開關(guān)閉合時(shí)靈敏電流計(jì)G指針向右偏，則當(dāng)乙圖中同一靈敏電流計(jì)G指針有向左偏時(shí)，以下可能的原因是（） A 乙圖中滑片P正向右加速運(yùn)動(dòng) B 乙圖中滑片P正向左加速運(yùn)動(dòng) C 乙圖中滑片P正向右減速運(yùn)動(dòng) D 乙圖中滑片P正向左減速運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】： 閉合電路的歐姆定律【專題】： 恒定電流專題【分析】： 甲圖

9、中是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，根據(jù)安培定則和楞次定律結(jié)合判斷出電流方向與電流表指針偏轉(zhuǎn)方向間的關(guān)系再分析乙圖即可【解析】： 解：甲圖中，開關(guān)閉合時(shí)，由楞次定律判斷知，G表電流由正接線柱流入時(shí)，指針向右偏乙圖中指針向左偏，故電流為負(fù)接線柱流入，即電容器放電，電容器兩端電壓正在減小，故滑片向左滑動(dòng)，可能向左加速運(yùn)動(dòng)，也可能向左減速運(yùn)動(dòng)，故B、D正確，A、C錯(cuò)誤故選：BD【點(diǎn)評(píng)】： 解決本題的關(guān)鍵要掌握楞次定律，并能熟練運(yùn)用，知道電容器放電時(shí)電流方向從正極板流出，流向負(fù)極板7（6分）（2015寧波模擬）空間中有一方向沿豎直平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，另有一光滑絕緣桿，桿上套有電荷量為+Q質(zhì)量為m的小球，現(xiàn)在電場(chǎng)所在豎直平面

10、內(nèi)將桿分別置于OA、OB、OC三個(gè)不同位置，其中OA為水平，OC豎直，OB與水平面夾角60°小球分別從桿端A、B、C靜止釋放，已知小球從A到O運(yùn)動(dòng)時(shí)間為從B到O運(yùn)動(dòng)時(shí)間的倍，則可判斷（） A 從C到O方向運(yùn)動(dòng)的時(shí)間小于從A到O的時(shí)間 B 從C到O方向運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大于從A到O的時(shí)間 C 電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為 D 電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為【考點(diǎn)】： 勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【專題】： 電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題【分析】： 小球在桿上均做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由時(shí)間之比求的加速度之比，而產(chǎn)生的加速度時(shí)重力和電場(chǎng)力的合力提供的，由牛頓第二定律即可判斷加速度大小，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求的時(shí)間；當(dāng)電場(chǎng)方向垂直BO方

11、向時(shí)有最小電場(chǎng)強(qiáng)度；【解析】： 解：A、小球在桿上均做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由時(shí)間之比為得：aA：aB=1：2，設(shè)重力和電場(chǎng)力的合力為F合，方向與豎直方向成角，則F合在AO、BO方向分力為1：2，即：F合cos（30°）=2F合sin解得：=30°即重力和電場(chǎng)力的合力為F合沿BO方向，則可得aCaA，所以從C到O方向運(yùn)動(dòng)的時(shí)間小于從A到O的時(shí)間，故A正確，B錯(cuò)誤C、當(dāng)電場(chǎng)方向垂直BO方向時(shí)有最小電場(chǎng)強(qiáng)度，則，故C正確，D錯(cuò)誤故選：AC【點(diǎn)評(píng)】： 本題要注意分析帶電小球的運(yùn)動(dòng)過程，屬于牛頓第二定律的動(dòng)態(tài)應(yīng)用與電場(chǎng)結(jié)合的題目，此類問題要求能準(zhǔn)確找出物體的運(yùn)動(dòng)過程，并能分析各力的變化，

12、對(duì)學(xué)生要求較高三、解答題（共5小題，滿分78分）8（10分）（2015寧波模擬）在練習(xí)使用多用電表實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)使用多用電表來測(cè)量螺口型白熾燈的燈絲電阻，燈泡標(biāo)有“220V，100W”字樣，關(guān)于該實(shí)驗(yàn)回答以下問題：（1）以下測(cè)量（圖1）方式正確的是：A（2）該同學(xué)采用×1檔進(jìn)行測(cè)量，則實(shí)際的測(cè)量結(jié)果是圖2中a（填a或b或c）位置（3）為了用多用電表測(cè)得比較準(zhǔn)確的燈絲阻值，還需要進(jìn)行的操作步驟順序是BCEHGA將選擇開關(guān)置于×100檔 B將選擇開關(guān)置于×10檔C將紅黑表筆短接 D調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕使指針指左側(cè)零刻度E調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕使指針指右側(cè)零刻度 F將選擇開關(guān)置于OFF或

13、直流電壓500V檔G將選擇開關(guān)置于OFF或交流電壓500V檔 H測(cè)量電阻【考點(diǎn)】： 描繪小電珠的伏安特性曲線【專題】： 實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題【分析】： （1）明確燈泡結(jié)構(gòu)，根據(jù)多用有的使用方法得出正確的測(cè)量方法；（2）根據(jù)燈泡的額定值分析其電阻大小，再由多用電表的測(cè)量方法可得出對(duì)應(yīng)的位置；（3）歐姆表盤指針偏轉(zhuǎn)角度越小，電流越小，電阻的讀數(shù)越大，要換小倍率的檔位；換檔后要進(jìn)行歐姆調(diào)零，測(cè)量完畢要把選擇檔打到OFF檔或交流電壓最高檔【解析】： 解：（1）燈泡底部和周圍金屬部分與內(nèi)部燈絲相連，故為了測(cè)量燈絲的電阻，應(yīng)將紅黑表筆分別接金屬外殼和底部，故應(yīng)選用A接法進(jìn)行測(cè)量；（2）燈泡的電阻約為：R=

14、484；若選用×1檔進(jìn)行測(cè)量，則指針應(yīng)指在484處，故測(cè)果為圖中的a處；（3）由（2）的解答可知，指針偏角過小，故應(yīng)換用×10檔位進(jìn)行測(cè)量，換檔后需要調(diào)零，先將紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕使指針使右側(cè)零刻度處；然后才能測(cè)量電阻，測(cè)量完成后，將開關(guān)置于OFF檔或直流電壓最高檔處；故順序?yàn)椋築CEHG；故答案為：（1）A （2）a（3）BCEHG【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查歐姆表的使用，要注意在使用歐姆檔時(shí)每次換檔均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零，用完后一定要離開歐姆檔，打到OFF或直流電的最高檔位處9（10分）（2015寧波模擬）在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)在某次實(shí)驗(yàn)時(shí)釋放小車的瞬間裝置

15、狀態(tài)如圖1（）則操作中有待改進(jìn)的是：小車離計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)；需平衡摩擦力（）如圖2為改進(jìn)實(shí)驗(yàn)操作后某次實(shí)驗(yàn)打下的紙帶數(shù)據(jù)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間距如圖所示，則該次實(shí)驗(yàn)加速度為2.76m/s2（保留3位有效數(shù)字）（）若均使用同一規(guī)格鉤碼以改變小車總質(zhì)量和懸掛重物的總重力，某同學(xué)得到多次運(yùn)動(dòng)中對(duì)應(yīng)加速度，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如表格所示 小車鉤碼數(shù)最懸掛鉤碼數(shù) 0 1 2 3 41 1.39m/s2 1.16m/s2 1.00m/s2 0.94m/s2 0.78m/s22 2.48m/s2 2.20m/s2 2.00m/s2 1.81m/s2 /3 3.38m/s2 2.89m/s2 2.76m/s2 / /4 4.15m/

16、s2 3.68m/s2 / / /5 4.59m/s2 / / / /請(qǐng)選擇一組數(shù)據(jù)用來研究加速度與力關(guān)系，并在答題卡坐標(biāo)紙上作出相應(yīng)圖線作圖要求：（1）完善坐標(biāo)物理量及合理的物理量標(biāo)度（2）在坐標(biāo)紙上標(biāo)出所選數(shù)據(jù)，完成圖線并標(biāo)出數(shù)據(jù)坐標(biāo)值；（3）就你所選實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到的結(jié)論做出評(píng)價(jià)【考點(diǎn)】： 探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【專題】： 實(shí)驗(yàn)題；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】： 根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理以及操作的注意事項(xiàng)確定實(shí)驗(yàn)中需要改進(jìn)的地方根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量，運(yùn)用逐差法求出加速度用a表示縱坐標(biāo)，用N或F表示橫坐標(biāo)，作出圖線【解析】： 解：（）則操作中有待改進(jìn)的是：小車離計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)，

17、需平衡摩擦力（）根據(jù)x=aT2，運(yùn)用逐差法得，a=2.76m/s2、（1、2）橫坐標(biāo)物理量，用N（個(gè)）或F（個(gè)）均可，縱坐標(biāo)用a表示如圖所示（3）甲圖：平衡摩擦力可能不到位；懸掛鉤碼質(zhì)量數(shù)較多時(shí)圖線非線性，誤差較大；加速度與合外力不成正比；乙圖：誤差允許范圍內(nèi)加速度與合外力成正比；未完全平衡摩擦力故答案為：、（1）小車離計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)（2）需平衡摩擦力、2.76、（1）橫坐標(biāo)物理量，用N（個(gè)）或F（個(gè)）均可（2）圖線如下甲、乙兩種均對(duì)（3）甲圖：平衡摩擦力可能不到位；懸掛鉤碼質(zhì)量數(shù)較多時(shí)圖線非線性，誤差較大；加速度與合外力不成正比；乙圖：誤差允許范圍內(nèi)加速度與合外力成正比；未完全平衡摩擦力【點(diǎn)評(píng)】

18、： 解決本題的關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)的原理以及實(shí)驗(yàn)中需注意的事項(xiàng)，知道當(dāng)鉤碼的個(gè)數(shù)較多時(shí)，由于鉤碼重力不再遠(yuǎn)小于小車的重力，上端圖線會(huì)出現(xiàn)彎曲10（16分）（2015寧波模擬）如圖，某游樂園的水滑梯是由6段圓心角為30°的相同圓弧相連而成，圓弧半徑為3m，切點(diǎn)A、B、C的切線均為水平，水面恰與圓心O6等高，若質(zhì)量為50kg的游客從起始點(diǎn)由靜止開始滑下后，恰在C點(diǎn)拋出落向水面（不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2）求（1）游客在C點(diǎn)的速度大?。唬?）游客落水點(diǎn)與O6的距離；（3）游客從下滑到拋出的過程中克服阻力做了多少功【考點(diǎn)】： 動(dòng)能定理的應(yīng)用；向心力【專題】： 動(dòng)能定理的應(yīng)用專題【分析】： （1）

19、游客在C點(diǎn)恰好拋出，可知支持力為零，根據(jù)牛頓第二定律求出游客在C點(diǎn)的速度（2）根據(jù)高度求出游客平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合初速度和時(shí)間求出水平距離（3）對(duì)開始到C點(diǎn)的過程運(yùn)用動(dòng)能定理，求出下滑過程中克服阻力做功的大小【解析】： 解：（1）在C點(diǎn)，游客恰好拋出，可知支持力為零，根據(jù)牛頓第二定律有：，解得：（2）根據(jù)，x=vct，代入數(shù)據(jù)解得；（3）對(duì)開始到C點(diǎn)的過程運(yùn)用動(dòng)能定理得：，h=R（1cos30°）×5，代入數(shù)據(jù)解得：Wf=255J答：（1）游客在C點(diǎn)的速度大小為；（2）游客落水點(diǎn)與O6的距離為m；（3）游客從下滑到拋出的過程中克服阻力做了255J【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查了動(dòng)能定

20、理與圓周運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)的綜合，知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，以及圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源是解決本題的關(guān)鍵11（20分）（2015寧波模擬）如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行直導(dǎo)軌（不計(jì)阻值）構(gòu)成的平面與水平面成37°角，導(dǎo)軌平面處在垂直平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=1m，導(dǎo)軌上端接有如圖電路，已知R1=4、R2=10將一直導(dǎo)體棒垂直放置于導(dǎo)軌上，現(xiàn)將單刀雙擲開關(guān)置于a處，將導(dǎo)體棒由靜止釋放，導(dǎo)體棒達(dá)穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)電流表讀數(shù)為I1=2.00A將單刀雙擲開關(guān)置于b處，仍將導(dǎo)體棒由靜止釋放，當(dāng)導(dǎo)體棒下滑S=2.06m時(shí)導(dǎo)體棒速度又一次達(dá)第一次穩(wěn)定時(shí)的速度，此時(shí)電流表讀數(shù)為I2=1

21、.00A，此過程中電路產(chǎn)生熱量為Q=4.36J（g取10m/s2）（1）求導(dǎo)體棒達(dá)到第一次穩(wěn)定速度時(shí)回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)及導(dǎo)體棒接入導(dǎo)軌部分的電阻大小（2）求將開關(guān)置于a處穩(wěn)定時(shí)的速度大小【考點(diǎn)】： 導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【分析】： （1）由題意利用閉合電路歐姆定律列式，聯(lián)立可求得電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；（2）由電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式及求得的電動(dòng)勢(shì)可用速度表示磁感應(yīng)強(qiáng)度；由共點(diǎn)力的平衡條件求得質(zhì)量與速度的關(guān)系，再由功能關(guān)系可求得速度【解析】： 解：（1）開關(guān)分別置于a、b時(shí)電動(dòng)勢(shì)相同，令Ea=Eb=EEa=I1（R1+r）Eb=I2（R2+r）聯(lián)立解得E=12V，r=2（2）由E=BLv1

22、可得：B=開關(guān)置于a時(shí)勻速時(shí)mgsin37°v1=I12（R1+r）解得：m=開關(guān)置于b處至速度又一次達(dá)v1過程mgsin37°S=mv12+Q解得：×6×2.06=×v12+4.36解得：v1=4m/s；答：（1）導(dǎo)體棒達(dá)到第一次穩(wěn)定速度時(shí)回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為12V；導(dǎo)體棒接入導(dǎo)軌部分的電阻大小為2（2）將開關(guān)置于a處穩(wěn)定時(shí)的速度大小為4m/s【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查導(dǎo)體切割磁感線的能量及受力分析問題，要注意正確利用共點(diǎn)力的平衡條件和功能關(guān)系進(jìn)行分析；本題中要注意中間量的換算12（22分）（2015寧波模擬）如圖1，在直角坐標(biāo)系X0的區(qū)域存在磁感強(qiáng)度大小為2B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在X0的區(qū)域存在如圖2變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩磁場(chǎng)方向均垂直紙面向內(nèi)，在t=0時(shí)刻有一質(zhì)量為m，帶電量為+q的帶電粒子以大小為v0的