2019高考物理一輪選訓(xùn)習(xí)題4含解析新人教版20181009469

1、2019人教高考物理一輪選訓(xùn)習(xí)題（4）及答案李仕才一、選擇題1、(2019·河北邢臺質(zhì)檢)有下列幾種情景，其中對情景的分析和判斷正確的是()點火后即將升空的火箭；高速公路上沿直線高速行駛的轎車為避免事故緊急剎車；磁懸浮列車在軌道上高速行駛；太空中的空間站繞地球做勻速圓周運動.A.中，因火箭還沒運動，所以加速度一定為零B.中，轎車緊急剎車，速度變化很快，所以加速度很大C.中，高速行駛的磁懸浮列車，因速度很大，所以加速度也一定很大D.中，因空間站處于完全失重狀態(tài)，所以空間站內(nèi)的物體加速度為零【答案】B【解析】點火后火箭即將升空的瞬間，加速度豎直向上，不為零，A錯；轎車緊急剎車時剎車時間短

2、，且速度改變很大，則由a知加速度很大，B對；磁懸浮列車速度很大，但速度沒有變化，加速度為零，C錯；空間站以及里面的物體受地球萬有引力作用，加速度不為零， D錯.2、如圖所示,在一個邊長為a的正六邊形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強度為B,方向垂直于紙面向里的勻強磁場,三個相同帶正電的粒子比荷為,先后從A點沿AD方向以大小不等的速度射入勻強磁場區(qū)域,粒子在運動過程中只受磁場力作用;已知編號為的粒子恰好從F點飛出磁場區(qū)域;編號為的粒子恰好從E點飛出磁場區(qū)域;編號為的粒子從ED邊上的某一點垂直邊界飛出磁場區(qū)域,則世紀金榜導(dǎo)學(xué)號49294170()A.編號為的粒子進入磁場區(qū)域的初速度大小為B.編號為的粒子在磁場區(qū)域

3、內(nèi)運動的時間T=C.編號為的粒子在ED邊上飛出的位置與E點的距離為(2-3)aD.三個粒子在磁場內(nèi)運動的時間依次減少并且為421【解析】選A、C、D。三個粒子的運動軌跡如圖所示。設(shè)編號為的粒子在正六邊形區(qū)域磁場中做圓周運動的半徑為r1,初速度大小為v1,則qv1B=m,由幾何關(guān)系可得r1=,解得v1=,在磁場中轉(zhuǎn)了120°運動時間t1=,選項A正確;設(shè)編號為的粒子在正六邊形區(qū)域磁場中做圓周運動的半徑為r2,線速度大小為v2,周期為T2=,由幾何關(guān)系可得,粒子在正六邊形區(qū)域磁場運動過程中轉(zhuǎn)過的圓心角為60°,則粒子在磁場中運動的時間t2=,選項B錯誤;設(shè)編號為的粒子在正六邊形

4、區(qū)域磁場中做圓周運動的半徑為r3,在磁場中轉(zhuǎn)了30°,t3=,由幾何關(guān)系可得AE=2acos30°=a,r3=2a,O3E=3a,EG=r3-O3E=(2-3)a,選項C正確;t1t2t3=421,選項D正確。3、如圖所示,在點電荷Q產(chǎn)生的電場中,實線MN是一條方向未標出的電場線,虛線AB是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡。設(shè)電子在A、B兩點的加速度大小分別為aA、aB,電勢能分別為EpA、EpB。下列說法正確的是()A.電子一定從A向B運動B.若aA>aB,則Q靠近M端且為正電荷C.無論Q為正電荷還是負電荷一定有EpA<EpBD.B點電勢可能高于A點電勢【解

5、析】選B、C。電子在電場中做曲線運動,虛線AB是電子只在靜電力作用下的運動軌跡,電場力沿電場線指向曲線的凹側(cè),電場的方向與電場力的方向相反,如圖所示,由所知條件無法判斷電子的運動方向,故A錯誤;若aA>aB,說明電子在A點受到的電場力較大,M點的電場強度較大,根據(jù)點電荷的電場分布可知,靠近M端為場源電荷的位置,應(yīng)帶正電,故B正確;無論Q為正電荷還是負電荷,一定有電勢A>B,電子電勢能Ep=-e,電勢能是標量,所以一定有EpA<EpB,故C正確,D錯誤。4、一輛公共汽車進站后開始剎車，做勻減速直線運動.開始剎車后的第1 s內(nèi)和第2 s內(nèi)位移大小依次為9 m和7 m.則剎車后6

6、s內(nèi)的位移是()A.20 m B.24 m C.25 m D.75 m【答案】C【解析】由x9 m7 m2 m可知，汽車在第3 s、第4 s、第5 s內(nèi)的位移分別為5 m、3 m、1 m，汽車在第5 s末的速度為零，故剎車后6 s內(nèi)的位移等于前5 s內(nèi)的位移，大小為9 m7 m5 m3 m1 m25 m，故C正確.5、(多選)如圖所示,光滑的水平軌道AB,與半徑為R的光滑的半圓形軌道BCD相切于B點,AB水平軌道部分存在水平向右的勻強電場,半圓形軌道在豎直平面內(nèi),B為最低點,D為最高點。一質(zhì)量為m、帶正電的小球從距B點x的位置在電場力的作用下由靜止開始沿AB向右運動,恰能通過最高點,則()世紀

7、金榜導(dǎo)學(xué)號49294147A.R越大,x越大B.R越大,小球經(jīng)過B點后瞬間對軌道的壓力越大C.m越大,x越大D.m與R同時增大,電場力做功增大【解析】選A、C、D。小球在BCD部分做圓周運動,在D點,mg=m,小球由B到D的過程中有:-2mgR=m-m,解得vB=,R越大,小球經(jīng)過B點時的速度越大,則x越大,選項A正確;在B點有:FN-mg=m,解得FN=6mg,與R無關(guān),選項B錯誤;由Eqx=m,知m、R越大,小球在B點的動能越大,則x越大,電場力做功越多,選項C、D正確。6、如圖2所示裝置中，各小球的質(zhì)量均相同，彈簧和細線的質(zhì)量均不計，一切摩擦忽略不計，平衡時各彈簧的彈力分別為F1、F2、

8、F3，其大小關(guān)系是( )圖2A.F1F2F3 B.F1F2F3C.F1F3F2 D.F3F1F2【答案】A【解析】第一幅圖：以下面小球為研究對象，由平衡條件得知，彈簧的彈力等于小球的重力G；第二幅圖：以小球為研究對象，由平衡條件得知，彈簧的彈力等于小球的重力G；第三幅圖：以任意一個小球為研究對象，由平衡條件得知，彈簧的彈力等于小球的重力G；所以平衡時各彈簧的彈力大小相等，即有F1=F2=F3。7、如圖所示,一輕質(zhì)細桿兩端分別固定著質(zhì)量為mA和mB的兩個小球A和B(可視為質(zhì)點)。將其放在一個直角形光滑槽中,已知輕桿與槽右壁成角,槽右壁與水平地面成角時,兩球剛好能平衡,且,則A、B兩小球質(zhì)量之比為

9、()A.B.C.D.【解析】選C。設(shè)桿的彈力為F,對B受力分析,在沿槽右壁方向上mBgsin=Fcos,對A受力分析,在沿槽左壁方向上mAgcos=Fsin,聯(lián)立兩式可得=,C正確。8、用三根輕繩將質(zhì)量為m的物塊懸掛在空中，如圖3所示.已知ac和bc與豎直方向的夾角分別為30°和60°，則ac繩和bc繩中的拉力大小分別為()圖3A.mg，mgB.mg，mgC.mg，mgD.mg，mg【答案】A【解析】接點c受力分析如圖，對Fa和Fc合成，合力為F，F(xiàn)mg，所以Famgcos 30°mgFcmgsin 30°mg.9、如圖所示,質(zhì)量為m的球置于斜面上,被一

10、個豎直擋板擋住,現(xiàn)用一個力F拉斜面,使斜面在水平面上做加速度為a的勻加速直線運動,忽略一切摩擦,以下說法中正確的是()A.若加速度足夠小,豎直擋板對球的彈力可能為零B.若加速度足夠大,斜面對球的彈力可能為零C.斜面和擋板對球的彈力的合力大于maD.斜面對球的彈力不僅有,而且是一個定值【解析】選C、D。小球受到的重力mg、豎直擋板的水平彈力FN1、斜面的支持力FN2,設(shè)斜面的傾斜角為,則豎直方向有FN2cos=mg,由于mg和不變,所以無論加速度如何變化,FN2不變且不可能為零,故B錯誤,D正確;水平方向有FN1-FN2sin=ma,由于FN2sin0,若加速度足夠小,豎直擋板的水平彈力也不可能

11、為零,故A錯誤;斜面和擋板對球的彈力的合力即為豎直方向的FN2cos與水平方向的力ma的合力,因此大于ma,故C正確。10、(多選)如圖1所示，用細繩把小球懸掛起來，當(dāng)小球靜止時，下列說法中正確的是()圖1A小球受到的重力和細繩對小球的拉力是一對作用力和反作用力B細繩對小球的拉力和小球?qū)毨K的拉力是一對作用力和反作用力C小球受到的重力和細繩對小球的拉力是一對平衡力D小球受到的重力和小球?qū)毨K的拉力是一對平衡力【答案】BC二、非選擇題(2019·甘肅天水質(zhì)檢)如圖2所示，木桿長5 m，上端固定在某一點，由靜止放開后讓它自由落下(不計空氣阻力)，木桿通過懸點正下方20 m處圓筒AB，圓筒AB長為5 m，取g10 m/s2，求：圖2(1)木桿經(jīng)過圓筒的上端A所用的時間t1是多少？(2)木桿通