高考試題化學浙江卷 解析精校版

1、2016年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（浙江卷）化學7下列說法不正確的是A儲熱材料是一類重要的能量存儲物質(zhì)，單位質(zhì)量的儲熱材料在發(fā)生熔融或結(jié)晶時會吸收或釋放較大的熱量BGe（32號元素）的單晶可以作為光電轉(zhuǎn)換材料用于太陽能電池CBa2+濃度較高時危害健康，但BaSO4可服人體內(nèi)，作為造影劑用于X-射線檢查腸胃道疾病D納米鐵粉可以高效地去除被污染水體中的Pb2+、Cu2+、Cd2+、Hg2+等重金屬離子，其本質(zhì)是納米鐵粉對重金屬離子較強的物理吸附【答案】D【考點定位】生產(chǎn)、生活中的各種材料【名師點睛】在日常生活中隨處都是化學知識。例如胃酸的主要成分為鹽酸，硫酸鋇不溶于水或鹽酸，可以做鋇餐，但碳酸

2、鋇因為能溶于鹽酸，而會造成鋇離子中毒不能代替硫酸鋇。納米鐵粉可以和污水中的離子發(fā)生置換反應進而除去重金屬離子，利用了金屬的活動性順序。8下列敘述不正確的是A鉀、鈉、鎂等活潑金屬著火時，不能用泡沫滅火器滅火B(yǎng)探究溫度對硫代硫酸鈉與硫酸反應速率的影響時，若先將兩種溶液混合并計時，再用水浴加熱至設定溫度，則測得的反應速率偏高C蒸餾完畢后，應先停止加熱，待裝置冷卻后，停止通水，再拆卸蒸餾裝置D為準確配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液，定容過程中向容量瓶內(nèi)加蒸餾水至接近刻度線時，改用滴管滴加蒸餾水至刻度線【答案】B【解析】試題分析：該實驗要求開始時溫度相同，然后改變溫度，探究溫度對反應速率的影響，應先分別水浴加

3、熱硫代硫酸鈉溶液、硫酸溶液到一定溫度后再混合，若是先將兩種溶液混合后再用水浴加熱，隨著熱量的散失，測得的反應速率偏低，答案選B?！究键c定位】考查化學實驗安全與處理，探究實驗方案的設計，蒸餾和溶液的配制等知識?！久麕燑c睛】在出現(xiàn)火災的時候一定要分清著火的物質(zhì)是什么及其相應的化學性質(zhì)，鈉鉀等金屬著火后生成過氧化物，都可以和水或二氧化碳反應生成氧氣，不能用水或二氧化碳滅火，鎂可以和二氧化碳反應，所以也不能用泡沫滅火器滅火。在蒸餾實驗中，先停止加熱，因為蒸餾燒瓶仍然是熱的，還有物質(zhì)出來，所以繼續(xù)通入冷卻水，待燒瓶冷卻后再拆卸蒸餾裝置。此操作遵循了先來后走的原則。例如氫氣還原氧化銅，先通入氫氣后加熱，實

4、驗結(jié)束，先撤酒精燈，繼續(xù)通通氣，待冷卻后撤掉氫氣。9短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序數(shù)依次增大，X原子核外最外層電子數(shù)是其電子層數(shù)的2 倍，X、Y的核電荷數(shù)之比為3:4。W的最外層為8電子結(jié)構(gòu)。金屬單質(zhì)Z在空氣中燃燒生成的化合物可與水發(fā)生氧化還原反應。下列說法正確的是AX與Y能形成多種化合物，一般條件下都能與Z的最高價氧化物的水化物發(fā)生反應B原子半徑大?。篨Y，ZWC化合物Z2Y和ZWY3都只存在離子鍵DY、W的某些單質(zhì)或兩元素之間形成的某些化合物可作水的消毒劑【答案】D【考點定位】考查元素的推斷，元素周期律的綜合應用等知識?！久麕燑c睛】掌握原子的電子層結(jié)構(gòu)特征。最外層電子數(shù)是電子層數(shù)的2

5、倍的有氦、碳、硫，最外層電子數(shù)是電子層數(shù)的3倍的有氧。最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)2倍的為碳，最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)3倍的為氧。最外層電子數(shù)是內(nèi)層電子數(shù)一半的為磷和鋰。同主族元素原子序數(shù)是2倍關系的為硫和氧。10下列說法正確的是A的一溴代物和的一溴代物都有4種（不考慮立體異構(gòu)）BCH3CH=CHCH3分子中的四個碳原子在同一直線上C按系統(tǒng)命名法，化合物的名稱是2,3,4-三甲基-2-乙基戊烷D與都是-氨基酸且互為同系物【答案】A【考點定位】考查同分異構(gòu)體數(shù)目的判斷，系統(tǒng)命名法，同系物等知識。【名師點睛】掌握常見有機物的結(jié)構(gòu)，甲烷是正四面體結(jié)構(gòu)，乙烯是平面結(jié)構(gòu)，乙炔是直線型結(jié)構(gòu)，苯是平面結(jié)構(gòu)。

6、所以根據(jù)這些結(jié)構(gòu)將有機物進行分割，進行共面或共線的分析。CH3CH=CHCH3分子含有碳碳雙鍵，類似乙烯，可以由碳原子形成平面結(jié)構(gòu)，但不可能是直線型。同系物指結(jié)構(gòu)相似在分子組成上相差一個或若干個CH2原子團的物質(zhì)。注意結(jié)構(gòu)相似的含義：含有相同的官能團，且官能團個數(shù)相同，例如苯酚和苯甲醇，都有羥基，但屬于酚或醇不是同系物的關系，有些寫出分子式不能確定其結(jié)構(gòu)或官能團的物質(zhì)也不能確定是否為同系物，例如C2H4和C4H8。11金屬（M）空氣電池（如圖）具有原料易得、能量密度高等優(yōu)點，有望成為新能源汽車和移動設備的電源。該類電池放電的總反應方程式為：4M+nO2+2nH2O=4M(OH) n。已知：電池

7、的“理論比能量”指單位質(zhì)量的電極材料理論上能釋放出的最大電能。下列說法不正確的是A采用多孔電極的目的是提高電極與電解質(zhì)溶液的接觸面積，并有利于氧氣擴散至電極表面B比較Mg、Al、Zn三種金屬空氣電池，Al空氣電池的理論比能量最高CM空氣電池放電過程的正極反應式：4Mn+nO2+2nH2O+4ne=4M(OH)nD在M空氣電池中，為防止負極區(qū)沉積Mg(OH)2，宜采用中性電解質(zhì)及陽離子交換膜【答案】C【考點定位】考查原電池的工作原理?！久麕燑c睛】原電池是將化學能變成電能的裝置。負極失去電子，被氧化，正極得到電子被還原。注意原電池中的正負極的反應，氧氣肯定在正極得到電子，金屬肯定在負極失去電子，結(jié)

8、合原電池的電解質(zhì)的環(huán)境分析其電極反應的書寫。在電解質(zhì)溶液中，陰離子向負極移動，陽離子向正極移動，電子從負極經(jīng)過導線流向正極。學優(yōu)高考網(wǎng)12苯甲酸鈉（，縮寫為NaA）可用作飲料的防腐劑。研究表明苯甲酸（HA）的抑菌能力顯著高于A。已知25 時，HA的Ka=6.25×105，H2CO3的Ka1=4.17×107，Ka2=4.90×1011。在生產(chǎn)碳酸飲料的過程中，除了添加NaA外，還需加壓充入CO2氣體。下列說法正確的是（溫度為25 ，不考慮飲料中其他成分）A相比于未充CO2的飲料，碳酸飲料的抑菌能力較低B提高CO2充氣壓力，飲料中c(A)不變C當pH為5.0時，飲料

9、中=0.16D碳酸飲料中各種粒子的濃度關系為：c(H+)=c()+c()+c(OH)c(HA)【答案】C【解析】試題分析：A根據(jù)題意，苯甲酸（HA）的抑菌能力顯著高于A，相比于未充CO2的飲料，碳酸飲料的抑菌能力較高，A項錯誤；B提高CO2充氣壓力，根據(jù)強酸制弱酸原理，CO2+H2O+A-=HA+HCO3-,飲料中c(A)減小，B項錯誤；C當pH為5.0時，飲料中=c(H+)÷Ka=10-5÷6.25×105=0.16，C項正確；D碳酸飲料中加入的各成分含量未知，無法比較各種粒子的濃度關系，D項錯誤；答案選C?！究键c定位】考查弱電解質(zhì)的電離?！久麕燑c睛】弱電解質(zhì)的

10、電離平衡和鹽類水解平衡都受外加物質(zhì)的影響，水解顯堿性的鹽溶液中加入酸，促進水解，加入堿抑制水解。結(jié)合弱電解質(zhì)的電離平衡常數(shù)分析其移動的產(chǎn)物。在溶液中加入苯甲酸鈉，苯甲酸鈉存在水解平衡，溶液顯堿性，通入二氧化碳，促進水解，水解生成更多的苯甲酸，抑菌能量增強。提高二氧化碳的充氣壓力，使水解程度增大，c(A)減小。13為落實“五水共治”，某工廠擬綜合處理含NH4+廢水和工業(yè)廢氣（主要含N2、CO2、SO2、NO、CO，不考慮其他成分），設計了如下流程：下列說法不正確的是A固體1中主要含有Ca(OH)2、CaCO3、CaSO3BX可以是空氣，且需過量C捕獲劑所捕獲的氣體主要是COD處理含NH4+廢水時

11、，發(fā)生反應的離子方程式為：NH4+NO2-=N2+2H2O【答案】B【考點定位】考查工業(yè)廢水、廢氣的處理等知識。【名師點睛】工業(yè)廢氣中的二氧化碳和二氧化硫都可以被過量的石灰乳吸收，而氮氣、一氧化碳、一氧化氮不被吸收，從亞硝酸鈉和銨根離子反應生成無污染的氣體分析，無污染的氣體為氮氣，則說明一氧化氮被氫氧化鈉吸收，因為存在NO+NO2+2NaOH=2NaNO2+H2O反應，所以要使氣體中的一氧化氮被氫氧化鈉吸收，應該通入空氣，使部分一氧化氮變成二氧化氮，且不能過量。剩余的氣體為一氧化碳，所以捕獲的產(chǎn)物為一氧化碳。本題考查的是非金屬及其化合物的性質(zhì)。結(jié)合元素守恒和元素化合價的變化分析各物質(zhì)的成分。非

12、選擇題部分（共180分） 26（10分）化合物X是一種有機合成中間體，Z是常見的高分子化合物，某研究小組采用如下路線合成X和Z。已知：化合物A的結(jié)構(gòu)中有2個甲基RCOOR+RCH2COOR請回答：（1）寫出化合物E的結(jié)構(gòu)簡式_，F(xiàn)中官能團的名稱是_。（2）YZ的化學方程式是_。（3）GX的化學方程式是_，反應類型是_。（4）若C中混有B，請用化學方法檢驗B的存在（要求寫出操作、現(xiàn)象和結(jié)論）_?！敬鸢浮?6.（1）CH2=CH2羥基（2）（3）取代反應（4）取適量試樣于試管中，先用NaOH中和，再加入新制氫氧化銅懸濁液，加熱，若產(chǎn)生磚紅色沉淀，則有B存在。（4）C為(CH3)2CHCOOH，B為

13、(CH3)2CHCHO，C中含有B，只需要檢驗醛基是否存在即可，即取適量試樣于試管中，先用NaOH中和，再加入新制氫氧化銅懸濁液，加熱，若產(chǎn)生磚紅色沉淀，則有B存在?！究键c定位】考查有機物的合成和推斷，有機反應類型，有機化學方程式的書寫，醛基的檢驗等知識。【名師點睛】掌握常見的有機代表物的性質(zhì)、各類官能團的性質(zhì)、化學反應類型、物質(zhì)反應的物質(zhì)的量關系與各類官能團的數(shù)目關系，充分利用題目提供的信息進行分析、判斷。有機物推斷題要從反應條件和物質(zhì)的結(jié)構(gòu)特征入手。能連續(xù)氧化的為醇氧化成醛，再氧化成酸，則醇的結(jié)構(gòu)中含有-CH2OH，兩種有機物反應變成一種有機物通常是醇和酸的酯化反應。結(jié)合物質(zhì)的分子式分析其

14、結(jié)構(gòu)。牢記有機物的官能團和反應條件。如氫氧化鈉水溶液加熱條件下反應：鹵代烴的水解，或酯的水解；氫氧化鈉醇溶液加熱：鹵代烴的消去。濃硫酸加熱條件：醇的消去反應，酯化反應等。本題難度適中。27（6分）化合物Mg5Al3（OH）19（H2O）4可作環(huán)保型阻燃材料，受熱時按如下化學方程式分解：2Mg5Al3（OH）19（H2O）4 27H2O+10MgO+3Al2O3 （1）寫出該化合物作阻燃劑的兩條依據(jù)_。（2）用離子方程式表示除去固體產(chǎn)物中Al2O3的原理_。（3）已知MgO可溶于NH4Cl的水溶液，用化學方程式表示其原理_。（12分）磁性材料A是由兩種元素組成的化合物，某研究小組按如圖流程探究其

15、組成：請回答：（1）A的組成元素為_（用元素符號表示），化學式為_。（2）溶液C可溶解銅片，例舉該反應的一個實際應用_。（3）已知化合物A能與稀硫酸反應，生成一種淡黃色不溶物和一種氣體（標況下的密度為1.518 g·L-1），該氣體分子的電子式為_。學優(yōu)高考網(wǎng).寫出該反應的離子方程式_。（4）寫出FG反應的化學方程式_。設計實驗方案探究溶液G中的主要微粒（不考慮H2O、H+、K+、I-）_?！敬鸢浮?（1）反應吸熱降低溫度，固體氧化物隔絕空氣，水蒸氣稀釋空氣。（2）Al2O3 +2OH2AlO2+H2O（3）NH4Cl+H2ONH3·H2O+HCl，MgO+2 HCl Mg

16、Cl2+H2O（1）S、Fe Fe3S4（2）制印刷電路板（3）Fe3S4+6H+3H2S+3Fe2+S（4）H2SO3+I2+H2O H2SO4+2HI取溶液G，加入過量BaCl2溶液，若產(chǎn)生白色沉淀，則有SO42，過濾后取濾液，滴加H2O2溶液，若產(chǎn)生白色沉淀，則有H2SO3。（2）氧化鎂和氧化鋁的區(qū)別在于氧化鋁能與強堿反應而氧化鎂不能，氧化鋁和強堿反應生成偏鋁酸鹽和水，離子方程式為：Al2O3 +2OH2AlO2+H2O。（3）氯化銨溶液中銨根離子水解， NH4Cl+H2ONH3·H2O+HCl，溶液為酸性，氧化鎂和水解生成的鹽酸反應生成氯化鎂，方程式為： MgO+2HCl M

17、gCl2+H2O。（1）紅棕色固體B為氧化鐵，與鹽酸反應后生成黃色溶液C為氯化鐵，氯化鐵與硫氰化鉀顯血紅色溶液D為硫氰化鐵。無色氣體溶于水后為酸性，與碘反應后生成無色溶液，酸性變強，說明原酸為弱酸，且具有還原性，為亞硫酸，則無色氣體為二氧化硫。則原化合物中含有鐵和硫元素。氧化鐵的質(zhì)量為2.400g，其物質(zhì)的量為2.400/160=0.015mol，含鐵原子的物質(zhì)的量為0.030mol，則鐵的質(zhì)量為0.030×56=1.680g，則化合物中硫元素的質(zhì)量為2.960-1.680=1.280g，硫的物質(zhì)的量為1.280/32=0.040mol，則鐵與硫的物質(zhì)的量比為0.030:0.040=

18、3:4，則化學式為：Fe3S4。（2）溶液C為氯化鐵，可以溶解銅，用來制印刷電路板。（3）化合物A與硫酸反應生成淡黃色不溶物為硫，和一種氣體，該氣體的摩爾質(zhì)量為1.518×22.4=34.00，則為硫化氫。硫化氫的電子式為，該反應生成硫酸亞鐵和硫和硫化氫，方程式為：Fe3S4+6H+3H2S+3Fe2+S。（4）亞硫酸和碘單質(zhì)反應生成硫酸和氫碘酸，方程式為：H2SO3+I2+H2O H2SO4+2HI；溶液G中主要含有硫酸根離子，或許有未反應完的亞硫酸分子，硫酸根離子用鋇鹽檢驗，亞硫酸可以用氧化劑氧化成硫酸根再檢驗，具體操作方法為：取溶液G，加入過量BaCl2溶液，若產(chǎn)生白色沉淀，則

19、有SO42，過濾后取濾液，滴加H2O2溶液，若產(chǎn)生白色沉淀，則有H2SO3?！究键c定位】無機推斷，離子檢驗，物質(zhì)組成的確定【名師點睛】無機推斷題要抓住突破口，例如物質(zhì)的顏色，紅棕色固體為氧化鐵，黑色的固體為碳、二氧化錳，氧化亞鐵、氧化銅等。黃色溶液為鐵離子的溶液，淺綠色溶液為亞鐵離子溶液，藍色溶液為銅離子溶液，紫色為高錳酸根離子的溶液或苯酚遇到氯化鐵的顏色。血紅色為硫氰化鐵溶液。黃綠色氣體為氯氣。結(jié)合顏色確定成分，進而分析其他物質(zhì)。掌握常見離子的檢驗方法。本題難度適中。28（15分）催化還原CO2是解決溫室效應及能源問題的重要手段之一。研究表明，在Cu/ZnO催化劑存在下，CO2和H2可發(fā)生兩

20、個平衡反應，分別生成CH3OH和CO。反應的熱化學方程式如下：CO2（g）+3 H2（g） CH3OH（g）+H2O（g）H1=-53.7kJ·mol-1ICO2（g）+ H2（g） CO（g）+H2O（g）H2II某實驗室控制CO2和H2初始投料比為1:2.2，經(jīng)過相同反應時間測得如下實驗數(shù)據(jù)：【備注】Cat.1:Cu/ZnO納米棒；Cat.2:Cu/ZnO納米片；甲醇選擇性：轉(zhuǎn)化的CO2中生成甲醛的百分比已知：CO和H2的標準燃燒熱分別為-283.0kJ·mol-1和-285.8kJ·mol-1H2O（l） H2O（g） H3=44.0kJ·mol-

21、1請回答（不考慮溫度對H的影響）：（1）反應I的平衡常數(shù)表達式K=；反應II的H2=kJ·mol-1。（2）有利于提高CO2轉(zhuǎn)化為CH3OH平衡轉(zhuǎn)化率的措施有。A使用催化劑Cat.1 B使用催化劑Cat.2 C降低反應溫度D投料比不變，增加反應物的濃度 E增大CO2和H2的初始投料比（3）表中實驗數(shù)據(jù)表明，在相同溫度下不同的催化劑對CO2轉(zhuǎn)化成CH3OH的選擇性有顯著的影響，其原因是。學優(yōu)高考網(wǎng)（4）在右圖中分別畫出I在無催化劑、有Cat.1和由Cat.2三種情況下“反應過程-能量”示意圖。（5）研究證實，CO2也可在酸性水溶液中通過電解生成甲醇，則生成甲醇的反應發(fā)生在極，該電極反應

22、式是?！敬鸢浮浚?） +41.2（2）CD（3）表中數(shù)據(jù)表明此時反應未達到平衡，不同的催化劑對反應的催化能力不同，因而在該時刻下對甲醇選擇性有影響。（4）（5）陰 CO2+6H+6e-=CH3OH+H2OH2=-285.8+283.0+44=+41.2 kJ·mol-1。（2）反應中A、使用催化劑，平衡不移動，不能提高轉(zhuǎn)化率，錯誤；B、使用催化劑，平衡不移動，不能提高轉(zhuǎn)化率，錯誤；C、降低反應溫度，平衡正向移動，提高二氧化碳的轉(zhuǎn)化率，正確；D、投料比不變，增加反應的濃度，平衡正向移動，提高二氧化碳的轉(zhuǎn)化率，正確；E、增大二氧化碳和氫氣的初始投料比，能提高氫氣的轉(zhuǎn)化率，二氧化碳的會降低

23、，故錯誤。故選CD。（3）從表格數(shù)據(jù)分析，在相同的溫度下，不同的催化劑，其二氧化碳的轉(zhuǎn)化率也不同，說明不同的催化劑的催化能力不同；相同催化劑不同的溫度，二氧化碳的轉(zhuǎn)化率不同，且溫度高的轉(zhuǎn)化率大，因為正反應為放熱反應，說明表中數(shù)據(jù)是未到平衡數(shù)據(jù)。所以答案為：表中數(shù)據(jù)表明此時反應未達到平衡，不同的催化劑對反應的催化能力不同，因而在該時刻下對甲醇選擇性有影響?！究键c定位】平衡常數(shù)，蓋斯定律，平衡移動原理，催化劑的作用，電解池的工作原理和電極反應的書寫【名師點睛】掌握蓋斯定律是分析和計算反應熱常用的工具。根據(jù)方程式的加減確定反應熱的加減。同時注意反應熱的正負號。掌握平衡移動原理，注意只有濃度、溫度和壓

24、強硬性平衡，注意催化劑的使用只能改變反應速率但不影響平衡，可以影響到達平衡的時間。當增大一種反應物的濃度時，平衡正向移動，另一種反應物的轉(zhuǎn)化率會提高，但本身轉(zhuǎn)化率會降低。本題考查了平衡常數(shù)和蓋斯定律，平衡移動的影響因素，和催化劑對反應的影響，綜合能力較強。29（15分）無水MgBr2可用作催化劑。實驗室采用鎂屑與液溴為原料制備無水MgBr2，裝置如圖1，主要步驟如下：步驟1 三頸瓶中裝入10 g鎂屑和150 mL無水乙醚；裝置B中加入15 mL液溴。步驟2 緩慢通入干燥的氮氣，直至溴完全導入三頸瓶中。步驟3 反應完畢后恢復至室溫，過濾，濾液轉(zhuǎn)移至另一干燥的燒瓶中，冷卻至0，析出晶體，再過濾得三乙