最新高考物理整體法隔離法解決物理試題練習(xí)題及答案

1、最新高考物理整體法隔離法解決物理試題練習(xí)題及答案一、整體法隔離法解決物理試題1.如圖所示，傾角為 。的斜面A固定在水平地面上，質(zhì)量為 M的斜劈B置于余面A上, 質(zhì)量為m的物塊C置于余劈B上，A、B、C均處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為 g.下列說法B.斜面A受到斜劈B的作用力大小為 Mgcos 0 +mgC.斜劈B受到斜面A的摩擦力方向沿斜面 A向上D.物塊C受到斜劈B的摩擦力大小為 mgcos 0【答案】B【解析】【分析】【詳解】A、斜劈B和物塊C整體處于平衡狀態(tài)，則整體受到的合力大小為0, A正確.B、對(duì)B C組成的整體進(jìn)行受力分析可知，A對(duì)B的作用力與B、C受到的重力大小相等，方向相反.所以

2、A對(duì)B的作用力大小為 Mg+mg,根據(jù)牛頓第三定律可知，斜面A受到斜劈B的作用力大小為 Mg+mg,故B錯(cuò)誤.C、根據(jù)B和C的整體平衡可知 A對(duì)B的靜摩擦力沿斜面向上，大小等于兩重力的下滑分 力，C正確.D、C受到B對(duì)C的摩擦力為 mgcos 0,方向垂直斜面 A向上，D正確.本題選錯(cuò)誤的故選 B.【點(diǎn)睛】若一個(gè)系統(tǒng)中涉及兩個(gè)或者兩個(gè)以上物體的問題，在選取研究對(duì)象時(shí)，要靈活運(yùn)用整體法 和隔離法.對(duì)于多物體問題，如果不求物體間的相互作用力，我們優(yōu)先采用整體法，這樣 涉及的研究對(duì)象少，未知量少，方程少，求解簡(jiǎn)便；很多情況下，通常采用整體法和隔離 法相結(jié)合的方法.2.在如圖所示的電路中， E為電源電

3、動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)阻，Ri和R3均為定值電阻，及為滑 動(dòng)變阻器.當(dāng)R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)在a端時(shí)合上開關(guān)S,此時(shí)三個(gè)電表 Ai、A2和V的示數(shù)分別為 Ii、I2和U.現(xiàn)將R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)，則三個(gè)電表示數(shù)的變化情況是A. Il增大，I2不變，U增大B. Ii減小，I2增大，U減小C. Ii增大，I2減小，U增大D. Ii減小，I2不變，U減小【答案】B【解析】【分析】 【詳解】R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)時(shí)，R2減小，整個(gè)電路的總電阻減小，總電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，R3電壓增大，R、R2并聯(lián)電壓減小，通過 R的電流Ii減小，即Ai示數(shù)減小，而總電流I增大，則流過R2的電流I

4、2增大，即A2示數(shù)增大.故 A、C、D錯(cuò)誤，B正確.3 .如圖所示，在傾角 37的光滑斜面上，物塊 A靜止在輕彈簧上面，物塊 B用細(xì)線與 斜面頂端相連，物塊 A、B緊挨在一起但它們之間無彈力，已知物塊 A、B質(zhì)量分別為m和 2m ,重力加速度為g, sin37 0.6, cos37 0.8.某時(shí)刻將細(xì)線剪斷，則在細(xì)線剪 斷瞬間，下列說法正確的是A.物塊B的加速度為0.6gB.物塊A的加速度為0.6gC.物塊A、B間的彈力為0.4mgD.彈簧的彈力為i.8mg【答案】C【解析】【分析】【詳解】剪斷細(xì)線前，彈簧的彈力：F彈 mg sin 370.6mg細(xì)線剪斷的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為F彈0.6

5、mg ；剪斷細(xì)線瞬間，對(duì) A、B系統(tǒng)，加速度為:3mgsin37 F 彈3m0.4g ,即A和B的加速度均為0.4g；以B為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得2mgsin37 T 2ma解得 T 0.4mg .故C正確，ABD錯(cuò)誤.故選C.4 .如圖所示，一個(gè) "V'形槽的左側(cè)擋板 A豎直，右側(cè)擋板 B為斜面，槽內(nèi)嵌有一個(gè)質(zhì)量 為m的光滑球C."V'形槽在水平面上由靜止開始向右做加速度不斷減小的直線運(yùn)動(dòng)的一小段時(shí)間內(nèi)，設(shè)擋板 A、B對(duì)球的彈力分別為 Fl、F2,下列說法正確的是（）A. Fi、F2都逐漸增大B. Fi、F2都逐漸減小C. Fi逐漸減小，F(xiàn)2逐漸增

6、大D. Fi、F2的合外力逐漸減小【答案】D【解析】光滑球C受力情況如圖所示：AGF2的豎直分力與重力相平衡，所以F2不變；Fi與F2水平分力的合力等于 ma,在V形槽在水平面上由靜止開始向右做加速度不斷減小 的直線運(yùn)動(dòng)的一小段時(shí)間內(nèi)，加速度不斷減小，由牛頓第二定律可知Fi不斷減小，F(xiàn)i、F2的合力逐漸減小，故 D正確，A、B、C錯(cuò)誤； 故選D.【點(diǎn)睛】以光滑球 C為研究對(duì)象，作出光滑球 C受力情況的示意圖；豎直方向上受力平衡，水平方向根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的大小，結(jié)合加速度的變化 解答.5 .最近，不少人喜歡踩著一種獨(dú)輪車，穿梭街頭，這種獨(dú)輪車全名叫電動(dòng)平衡獨(dú)輪車，其 中間是一個(gè)窄窄的輪

7、子，兩側(cè)各有一塊踏板，當(dāng)人站在踏板上向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，可簡(jiǎn)化為如圖 甲、乙所示的模型。關(guān)于人在運(yùn)動(dòng)中踏板對(duì)人腳的摩擦力，下列說法正確的是（）A.考慮空氣阻力，當(dāng)人以如圖甲所示的狀態(tài)向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，腳所受摩擦力向左B.不計(jì)空氣阻力，當(dāng)人以如圖甲所示的狀態(tài)向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，腳所受摩擦力向左C.考慮空氣阻力，當(dāng)人以如圖乙所示的狀態(tài)向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，腳所受摩擦力可能為零D.不計(jì)空氣阻力，當(dāng)人以如圖乙所示的狀態(tài)向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，腳所受摩擦力不可能為零 【答案】C 【解析】 【詳解】A.考慮空氣阻力，當(dāng)人處如圖甲所示的狀態(tài)向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)平衡條件，則腳所受 摩擦力為右，故A錯(cuò)誤；B.不計(jì)空氣阻力，當(dāng)人處如圖甲所示

8、的狀態(tài)向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，合力向右，即腳所受摩擦力 向右，故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)考慮空氣阻力，當(dāng)人處如圖乙所示的狀態(tài)向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)平衡條件，則重力、支持力與空氣阻力處于平衡，則腳所受摩擦力可能為零，故 C正確；D.當(dāng)不計(jì)空氣阻力，當(dāng)人處如圖乙所示的狀態(tài)向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，腳 受到的重力與支持力提供加速度，那么腳所受摩擦力可能為零，故 D錯(cuò)誤。故選C。【點(diǎn)睛】此題考查根據(jù)不同的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)來分析腳受到力的情況，掌握物體的平衡條件以及加速度與 合外力的關(guān)系，注意人水平方向向右運(yùn)動(dòng)時(shí)空氣阻力的方向是水平向左的。6 .如圖所示，水平擋板 A和豎直擋板B固定在斜面C上，一質(zhì)量為 m的光滑小球恰能與

9、 兩擋板和斜面同時(shí)解除，擋板 A B和斜面C對(duì)小球的彈力大小分別為 Fa、FB和FC.現(xiàn) 使斜面和物體一起在水平面上水平向左做加速度為 a的勻加速直線運(yùn)動(dòng).若 Fa、Fb不會(huì) 同時(shí)存在，斜面傾角為 ，重力加速度為g,則下列圖像中，可能正確的是B.D.【解析】【分析】【詳解】對(duì)小球進(jìn)行受力分析當(dāng) a gtan時(shí)如圖一，根據(jù)牛頓第二定律,水平方向:Fc sinma 豎直方向：Fc 8sFa mg，聯(lián)立得：Fa mgma tanFc ma sin , Fa與a成線性關(guān)系，當(dāng)a=0時(shí)，F(xiàn)a = mg,Fc sinFb ma，豎直方向：Fc 8smg,聯(lián)立 得：Fb ma mg tan , Fcmg,F

10、b 與 a cos也成線性，F(xiàn)c不變，綜上C錯(cuò)誤，D正確【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要注意物理情景的分析，正確畫出受力分析示意圖，考查了學(xué)生對(duì)牛頓運(yùn)動(dòng)定律 的理解與應(yīng)用，有一定難度.7 .如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量均為 m,疊放在輕質(zhì)彈簧上（彈簧下端固定于地面上）。對(duì)A施加一豎直向下、大小為 F（F>2mg）的力，將彈簧再壓縮一段距離 （彈簧始終處于彈性限度內(nèi)）而處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)突然撤去力F,設(shè)兩物體向上運(yùn)動(dòng)過程中A、B間的相互作用力大小為Fn。不計(jì)空氣阻力，關(guān)于FN的說法正確的是（重力加速度為g）（） , _ mg FFA.剛撤去力F時(shí)，F(xiàn)n=B.彈簧彈力大小為 F時(shí)，F(xiàn)n= 一22C. A、B的

11、速度最大時(shí)，F(xiàn)N=mgD.彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，F(xiàn)n= 0【答案】BCD【解析】【詳解】A.在突然撤去F的瞬間，AB整體的合力向上，大小為 F,根據(jù)牛頓第二定律，有:F=2ma解得：a 2m對(duì)物體A受力分析，受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有:FN-mg=ma聯(lián)立解得：Fn mg F-,故A錯(cuò)誤；2B.彈簧彈力等于F時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)整體有：F-2 mg=2ma對(duì)A有：FN-mg=ma聯(lián)立解得：Fn F,故B正確；2D.當(dāng)物體的合力為零時(shí)，速度最大，對(duì)A,由平衡條件得FN=mg,故C正確。C.當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)整體有：2mg=2ma對(duì)A有：mg-FN=ma聯(lián)立解得F

12、n=0 ,故D正確；8 .如圖所示，一固定桿與水平方向夾角=30。，將一滑塊套在桿上，通過輕繩懸掛一個(gè)小球，滑塊與小球恰能一起沿桿向下勻速運(yùn)動(dòng)，則下列說法中正確的是（）A.滑塊與桿之間動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.5B.滑塊與桿之間動(dòng)摩擦因數(shù)為3C.當(dāng)二者相對(duì)靜止地沿桿上滑時(shí)輕繩對(duì)小球拉力斜向左上與水平方向成30。角D.當(dāng)二者相對(duì)靜止地沿桿上滑時(shí)輕繩對(duì)小球拉力斜向右上與水平方向成60。角【答案】BC【解析】【分析】根據(jù)題意兩者一起運(yùn)動(dòng)，所以應(yīng)該具有相同的加速度，那么在分析此類問題時(shí)應(yīng)該想到先 整體后隔離，利用加速度求解.【詳解】AB.由題意滑塊與小球恰能一起沿桿向下勻速運(yùn)動(dòng)，把滑塊和小球作為一整體，可知m

13、gsin mgcos ,所以 tan，故A錯(cuò)；B對(duì)CD.當(dāng)二者相對(duì)靜止地沿桿上滑時(shí)，以整體為對(duì)象可知加速度a gsin gcos g設(shè)此時(shí)繩子與水平方向的夾角為，繩子的拉力為 T,對(duì)小球列牛頓第二定律公式在水平方向上：Tcosmacos30； 3 mg21在豎直方向上： mg Tsinmasin30， - mg解得：tan ,即 30 3由于加速度沿斜面向下，所以小球受到的合力也應(yīng)該沿斜面向下，所以拉力的方向應(yīng)該斜向左上與水平方向成 30°角，故C對(duì)；D錯(cuò)；故選BC【點(diǎn)睛】本題考查了整體隔離法求解量物體之間的力，對(duì)于此類問題要正確受力分析，建立正確的 公式求解即可.9 .在如圖所示的

14、電路中，燈Li、L2的電阻分別為 Ri、R2,滑動(dòng)變阻器的最大阻值為R0,若有電流通過，燈就發(fā)光，假設(shè)燈的電阻不變，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端向b端移動(dòng)時(shí)，燈Li、L2的亮度變化情況是（）Li01>A.當(dāng)心加時(shí)，燈Li變暗，燈L2變亮B.當(dāng)年時(shí)，燈Li先變暗后變亮，燈 L2先變亮后變暗C.當(dāng)心 <劭時(shí)，燈Li先變暗后變亮，燈L2不斷變暗D.當(dāng)?shù)嫩繒r(shí)，燈Li先變暗后變亮，燈 L2不斷變亮【答案】AD【解析】【詳解】AB.當(dāng)甘2>扭。時(shí)，燈L2與滑動(dòng)變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻一定大于右部分的電阻，當(dāng)變 阻器的滑片P由a端向b端移動(dòng)時(shí)，電路總電阻增大，總電流減小，所以通過燈Li的電

15、流減小，燈Li變暗，通過燈L2的電流變大，燈 L2變亮，故A項(xiàng)符合題意，B項(xiàng)不合題意； CD.當(dāng)氏2<&|時(shí)，燈L2與滑動(dòng)變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻先大于后小于右部分的電阻， 則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片 P由a端向b端移動(dòng)時(shí)，總電阻先增大，后減小，所以總電流先減 小后增大，所以通過燈 Li的電流先減小后增大，故燈 Li先變暗后變亮，而通過 L2的電流一 直變大，燈L2不斷變亮，故 C項(xiàng)不合題意，D項(xiàng)符合題意.i0.如圖所示，粗糙的水平地面上有三塊材料完全相同的木塊A、B、C,質(zhì)量均為m。中間用細(xì)繩I、2連接，現(xiàn)用一水平恒力 F作用在C上，三者開始一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過 程中把一塊橡皮

16、泥粘在某一木塊上面，系統(tǒng)仍加速運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（）A.無論粘在哪個(gè)木塊上面，系統(tǒng)加速度都將減小B.若粘在A木塊上面，繩I的拉力增大，繩2的拉力不變C.若木在B木塊上面，繩i的拉力減小，繩2的拉力增大D.若粘在C木塊上面，繩I、2的拉力都減小【答案】ACD【解析】【詳解】A、將三個(gè)物體看作整體，整體水平方向受拉力和摩擦力；由牛頓第二定律可得F-f=3ma；當(dāng)粘上橡皮泥后，不論放在哪個(gè)物體上，都增大了摩擦力及總質(zhì)量；故加速度減??；故A正確；B、若橡皮泥粘在 A木塊上面，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)BC整體：F-Fi=a|,得產(chǎn)(ma + ma a a 減小，曰增大.對(duì)C：/.Fz = ms,得比

17、= F-mg, a減小，F(xiàn)2增大.故b錯(cuò)誤.對(duì)C: F-F2=mca,得F2=F-mca, a減小，F(xiàn)2增大.故B錯(cuò)誤.G若橡皮泥粘在 B木塊上面，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)A： Fi=mAa, a減小，F(xiàn)i減小.對(duì)C: F-F2=mca, a減小，F(xiàn)2增大.故 C正確.D、若橡皮泥粘在 C木塊上面，分別以 A、B為研究對(duì)象，同理可得繩1、2的拉力都減小.故D正確.故選ACD。11.如圖，有質(zhì)量均為 m的三個(gè)小球A、B、C, A與B、C間通過輕繩相連，繩長(zhǎng)均為L(zhǎng),B、C在水平光滑橫桿上，中間用一根輕彈簧連接，彈簧處于原長(zhǎng)?，F(xiàn)將A球由靜止釋放，直至運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，兩輕繩的夾角由120。變?yōu)?0。，整個(gè)

18、裝置始終處于同一個(gè)豎直平面內(nèi)，忽略空氣阻力，重力加速度為g,則下列說法正確的是If4A. A在最低點(diǎn)時(shí),B對(duì)水平橫桿的壓力等于 mg/2B.彈簧的最大彈性勢(shì)能為 /mgL2C.在A下降的過程中，輕繩對(duì) B做功的功率先增大后減小D.在A下降的過程中輕繩對(duì) B做功為-mgL【答案】BCD【解析】【詳解】A、若小球A在最低點(diǎn)靜止，設(shè)水平橫桿對(duì)小球B、C的支持力都為F ,此時(shí)整體在豎直方3 向受力平衡，可得 2F 3mg，所以F -mg ； A球由靜止釋放直至運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過2程，A先加速下降后減速下降，先失重后超重，所以小球A在最低點(diǎn)時(shí)，小球 B受到水平3橫桿的支持力大于 一mg,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤； 2

19、B、小球A在最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，對(duì)整體根據(jù)能量守恒則有彈簧的最大彈性3 1勢(shì)能等于小球 A的重力勢(shì)能減小，即 EPmax mg(Lsin60 L sin 30 ) mgL ,故 選項(xiàng)B正確；C、在A下降的過程中，小球 B先加速后加速，小球 A球釋放時(shí)輕繩對(duì) B做功的功率為 零，小球A在最低點(diǎn)時(shí)輕繩對(duì) B做功的功率為零，所以輕繩對(duì) B做功的功率先增大后減小，故選項(xiàng)C正確；D、在A下降的過程中，對(duì)小球 A根據(jù)動(dòng)能定律可得mg(Lsin60 L sin 30) 2WF0 ,解得每根輕繩對(duì) A做功為WF 吏二mgL ,所以4輕繩對(duì)B做功為mg_- mgL,故選項(xiàng)D正確;12.傾角為。的斜面體

20、M靜止放在粗糙水平地面上，其斜面也是粗糙的.已知質(zhì)量為m的物塊恰可沿其斜面勻速下滑.今對(duì)下滑的物塊m施加一個(gè)向右的水平拉力 F,物塊仍沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，斜面體 M始終保持靜止.則此時(shí)（）A.物塊m下滑的加速度等于 Fcos emB.物塊 m下滑的加速度大于 Fcos 0mC.水平面對(duì)斜面體 M的靜摩擦力方向水平向左D.水平面對(duì)斜面體 M的靜摩擦力大小為零【答案】BD【解析】【分析】【詳解】AB.對(duì)物體B受力分析，受到重力、支持力和滑動(dòng)摩擦力，如圖根據(jù)平衡條件，有 mgsin 0=f, mgcosON；其中f二9 解得:月an 0當(dāng)加上推力后，將推力按照作用效果正交分解，如圖根據(jù)牛頓第二定律，有m

21、gsin 0FCos -mgcos aFsin 0 m=a,解得F cos F sin F cosa mm選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD.無拉力時(shí)，對(duì)斜面受力分析，受到重力Mg,壓力、滑塊的摩擦力和地面的支持力,其中壓力和摩擦力的合力豎直向下，如圖當(dāng)有拉力后，壓力和摩擦力都成比例的減小，但其合力依然向下，故地面與斜面體間無摩擦力，故CD錯(cuò)誤；故選BD.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是先對(duì)物體 B受力分析，得到動(dòng)摩擦因數(shù)ktan然后得到物體 B對(duì)斜面題的摩擦力和壓力的合力一定豎直向下.13 .如圖，水平地面上有一楔形物塊a,其斜面上有一小物塊 b, b與平行于斜面的細(xì)繩的一端相連，細(xì)繩的另一端固定在斜面上.a與b之

22、間光滑，a和b以共同速度在地面軌道的光滑段向左運(yùn)動(dòng).當(dāng)它們剛運(yùn)行至軌道的粗糙段時(shí)可能是A.繩的張力減小，斜面對(duì) B.繩的張力減小，斜面對(duì) C.繩的張力減小，斜面對(duì) D.繩的張力增加，斜面對(duì)【答案】BC【解析】b的支持力減小，地面對(duì) b的支持力增加，地面對(duì) b的支持力增加，地面對(duì) b的支持力增加，地面對(duì)a的支持力減小 a的支持力不變 a的支持力增加 a的支持力增加【詳解】在光滑段運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊 a及物塊b均處于平衡狀態(tài)，對(duì) a、b整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡；對(duì)b受力分析，如圖，受重力、支持力、繩子的拉力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：Fcos 0-FNsin 0=0 ；Fsin O+Fnco

23、s dmg=0 ；由兩式解得：F=mg sin 0, FN=mg cos 0;當(dāng)它們剛運(yùn)行至軌道的粗糙段時(shí)，減速滑行，系統(tǒng)有水平向右的加速度，此時(shí)有兩種可 能；AB.（一）物塊a、b仍相對(duì)靜止，豎直方向加速度為零，由牛頓第二定律得：Fsin 0+Fncos dmg=0 ；FNsin 0- Fcos 0=ma ；由兩式解得：F=mgsin （-macos 0, FN=mgcos 什ma sin。；即繩的張力F將減小，而a對(duì)b的支持力變大；再對(duì)a、b整體受力分析豎直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力 二力平衡，故地面對(duì) a支持力不變；故 A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確.CD.（二）物塊b相

24、對(duì)于a向上加速滑動(dòng)，繩的張力顯然減小為零，物體具有向上的分加 速度，是超重，因此 a對(duì)b的支持力增大，斜面體和滑塊整體具有向上的加速度，也是超 重，故地面對(duì)a的支持力也增大；故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤。14 .如圖1所示，mA=4.0 kg, mB= 2.0kg, A和B緊靠著放在光滑水平面上，從 t=0時(shí)刻 起，對(duì)B施加向右的水平恒力 F2= 4.0 N,同時(shí)對(duì)A施加向右的水平變力 Fi, Fi變化規(guī)律如 圖2所示。下列相關(guān)說法中不正確的是22A.當(dāng)t=0時(shí)，A、B物體加速度分別為 aA 5m/s, aB 2m/sB. A物體做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，B物體做勻加速運(yùn)動(dòng)C. t=12s時(shí)刻A、B將分

25、離，分離時(shí)加速度均為 a=2m/s2D. A、B分離前后，A物體加速度變化規(guī)律不相同【答案】AB【解析】【詳解】A.若AB之間沒有力的作用，則：aB -2- 2m/s2m）B當(dāng) t 0 時(shí)，F(xiàn)i 20N,而 mA 4kg,Fi2aA 5m/sm）B所以Fi單獨(dú)作用在 A上的加速度大于 AB之間沒有力的作用時(shí)的加速度，此時(shí)AB一起運(yùn)動(dòng)，加速度為：F2a 4m/sm1 m2A錯(cuò)誤；B.由A得分析可知：隨著 Fi的減小，剛開始時(shí) AB在兩個(gè)力的作用下做加速度越來越小的 加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)Fi單獨(dú)在A上的加速度等于 F2單獨(dú)作用在B上的加速度時(shí)，AB之間恰好沒有力的 作用，此后Fi繼續(xù)減小，A的加速度繼續(xù)減小，AB分離，根據(jù)牛頓第二定律得：Fi mA