第十一章磁場(chǎng)

1、第十一章 磁場(chǎng)考點(diǎn)50 磁場(chǎng)、安培力1.A 2.C 3.C 4.A 5.B 6.A 7.D 8.9. ,垂直AC斜向上10.11.N,右 12. 7歐13.2.98T-15.63T14.w=15.I=1.2A考點(diǎn)51 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用力1B 2BD 3AD 4C 5AB 6D 7C8D 9B102dBev d/3v 11BC 12CD1314 15(1)15×107ms(2)10×107m/s考點(diǎn)52 帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)1.AC 2 AC 3.C 4.A B 5.A 6.A BC 7.D 8.AD9.mv02-mv2 10. 11.正，12. 13.a=-g- 1

2、4.v=200m/s N=3.125×101815.s= t=16.帶負(fù)電，v1= v2= B= E=+第十一章單元檢測(cè)答案1.A 2. C 3.C 4.A 5.AC(甲乙兩物互換) 6.A 7.D 8.A 9.ABC 10.B11.(1) (2)B 12.(1)BC (2)D 13.解：(1)設(shè)小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)速度為v，則由動(dòng)能定律可得： (3分) (3分)解得q=7.5×10-2C， 帶負(fù)電. (3分)(2)根據(jù)向心力公式得： (3分) 解得F=0.06N (3分)14.解：（1）在b1b2間接E1作為燈絲的加熱電源，對(duì)于電源的極性沒有要求；在ab2間接E2作為加速

3、電壓，要求a接E2的正極；在C1C2間接E3作為速度選擇器的偏轉(zhuǎn)電壓，要求C2接E3的正極。具體連線略。(4分) （2）設(shè)電子經(jīng)過(guò)E2加速以后獲得的速度為v，則據(jù)動(dòng)能定理可得： （1） (4分)調(diào)節(jié)E3使電子在P1P2間不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，電場(chǎng)力和洛侖茲力平衡，即： （2） (4分)mgfFv圖20由（1）、（2）式得： (2分)15解：帶電微粒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到重力mg、洛侖茲力F=Bqv和阻力f的作用。受力圖如圖20所示。 (4分)根據(jù)平衡條件可得： (4分)圖21mgFF1F2I (4分) 方向與豎直方向成 (3分)16解：(1)要使彈簧不伸長(zhǎng)，則重力應(yīng)與安培力平衡，所以安培力應(yīng)向上，據(jù)左手定則可

4、知電流方向應(yīng)向右，因mg=BLI，所以I=mg/BL=2.5A. (4分)(2)因在金屬中通入自左向右、大小為I1=0.2A的電流，金屬棒下 降x1=1mm，由平衡條件得：mg=BLI+2kx1. (4分)當(dāng)電流反向時(shí)，由平衡條件得：mg=-BLI+2kx2. (4分)解得： (3分)17解：帶電質(zhì)點(diǎn)只要能進(jìn)入第二磁場(chǎng)，就可滿足要求。即帶電質(zhì)點(diǎn)至少能進(jìn)入的第二個(gè)磁場(chǎng)的速度為最小值。d=R(1+cos) (4分) (4分) 所以 (4分)因?yàn)?，所?(4分)18解： （1）設(shè)板間距為d，t=0.1s時(shí)刻釋放的粒子在板間做類平拋運(yùn)動(dòng) 在沿電場(chǎng)方向上 (2分) 粒子離開電場(chǎng)時(shí)，沿電場(chǎng)方向的分速度 (2分) 粒子離開電場(chǎng)時(shí)的速度 (2分) 粒子在電場(chǎng)中的偏角為 (2分) 由得 (1分) (1分)（2）帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期 (2分)不同時(shí)刻釋放的粒子在電場(chǎng)中的偏角不同，進(jìn)入磁場(chǎng)后在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，大的磁場(chǎng)中的偏角大，運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)。時(shí)刻釋放的粒