2018年四川省眉山市中考物理試卷(含解析)

1、2018年四川省眉山市初中畢業(yè)、升學考試物理學科（滿分150分，考試時間120分鐘）一、選擇題：本大題共 10小題，每小題3分，共30分.不需寫出解答過程，請把最后結果填在題后括號內.1. （2018四川眉山，1, 3） 如圖所示，在A、B、C、D4個相同的玻璃瓶中，裝入不同高度的水,則（）A.敲打D瓶發(fā)出的聲音傳播得最快B.用嘴依次吹瓶口， A的音調最高C.用筷子依次敲打瓶口， B的音調最高D.瓶周圍有沒有空氣瓶發(fā)出的聲音都能直接傳入人耳【答案】B【思路分析】音調與振動頻率的關系，頻率越快，音調就越高。聲速的大小與頻率無關；聲音的傳 播需要介質。【解題思路】解：A、聲速的大小與頻率無關，敲打

2、每個瓶子時，音調不同，但速度相同，故 A錯誤；B、用嘴依次吹瓶口， A中的空氣柱最短，發(fā)出的音調最高，故 A的音調最高，故B正確；C、由于瓶子中裝有水的多少不同，導致敲擊時，振動快慢就不同，水少的振動快，故D的音調最高，故C錯誤；D、聲音的傳播需要介質，瓶周圍有沒有空氣，瓶發(fā)出的聲音不能直接傳入人耳，故D錯誤。故選：Bo【知識點】頻率及音調的關系2. （2018四川眉山，2, 3）以下說法正確的是（）A.物體吸收熱量，溫度一定升高B.熱機的大量使用有利于環(huán)境的保護C.燃料的熱值與燃料的質量沒有關系D.熱機的工作過程只是將內能轉化成機械能的過程【答案】C【思路分析】本題為熱學綜合題，考查了學生對

3、熱機工作時的能量轉化和熱值概念的了解，知識點多，判斷時，要靈活運用所學知識。（1）晶體熔化過程中，吸熱但溫度不變；（2）熱機多數(shù)燃燒的都是化石燃料，燃燒時產生氮氧化合物等有害氣體，會造成環(huán)境污染;(3)燃料的熱值是物質本身固有的一種性質，只與燃料的種類有關；(4)熱機是把內能轉化為機械能的裝置；熱機工作過程中，在壓縮沖程機械能轉化為內能，做功 沖程內能轉化為機械能?！窘忸}思路】解：A、物體吸收熱量，溫度不一定升高，比如晶體熔化過程中，吸熱但溫度不變，故A錯誤；B、熱機在使用時會排放出一些有害的氣體，造成環(huán)境污染，故 B錯誤；C、熱值只跟燃料的種類有關，與燃料的質量無關，故 C正確；D、熱機工作

4、過程中，在壓縮沖程機械能轉化為內能，做功沖程內能轉化為機械能，故 D錯誤 故選：Co【知識點】熱機3. (2018四川眉山，3, 3)分子動理論是人們用來解釋熱現(xiàn)象的初步知識，以下幾幅圖中所描述的物理現(xiàn)象不符合分子動理論內容的是(鉛塊未被重物拉開C.被壓縮到一定程度的氣體難以再壓縮D.衛(wèi)星圍繞地球轉動【答案】D【思路分析】本題考查了分子動理論的相關內容， 圖示裝置中把密度較大的二氧化氮氣體放在下面，是為了避免重力對擴散現(xiàn)象的影響，以及宏觀運動是基礎題。（1）物質是由分子組成的，組成物質的分子在不停地做無規(guī)則運動，分子間存在著相互作用的引力和斥力：當分子間距離小于1010米時，分子間的作用力表現(xiàn)

5、為斥力，當分子間距離大于1010米時，分子間的作用力表現(xiàn)為引力；（2）衛(wèi)星圍繞地球轉動是天體的宏觀運動不符合分子動理論內容?！窘忸}思路】解：A、不同的物質相互接觸時彼此進入對方的現(xiàn)象稱為擴散，擴散現(xiàn)象說明一切分子都在做無規(guī)則運動，故A不符合題意;B、圖中兩個壓緊的鉛塊能吊起鉤碼，主要是因為分子間存在引力，故B不符合題意;C、氣體壓縮到一定程度后，由于分子間存在斥力，因此難以再壓縮，與擴散無關，故 C不符合題D、衛(wèi)星圍繞地球轉動是天體的宏觀運動不符合分子動理論內容，故 D符合題意 故選：D?！局R點】分子動理論的基本觀點4. （2018四川眉山，4, 3） ） 2018年4月30日東坡國際半程馬

6、拉松比賽在眉山市濕地公園隆重舉行，若甲、乙兩位運動員同時從起跑線起跑并做勻速直線運動，他們的路程時間 s-t圖象是如圖所示， a、b、c三條圖線中的兩條，甲的速度大于乙的速度，運動 5s甲、乙間的距離大于2m,則（）A.甲的s-t圖象一定為a B.乙的s-t圖象一定為cC.甲的s-1圖象可能為b D.乙的s-1圖象可能為a【答案】A【思路分析】本題是一道物體的s-t圖象題，對初中學生來說有一定的難度；分析清楚圖象，由圖象找出路程s與時間t的對應關系是正確解題的前提與關鍵。（1）根據(jù)s-1圖象找出同一時刻a、b、c對應的路程，然后由速度公式判斷三圖象對應速度的大小關系;(2)由圖象判斷5s內，三

7、圖象的路程差；(3)根據(jù)圖象a、b、c的速度及它們5s的路程差，根據(jù)題意選擇答案?！窘忸}思路】解：(1)由圖象可知，相同時間內(如t=4s) a、b、c的路程關系為sasbsc,由速度公式 V=三可知，Va VbVc； t(2)由圖象可知，t=5s 時，Sasb2m, sasc= 4m2m, sb - scFbFcpA 但 CC.容器對桌面的壓力大小關系為 F甲=5乙=5丙D .容器底部受到水的壓強大小關系為 P甲 P乙 P丙【答案】C【思路分析】(1)由圖得出A、B、C三個正方體排開水的體積關系，根據(jù)阿基米德原理即可判斷物 體受到的浮力大小關系；(2)由圖得出A、B、C三個正方體所處的狀態(tài)，

8、利用浮沉條件判斷物體密度與水的密度大小關 系；(3)根據(jù)阿基米德原理可知，物體受到的浮力等于物體排開液體的重力；(4)利用p=p ghW斷容器底受到水的壓強關系?！窘忸}思路】 解：由題知，A、B、C三個正方體的體積相同；A、由圖可知，A、B、C三個正方體排開水的體積關系為 Va排Vb排Vc排，根據(jù)F浮二液gV排可知，浮力的大小關系為：FaFbFc,故A錯誤；B、由圖可知，A和B處于漂浮，C處于懸浮，則由浮沉條件可知：Ga=Fa, Gb=Fb, Gc=Fc, 由于 FaFbFc,所以 GaGbGc； 由于正方體A、B、C的體積相同，所以根據(jù)p3=$可知，物體密度的大小關系：但 po,故B錯誤；

9、V gVC、因正方體分別處于漂浮或懸浮狀態(tài)，則浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物體受到的 浮力等于排開液體的重力，即說明容器中正方體的重力等于正方體排開水的重力，即可以理解為， 容器中正方體的重力補充了它排開的水的重力，能看出三個容器內總重力相等；由于容器相同，所以三個容器對桌面的壓力關系為 F -F z=F丙，故C正確；D、正方體靜止時，三個容器內水面高度相同，即 h相同，水的密度一定，根據(jù)p=pghT知，容器 底受到水的壓強關系為p甲=p乙=p丙，故D錯誤。故選：Co【知識點】物體的浮沉條件及其應用8. (2018四川眉山，8, 3)下表中有幾種物質的比熱容，小張同學根據(jù)提供的數(shù)據(jù)得

10、出了四個結論， 其中正確的是()幾種物質的比熱容/J? (kg?c)1水4.2X103鐵0.46X 103酒精2.4X103銅0.39 X 103煤油2.1 X103干泥土0.54X 103冰2.1 X103水銀0.14X 103A. 一杯水比一桶煤油的比熱容小B.液體的比熱容一定比固體的比熱容大C.水吸收或放出熱量的本領較強，常用作冷卻劑D .比熱容是物質自身的性質之一，只和物質的種類有關【答案】C【思路分析】 比熱容是物質本身的一種特性，與物質的種類和狀態(tài)有關，與物質吸收熱量的多少、 質量多少、溫度變化沒有關系；根據(jù)比熱容的特點進行分析判斷?！窘忸}過程】解：A、由表格中的信息可知，水的比熱

11、容大于煤油的比熱容，比熱容大小與質量無關，故A錯誤。B、液體的比熱容不一定比固體的大，比如：冰的比熱容比水銀的比熱容大，故 B錯誤。C、因為水的比熱容大，相同質量的水和其它物質比較，升高相同的溫度，水吸收的熱量多，所以人們常用水作冷卻劑，故 C正確；D、比熱容是物質自身的性質之一，只和物質的種類和狀態(tài)有關，故 D錯誤。故選：Co【知識點】比熱容的概念9. (2018四川眉山，9, 3) 如圖所示，閉合開關，條形磁鐵靜止后，將滑動變阻器滑片P從左往右滑動的過程中，彈簧將()【答案】B【思路分析】(1)根據(jù)滑動變阻器的使用方法確定電路中的電阻的變化，再根據(jù)歐姆定律確定電路中電流的變化；(1)根據(jù)安

12、培定則確定通電螺線管的 N、S極，然后根據(jù)螺線管的磁性變化以及磁極間的相互作 用判斷彈簧長度的變化?！窘忸}過程】解：(1)滑片從左往右滑動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻變小，所以電路中的電流變大，通 電螺線管的磁性增強；(2)由圖知，電流從螺線管的下方流入，根據(jù)安培定則可知，螺線管的上端為N極，下端為S極, 則螺線管和條形磁鐵相對的磁極為異名磁極， 異名磁極相互吸引，所以螺線管對磁鐵的吸引力增大， 彈簧的長度變長。故選：Bo【知識點】影響電磁鐵磁性強弱的因素10. （2018四川眉山，10, 3）如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關后，兩燈都能正常工作，燈Li,L2的電阻之比為Ri: R2

13、=1: 2,此時甲、乙兩電表的示數(shù)之比為（）C. 3: 2 D. 2: 3【答案】D【思路分析】 根據(jù)電路的連接，乙表與電源連接，故為電壓表，甲表不能是電流表，故兩表都為電 壓表，甲表測L2的電壓，乙表測電源電壓，兩燈串聯(lián)，根據(jù)分壓原理和串聯(lián)電路電壓的規(guī)律得出 答案?！窘忸}過程】 解：乙表與電源連接，故為電壓表，甲表不能是電流表，否則 S閉合時，將燈短路,不發(fā)光，故兩表都為電壓表，甲表測 L2的電壓，乙表測電源電壓，兩燈串聯(lián)，燈 Li、L2的電阻之 比為Ri： R2=1： 2,根據(jù)分壓原理，L2的電壓為燈Li的2倍，即2Uli,根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律， 總電壓為：U=Uli+2Uli=3Uli

14、 ,甲、乙兩電表的示數(shù)之比為 2Uli： 3Uli=2: 3,只有D正確故選：D。【知識點】歐姆定律的應用11. （20i8四川眉山，ii, 3）如圖所示，電源電壓不變，下列說法正確的是（）A.只閉合Si,將P向左移動，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大B .閉合Si、S2,斷開S3,將P向左移動，Ri消耗的功率增大C.開關都閉合，將P向左移動，電壓表的示數(shù)為零，電流表示數(shù)變小D.開關都閉合，將P向左移動，L消耗的功率不變，R2消耗的功率變小【思路分析】A、只閉合Si,兩電阻用聯(lián)，電壓表測變阻器的電壓，電流表測電路中的電流，將向左移動分析變阻器連入電路中的電阻變化，由串聯(lián)電阻的規(guī)律判斷總電阻變化，

15、由歐姆定律得出電流表示數(shù)變化，根據(jù)歐姆定律分析 Ri電壓變化，由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律確定電壓表示數(shù)變化； B、閉合Si、S2,斷開S3, Ri與燈并聯(lián)后與R2串聯(lián)，將P向左移動判斷變阻器連入電路中的電阻 變化，根據(jù)分壓強原理確定 R2的電壓變化，根據(jù)申聯(lián)電路電壓的規(guī)律分析并聯(lián)部分的電壓變大，根據(jù)Ph丁確定Ri消耗的功率變化；CD、開關都閉合，變阻器短路，Ri與燈并聯(lián)，電壓表的示數(shù) 為零；將P向左移動，對電路沒有影響；據(jù)此分析?！窘忸}思路】 解：（i）只閉合Si,兩電阻用聯(lián)，電壓表測變阻器的電壓，電流表測電路中的電流， 將P向左移動，變阻器連入電路中的電阻變小，由串聯(lián)電阻的規(guī)律，總電阻變小，由歐姆

16、定律， 電流表示數(shù)變大，根據(jù) U=IR, Ri電壓變大，由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，電壓表示數(shù)變小，A錯誤；（2）閉合Si、S2,斷開S3, Ri與燈并聯(lián)后與R2串聯(lián)，將P向左移動，變阻器連入電路中的電阻 變小，根據(jù)分壓強原理，R2的電壓變小，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，并聯(lián)部分的電壓變大，根據(jù)P=, Ri消耗的功率增大，B正確； JK（3） （4）開關都閉合，變阻器短路，Ri與燈并聯(lián)，電壓表的示數(shù)為零；將 P向左移動，對電路沒 有影響；電流表示數(shù)不變，C錯誤；L的電壓和電流都不變，根據(jù) P=UI,消耗的功率不變，R2消耗的始終為0,不變，D錯誤。 故選：Bo【知識點】電路歐姆定律電能電功率12. （2

17、0i8四川眉山，i2, 3）小芳同學在做電學實驗時，實物圖如圖所示，電源電壓包為 4.5V,電壓 表量程“&3V,燈L標有“2.5Vi.25W （設燈絲電阻不變）,滑動變阻器規(guī)格為“20QiA”，在不 損壞電路元件的情況下進行實驗，下列說法正確的是（）A.燈泡的最小功率是0.i62WB.該電路的最大功率是4.05WC.電路中電流變化的范圍是 0.3A-0.4AD .滑動變阻器的阻值應在 4Q-10Q之間變化【答案】D【思路分析】由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器用聯(lián)，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓。(1)燈泡正常發(fā)光時的電壓和額定電壓相等，根據(jù)P=UI求出燈泡正常發(fā)光時的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點

18、結合滑動變阻器允許通過最大電流確定電路中的最大電流，根據(jù)P=UI求出電路的最大功率，根據(jù)歐姆定律求出燈泡的電阻和電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出變阻器接入電路中的最小阻值；(2)當電壓表的示數(shù)為3V時，電路中的電流最小，燈泡的功率最小，滑動變阻器接入電路中的 電阻最大，利用串聯(lián)電路的電壓特點求出燈泡兩端的電壓，利用歐姆定律求出電路中的電流， 進一步求出電路中電流變化的范圍，根據(jù) P=UI求出燈泡的最小功率，最后根據(jù)歐姆定律求出滑動變阻 器接入電路中的最大阻值即可得出滑動變阻器阻值變化的范圍?！窘忸}思路】 解：由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器用聯(lián)，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓。(1)由P=UI可

19、得，燈泡正常發(fā)光時電路中的電流：Pt LZEWIl=-=0.5AuL Z上爐因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且滑動變阻器允許通過的最大電流為1A,所以，在不損壞電路元件的情況下，電路中的最大電流I大=Il=0.5A,該電路中電流的最大功率：P大=UI 大=4.5VX0.5A=2.25W,故 B 錯誤;U由1=工可得，燈泡的電阻和此時電路中的總電阻分別為: fCuL z.srRL =rt = =5 Q, It O.MUR 總=”=m=9Q，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，滑動變阻器接入電路中的最小阻值：R 滑小=R 總Rl=9Q- 5Q =4Q(2)當電壓表的示數(shù)最大為 3V時，滑動變阻器

20、接入電路中的電阻最大，電路中的電流最小，燈 泡的功率最小，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，此時燈泡兩端的電壓：Ul = UU滑大=4.5V 3V=1.5V, 電路中的最小電流：ULr LWI 小=0.3A,rl所以，電路中電流范圍是0.3A0.5A,故C錯誤;燈泡的最小功率:Pl =U jI=1.5VX0.3A=0.45W,故 A 錯誤;滑動變阻器接入電路中的最大阻值:UR滑大=一=10。則滑動變阻器阻值變化的范圍是 4。10Q,故D正確。故選：D。【知識點】電路歐姆定律電能電功率 二、填空題13. （2018四川眉山，13, 4）春節(jié)聯(lián)歡晚會為了打造舞臺效果，常用干冰（固態(tài)CO2）

21、在舞臺上產生淡淡的白霧，是由于干冰的 吸熱，使周圍空氣溫度降低，空氣中的水蒸汽遇冷 形成 的?！敬鸢浮可A；液化【思路分析】 考查的是物態(tài)變化的判斷。分析物態(tài)變化時，首先要分析生成物的狀態(tài)，然后再分析是由什么狀態(tài)的物質形成的，從而判斷出是什么物態(tài)變化。對干冰這種特殊物質所形成的物態(tài)變化 要記住。【解題思路】解：干冰是一種非常容易升華的物質。當它升華時，會從周圍空氣吸收大量的熱，導致空氣溫度急劇下降，使周圍水蒸氣放熱，液化成為小水滴。故答案為：升華；液化?！局R點】液化及液化現(xiàn)象14. （2018四川眉山，14,4）中考前夕，為了不打攪小明學習，姥姥看電視時調小了音量，這是在 減弱噪聲的。調小音

22、量也減小了聲音的 ?！敬鸢浮柯曉矗豁懚取舅悸贩治觥浚?）防治噪聲的途徑，從三方面考慮：在聲源處；在傳播過程中；在人耳處；（2）響度是指聲音的強弱，它與物體振幅有關，音量的調節(jié)就是改變聲音的響度?！窘忸}思路】 解：（1）把電視音量調小可以在聲源處減弱噪聲，防止影響小明學習；（2）調節(jié)音量時，喇叭的振幅發(fā)生改變，所以發(fā)出聲音的響度發(fā)生改變；所以把音量關小是為了減弱聲音的響度。故答案為：聲源；響度?！局R點】防治噪聲的途徑；響度15. （2018四川眉山，15, 4） 一束光從空氣斜射到某液面上同時發(fā)生反射和折射，入射光線與液面成37。角，如圖所示。若反射光線與折射光線的夾角為83。，則反射角的大小

23、為，折射角的大【思路分析】要解決此題，首先要掌握光的反射定律的內容，知道反射角等于入射角。同時要掌握光的折射的規(guī)律，知道光從空氣斜射入其它介質時，折射角小于入射角。【解題思路】 解：由題意知，入射光線與液面成 37角，則入射角為90-37=53;反射角為53;則折射光線與界面的夾角為：83-37=46,反射角為90 -46 =44o故答案為：53; 440【知識點】光的折射規(guī)律16. （2018四川眉山，16, 4）如圖所示，小紅同學在探究凸透鏡成像規(guī)律的實驗中，將焦距 f=15cm 的凸透鏡固定在光具座上50cm刻度線處后，應將光屏向 （填 左“或“右“）移動，才能在光屏 上觀察到燭焰清晰的

24、 （填 正立或 倒立）的像?！敬鸢浮坑遥坏沽ⅰ舅悸贩治觥慨斘锞嗟扔?f時，成倒立、等大的實像，像距等于 2f。【解題過程】解：已知凸透鏡的焦距f=15cm,將點燃的蠟燭移動到光具座上 20cm刻線處，此時u=50cm-20cm=30cm, u=2f,成倒立、等大的實像，像距等于 2f;故將光屏向右移動到80cm時，觀察到 燭焰清晰的倒立的像。故答案為：右；倒立【知識點】17. （2018四川眉山，17, 4）如圖所示，一同學在用滑輪組勻速提升不同重物時，記錄下了繩子自 由端拉力F與對應所提升的物體的重力 G,如下表：G/N 123456F/N 0.8 1.3 1.8 2.3 2.8 3.3根據(jù)

25、上表數(shù)據(jù)分析可知，繩子自由端拉力F與物體重力G的關系式為F=;當物體重力G=10N 時，此滑輪組的機械效率“二?！敬鸢浮?.5G+0.3N; 94.3%。【思路分析】由表格數(shù)據(jù)，重力G每增大1N,繩子自由端的拉力F增大0.5N,所以F與G成一次 函數(shù)關系，由此解答；根據(jù)物體的重力求出拉力的大小，然后根據(jù)機械效率公式求出機械效率。【解題過程】解：由表格數(shù)據(jù)可知，重力 G每增大1N,繩子自由端的拉力F增大0.5N,所以F與G成一次函數(shù)關系，設F與G關系的表達式為F=kG+b,由表格第一組數(shù)據(jù)，當 G=1N, F=0.8N,WJ: 0.8N=kx1N+b由表格第二組數(shù)據(jù)，當 G=2N, F=1.3N

26、,貝 U: 1.3N=kX2N+b-可得k=0.5,將k=0.5代入解得b=0.3N,所以拉力F與物體所受重力G的關系式：F=0.5G+0.3N;當物體重力 G=10N時，此時的拉力：F=0.5X 10N+0.3N=5.3N;由圖可知，有兩段繩子拉著動滑輪;wGh Gh G 1GN滑輪組的機械效率為:= 94.3%。T1 = =_ _ _ =1 w Fs2F 2X 5.37V故答案為：0.5G+0.3N; 94.3%【知識點】滑輪（組）的機械效率18. （2018四川眉山，18, 4）將一只“220V 100W勺燈泡（設燈絲電阻不變）接在照明電路中，正常 發(fā)光時，通電30min燈泡消耗的電能為

27、 kW?h;若用輸電線把該燈泡由電源處引到學校運 動場時，發(fā)現(xiàn)燈泡亮度較暗，測得燈泡實際功率只有81W,則輸電線上消耗的功率為 W【答案】(1) 0.05; (2) 9?！舅悸贩治觥?1)由燈泡銘牌可知額定電壓及額定功率，則由功率公式可求得額定電流；由電功公式求得通電30min時消耗的電能；(2)由功率公式P=t可求得燈泡的電阻，則由功率公式可求得燈泡的實際電壓，則由歐姆定律可求得實際電流；因燈泡和導線為串聯(lián)電路，故由串聯(lián)電路的規(guī)律可求得導線上消耗的電壓，則由P=UI可求得導線上消耗的電功率?！窘忸}過程】解：(1)燈泡正常發(fā)光時的功率 P=100W=0.1kW,在30min內消耗的電能：W=P

28、t=0.1kW x h=0.05kW?h;2(2)由“220V 100W 知燈泡的額定電壓 U=220V,額定功率是P=100W,U2根據(jù)p=一得燈泡的電阻：中 CZ20Z)2U2燈泡功率為81W時，根據(jù)p=才得燈泡兩端的實際電壓:=MM=198V;流過燈泡的實際電流：P 斐 81W 9I 實= =二二 =A;U奐 19SU 22燈泡的電壓降 U線=U - U實=220V - 198V=22V輸電導線上損失的功率 P=U損I損=22VX-；A=9W。22故答案為：(1) 0.05; (2) 9?！局R點】電功的計算三、作圖題19. (2018四川眉山，19, 2) 如圖所示，輕質杠桿OA能繞。

29、點轉動，請在杠桿中的A端畫出使輕 質杠桿保持平衡的最小的力F的示意圖(要求保留作圖痕跡)?！舅悸贩治觥看祟}是求杠桿最小力的問題，已知點。是動力作用點，那么只需找出最長動力臂即可， 可根據(jù)這個思路進行求解?！窘忸}過程】解：。為支點，所以力作用在杠桿的最右端 A點，并且力臂是OA時，力臂最長，此時的力最小。確定出力臂然后做力臂的垂線即為力 F.如圖所示：G【知識點】 杠桿中最小力的問題20. （2018四川眉山，20, 2）根據(jù)左側電路實物圖，在右側方框內畫出對應的電路圖【思路分析】 從電源的正極開始，按照電流的方向，依次串聯(lián)各元件符號，到電源的負極，最后把 電壓表并聯(lián)在燈泡兩端?！窘忸}過程】解:

30、 從電源正極開始，依次串聯(lián)開關、電流表、滑動變阻器、燈泡到電源負極，最后把電壓表并聯(lián)在燈 泡兩端。如圖所示:【知識點】根據(jù)實物圖畫電路圖21. （2018四川眉山，21, 2） 投影儀燈泡功率很大，所以需要風扇散熱，使用后，應先關閉燈泡 L, 再關閉風扇M;請用筆畫線表示導線在如圖中把電路連接完整，要求實現(xiàn)：先斷開開關S1,燈泡熄滅，風扇繼續(xù)轉動，再斷開開關 S2,風扇才停止轉動：若只閉合開關 S1,燈泡不亮?！舅悸贩治觥肯确治鲱}意，得出燈、電風扇的連接方式，以及兩個開關的位置，據(jù)此連接電路，注 意開關要接在火線和用電器之間?！窘忸}過程】 解：由題知，先斷開開關 Si,燈泡熄滅，風扇繼續(xù)轉動，

31、再斷開開關 S2,風扇才停止轉動，燈和風扇并聯(lián)；若只閉合開關 S1,燈泡不亮。由此可知S1在燈所在支路上，S2在干路上，火續(xù)如圖所示:【知識點】家庭電路的連接四、計算題22. （2018四川眉山，22, 6）試根據(jù)壓強是物體所受壓力的大小與受力面積之比的定義，推導出密度 為p的液體，在液面下深度為h處液體產生的壓強P的表達式。（已知：重力與質量的比值為 g,要求用s h、g表示P）?！舅悸贩治觥?設想液面下h深處有一面積為S的水平圓面，它所受到的壓力是其上方圓柱形的小液柱所產生的，根據(jù)F=G=mg=VgS表示出其大小，利用p得出在液面下深度為h處液體產生的壓強。【解題過程】 解：設想液面下h深

32、處有一面積為S的水平圓面，則水平圓面受到的壓力：F=G=mg= Vg=p Shg則在液面下深度為h處液體產生的壓強：F pShgp= p gh答：密度為p的液體，在液面下深度為h處液體產生的壓強的表達式為 p=p gh【知識點】液體的壓強的計算23. （2018四川眉山，23, 6）小黃家中新購置了一臺掛式電熱水器，他查看了電熱水器說明書后，將電熱水器內部電路結構簡化成如圖所示電路圖，該熱水器設有高，中，低三檔，電熱絲Ri=50Q,電熱絲R2=220Q,電熱轉化效率為84%,水的比熱容為4.2X103J/ （kg?C）,求：（1）高溫檔的加熱功率(2)用低溫檔將22kg水從20c力口熱至ij

33、60c需要的時間【思路分析】(1)由電路圖可知，閉合S、Si、S2時，Ri與R2并聯(lián)，電路的總電阻最小，由P=二可 R知，電路的總功率最大，熱水器處于高檔，由此計算高溫檔的加熱功率；(2)先由Q=cmzt計算水吸熱，由電路圖可知，閉合 S、S2時，只有R2連入電路中，電路中電U2阻最大，功率最小，熱水器處于低溫檔，由P一可得低溫檔功率，再由 Q=84%W=84%P低7計算加熱時間?！窘忸}過程】解：(1)由電路圖可知，當三個開關都閉合時， Ri與R2并聯(lián)，電路的總電阻最小，電源電壓一定 由p= 土可知，此時電路的總功率最大，熱水器處于高檔，所以高溫檔的加熱功率：U2 U2 (220lf|2 C2

34、20V)2P 高溫=Pi+P2=+一=+=968W+220W=1188W;R工 R2 50J?22013(2)將22kg水從20c力口熱到60c吸收的熱量：Q=cmzt=4.2X 103J/ (kg?C) x 22kgx (60C - 20C) =3.696X 106J,由電路圖可知，閉合 S、S2時，只有R2連入電路中，電路中電阻最大，功率最小，熱水器處于低 溫檔，U2(22OE02P 高溫=P2=-=220WR2 220?由題知，電熱轉化效率為 84%,所以：Q=84%W=84%P低,U,所以加熱時間：Q a.696X106Jt= -=2 X 104s。84的/P 您需 84%X220VK

35、答：(1)高溫檔的加熱功率為1188W;(2)用低溫檔將22kg水從20c力口熱至ij 60c需要的時間為2X10%【知識點】電功率的計算；熱量的計算.五、實驗與探究題24. (2018四川眉山，24, 7)如圖所示，在探究 阻力對物體運動的影響”實驗中，觀察將毛巾、棉布 分別鋪在水平木板上和只有木板的三種情況下， 讓小車分別從斜面頂端由靜止下滑， 研究小車在水平面上滑行的距離。(1)實驗中每次均讓小車從斜面頂端由靜止下滑的目的是：使小車每次在水平面上開始滑行時速 度大小(填相等”或不相等”)。(2)實驗中改變小車所受阻力大小，是通過改變 來實現(xiàn)的。(3)實驗中發(fā)現(xiàn)小車在毛巾表面滑行的距離最近

36、；在棉布表面滑行的距離較遠；在木板表面滑行 的距離最遠。說明小車受到的阻力越小，速度減小得越 (填 快”或慢”)。(4)推理：如果小車在水平面上滑行，受到的阻力越來越小，直到變?yōu)榱?，它將?。(5)在大量經驗事實的基礎上，牛頓總結了伽利略等人的研究成果概括出了牛頓第一定律，所以牛頓第一定律雖然不是直接由實驗得出的，但是通過符合邏輯的得出的正確結論。(6)牛頓第一定律告訴了我們物體的運動(填需要”或不需要”)力來維持，一切物體都有保持原來不變的性質?！舅悸贩治觥?1)該實驗應使小車運動到斜面底端時的速度相等，比較小車運動的距離才有意義，所以要控制小車每次都從斜面上同一位置釋放；(2)改變接觸面的

37、粗糙程度，可以改變摩擦力阻力的大?。?3)小車停下來的原因是小車受到了摩擦阻力，實驗中通過改變接觸面的粗糙程度來改變阻力的大小，阻力越小小車運動的距離越遠；4. ) (5)由第(3)問中所觀察到的現(xiàn)象以及結論推理出阻力為零時的運動情況；牛頓第一定律是 在實驗基礎上通過推理得出的；5. )根據(jù)牛頓第一定律，當物體不受任何外力時，將保持靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)。【解題過程】解：6. )每次都從斜面上同一位置釋放，使小車運動到斜面底端時的速度相等；7. )在做 斜面小車實驗”時，給水平桌面鋪上粗糙程度不同的物體，目的是探究阻力對物體運動的影響，由毛巾表面到棉布再到木板，接觸面的粗糙程度減小，小車受

38、到的阻力也減??；8. )表面越光滑，阻力就越小，小車運動的距離就越遠，這說明小車受到的阻力越小，速度減小得越慢；9. )假如小車受到的阻力為零，即小車不受力，小車的運動狀態(tài)將不會改變，做勻速直線運動；10. 由上分析可知，牛頓第一定律是在實驗的基礎上，通過推理得出的，不是用實驗直接得出的;(6)牛頓第一定律的內容為：一切物體在不受外力時，總保持靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)；這反映了力和運動的關系，表明了物體的運動不需要力來維持，而力是改變物體運動狀態(tài)的根本原因。 故答案為：(1)相等；(2)水平面的粗糙程度；(3)慢；(4)勻速直線運動；(5)推理；(6)不需 要；運動狀態(tài)?！局R點】阻力對物體

39、運動影響的探究實驗25. (2018四川眉山，25, 6) 如圖所示，小陳同學為測量某液體的密度，準備了天平、玻璃杯等器材，在實驗時發(fā)現(xiàn)沒有準備量筒，于是從身邊找來了一個體積為20cm3的金屬塊和一些紙張。(1)將天平放在水平臺上，將游碼移到標尺左端的 刻度線上。(2)此時，如果天平指針偏左，小陳同學應向 (填 左”或 右”)調節(jié)使天平橫梁平衡。(3)在玻璃杯中倒入適量的該液體，用天平稱量液體和玻璃杯的總質量m總時，向盤中加減整碼要用,不能用手接觸整碼，稱得 m總=123.2g(4)將金屬塊浸沒在液體中且不接觸玻璃杯，液體無溢出，如圖所示，天平平衡后，整碼的總質 量加上的游碼在標尺上對應的刻度值為 m=g,則液體的密度p =g/cm3。【思路分析】(1)調節(jié)天平平衡時，應先調節(jié)游碼，再調節(jié)平衡螺母；(2)指針偏向分度盤的左側可知左側較重，所以把平衡螺母向右調節(jié)，才能使天平平衡，”偏右移，右偏左移”；(3)向盤中加減整碼時要用銀子，不能用手接觸整碼，不能把整碼弄濕、弄臟；(4)左盤中物體質量等于右盤中物體質量與游碼讀數(shù)之和；根據(jù)圖中示數(shù)，求出增加的質量；增加的質量與金屬塊排開的液體的質量相等，從而求出金屬塊受到的浮力，根據(jù)阿基米德原理求出液體的密度?！窘忸}過程】 解：(1)將