2017屆高三上學(xué)期15周周練物理試卷123班

1、2017屆高三上學(xué)期15周周練物理試卷（1、2、3班）時間：90分鐘總分：100分命題人：黃建軍、選擇題（每題 4分，共40分;1、2、4、5、8題為多選題，其它題為單選題）1 .甲、乙兩物體，甲的質(zhì)量為 2kg,乙的質(zhì)量為4kg,甲從20m高處自由落下，1s后 乙從10m高處自由落下，不計空氣阻力。在兩物體落地之前，下列說法中正確的是（）A.乙的加速度是甲的加速度兩倍B.任意時刻兩物體的速度差相同C.兩物體從起點各自下落1m時的速度是相同的D.落地之前甲和乙的高度之差保持不變2.質(zhì)量m= 2kg的物塊放在粗糙水平面上，在水平拉力的作用下由靜止開始運動，物塊 動能Ek與其發(fā)生位移x之間的關(guān)系如

2、圖所示。已知物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)科=0. 2, g=10m/s2,則下列說法中正確的是：（）人EWA. x= 1m時物塊的速度大小為 2m/sJB. x= 3m時物塊的加速度大小為 1. 25m/s2C.在前2m的運動過程中物塊所經(jīng)歷的時間為2sD.在前4m的運動過程中拉力對物塊做的功為25JJ：3.如圖疊放在水平轉(zhuǎn)臺上的物體A、B、C正隨轉(zhuǎn)臺一起24 x/m以角速度w勻速轉(zhuǎn)動，A、B、C的質(zhì)量分別為3G 2g m B與轉(zhuǎn)臺、C與轉(zhuǎn)臺間的動摩 擦因數(shù)都為w,A與B間的動摩擦因數(shù)也為科，日C離轉(zhuǎn)臺中心的距離分別為 r、1.5r.設(shè)本題中的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，以下說法正確的是（）A.

3、 B對A的摩擦力有可能為 3mgB. C與轉(zhuǎn)臺間的摩擦力大于 A與B間的摩擦力D.轉(zhuǎn)臺的角速度。有可能恰好等于J"國3rC.若角速度缶再在題干所述原基礎(chǔ)上緩慢增大， 將最先發(fā)生相對滑動4 .表面光滑、半徑為 R的半球固定在水平地面上，球心 。的正上方O'處有一無摩擦定 滑輪，輕質(zhì)細(xì)繩兩端各系一個可視為質(zhì)點的小球掛在定滑輪上，如圖所示。兩小球平衡時，若滑輪兩側(cè)細(xì)繩的長度分別為Li =2.4R和L2 =2.5R,則這兩個小球的質(zhì)量之比為也，小球與半球之間的壓力之比為-N1 ,則以下說法正確的是（m2心A,也二絲 b ,9=空m225m224八 N125N124C L=D1=N2

4、24N2255 .已知，某衛(wèi)星在赤道上空軌道半徑為r1的圓形軌道上繞地運行的周期為T,衛(wèi)星運動方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同，赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過其正上方.假設(shè)某時刻，該衛(wèi)星如圖在 A點變軌進入橢圓軌道，近地點 B到地心距離為2.設(shè) 衛(wèi)星由A到B運動的時間為t ,地球自轉(zhuǎn)周期為 T。，不計空氣阻力.則（）A. T =3T（）8B. t =（門r2）T門*4ri 2riC.衛(wèi)星在圖中橢圓軌道由A到B時，機械能增大D.衛(wèi)星由圖中圓軌道進入橢圓軌道過程中，機械能不變6.如圖所示，在某一真空空間，有一水平放置的理想平行板電容器充電后與電源斷開，若正極板A以固定直線00'為中心沿豎

5、直方向作微小的緩慢上下移動時，恰有一質(zhì)量為m帶負(fù)電荷的粒子（不計重力）以速度 V沿垂直于電場方向射入平行板之間，則帶電 粒子在電場區(qū)域內(nèi)運動的軌跡是（設(shè)負(fù)極板 B固定不動，帶電粒子始終不與極板相碰）（ ）A.直線B.正弦曲線C.拋物線D.向著電場力方向偏轉(zhuǎn)且加速度作周期性變化的曲線-7.如圖所示，三條平行且等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，其電勢分別為-10V,0 V, 10V.實線是一帶電的粒子（不計重力）在該區(qū)域內(nèi)運動的軌跡，已知帶電粒子帶電荷量為0. 01 C,在a點處的動能為0. 5J,則該帶電粒子（）A.可能帶負(fù)電B.在b點處的電勢能為 0. 5 JC.在b點處的動能為零D.在c點

6、處的動能為 0. 4 J8.某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中豎直的一條電場線如圖1中虛線所示。個質(zhì)量為n電荷量為q的帶正電小球，在電場中從 O點由靜止開始沿電場線豎直向下運動。以O(shè)為坐標(biāo)原點，取豎直向下為x軸的正方向,小球的機械能E與位移x的關(guān)系如圖2所示，不計空氣阻力。則（）A.電場強度大小恒定，方向沿 x軸負(fù)方向B.從O到Xi的過程中，小球的速率越來越大，加速度越 來越大C.從O到Xi的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力 做的功相等D.到達 xi位置時，小球速度的大小為2（匕E°+mgx）9 .一質(zhì)點以坐標(biāo)系原點O為平衡位置沿y軸方向做簡諧振動，其振動圖像如右圖所示，振動形

7、成的簡諧橫波在介質(zhì)中沿x軸正向傳播，波速為1.0m/s,若質(zhì)點振動四分之三周期后立即停止，則再經(jīng)過0.1s后的波形圖是（）10.如圖所示，一輕桿兩端分別固定Da、b兩個半徑相等的光滑金屬球，a球質(zhì)量大于b球質(zhì)量。整個裝置放在光滑的水平面上，將此裝置從圖示位置由靜止釋放， 則（）A.在b球落地前瞬間，a球的速度方向向右B.在b球落地前瞬間，a球的速度方向向左C.在b球落地前的整個過程中，輕桿對b球的沖量為零D.在b球落地前的整個過程中，輕桿對b球做的功為零二、實驗題（每空2分，共12分.）11 .某同學(xué)設(shè)計了一個粗測玩具小車通過凹形橋最低點時的速度的實驗。所用器材有:玩具小車、壓力式托盤秤、凹形

8、橋模擬器（圓弧部分的半徑為R= 0. 20 m）。完成下列填空：（1）將凹形橋模擬器靜置于托盤秤上，如圖（a）所示，托盤秤的示數(shù)為 1. 00 kg ;（2）將玩具小車靜置于凹形橋模擬器最低點時，托盤秤的示數(shù)如圖（ b）所示，該示數(shù)凹形橋模擬器為 kg;（3）將小車從凹形橋模擬器某一位置釋放，小車經(jīng)過最低點后滑向另一側(cè)。此過程中托盤秤的最大示數(shù)為m;多次從同一位置釋放小車，記錄各次的m序號12345m (kg)1. 801 . 751 . 851. 751 . 90（4）根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可求出小車經(jīng)過凹形橋最低點值如下表所示：時對橋的壓力為 N;小車通過最低點時的速度大小為 m/s。（重力加速度

9、大小取 9. 80 m/s12. A、B兩位同學(xué)看到了這樣一個結(jié)論：“由理論分析可得，彈簧的彈性勢能公式為1,2八彈&IIH > +X hJSN F-上一-5T丙Ep = -kx2 （式中k為彈簧的勁 2度系數(shù)，x為彈簧的形變量）”。 為驗證這一結(jié)論， A、B兩位同學(xué) 設(shè)計了如下的實驗：首先他們都進行了如圖甲所示 的實驗：將一根輕質(zhì)彈簧豎直掛 起，在彈簧的另一端掛上一個已知 質(zhì)量為m的小鐵球，穩(wěn)定后測得彈 簧伸長量為d;A同學(xué)完成步驟后，接著進行了如圖乙所示的實驗：將這根彈簧豎直的固定在水平桌面上，并把小鐵球放在彈簧上，然后豎直地套上一根帶有插銷孔的長透明塑料管，利 用插銷壓縮彈

10、簧；拔掉插銷時，彈簧對小鐵球做功，使小鐵球彈起，測得彈簧的壓縮量 為x時，小鐵球上升的最大高度為 H.B同學(xué)完成步驟后，接著進行了如圖丙所示的實驗.將這根彈簧放在一光滑水平桌面上，一端固定在豎直墻上，另一端被小球壓縮，測得壓縮量為x,釋放彈簧后，小球從高為h的桌面上水平拋出，拋出的水平距離為L.（1） A、B兩位同學(xué)進行圖甲所示實驗的目的是為了確定彈簧的勁度系數(shù)，用 m d、g 表示勁度系數(shù)k=.1（2）如果Ep= kx2成立，那么 A同學(xué)測出的物理量x與d、H的關(guān)系式是：p 2x=; B同學(xué)測出的物理量 x 與 d、h、L的關(guān)系式是： x=.三、計算題（10+10+14+12=46分）13

11、.如圖，光滑絕緣半球槽的半徑為R,處在水平向右的勻強電場中，一質(zhì)量為m的帶電小球從槽的右端 A處無初速沿 軌道滑下，滑到最低點 B時，球?qū)壍赖膲毫?2ms求 （1）小球受到的電場力的大小和方向。（2）帶電小球在滑動過程中的最大速度。14 .如圖所示，ABC是頂角為30°的等腰三棱鏡的橫截面，兩束相同的單色光a和b分別從AB邊上的O點以相等的入射角 日射入棱鏡，OC為法線，a、b光線均位于ABC的A平面內(nèi)，且a光恰好垂直 AC射出棱鏡。已知該光在棱求：兩束光的入射角 日的大??；b光第一次離開棱鏡時出射光線與入射光線的夾角（銳角）ot的大小。15 .如圖所示，一質(zhì)量為 m.電荷量為q

12、的帶正電荷小球（可視為質(zhì)點）從 y軸上的A 點以初速度V0 （未知）水平拋出，兩長為L的平行金屬板 M.N傾斜放置且水平方向間的夾角為日=37°,帶電小球恰好能垂直M板從其中心小孔 B進入兩板間（sin37 ° =0.6 ）（1）試求帶電小球在 y軸上的拋出點 A的坐標(biāo)以及小球拋出時的初速度v0 ;（2）若該平行金屬板M.N間有如圖所示的勻強電場，且勻強電場的電場強度大小與小球質(zhì)量之間的關(guān)系滿足E =4m9，試計算兩平行板 M.N之間的垂直距離 d至少 5q為多少時才能保證小球不打在N板上16 . 一傳送帶裝置示意圖如圖，其中傳送帶經(jīng)過 AB區(qū)域時是水平的，經(jīng)過 BC區(qū)域時

13、 變?yōu)閳A弧形（圓弧由光滑模板形成， 為畫出），經(jīng)過CD區(qū)域時是傾斜的，AB和CD都與BC相切?，F(xiàn)將大量的質(zhì)量均為 m的小貨箱一個一個在 A處放到傳送帶上，放置時初速 為零，經(jīng)傳送帶運送到 D處，D和A的高度差為h。穩(wěn)定工作時傳送帶速度不變，CD段上各箱等距排列，相鄰兩箱的距離為L。每個多f子在 A處投放后，在到達 B之前已經(jīng)相對于傳送帶靜止，且以后也不再滑動（忽略經(jīng)BC段時的微小滑動）。已知在一段相當(dāng) 長的時間T內(nèi)，共運送小貨箱的數(shù)目為 No這裝置由電動機帶動，傳送帶與輪子間無相參考答案1 . BC【解析】試題分析：因為甲乙物體同時做自由落體運動，它們的初速度為零， 加速度為g,故A錯誤;因為

14、甲乙物體同時做自由落體運動，它們的初速度為零，加速度為g,甲任意時刻的速度為：v =gt ,乙任意時刻的速度v' =g(t -1 ),所以兩物體下落過程中，兩者速度差值為v =v v'=g,為定值，故B正確；根據(jù)v2 = 2gh可得v = J2gh ,故兩物體從起點各自1 2下洛1m時的速度是相同的，故 C正確；經(jīng)過時間t時，甲的位移為x = gt2,所以甲離地212.12面的圖度為h=20-gt ,乙的位移為x' = g(t-1),所以甲離地面的高度為 221,，、2h =10gg(t1),所以落地前甲和乙的高度之差A(yù)h=hh =15 gt ,隨著時間增大而減小，故D

15、錯誤.考點：考查了自由落體運動規(guī)律的應(yīng)用2. BCD【解析】試題分析：根據(jù)圖象知，x=1m時，動能為2J,即-mv2 = 2J ,解得：v = J2m/s,故2A錯誤；對x=2m到x=4m段運用動能定理，有：FxNmgx=AEk,解得：F=6. 5N,加速一且 Fmg 6.5-0.2 2 102 , “一 一一，一 度為：a= = 1.25m/s ,故B正確；對前2m運用動能定理得：m2F - 'mg . 2,、Fx Nmgx=AEk,解得：F =6N ,物體的加速度為：a=1m/s ,末速度m為：丫=里 =J8 =2m/s,根據(jù)v = at得t=2s,故C正確；對全過程運用動能定理得

16、: m 2WF Nmgs = AEk,解得：WF =25J,故 D正確.考點：考查了動能定理，牛頓第二定律【名師點睛】本題考查學(xué)生的讀圖能力，能夠從圖中獲取信息，以及能夠靈活運用動能定理 和牛頓第二定律.3. D【解析】試題分析：對 AB整體，有：(3m+2m w 2r <(3m+2m g,對物體 C,有：mw2 (1. 5r) w mg,對物體 A,有：3mw 2r <科(3倒g,聯(lián)立解得：w J"9 ,即滿足不發(fā)生相對滑動，轉(zhuǎn)臺的角速度0，可知,3r3rA與B間的靜摩擦力最大值f m=3m?r ? w 2= 3mr? ."： = 2 科 mg,故 A錯誤，故

17、 D正確；由3r于A與C轉(zhuǎn)動的角速度相同，由摩擦力提供向心力有mx 1. 5r 3 2v 3mrco2,即C與轉(zhuǎn)臺間的摩擦力小于 A與B間的摩擦力，故B錯誤；由A選項分析可知，最先發(fā)生相對滑動的是物 塊C,故C錯誤.故選D.考點：牛頓第二定律的應(yīng)用【名師點睛】本題關(guān)鍵是對 A、AB整體、C受力分析，根據(jù)靜摩擦力提供向心力以及最大靜 摩擦力等于滑動摩擦力列式分析是關(guān)鍵。4. BC【解析】 試題分析：先以左側(cè)小球為研究對象，分析受力情況：重力mig、繩子的拉力T和半球的支 持力N,作出力圖.由平衡條件得知，拉力 T和支持力N的合力與重力 mg大小相等、方向相反.設(shè) OO' = h,根據(jù)三角

18、形相似得： 二二也二口,解得：mgMTh'N,：,同理，以右側(cè)小球為11 R h1111研究對象，得:Th - TR m2g = ，N2 =，由：得l2l2mm2ll25l22524N2 li24考點：考查了共點力平衡條件的應(yīng)用【名師點睛】該題中，在處理共點力的華晨宇分解時，運用三角形相似法處理非直角三角形的力平衡問題，抓住兩球所受的繩子拉力相等是橋梁.5. AB【解析】試題分析：赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過其正上方，知三天內(nèi)衛(wèi)星轉(zhuǎn)了8(OY)3 r3圈，則有3T0=8T,解得T =Wt0 ,故A正確.根據(jù)開普勒第三定律知，一2 = T ,解8(2t)2 T2得1=色;正

19、工Ir上2,故b正確.衛(wèi)星在圖中橢圓軌道由 A到B時，只有萬有引力做功， 4ri； 2ri機械能守恒，故C錯誤.衛(wèi)星由圓軌道進入橢圓軌道，需減速，則機械能減小，故D錯誤.故選AB.考點：開普勒第三定律；機械能守恒【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵知道機械能守恒的條件，以及變軌的原理，知道當(dāng)萬有引力大于向心力時，做近心運動，當(dāng)萬有引力小于向心力時，做離心運動.掌握開普勒第三定律， 并能靈活運用。6. C 【解析】s試題分析：平行板電容器的電容：C =疝丁 (s為兩板的正對面積，d為兩板間的距離)，一 U 八 Q 八 ；s , 一 4k 二 Q 一 Q_由E = 一 , C = 一 以及 C =可推導(dǎo)出

20、E =即E oc ,由此式可知，右 。d U4k二 d；s；SS和介質(zhì)不變，只改變距離 d,則電場強度E不變.所以正極板 A以固定直線OO'為中心沿 豎直方向作微小振幅的緩慢振動時，兩金屬板間的電場強度不變，帶點粒子受到的豎直向上的電場力就不變，其受力情況不變，則做類平拋運動，C正確；考點：考查了電容的動態(tài)變化 7. D【解析】試題分析：電場方向從高電勢指向低電勢， 所以電場強度方向豎直向上， 做曲線運動過程中， 物體受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)， 而粒子只受電場力，故電場力方向向上，所以粒子帶正電，A錯誤；在 b點處的電勢能為 Epb =Qq = 0.01M 10 = 0.1J, B錯誤

21、；在 a處電勢能為Epa =中箝=-0.01父10 = -0.1J,過程中由于只有電場力做功，所以電勢能與動能之和恒定, 故Eka +Epa=Ekb +Epb,解得在b點處的動能為0. 3J, C錯誤；在c點電勢能為零，故Eka+Epa=Ekc=0.4J , D 正確;考點：考查了等勢面，電場強度，電場力做功 8. BD【解析】試題分析：從圖2中可知小球的機械能在減小，而運動過程中只有重力和電場力做功，所以可得電場力對小球做負(fù)功，因為小球帶正電，則可知電場強度的方向為豎直向上，即沿x軸負(fù)方向，因為圖像的斜率表示電場力大小，所以圖像的斜率越來越小，則電場力越來越小，故電場強度不斷減小，所以 A錯

22、誤；根據(jù)牛頓第二定律可知，物體受重力與電場力，電場力 向上，重力向下，開始時重力大于電場力，由上知電場力越來越小，故合力越來越大，加速 度越來越大，速度越來越大，故B正確；由于電場力越來越小，故相等的位移內(nèi)，小球克服12電場力做的功越來越小，故 C錯反；根據(jù)動能th理可得 mgx1 + E1-E0 = 3mv -0,解得小一12(Ei Eo+mgx)小到達x1位置時，小球速度 v=0-,故D正確m考點：考查了電場力做功，功能關(guān)系，動能定理【名師點睛】從圖象中能找出電場力的做功情況，根據(jù)電場力的做功情況判斷出小球的受力情況，進而判斷出電場方向，在利用牛頓第二定律分析加速度.由動能定理研究小球的速

23、度9. C【解析】本題考查了簡諧振動的相關(guān)知識。根據(jù)題意分析可知：因振源只振動了34周期，所以圖象只有 3/4波形，停止振動時由振動圖象可知振源在負(fù)的最大位移處，形成的波形像D,再過0.1S,由平移法波形向右平移 1/4波長即0.1m,所以再經(jīng)過 0.1s后的波形圖為 C 。10. D【解析】A、B、對兩球及桿系統(tǒng)，在 b球落地前瞬間，b球的水平速度為零，根據(jù)系統(tǒng)水 平方向動量守恒，系統(tǒng)初始動量為零，則此時a球的速度必定為零，故 A、B均錯誤；C、對b球，水平方向上動量變化為零，由動量定理可知，桿對b球的水平?jīng)_量為零.在豎直方向上，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒可知，b落地時速度與只在重力作用下的速度一樣

24、，如圖所示v-t圖象中斜線為b球自由落體運動的圖線，曲線為 b球豎直方向的運動圖線，在豎直方 向上運動的位移與落地速度相同，對比可知b球落地所用時間相對自由落體運動的時間要長，由動量定理可知桿對 b球的豎直方向的沖量必定不為零，且沖量方向向上，所以桿對b球的水平和豎直沖量可知，桿對b球的沖量不為零，且方向豎直向上.故 C錯誤；D、設(shè)桿對a球做功W1,對b球做功W2,系統(tǒng)機械能守恒，則除了重力之外的力的功必定 為零，即 W1+W2=0,對a球由動能定理可知 W1=0,故 W2=0.故D正確.本題是動量定理、動量守恒定律與機械能守恒定律的綜合應(yīng)用，難點在于分析輕桿對 b球的沖量.利用作圖法是分析物

25、體運動常用方法.11. (2) 1. 40 (4) 7. 9 1 . 4【解析】試題分析：由于托盤不的最小刻度為0. 1 kg,測量讀數(shù)要估讀到 0. 01 kg,所以由圖示刻度可讀出玩具小車靜置于凹形橋的最低點時托盤秤的示數(shù)為1. 40 kg。求出5次實驗記錄的m值的平均值，得 m= 1. 81 kg,減去凹形橋模擬器的質(zhì)量1. 00 kg,可得玩具小車對凹形橋的壓力為(1. 81-1 . 00) X 9. 80 N =7. 9 No由牛頓第三定律，在最低點，凹形橋 對玩具小車白支持力 F=7. 9 No根據(jù)題述，可知玩具小車質(zhì)量m' =1. 40 kg - 1 . 00 kg2=0

26、. 40 kg ,在最低點，由牛頓第二定律，F(xiàn) m' g=m' , IP 7. 9 0. 40X9. 80 =20. 40X ,解得 v= 1. 4 m/s 。 0.20考點：向心力；牛頓第二定律的應(yīng)用【名師點睛】 此題考查讀數(shù)和圓周運動的知識，讀數(shù)時要注意估讀， 在力的問題注意分析受力和力的作用效果?！敬鸢浮?1) k=mg；(2) J2dH ； Ldk,當(dāng)小球靜止時,試題分析：(1) A、B兩位同學(xué)做所示實驗的目的是測量彈簧的勁度系數(shù)有 mg =kd ,可得 k =mg 。 d(2) A同學(xué)所做的乙實驗：將彈簧壓縮 X后釋放小球，小球上升的最大高度為H,此過程中彈簧的彈性勢

27、能轉(zhuǎn)化為小球的重力勢能，根據(jù)機械能守恒得 :kx2= mgH ,解得x= J2dH ,_,、，*、一,一、，=1_. .一 一一、. . 1 9 19B同學(xué)的實驗：將彈簧壓縮x后釋放小球，有 kx= mv0，小球離開桌面后，以初速度v0220d做平拋運動，則有 L=v0t, h=-gt ,可得x=Lj。2. 2h考點：探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系【名師點睛】本題借助于豎直上拋運動和平拋運動以及胡克定律推導(dǎo)考查了x與其他量的關(guān)系，是考查知識綜合應(yīng)用、公式理論推導(dǎo)的好題。2 v- mg = m13. (1) F =mg ,水平向右(2) vm = jRg(V51)試題分析：(1)設(shè)小球運動到最底位置

28、B時速度為v,此時N解得：v=JgR-21右不受電場力，則： mgR = 一 mv2解得：v = 2gR因為v v所以此過程中電場力做負(fù)功，電場力方向水平向右設(shè)電場力大小為 F,由題意，小球從 A處沿槽滑到最底位置 B的過程中，根據(jù)動能定理得:i f 1mgR - FR = - mv-'01，方向水平向右由、兩式得：F mg2(2)小球在滑動過程中最大速度的條件：是小球沿軌道運動過程某位置時切向合力為零, 設(shè)此時小球和圓心間的連線與豎直方向的夾角為0 ,如圖mg sin 日=F cos9一.1由得：tan -2112_小球由A處到取大速度位置得過程中mgRcosQ - - mgR(1

29、- sin6 )= mvm -0得：Vm = . Rg （、5 一 1）考點：圓周運動、向心力、動能定理?！久麕燑c睛】小球沿圓軌道下滑到達最低點時沿半徑方向的合力提供向心力，求出最低點的速度大小，與無電場時到最低點的速度大小相比，說明電場力的方向，求出電場力的大小，勢能最小時速度最大，還可以說當(dāng)沿圓弧切線方向的合力為零時，速度最大，再應(yīng)用動能定理求解最大速度的表達式。14 . e =45 ：； a =60 二。【解析】試題分析：a、b兩束光的光路圖如圖所示。 兩束光在AB面上入射角相等，則折射角相等,設(shè)折射角為P ,由a的光路可知折射角 P =30 1根據(jù)折射定律有n =.sin -2則 sin 二-nsin -= 2即入射角45根據(jù)臨界角公式有：sinC =1 Jn 2即臨界角C =45 .由幾何關(guān)系可知，b光在BC面上的入射角為 尸=45 1恰好發(fā)生全反射，故 b光不會從BC 面射出。b光繼續(xù)傳播，在AC面上的入射角為3 =300<45 ',所以