機械振動和機械波（1）

1、絕密啟用前2018-2019學年度?學校8月月考卷試卷副標題考試范圍：xxx；考試時間：100分鐘；命題人：xxx注意事項：1答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）請點擊修改第I卷的文字說明一、單選題1風云二號衛(wèi)星發(fā)送回地面的紅外云圖是由衛(wèi)星上設(shè)置的具有接收云層輻射的紅外線感應器完成的，云圖上的黑白程度是由輻射紅外線的云層的溫度高低決定的，這是利用了紅外線的( )A穿透性 B熱效應C不可見性 D化學效應【答案】B【解析】紅外線是不可見光，人眼無法覺察到，所以C錯。它的波長大頻率低，穿透能力較弱，A錯它的主要作用是熱效應，由于物體溫度越高，向外輻射的

2、紅外線越強，正是利用這一作用得到大氣層的遙感圖，故B對D錯2一束平行單色光，通過雙縫后，在屏上得到明暗相間的條紋，則( )A相鄰亮條紋或暗條紋的間距不等B將雙縫中某一縫擋住，屏上的亮、暗條紋位置不變，但亮度減半C將雙縫中某一縫擋住，屏上出現(xiàn)間距不等的亮、暗條紋D將雙縫中某一縫擋住，則屏上一切條紋將消失，而出現(xiàn)一亮點【答案】C【解析】雙縫干涉實驗表明，亮、暗條紋是等間距的，若擋住一縫則變成單縫衍射，此時中央條紋最寬最亮，是不等間距的，故C是最符合要求的3在一個發(fā)光的小電珠和光屏之間放一個大小可調(diào)節(jié)的圓形孔屏，在圓孔從較大調(diào)至完全閉合的過程中，在屏上看到的現(xiàn)象是( )A先是圓形亮區(qū)，再是圓形亮環(huán)，

3、最后完全黑暗B先是圓形亮環(huán)，最后完全黑暗C先是圓形亮區(qū)，最后完全黑暗D先是圓形亮環(huán)，然后圓形亮區(qū)，最后完全黑暗【答案】A【解析】當孔由大變小時，屏上先是出現(xiàn)由光妁直線傳播所照亮的圓形亮區(qū)，然后屏上出現(xiàn)小孔成像，當光的波長大于等于孔的直徑時發(fā)生衍射，屏上出現(xiàn)圓形亮環(huán)、直到黑暗(此時圓孔完全封閉)點撥隨著孔的尺寸的變化，屏上會出現(xiàn)不同的光現(xiàn)象。4如圖是用干涉法檢查平面的平整程度的示意圖。其中AB是透明的樣板，CD是被檢查的平面。用單色光從上面豎直地照射下來，觀察兩束反射光線疊加后的結(jié)果。這里的兩束反射光分別是指從以下哪兩個表面反射的光A從AB的上表面和AB的下表面B從AB的上表面和CD的上表面C從

4、AB的下表面和CD的上表面D從AB的下表面和CD的下表面【答案】C【解析】AB是等厚的透明樣板，CD是不透明的，發(fā)生干涉的是兩者之間的空氣膜。這里看到的亮紋（暗紋）實際上是下方空氣膜的等厚線。如果亮紋是均勻分布的直線，說明被檢測平面是平整的；如果某些亮紋（暗紋）向左端彎曲，說明該處有凹陷；向右端彎曲，說明該處有突起。5用太陽光照射豎直放置的肥皂膜，觀察肥皂膜的反射光，將會看到彩色條紋。關(guān)于這些彩色條紋的說法中正確的有 A所看到的彩色條紋是光的色散形成的B所看到的彩色條紋的每一條亮線都是豎直線C每一組完整的彩色亮線中，都是紫光在最上方D每一組完整的彩色亮線中，都是紅光在最上方【答案】C【解析】這

5、是光的干涉現(xiàn)象，不是由色散引起的；豎直放置的肥皂膜從上到下厚度逐漸增大，在同一水平高度，膜的厚度是相同的，因此每一條亮線都是水平的；薄膜干涉出現(xiàn)亮紋的條件是同一束入射光在薄膜前后兩個表面分別反射后的光程差等于波長的整數(shù)倍。在入射光接近垂直于薄膜表面入射的情況下，光程差是由薄膜的厚度決定的，豎直放置的肥皂膜從上到下厚度逐漸增大，光程差也逐漸增大。由于紫光波長最短，因此每一組亮線中總是紫光的光程差先達到波長整數(shù)倍，也就是紫光的亮線在最上方。6在做雙縫干涉實驗時，常用激光做光源，這主要是應用了激光的( )A平行性好的特性 B單色性好的特性C亮度高的特性 D方向性好的特性【答案】B【解析】要發(fā)生雙縫干

6、涉必須滿足相干條件，而激光由于頻率相同振動狀態(tài)(方向等)完全相同，所以滿足條件7對于光的衍射現(xiàn)象，下述定性分析中錯誤的是( )A光的衍射是光在傳播過程中繞過障礙物發(fā)生彎曲的傳播現(xiàn)象B光的衍射現(xiàn)象否定了光的直線傳播的結(jié)論C光的衍射現(xiàn)象為光的波動說提供了有力的證據(jù)D衍射花紋圖樣是光波相互疊加的結(jié)果【答案】B【解析】當障礙物或孔的尺寸小于光的波長或可以跟波長相比擬時，發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，光的直線傳播是障礙物或孔的尺寸遠大于光的波長時表現(xiàn)出的現(xiàn)象，者并不矛盾，都是光在不同條件下的行為，所以A對D錯。衍射也是波動性的特征，是光的疊加，故C、D都是正確的8某高層建筑物外墻大量使用的幕墻玻璃，在白天時外面的人

7、看不清室內(nèi)的物體而室內(nèi)的人卻能較清楚地看到外面的景物，其主要原因是( )A在玻璃的外表面涂有增透膜B在玻璃外表面涂有高反膜(即對光的反射率遠大于透射率的物質(zhì))C在玻璃的外表面涂有大量能吸收光的物質(zhì)D在玻璃的外表面涂有不透光的彩色薄膜【答案】B【解析】高反膜的原理與增透膜原理相反，它使從膜前后表面反射出來的光疊加增強，這樣由能量守知透射光必減弱，在白天室內(nèi)光線本身就弱，所以透射出來的就更少，外面就看不清室內(nèi)的物體，而室外光線很強，所以能透射一部分光線，室內(nèi)的人能較清楚地看見外面的景物。9劈尖干涉是一種薄膜干涉，具裝置如圖20-1-6所示，將一塊平板玻璃放置在另一平板玻璃之上，在一端夾入兩張紙片，

8、從而在兩玻璃表面之間形成個劈形空氣薄膜，當光垂直入射后，從上往下看到的干涉條紋如圖20-1-7所示干涉條紋有如下特點：(1)任意一條明條紋或暗條紋所在位置下面的薄膜厚度相等；(1)任意相鄰明條紋或明條紋所對應的薄膜厚度差恒定現(xiàn)若在圖裝置中抽去一張紙片，則當光垂直入射到新的劈形空氣薄膜后，從上往下觀察到的干涉條紋( )A變疏 B變密C不變 D消失【答案】A【解析】撤去一張紙片后，劈形空氣薄膜的劈勢(即傾斜程度)減緩，相同水平距離上，劈勢厚度變化減小，以致于干涉時路程差變化減小，條紋變寬，條紋數(shù)量變少(變疏)，故A正確甲圖乙【答案】B【解析】b光的干涉條紋間距比a光小，由可知b光的波長比a光短，頻

9、率比a光高，光子能量比a光大，因此若a光子能使處于基態(tài)的氫原子電離，則b光子一定能電離處于基態(tài)的氫原子，A錯；原子核外層電子受激發(fā)產(chǎn)生的光子能量比內(nèi)層電子受激發(fā)發(fā)生的光子能量小，B正確CD錯。照相底片感光不同于用眼睛直接觀察，既可以用可見光來做干涉實驗，也可以用不可見光如紅外線、紫外線、X射線和射線等來做；原子發(fā)光從核外到核內(nèi)，依次是：核外層電子紅外線、可見光和紫外線；內(nèi)層電子X射線；原子核射線。氫原子從高能級躍遷到的能級放出紫外線，因此能量較大的紫外線以及能量更大的X射線、都可以使處于基態(tài)的氫原子電離。11 兩個處于同一激發(fā)態(tài)的氫原子A和B，A自能級n1躍遷到n2能級輻射出光子a，B自n1能

10、級躍遷到n3能級輻射出光子b，已知單色光a在水中的波長與單色光b在真空中的波長相等，則由此可知( ) A n1n2間的能級差大于n1n3間的能級差 B 若單色光a能使某金屬發(fā)生光電效應，則單色光b也一定能。 C a光子的粒子性強于b光子。 D 單色光a比單色光b更容易觀察到光的衍射現(xiàn)象。 【答案】BD【解析】單色由真空進入介質(zhì)，波速變小，、頻率不變，所以波長變短，由此可知，單色光A在真空中的波長比B的長，所以單色光A的頻率比B的小，光子A的能量小于光子B的能量，所以A項錯誤。而B項正確；頻率越大，粒子性越強，所以C項錯誤，波長越長，波動性越明顯，越容易觀察到衍射現(xiàn)象，所以D項正確。12市場上有

11、種燈具俗稱“冷光燈”，用它照射物品時能使在被照物品處產(chǎn)生的熱效應大大降低，從而廣泛地應用于博物館、商店等處.這種燈降低熱效應的原因之一是在燈泡后面放置的反光鏡玻璃表面上鍍了一層薄膜（例如氟化鎂），這種膜能消除不鍍膜時玻璃表面反射回來的熱效應最顯著的紅外線.以表示紅外線的波長，則所鍍薄膜的厚度最小應為（ ）A B C D【答案】B【解析】為減小反射的熱效應顯著的紅外線,則要求紅外線在薄膜的前后表面反射后疊加作用減弱,即光程差為半波長的奇數(shù)倍,故膜的最小厚度為紅外線在該膜中波長的. 13不同的電磁波產(chǎn)生機理不一定相同,在下列四組電磁波中,產(chǎn)生機理相同的是（ ）A紅外線、紫外線、可見光B微波、X射線

12、、射線C無線電、微波、紅外線D紅外線、紫外線、倫琴射線【答案】A【解析】根據(jù)電磁波的產(chǎn)生機理可知只有A正確. 14如圖所示，（a）表示單縫，（b）表示雙縫.用某單色光分別照射豎直放置的單縫和雙縫，在縫后較遠位置豎直放置的光屏上可以觀察到明暗相間的條紋（圖中陰影表示明條紋），如圖（c）（d）所示.下列關(guān)于縫和條紋間關(guān)系的說法中正確的是（ ）A圖（c）表示單縫衍射條紋，圖（d）表示雙縫干涉條紋B單縫S越寬，越容易觀察到對應的明暗條紋C雙縫間距離越短，對應條紋間距越大D照射雙縫的單色光波長越短，對應條紋間距越大【答案】C【解析】由單縫衍射條紋中間條紋寬、兩側(cè)條紋窄可知，圖（d）表示單縫衍射條紋，故選

13、項A是錯誤的.由公式x=l/d可知，選項C正確,D錯誤.根據(jù)衍射的條件判斷出選項B是錯誤的. 15能引起人的眼睛視覺效應的最小能量為1×10-18 J,已知可見光的平均波長為0.6 m,普朗克常量h=6.63×10-34 J·s,則下列說法中正確的是( )要引起人的視覺,進入人眼的光子數(shù)目至少為3個 要引起人的視覺,進入人眼的光子數(shù)目至少為30個 人眼相當于一個焦距可變的凸透鏡 人形成視覺的部位在視網(wǎng)膜A B C D【答案】A【解析】由E0=h0=hc/0=3.315×10-19 J.n=3(個).由生物知識可知正確. 16下面是四種與光有關(guān)的事實，能說

14、明同一個介質(zhì)對不同單色光的折射率不同的是 A用光導纖維傳播信號B用透明的標準板和單色光檢查平面的平整C水面上的油膜呈現(xiàn)彩色光D一束白光通過三棱鏡形成彩色光帶【答案】D【解析】光導纖維利用全反射；用透明的標準板和單色光檢查平面的平整利用光的干涉，凸起使等厚點向薄膜薄的一方移動，造成干涉條紋向頂點彎曲；水面上的油膜呈現(xiàn)彩色光也是薄膜干涉；只有D是光的色散，是由于同一個介質(zhì)對不同單色光的折射率不同形成的。答案D。17某同學為了研究光的色散，設(shè)計了如下實驗：在墻角放置一個盛水的容器，其中有一塊與水平面成45°角放置的平面鏡M，如圖4所示，一細束白光斜射向水面，經(jīng)水折射后射向平面鏡，被平面鏡反

15、射再經(jīng)水面折射后照在墻上該同學可在墻上看到（）A上紫下紅的彩色光帶B上紅下紫的彩色光帶C外紅內(nèi)紫的環(huán)狀光帶D一片白光【答案】B【解析】某一單色光的光路如圖，由三角關(guān)系知在水面的折射角大，在平面鏡反射時的入射角小，光線在墻上的光點高。紅光的折射率最小，在水面的折射角最大，在墻上的光點最高，形成上紅下紫的彩色光帶。答案B。18研究光電效應規(guī)律的實驗裝置如圖甲所示，以頻率為v1和v2的兩種光光電管陰極K時，才有光電子產(chǎn)生。在光電管的兩極K、A之間加反向電壓時，光電子從陰極K發(fā)射出來后向陽極A做減速運動。當電流表G讀數(shù)為零時，電壓表V的讀數(shù)稱為反向截止電壓。在光電管K、A之間加正向電壓時，光電子從陰極

16、K發(fā)射出來向陽極A做加速運動，當電流表G的讀數(shù)為最大時，稱為飽和光電流。由電壓表V和電流表G的讀數(shù)，可畫出兩種光照射時光電管的伏安特性曲線如圖乙所示。以下說法正確的是UOI乙甲A兩種光分別照射光電管時，陰極K的極限頻率不同B兩種光分別照射光電管時，光電子從陰極K表面逸出時間的長短不同C兩種光的頻率不同D兩種光的強度不同【答案】D【解析】陰極K的極限頻率與其材料，與入射光無關(guān)，A錯；光電效應發(fā)生的時間極短，且與入射光無關(guān)，B錯；由圖乙可知，兩種光照射時，光電管的反向截止電壓相同，則光電子的最大初動能全部用來克服電場力做功，由可知，這兩種光實際是同頻率的光，C錯；圖乙顯示飽和光電流不同，表示入射光

17、強度不同，D正確。19人眼對綠光最敏感，正常人的眼睛接收到波長為530nm的綠光時，只要每秒有6個綠光的光能量子射入瞳孔，眼睛就能覺察，普朗克常數(shù)為6.63×1034Js，光速為3.0×108m/s，則人眼能察覺到綠光時所接收到的最小功率是（ ）A2.3×1018 W B3.8×1019 W C7.0×1010 W D1.2×1018 W【答案】A【解析】解：綠光光子能量：E=h=3.8×1019J每秒鐘最少由6個綠光的光子射入瞳孔，所以：P=2.3×1018W故A正確，BCD錯誤故選：A【點評】本題主要考查了光子

18、能量公式的直接應用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題20有一個正在擺動的秒擺，若取擺球正從平衡位置向左運動時開始計時，那么當t=1.2s時，擺球A 正在做加速運動，加速度正在增大 B 正在做減速運動，加速度正在增大C 正在做加速運動，加速度正在減小 D 正在做減速運動，加速度正在減小【答案】B【解析】【詳解】秒擺的周期為2s，則擺球正從平衡位置向左運動時開始計時，那么當t=1.2秒時，擺球從平衡位置向右方最遠處做減速運動；由于位移在變大，根據(jù)a=-kx/m可知，加速度也在變大。故選B。21一洗衣機正常工作時非常平穩(wěn)，當切斷電源后，發(fā)現(xiàn)洗衣機先是振動越來越劇烈，然后振動再逐漸減弱，對這一現(xiàn)象，下列說法正確的

19、是正常工作時，洗衣機波輪的運轉(zhuǎn)頻率比洗衣機的固有頻率大正常工作時，洗衣機波輪的運轉(zhuǎn)頻率比洗衣機的固有頻率小正常工作時，洗衣機波輪的運轉(zhuǎn)頻率等于洗衣機的固有頻率當洗衣機振動最劇烈時，波輪的運轉(zhuǎn)頻率等于洗衣機的固有頻率A B 只有C 只有 D 【答案】A【解析】【詳解】洗衣機切斷電源，波輪的轉(zhuǎn)動逐漸慢下來，在某一小段時間內(nèi)洗衣機發(fā)生了強烈的振動，說明此時波輪的頻率與洗衣機固有頻率相同，發(fā)生了共振。所以正常工作時，洗衣機波輪的運轉(zhuǎn)頻率比洗衣機的固有頻率大；此后波輪轉(zhuǎn)速減慢，則驅(qū)動力頻率小于固有頻率，所以共振現(xiàn)象消失，洗衣機的振動隨之減弱，所以正確。故選A?！军c睛】本類題目抓住關(guān)鍵點：頻率相等時發(fā)生共

20、振現(xiàn)象，振幅最大22下列說法中正確的是A 作受迫振動的物體的頻率由它的固有頻率來決定B 產(chǎn)生多普勒效應的原因是波源頻率發(fā)生了變化C 在干涉圖樣中，振動加強點上質(zhì)點的位移可能小于振動減弱點質(zhì)點的位移D 在干涉圖樣中的振動加強點上各質(zhì)點的振動位移總是最大【答案】C【解析】【詳解】作受迫振動的物體的頻率由驅(qū)動力的頻率來決定，與它的固有頻率無關(guān)，選項A錯誤；產(chǎn)生多普勒效應的原因是觀察者接收到的波源的頻率發(fā)生了變化，而波源頻率并沒有發(fā)生變化，選項B錯誤；在干涉圖樣中，振動加強點上質(zhì)點的振幅大于振動減弱點質(zhì)點的振幅，但是振動加強點上質(zhì)點的位移可能小于振動減弱點質(zhì)點的位移，選項C正確；在干涉圖樣中的振動加強

21、點上各質(zhì)點的振幅最大，但是振動位移并不是總最大，選項D錯誤；故選C.【點睛】解答本題時要注意：頻率相同的波在疊加時當加強點時，質(zhì)點的振幅最大，但質(zhì)點的位置不是始終處于最大位置處，是隨著時間不斷變化23關(guān)于原子結(jié)構(gòu)，湯姆孫提出棗糕模型、盧瑟福提出行星模型(如圖甲、乙所示)，都采用了類比推理的方法下列事實中，主要采用類比推理的是()A 人們?yōu)楸阌谘芯课矬w的運動而建立的質(zhì)點模型B 伽利略從教堂吊燈的擺動中發(fā)現(xiàn)擺的等時性規(guī)律C 庫侖根據(jù)牛頓的萬有引力定律提出庫侖定律D 托馬斯·楊通過雙縫干涉實驗證實光是一種波【答案】C【解析】【詳解】質(zhì)點屬于理想模型，A錯誤；伽利略從教堂吊燈的擺動中發(fā)現(xiàn)擺的

22、等時性規(guī)律，即通過實驗觀察發(fā)現(xiàn)了規(guī)律，B錯誤；庫侖根據(jù)牛頓的萬有引力定律提出庫侖定律，兩者都是根據(jù)距離的平放成反比，用到了類比法，C正確；托馬斯楊通過雙縫干涉實驗證實光是一種波，是利用了實驗方法，D錯誤24如圖甲所示，一均勻介質(zhì)中沿x軸有等間距的O、P、Q質(zhì)點，相鄰兩質(zhì)點間距離為0.75m，在x=10m處有一接收器(圖中未畫出)。t=0時刻O質(zhì)點從平衡位置開始沿y軸方向一直振動，并產(chǎn)生沿x軸正方向傳播的波,O質(zhì)點的振動圖象如圖乙所示。當O質(zhì)點第一次達到負向最大位移時，P質(zhì)點剛開始振動。則( )A 質(zhì)點Q的起振方向為y軸負方向B 這列波傳播的速度為0.25m/sC 若該波在傳播過程中若遇到0.5

23、m的障礙物，不能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象D 若波源O向x軸正方向運動，接收器接收到波的頻率可能為0.2 Hz【答案】B【解析】【分析】根據(jù)波源的起振方向判斷質(zhì)點Q的起振方向根據(jù)題干條件，分析O、P兩質(zhì)點之間的距離與波長的關(guān)系，求出波長，由振動圖象讀出周期，并求出波速障礙物的尺寸與波長差不多時能產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象，當波源與觀察者距離減小時，接收到的頻率增大【詳解】由振動圖象，質(zhì)點O在t=0的起振方向沿y軸正方向，介質(zhì)中各質(zhì)點的起振方向均沿y軸正方向，A錯誤；當O質(zhì)點第一次達到負向最大位移時，P質(zhì)點剛開始振動，OP距離是34波長，則波長=1m，由振動圖象T=4s，則波速v=T=14=0.25m/s，B正確

24、；因該波的波長為1m0.5m，所以遇到寬0.5m的障礙物能發(fā)生較明顯的衍射現(xiàn)象，C錯誤；該波的頻率f=1T=0.25Hz，若波源從O點沿x軸正向運動，根據(jù)多普勒效應可知，接收器接收到的波的頻率將大于0.25Hz，D錯誤25關(guān)于電磁波，下列說法正確的是（ ）A 電磁波和機械波都需要通過介質(zhì)傳播B 電磁波可以由電磁振蕩產(chǎn)生，若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波隨即消失C 雷達發(fā)射的是直線性能好、反射性能強的超聲波D 根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，電磁波中的電場和磁場互相垂直，電磁波是橫波【答案】D【解析】【詳解】電磁波的傳播不需要介質(zhì)，機械波的傳播需要介質(zhì)。故A錯誤。當發(fā)射電路的電磁振蕩停止了，只是不能產(chǎn)

25、生新的電磁波，但已發(fā)出的電磁波不會立即消失，還要繼續(xù)傳播一段時間，故B錯誤；雷達發(fā)射的是直線性能好、反射性能強的微波，故C錯誤；根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，電磁波中的電場和磁場互相垂直，電磁波是橫波，選項D正確；故選D.26圖（a）為一列簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖（b）為介質(zhì)中平衡位置在x=1.5m處的質(zhì)點的振動圖像，P是平衡位置為x=2m的質(zhì)點。下列說法不正確的是（ ）A 波速為0.5m/s B 波的傳播方向向左C 當t=7s時，P恰好回到平衡位置 D 02s時間內(nèi)，P向y軸正方向運動【答案】D【解析】A、由圖（a）可知該簡諧橫波波長為2m，由圖（b）知周期為4s，則波速為v=T=24=0

26、.5m/s，故A正確；B、根據(jù)圖（b）的振動圖象可知，在x=1.5m處的質(zhì)點在t=2s時振動方向向下，所以該波向左傳播，故B正確。C、當t=7s時，t=72=5s=114T，P恰好回平衡位置，故C正確；D、由于該波向左傳播，由圖（a）可知t=2s時，質(zhì)點P已經(jīng)在波谷，所以可知02s時間內(nèi)，P向y軸負方向運動，故D錯誤；本題選擇不正確的故選D?！军c睛】熟練利用波形平移法判斷質(zhì)點的振動方向與傳播方向、利用周期表示時間，求質(zhì)點的路程、注意時間和空間周期性的對應27如圖所示表示t=0時刻兩列相干水波的疊加情況，圖中的實線表示波峰，虛線表示波谷。設(shè)兩列波的振幅均為5 cm，且圖示的范圍內(nèi)振幅不變，兩列水

27、波的波速和波長都相同且分別為1m/s和0.2m，C點是BE連線的中點，下列說法中正確的是( ) A 從圖示時刻再經(jīng)過0.65s時,C點經(jīng)過的路程130cmB C點和D點都保持靜止不動C 圖示時刻A、B兩點的豎直高度差為10cmD 隨著時間的推移，E質(zhì)點將向C點移動，經(jīng)過四分之一周期，C點到達波峰【答案】A【解析】A、波的周期T=v=0.21s=0.2s，從圖示時刻起經(jīng)0.65s=3T+T4，B是振動加強點其振幅為A=10cm，則通過的路程為3×4A+A=130cm，故A正確。B、則A、E是波峰與波峰相遇，B點是波谷與波谷相遇，C是平衡位置相遇處，它們均屬于振動加強區(qū)，振幅均為10cm

28、；而D是波峰與波谷相遇處，屬于振動減弱點，振幅為0而靜止不動，故B錯誤。C、A點在波峰相遇處離平衡位置10cm，B為波谷相遇處離平衡位置10cm，故兩點的高度差為20cm，C錯誤。D、再經(jīng)過四分之一個周期，E點在上下振動到平衡位置，C點振動到達波峰，但質(zhì)點并不會遷移，只是波形會移動，故D錯誤。故選A。【點睛】注意此題是波動與振動的結(jié)合，注意二者之間的區(qū)別與聯(lián)系，運動方向相同時疊加屬于加強，振幅為二者之和，振動方向相反時疊加屬于減弱振幅為二者之差28一列簡諧橫波沿直線傳播。以波源O為平衡位置開始振動為計時零點，質(zhì)點A的振動圖象如圖所示，已知O與A的平衡位置相距1.2m，以下判斷正確的是（ ）。A

29、 波長為1.2mB 波源起振方向沿y軸正方向C 波速大小為0.3m/sD 質(zhì)點A的動能在t=4s時最大【答案】B【解析】（1）由圖象可知，A質(zhì)點比波源晚振動3s，其周期為4s，所以波速v=st=1.23m/s=0.4m/s，又根據(jù)波速公式得：=vT=0.4×4m=1.6m，故AC錯誤；（2）根據(jù)波傳播的特點，各質(zhì)點的起振的方向和波源的起振方向相同，由振動圖象可知，A質(zhì)點的起振方向沿y軸正方向，故該波源的起振方向沿y軸正方向，B正確；（3）根據(jù)圖象，在t=4s時，質(zhì)點A正處于正的最大位移處，其動能為零，D錯誤。故本題選B【點睛】首先明確其圖象是振動圖象，根據(jù)位移除以時間得到波速，根據(jù)=

30、vT求解波長；質(zhì)點起振方向和振源相同；根據(jù)t=4s時質(zhì)點A所處的位置，可判斷動能大小。29如圖所示,勁度系數(shù)為k的豎直輕彈簧下面掛一個質(zhì)量為m的物體，物體在豎直方向做簡諧運動，當物體振動到最高點時，彈簧正好為原長。則物體在振動過程中（ ）。A 物體在最低點時受的彈力大小為mg B 彈簧的最大彈性勢能等于2m2g2kC 彈簧的彈性勢能和物體的動能總和不變 D 物體的最大動能應等子2m2g2k【答案】B【解析】小球從最高點先向下加速，到達平衡位置時速度達到最大，此后繼續(xù)向下做減速運動；平衡位置，有mg=kx，故最低點彈力k（2x）=2mg，A錯誤；小球到最低點時，動能減為零，由系統(tǒng)機械能守恒定律得

31、到，彈性勢能最大，重力勢能減小量等于彈性勢能的增加量，等于mg2x=mg(2mgk)=2m2g2k，B正確；小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能總量守恒，C錯誤；當物體運動到平衡位置時，動能最大，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒定律，有mgx=Ep+Ek，mg=kx，故Ek<m2g2k，D錯誤；【點睛】本題為豎直方向的彈簧振子，重力勢能、動能和彈性勢能三者間相互轉(zhuǎn)化，機械能總量保持不變本題關(guān)鍵是要根據(jù)小球和彈簧系統(tǒng)機械能守恒列式分析，特別要注意小球機械能不守恒30如圖所示，有一直角三角形場地ABC，A=60°，C=30°，A、B間距離為6m。現(xiàn)在A、B兩點各安裝一個聲源，兩個聲源同

32、時不斷向外發(fā)出波長為2m的完全相同的聲波，如果一個人沿直線從A點走到C點，那么在此過程中聽不到聲音的區(qū)域共有( )A 6個 B 5個 C 4個 D 3個【答案】A【解析】分析題意可知，在AC上聽不到聲音的區(qū)域應滿足關(guān)系：0<2n+1<6，故n的取值可能為：-3，-2，-1，0，1，2所以聽不到聲音的區(qū)域應為6個故本題選A【點睛】根據(jù)兩波源到減弱點的波程差是半波長奇數(shù)被的特點，可以找到波程差的取值范圍，從而確定減弱區(qū)的個數(shù)。31如圖所示，單擺擺長為L，做小角度擺動時，周期為T1。如果在懸點正下方L4處固定個釘子，再讓擺球做小角度擺動，其周期為T2，則T1與T2的比值為（ ）A 43

33、B 42+3 C 22+3 D 34【答案】B【解析】根據(jù)單擺周期公式T=2lg得：T1T2=2LgLg+114Lg=42+3，故本題選B 【點睛】固定釘子之前，單擺擺長恒定，固定釘子之后，擺長在發(fā)生變化，前半個周期擺長為L，后半個周期擺長為34L，來回交替，周期應為兩次過程總時間。32下列說法正確的是（ ）A 聲波在空氣中傳播時是一種橫波B 波形曲線表示介質(zhì)中“某個質(zhì)點”在“各個時刻”的位移C 根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，變化的電場周圍產(chǎn)生變化的磁場D 由愛因斯坦的狹義相對論可知，真空中的光速對于任何慣性參考系都相同【答案】D【解析】（1）聲波屬于縱波，故A錯誤；（2）波形曲線表示在同一時刻，

34、介質(zhì)中所有質(zhì)點偏移平衡位置的位移矢量末端的連線，B錯誤；（3）根據(jù)麥克斯韋理論，均勻變化的電場產(chǎn)生恒定的磁場，周期性的變化的電場產(chǎn)生周期性變化的磁場，C錯誤；（4）光速不變原理，是愛因斯坦狹義相對論的基本原理，即光速對于任何慣性參考系都相同，D正確故本題選D33如圖所示，S1、S2是振動情況完全相同的兩個機械波波源，振幅為A，a、b、c三點分別位于S1、S2連線的中垂線上，且ab=bc,某時刻a是兩列波的波峰相遇點，c是兩列波的波谷相遇點，則（）A a處質(zhì)點的位移始終為2AB c處質(zhì)點的位移始終為-2AC b處質(zhì)點的振幅為0D c處質(zhì)點的振幅為2A【答案】D【解析】【詳解】AB：S1、S2是振

35、動情況完全相同的兩個機械波波源，振幅為A；某時刻a是兩列波的波峰相遇點，c是兩列波的波谷相遇點；再經(jīng)過T4，a是平衡位置相遇點，c是平衡位置相遇點；因此a、c處質(zhì)點的位移是不斷變化的。故AB兩項錯誤。CD：S1、S2是振動情況完全相同的兩個機械波波源，振幅為A，a、b、c三點分別位于S1、S2連線的中垂線上，這三點的振幅均為2A。故C項錯誤，D項正確。34關(guān)于波速公式v=f，下面哪幾句話是正確的（）A V是質(zhì)點在波傳播方向的速度B 對同一機械波來說，通過不同的介質(zhì)時，頻率f不變C 一列機械波通過不同介質(zhì)時，波長和頻率f都會發(fā)生變化D 波長2 m的聲音比波長1 m的聲音的傳播速度大一倍【答案】B

36、【解析】【詳解】A：波速公式v=f，v是波在介質(zhì)中的傳播速度，與質(zhì)點的振動速度不同。故A項錯誤。B：對同一機械波來說，通過不同的介質(zhì)時，頻率f不變。故B項正確。C：一列機械波通過不同介質(zhì)時，頻率f不變，波長會發(fā)生變化。故C項錯誤。D：不同波長的聲音在同一介質(zhì)中傳播時，速度相同。故D項錯誤?！军c睛】機械波由一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)時，頻率不變，波長、波速均變化。35一個質(zhì)點做簡諧運動的圖象如圖所示，下述正確的是（）A 質(zhì)點振動周期為4s。B 在10s內(nèi)質(zhì)點經(jīng)過的路程是10cmC 在5s末，速度最大，加速度最大D t=1.5s時質(zhì)點的位移大小是 2 cm【答案】A【解析】由圖象知，質(zhì)點振動周期為4s

37、，故A正確。10s=2.5T，則在10s內(nèi)質(zhì)點經(jīng)過的路程是2.5×4A=10A=20cm，選項B錯誤；在5s末，質(zhì)點位移最大，則速度為零，加速度最大，故C錯誤。t=1.5s時質(zhì)點不在位移最大的位置，則位移大小小于 2 cm，選項D錯誤；故選A.點睛：質(zhì)點做簡諧運動時通過的路程，一般根據(jù)時間與周期的關(guān)系，求出路程是多少倍的振幅質(zhì)點在任意時刻的位移，可由振動方程求解36下列振動中是簡諧運動的是：（）A 手拍乒乓球的運動B 思考中的人來回走動C 輕質(zhì)彈簧的下端懸掛一個鋼球，上端固定組成的振動系統(tǒng)D 從高處下落到光滑水泥地面上的小鋼球的運動【答案】C【解析】手拍乒乓球的運動和思考中的人來回走

38、動沒有規(guī)律，不是簡諧運動，故AB錯誤；輕質(zhì)彈簧的下端懸掛一個鋼球，上端固定組成的振動系統(tǒng)，鋼球以受力平衡處為平衡位置上下做簡諧運動，C正確；從高處下落到光滑水泥地面上的小鋼球的運動過程為自由落體，不是簡諧運動，故D錯誤；故選C。37如圖所示為一列簡諧波在某一時刻的波形圖，此時刻質(zhì)點F的振動方向如圖所示，則( )A 該波向上傳播 B 該波向下傳播C 該波向左傳播 D 該波向右傳播【答案】C【解析】由波形圖可知，根據(jù)“同側(cè)法”可知，該波向左傳播，故選C.38圖(甲)所示為以O(shè)點為平衡位置、在A、B兩點間做簡諧運動的彈簧振子，圖(乙)為這個彈簧振子的振動圖象，由圖可知下列說法中正確的是( )A 在t

39、=0.2s時，彈簧振子可能運動到B位置B 在t=0.1s與t=0.3s兩個時刻，彈簧振子的速度相同C 從t =0到t=0.2s的時間內(nèi)，彈簧振子的動能持續(xù)地增加D 在t=0.2s與t=0.6s兩個時刻，彈簧振子的加速度相同【答案】A【解析】【詳解】A、由圖知，若從平衡位置計時，則在t=0.2s時，彈簧振子運動到B位置。故A正確。B、在t=0.1s與t=0.3s兩個時刻，彈簧振子的速度大小相等，方向相反。故B錯誤。C、從t=0到t=0.2s的時間內(nèi)，彈簧振子的位移越來越大，彈簧的彈性勢能越來越大，其動能越來越小，故C錯誤。D、在t=0.2s與t=0.6s兩個時刻，彈簧振子的加速度大小相等，方向相

40、反。故D錯誤。故選A?！军c睛】本題考查了振幅和周期的概念，要能結(jié)合x-t圖象進行分析：周期是振子完成一次全振動的時間，振幅是振子離開平衡位置的最大距離；由圖象直接讀出周期和振幅根據(jù)振子的位置分析其速度和加速度大小振子處于平衡位置時速度最大，在最大位移處時，加速度最大39某質(zhì)點做簡諧運動,其位移隨時間變化的關(guān)系式為x=5sin4t(cm) ,則下列關(guān)于質(zhì)點運動的說法中正確的是( )A 質(zhì)點做簡諧運動的振幅為 10cm B 質(zhì)點做簡諧運動的周期為 4sC 在 t=4s 時質(zhì)點的加速度最大 D 在 t=4s 時質(zhì)點的速度最大【答案】D【解析】【詳解】A、由位移的表達式x=5sin4t(cm)，可知質(zhì)

41、點做簡諧運動的振幅為5cm。故A錯誤。B、由位移的表達式讀出角頻率=4rad/s，則周期為T=2=8s，故B錯誤。C、在t=4s時質(zhì)點的位移x=5sin(4×4)(cm)=0，說明物體通過平衡位置，加速度最??；故C錯誤。D、在t=4s時質(zhì)點通過平衡位置，加速度最小而速度最大；故D正確。故選D?！军c睛】本題知道簡諧運動位移的解析式，讀出振幅、周期、任意時刻的位移是基本能力40下列說法止確的是（ ）A 在縱波中,質(zhì)點運動方向與波傳播方向一致B 在電磁振蕩電路中,電容器帶電量最多時,線圈中電流最大C 同一輛汽車鳴笛而來,笛聲尖銳;鳴笛而去,笛聲低沉:這種現(xiàn)象屬于多普勒效應D 做受迫振動的物

42、體,其頻率與驅(qū)動力的頻率有關(guān),其振幅與驅(qū)動力的頻率無關(guān)【答案】C【解析】橫波，質(zhì)點振動的方向總是垂直于波傳播的方向。而縱波，質(zhì)點振動的方向與波傳播的方向在同一直線上，A錯誤；在電磁振蕩電路中，電能和磁場能相互轉(zhuǎn)化，帶電量最多時，電能最大，磁場能向電場能轉(zhuǎn)化完畢，故電路中的電流為零，B錯誤；同一輛汽車鳴笛而來，笛聲尖銳；鳴笛而去，笛聲低沉:這種現(xiàn)象屬于多普勒效應，C正確；做受迫振動的物體，振動頻率與驅(qū)動力的頻率相等，與物體的固有頻率無關(guān)，當固有頻率和驅(qū)動力頻率相等時，振幅最大，D錯誤41如圖所示,甲、乙兩物塊在兩根相同的彈簧和一根張緊的細線作用下靜止在光滑水平面上,已知甲的質(zhì)量小于乙的質(zhì)量。當細

43、線突然斷開斤兩物塊都開始做簡諧運動,在運動過程中（ ）A 甲的最大速度大于乙的最大速度B 甲的最大速度小于乙的最大速度C 甲的振幅大于乙的振幅D 甲的振幅小于乙的振幅【答案】A【解析】線剛斷開時，彈力最大，故加速度最大，由于甲的質(zhì)量小，故根據(jù)牛頓第二定律，其加速度大，A正確；當線斷開的瞬間，彈簧的彈性勢能相同，到達平衡后，甲乙的最大動能相同，由于甲的質(zhì)量小于乙的質(zhì)量，由Ek=12mv2知道，甲的最大速度一定大于乙的最大速度，B錯誤；線未斷開前，兩根彈簧伸長的長度相同，離開平衡位置的最大距離相同，即振幅一定相同，CD錯誤【點睛】線未斷開前，兩根彈簧伸長的長度相同，離開平衡位置的最大距離相同，則振

44、幅一定相同當線斷開的瞬間，彈簧的彈性勢能相同，到達平衡后彈簧轉(zhuǎn)化為動能，甲乙最大動能相同，根據(jù)質(zhì)量關(guān)系，分析最大速度關(guān)系42振源以原點O為平衡位置，沿y軸方向做簡諧運動，它激發(fā)的簡諧波在x軸上沿正、負兩個方向傳播，在某一時刻沿x軸正向傳播的波形如圖所示在原點的左方有一質(zhì)點P，從圖示時刻開始，經(jīng)過1/8周期，質(zhì)點P所在的位置以及振動方向為()A x軸下方，向上運動B x軸下方，向下運動C x軸上方，向上運動D x軸上方，向下運動【答案】A【解析】因為波源在O點，向左向右傳播，距離波源距離相等的點振動情況一致，知此時P點處于波谷，經(jīng)過1/8周期，質(zhì)點處于x軸下方，向上運動。故A項正確，BCD三項錯

45、誤。點睛：本題關(guān)鍵是抓住對稱性分析，波源在O點，左右兩側(cè)相對于y軸距離相等的點，振動總是相同。二、多選題43下列說法中正確的是_ A同種介質(zhì)中，光的波長越短，傳播速度越快B泊松亮斑有力地支持了光的微粒說，楊氏干涉實驗有力地支持了光的波動說C某同學在測單擺的周期時將全振動的次數(shù)多記了一次，其他操作正確，則測出的周期偏小D靜止在地面上的人觀察一條沿自身長度方向接近光速運動的桿，觀察到的長度比桿靜止時的短【答案】CD【解析】【詳解】A、同種介質(zhì)中，光的波長越短，頻率越高，傳播速度越慢；故A錯誤。B、泊松亮斑是由于光的衍射產(chǎn)生的，所以泊松亮斑和楊氏干涉實驗都有力地支持了光的波動說；故B錯誤。C、某同學

46、在測單擺的周期時將全振動的次數(shù)多記了一次，由T=tn得到，測出的周期偏?。还蔆正確。D、根據(jù)愛因斯坦相對論得知，靜止在地面上的人觀察一條沿自身長度方向高速運動的桿，觀察到的長度比桿靜止時的短；故D正確。故選CD?！军c睛】考查波動學和光學的基本概念：機械波的速度由介質(zhì)和光的頻率決定；泊松亮斑和楊氏干涉實驗都有力地支持了光的波動說；單擺周期公式誤差分析；根據(jù)相對論效應分析觀察到的桿的長度變化44如圖甲,同一均勻介質(zhì)中的一條直線上有相距10m的兩質(zhì)點A B,C為AB中點。從0時刻起,A、B同時開始振動，且都只振動了一個周期。圖乙為A的振動圖象，圖丙為B的振動圖象。若A向右傳播的波與B向左傳播的波在0

47、.5s時相遇，則下列說法正確的是( )A 兩列波的波長都是5mB 兩列波在A B間的傳播速度均為10m/sC 在兩列波相遇過程中，C為振動加強點D 在1s時，質(zhì)點B經(jīng)過平衡位置且振動方向向上【答案】BD【解析】【分析】根據(jù)相遇時間由距離求得波速；再由振動圖象得到周期，從而求得波長；根據(jù)兩列波的振動，由疊加定理得到質(zhì)點振動，從而得到路程【詳解】兩波在同一介質(zhì)中傳播，波速相等；又有在0.5s時兩波相遇可得：波速v=s2t=10m2×0.5s=10m/s，由圖乙、圖丙可得：周期T=0.2s，故波長=vT=2m，A錯誤B正確；兩波在C點相遇，A波向上振動，B波向下振動，故在兩列波相遇過程，C

48、點為振動減弱點，C錯誤；在1s時，A波剛好傳播到B點，B波已經(jīng)傳播到A點，在B處振動，故B點和A波振動一致，即質(zhì)點在平衡位置向上振動，D正確【點睛】機械振動問題中，一般根據(jù)振動圖或質(zhì)點振動得到周期、質(zhì)點振動方向；再根據(jù)波形圖得到波長和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點振動，進而根據(jù)周期得到路程45關(guān)于多普勒效應，下列說法中正確的（ ）A 多普勒效應是由波的干涉引起的B 多普勒效應是由波源和觀察者之間有相對運動而產(chǎn)生的C 多普勒效應不能說明波源的頻率發(fā)生了變化D 只有波長較大的聲波才可以產(chǎn)生多普勒效應【答案】BC【解析】【詳解】多普勒效應是由于波源和觀察者之間有相對運動而產(chǎn)生的，與波的干涉無關(guān)，故

49、A錯誤，B正確；多普勒效應說明觀察者與波源有相對運動時，接收到的波頻率會發(fā)生變化，但波源的頻率不變，故不能說是波源的頻率發(fā)生了變化，故C正確；多普勒效應是波的特有性質(zhì)，故任何波都可以產(chǎn)生多普勒效應，故D錯誤；故選BC?！军c睛】對于多普勒效應，要知道在波源與觀察者靠近時觀察者接收到的波的頻率變高，而在波源與觀察者遠離時接收頻率變低；即高亢表示靠近，低沉表示遠離46一列簡諧橫波沿 x 軸正方向傳播,傳播速度為 10 m / s ,在 t = 0 時的波形圖如 圖所示,則下列說法正確的是( )A 此時 x = 1.25m 處的質(zhì)點正在做加速度減小的加速運動B x = 0 處的質(zhì)點再經(jīng)過 0.05 s

50、 可運動到波峰位置C x = 0.3m 處的質(zhì)點再經(jīng)過 0.08 s 可運動至波峰位置D x = 0.7m 處的質(zhì)點比 x = 0.6m 處的質(zhì)點先運動到波峰的位置【答案】ABC【解析】【詳解】根據(jù)圖象可知波長=2m，則T=v=210s=0.2s。A、波沿x軸正方向傳播，由上下坡法可知此時x=1.25m處的質(zhì)點振動的方向向下，離開平衡位置的位移正在減小，所以質(zhì)點正在做加速度減小的加速度運動；故A正確。B、波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法得知，此時刻x=0m處的質(zhì)點A向上振動，經(jīng)過T4=0.05s時間可運動到波峰位置；B正確。C、波沿x軸正方向傳播，x=0.3m處的質(zhì)點到左側(cè)相鄰的波峰之間的距

51、離為：x=4+0.3=0.8m，則再經(jīng)過t=xv=0.810=0.08s可運動至波峰位置；故C正確。D、波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法得知，x=0.7m處的質(zhì)點比x=0.6m處的質(zhì)點都正在向下運動，x=0.6m的質(zhì)點先到達波谷，又先到達波峰的位置，故D錯誤。故選ABC。【點睛】根據(jù)質(zhì)點的振動方向，由“逆向描波法-逆著波的傳播方向，用筆描繪波形，若筆的走向向下則質(zhì)點的振動方向向下；若筆的走向向上則質(zhì)點的振動方向向上”來確定波的傳播方向，或質(zhì)點的振動方向，同時質(zhì)點的運動方向不隨波遷移47如圖為一簡諧波在某時刻的圖象，質(zhì)點a、b距各自平衡位置的距離相等，若質(zhì)點b比質(zhì)點a先回到平衡位置，則下列說法

52、中正確的是A 波沿x軸正方向傳播B 質(zhì)點a的速度正在增大C 質(zhì)點b的加速度正在增大D a、b兩質(zhì)點從圖示位置開始，經(jīng)過半個周期時，兩質(zhì)點距平衡位置的距離仍然相等【答案】AD【解析】將波微平移后，可知質(zhì)點a、b振動方向一致，若質(zhì)點b比質(zhì)點a先回到平衡位置，則質(zhì)點a、b振動方向沿y軸負方向。A：質(zhì)點a、b振動方向沿y軸負方向，則波沿x軸正方向傳播。故A項正確。B：質(zhì)點a振動方向沿y軸負方向，質(zhì)點a向負的最大位移處運動，質(zhì)點a的位移增大，質(zhì)點a的速度正在減小。故B項錯誤。C：質(zhì)點b振動方向沿y軸負方向，質(zhì)點b向平衡位置運動，質(zhì)點b的位移減小，質(zhì)點b的加速度正在減小。故C項錯誤。D：圖示時刻質(zhì)點a、b

53、距各自平衡位置的距離相等；經(jīng)任意半個周期，質(zhì)點的位移正好與開始時相反；則經(jīng)過半個周期時，兩質(zhì)點距平衡位置的距離仍然相等。故D項正確。點睛：波的傳播方向與質(zhì)點振動方向間的關(guān)聯(lián)的判斷方法波形平移法：將原波形圖(實線)沿波的傳播方向移一段微小距離后，得到一個新的波形圖(虛線)，從原波形圖(實線)上某一質(zhì)點畫一個箭頭指向新波形圖(虛線)，箭頭的方向表示這個質(zhì)點的振動方向，如圖所示。兩速同側(cè)法：在波的圖象上某一點，沿豎直方向畫出一個箭頭表示質(zhì)點振動方向，并設(shè)想在同一點沿水平方向畫出另一個箭頭表示波的傳播方向，那么這兩個箭頭總是位于圖線的同一側(cè)，如圖所示。48關(guān)于彈簧振子的振動，下述說法中正確的是 A 振

54、子振動周期與其振幅有關(guān)，振幅越小，周期越小B 在一個周期內(nèi)可能有4個時刻動能為同一個值C 在任意半個周期內(nèi)，速度變化量大小相等D 在四分之一周期內(nèi)，彈力做功可能為零【答案】BD【解析】A：彈簧振子振動周期T=2mk，與振幅無關(guān)。故A項錯誤。B：彈簧振子在一個周期內(nèi)可能有2個位置動能為同一個值，則在一個周期內(nèi)可能有4個時刻動能為同一個值。故B項正確。C：經(jīng)任意半個周期，速度正好與初始時相反，速度的變化量大小為初始時的速度大小的2倍。則在任意半個周期內(nèi)，速度變化量大小可能不等。故C項錯誤。D：經(jīng)四分之一周期，物體的位移有可能不變或物體的位移有可能與初始時相反，則在四分之一周期內(nèi)，彈力做功可能為零。故D項正確。點睛：簡諧振動中的位移指振子相對平衡位置的位移。49如圖所示,實線與虛線分別表示振幅頻率均相同的兩列波的波峰和波谷,兩列波的振幅均為A。此刻, M是波峰與波峰相遇點;下列說法中正確的是（ ）A 該時刻位于O點的質(zhì)點正處于平衡位置B 位于P、N兩點的質(zhì)點始終處在平衡位置C 從該時刻起,經(jīng)過四分之一周期,位于M點的質(zhì)點和位于O點的質(zhì)點都到達平衡位置D OM連線的中點是振動加強的點,其振幅為2A【答案】BCD【解析】由圖知O點是波谷和波谷疊加，此時正在波谷，A錯誤；P、N兩點是波谷和波峰疊加，位移始終為零，即處于平衡位置，B正確；振動加強點，只是振幅加強了