湖南師大附中2014-2015學(xué)年高一(下)入學(xué)數(shù)學(xué)試卷(共10頁(yè))

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上湖南師大附中2014-2015學(xué)年高一（下）入學(xué)數(shù)學(xué)試卷一、選擇題（共7小題，每小題5分，滿(mǎn)分35分）1已知集合A=x|x22x=0，B=0，1，2，則AB=（）A0B0，1C0，2D0，1，2考點(diǎn)：交集及其運(yùn)算專(zhuān)題：集合分析：解出集合A，再由交的定義求出兩集合的交集解答：解：A=x|x22x=0=0，2，B=0，1，2，AB=0，2故選C點(diǎn)評(píng)：本題考查交的運(yùn)算，理解好交的定義是解答的關(guān)鍵2設(shè)m、n是兩條不同的直線，、是兩個(gè)不同的平面，則下列命題正確的是（）A若m，n，則mnB若m，m，則C若mn，m，則nD若m，則m考點(diǎn)：空間中直線與平面之間的位置關(guān)系；空間中直線與

2、直線之間的位置關(guān)系；平面與平面之間的位置關(guān)系專(zhuān)題：空間位置關(guān)系與距離分析：用直線與平面平行的性質(zhì)定理判斷A的正誤；用直線與平面平行的性質(zhì)定理判斷B的正誤；用線面垂直的判定定理判斷C的正誤；通過(guò)面面垂直的判定定理進(jìn)行判斷D的正誤解答：解：A、m，n，則mn，m與n可能相交也可能異面，所以A不正確；B、m，m，則，還有與可能相交，所以B不正確；C、mn，m，則n，滿(mǎn)足直線與平面垂直的性質(zhì)定理，故C正確D、m，則m，也可能m，也可能m=A，所以D不正確；故選C點(diǎn)評(píng)：本題主要考查線線，線面，面面平行關(guān)系及垂直關(guān)系的轉(zhuǎn)化，考查空間想象能力能力3圓（x+2）2+y2=4與圓（x2）2+（y1）2=9的位置

3、關(guān)系為（）A內(nèi)切B相交C外切D相離考點(diǎn)：圓與圓的位置關(guān)系及其判定專(zhuān)題：直線與圓分析：求出兩圓的圓心和半徑，計(jì)算兩圓的圓心距，將圓心距和兩圓的半徑之和或半徑之差作對(duì)比，判斷兩圓的位置關(guān)系解答：解：圓（x+2）2+y2=4的圓心C1（2，0），半徑r=2圓（x2）2+（y1）2=9的圓心C2（2，1），半徑R=3，兩圓的圓心距d=，R+r=5，Rr=1，R+rdRr，所以?xún)蓤A相交，故選B點(diǎn)評(píng)：本題考查圓與圓的位置關(guān)系及其判定的方法，關(guān)鍵是求圓心距和兩圓的半徑4設(shè)，則a，b，c的大小關(guān)系是（）AabcBcabCabcDt=15考點(diǎn)：指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性與特殊點(diǎn)；不等關(guān)系與不等式專(zhuān)題：計(jì)算題分析：直接利用

4、指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性判斷a、b的大小，通過(guò)冪函數(shù)的單調(diào)性判斷b、c的大小即可解答：解：因?yàn)閥=是減函數(shù)，所以，冪函數(shù)y=是增函數(shù)，所以，abc故選：C點(diǎn)評(píng)：本題考查指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性?xún)绾瘮?shù)的單調(diào)性的應(yīng)用，考查的比較一般利用函數(shù)的單調(diào)性5已知某幾何體的三視圖如圖所示，若該幾何體的體積為24，則正視圖中a的值為（）A8B6C4D2考點(diǎn)：由三視圖求面積、體積專(zhuān)題：計(jì)算題分析：幾何體是一個(gè)四棱錐，底面是一個(gè)邊長(zhǎng)分別是a和3的矩形，一條側(cè)棱與底面垂直，且這條側(cè)棱的長(zhǎng)是4，根據(jù)該幾何體的體積是24，列出關(guān)于a的方程，解方程即可解答：解：由三視圖知幾何體是一個(gè)四棱錐，底面是一個(gè)邊長(zhǎng)分別是a和3的矩形，一條側(cè)棱與底

5、面垂直，且這條側(cè)棱的長(zhǎng)是4，根據(jù)該幾何體的體積是24，得到24=×a×3×4，a=6，故選B點(diǎn)評(píng)：本題考查由三視圖求幾何體的體積，實(shí)際上不是求幾何體的體積，而是根據(jù)體積的值和體積的計(jì)算公式，寫(xiě)出關(guān)于變量的方程，利用方程思想解決問(wèn)題6函數(shù)f（x）=的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為（）A0B1C2D3考點(diǎn)：根的存在性及根的個(gè)數(shù)判斷專(zhuān)題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用分析：先判斷函數(shù)的單調(diào)性，由于在定義域上兩個(gè)增函數(shù)的和仍為增函數(shù)，故函數(shù)f（x）為單調(diào)增函數(shù)，而f（0）0，f（）0由零點(diǎn)存在性定理可判斷此函數(shù)僅有一個(gè)零點(diǎn)解答：解：函數(shù)f（x）的定義域?yàn)樯鲜菧p函數(shù)，則實(shí)數(shù)b的取值范圍是（）A（，4B（，2

6、C上的解析式可以變?yōu)閒（x）=x2bx，再由二次函數(shù)的性質(zhì)結(jié)合函數(shù)f（x）=|x|（xb）在上是減函數(shù)即可得到關(guān)于參數(shù)b的不等式，解不等式得到參數(shù)的取值范圍即可選出正確選項(xiàng)解答：解：函數(shù)f（x）=|x|（xb）在上是減函數(shù)，函數(shù)f（x）=x2bx在上是減函數(shù)，解得b4故選D點(diǎn)評(píng)：本題考查二次函數(shù)的性質(zhì)，解題的關(guān)鍵是熟練掌握二次函數(shù)的性質(zhì)，且能根據(jù)題設(shè)條件及二次函數(shù)的性質(zhì)進(jìn)行等價(jià)轉(zhuǎn)化得到參數(shù)所滿(mǎn)足的不等式二、填空題（共4小題，每小題5分，滿(mǎn)分20分）8函數(shù)f（x）=（x+a）（x4）為偶函數(shù)，則實(shí)數(shù)a=4考點(diǎn)：函數(shù)奇偶性的性質(zhì)專(zhuān)題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用分析：根據(jù)偶函數(shù)f（x）的定義域?yàn)镽，則xR，都

7、有f（x）=f（x），建立等式，解之即可解答：解：因?yàn)楹瘮?shù)f（x）=（x+a）（x4）是偶函數(shù)，所以xR，都有f（x）=f（x）所以xR，都有（x+a）（x4）=（x+a）（x4）即x2+（4a）x4a=x2+（a4）x4a所以a=4故答案為：4點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了函數(shù)奇偶性的性質(zhì)，同時(shí)考查了運(yùn)算求解的能力，屬于基礎(chǔ)題9已知4a=2，lgx=a，則x=考點(diǎn)：對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì)專(zhuān)題：計(jì)算題分析：化指數(shù)式為對(duì)數(shù)式求得a，代入lgx=a后由對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì)求得x的值解答：解：由4a=2，得，再由lgx=a=，得x=故答案為：點(diǎn)評(píng)：本題考查了指數(shù)式與對(duì)數(shù)式的互化，考查了對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì)，是基礎(chǔ)題10已知一個(gè)正

8、方體的所有頂點(diǎn)在一個(gè)球面上若球的體積為，則正方體的棱長(zhǎng)為考點(diǎn)：球內(nèi)接多面體；球的體積和表面積專(zhuān)題：空間位置關(guān)系與距離；立體幾何分析：設(shè)出正方體棱長(zhǎng)，利用正方體的體對(duì)角線就是外接球的直徑，通過(guò)球的體積求出正方體的棱長(zhǎng)解答：解：因?yàn)檎襟w的體對(duì)角線就是外接球的直徑，設(shè)正方體的棱長(zhǎng)為a，所以正方體的體對(duì)角線長(zhǎng)為：a，正方體的外接球的半徑為：，球的體積為：，解得a=故答案為：點(diǎn)評(píng)：本題考查正方體與外接球的關(guān)系，注意到正方體的體對(duì)角線就是球的直徑是解題的關(guān)鍵，考查空間想象能力與計(jì)算能力11已知函數(shù)y=的圖象與函數(shù)y=kx2的圖象恰有兩個(gè)交點(diǎn)，則實(shí)數(shù)k的取值范圍是（0，1）（1，4）考點(diǎn)：根的存在性及根的

9、個(gè)數(shù)判斷專(zhuān)題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用分析：先化簡(jiǎn)函數(shù)的解析式，在同一個(gè)坐標(biāo)系下畫(huà)出函數(shù)y=的圖象與函數(shù)y=kx2的圖象，結(jié)合圖象，可得實(shí)數(shù)k的取值范圍解答：解：y=函數(shù)y=kx2的圖象恒過(guò)點(diǎn)（0，2）在同一個(gè)坐標(biāo)系下畫(huà)出函數(shù)y=的圖象與函數(shù)y=kx2的圖象結(jié)合圖象可實(shí)數(shù)k的取值范圍是（0，1）（1，4）故答案為：（0，1）（1，4）點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了根的存在性及根的個(gè)數(shù)判斷，同時(shí)考查了作圖能力和分類(lèi)討論的數(shù)學(xué)思想，屬于基礎(chǔ)題三、解答題（共4小題，滿(mǎn)分45分）12已知直線l：xy+m=0繞其與x軸的交點(diǎn)逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°后過(guò)點(diǎn)（2，3）（1）求m的值；（2）求經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（1，1）和B（2，2）

10、，且圓心在直線l上的圓的方程考點(diǎn)：圓的標(biāo)準(zhǔn)方程；待定系數(shù)法求直線方程專(zhuān)題：直線與圓分析：（1）通過(guò)設(shè)直線l與x軸交點(diǎn)P（m，0），利用旋轉(zhuǎn)前后兩直線垂直即斜率乘積為1可得m=1；（2）通過(guò)中點(diǎn)坐標(biāo)公式可得線段AB的中點(diǎn)C（，），利用斜率乘積為1可得直線AB的中垂線的斜率為，進(jìn)而可得直線AB的中垂線的方程為：x3y3=0，利用所求圓的圓心為直線AB的中垂線與直線l的交點(diǎn)，所求圓的半徑為|EB|，計(jì)算即得結(jié)論解答：解：（1）直線l：xy+m=0，kl=1，直線l與x軸交點(diǎn)為P（m，0），又直線l旋轉(zhuǎn)后過(guò)點(diǎn)Q（2，3），kPQ=1，即=1，解得m=1；（2）m=1，直線l方程為：xy+1=0，所求圓

11、經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（1，1）、B（2，2）且圓心在直線l上，所求圓的圓心為直線AB的中垂線與直線l的交點(diǎn)，記線段AB的中點(diǎn)為C（x，y），則，C點(diǎn)坐標(biāo)為：C（，），kAB=3，直線AB的中垂線的斜率為，又直線AB的中垂線過(guò)C（，），直線AB的中垂線的方程為：y+=（x），整理得：x3y3=0，聯(lián)立，解得，即圓心為E（3，2），半徑為|EB|=2+3=5，所求圓的方程為：（x+3）2+（x+2）2=25點(diǎn)評(píng)：本題是一道直線與圓的綜合題，涉及斜率、中垂線、圓的方程等基礎(chǔ)知識(shí)，注意解題方法的積累，屬于中檔題13如圖，在RtAOB中，OAB=30°，斜邊AB=4，RtAOC可以通過(guò)RtAOB以直線AO

12、為軸旋轉(zhuǎn)得到，且二面角BAOC的直二面角，D是AB的中點(diǎn)（1）求證：平面COD平面AOB；（2）求異面直線AO與CD所成角的正切值考點(diǎn)：異面直線及其所成的角；直線與平面垂直的判定專(zhuān)題：證明題；空間位置關(guān)系與距離；空間角分析：（1）證明平面COD中的直線CO平面AOB即可；（2）作出異面直線AO與CD所成的角，利用直角三角形的邊角關(guān)系即可求出異面直線AO與CD所成角的正切值解答：解：（1）如圖所示，RtAOC是通過(guò)RtAOB以直線AO為軸旋轉(zhuǎn)得到，COAO，BOAO；又二面角BAOC是直二面角，BOC是二面角BAOC的平面角，即BOC=90°，COBO；又AOBO=O，CO平面AOB；

13、又CO面COD，平面COD平面AOB；（2）作DEOB于點(diǎn)E，連接CE，DEAO，CDE是異面直線AO與CD所成的角；在 RtCOE中，CO=BO=AB=2，OE=BO=1，CE=；又DE=AO=，tanCDE=，即異面直線AO與CD所成角的正切值是點(diǎn)評(píng)：本題考查了空間中的平行與垂直關(guān)系的應(yīng)用問(wèn)題，也考查了直角三角形邊角關(guān)系的應(yīng)用問(wèn)題，是綜合性題目14已知圓心為C的圓：x2+y2+2x4y+m=0與直線2x+y3=0相交于A、B兩點(diǎn)（1）若ABC為正三角形，求m的值；（2）是否存在常數(shù)m，使以AB為直徑的圓經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)？若存在，求出m的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由考點(diǎn)：直線和圓的方程的應(yīng)用專(zhuān)題：直

14、線與圓分析：（1）求得圓的圓心和半徑，由正三角形的性質(zhì)，可得C到AB的距離d=r，計(jì)算可得m的值；（2）假設(shè)存在常數(shù)m，使以AB為直徑的圓經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)即有OAOB，取AB的中點(diǎn)M，連接OM，CM，即有OM=AB=，由直線垂直的條件，由直線的交點(diǎn)可得M的坐標(biāo)，運(yùn)用兩點(diǎn)的距離公式，解方程可得m，進(jìn)而判斷存在解答：解：（1）圓：x2+y2+2x4y+m=0的圓心C（1，2），半徑為r=，由ABC為正三角形，可得C到AB的距離d=r，即為=，解得m=；（2）假設(shè)存在常數(shù)m，使以AB為直徑的圓經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)即有OAOB，取AB的中點(diǎn)M，連接OM，CM，即有OM=AB=，由CMAB，可得CM的方程為y2=（

15、x+1），聯(lián)立直線2x+y3=0，可得M（，），即有=，解得m=則存在常數(shù)m=，使以AB為直徑的圓經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)點(diǎn)評(píng)：本題考查直線和圓的位置關(guān)系，考查弦長(zhǎng)公式和正三角形的性質(zhì)，以及直角三角形的性質(zhì)，屬于中檔題15已知f（x）=ax2+bx+2，xR（1）若b=1，且3y|y=f（x），xR，求a的取值范圍（2）若a=1，且方程f（x）+|x21|=2在（0，2）上有兩個(gè)解x1，x2，求b的取值范圍，并證明2考點(diǎn)：二次函數(shù)的性質(zhì)專(zhuān)題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用；不等式的解法及應(yīng)用分析：（1）由3y|y=f（x），xR，討論a的取值，利用二次函數(shù)的最值，求出a的取值范圍；（2）把方程f（x）+|x21|=2在

16、（0，2）上有兩個(gè)解化為函數(shù)g（x）=x2+bx+|x21|在（0，2）上有2個(gè)零點(diǎn)的問(wèn)題，去掉絕對(duì)值，討論函數(shù)的單調(diào)函數(shù)，求出g（x）在（0，2）上存在兩個(gè)零點(diǎn)時(shí)b的取值范圍，得出所求證明解答：解：（1）b=1時(shí)，f（x）=ax2+x+2，又3y|y=f（x），xR，a0時(shí)，3，解得a，不合題意，舍去；a=0時(shí)，也不合題意，應(yīng)舍去；a0時(shí)，3，解得a，a的取值范圍是a|a；（2）a=1時(shí)，方程f（x）+|x21|=2在（0，2）上有兩個(gè)解x1，x2，即x2+bx+|x21|=0在（0，2）上有兩個(gè)解x1，x2；由題意知b0，不妨設(shè)0x1x22，令g（x）=x2+bx+|x21|=；因?yàn)間（x）在