2020年安徽合肥市高考物理一模試卷

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上2020年安徽合肥市高考物理一模試卷一、選擇題（本題共10小題，每小題4分共40分16題在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的，710題有多個(gè)選項(xiàng)是正確的全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選或不答的得0分）1（4分）如圖所示，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位置時(shí)間（xt）圖線，由圖可知（）A在t1時(shí)刻，a、b兩車的運(yùn)動(dòng)方向相同B在t2時(shí)刻，a、b兩車的運(yùn)動(dòng)方向相反C在t1到t3這段時(shí)間內(nèi)，a、b兩車的平均速率相等D在t1到t3這段時(shí)間內(nèi)，a、b兩車的平均速度大小相等2（4分）圖示裝置為閱讀時(shí)使用的角度可調(diào)支架，現(xiàn)將一本書放在傾斜支架

2、上，書始終保持靜止。關(guān)于該書受力情況，下列說(shuō)法正確的是（）A可能受兩個(gè)力B可能受三個(gè)力C一定受摩擦力D支架下邊緣對(duì)書一定有彈力3（4分）如圖所示，設(shè)行星繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，金星自身的半徑是火星的n倍，質(zhì)量為火星的k倍，不考慮行星自轉(zhuǎn)的影響，則（）A金星表面的重力加速度是火星的B金星的第一宇宙速度是火星的C金星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的加速度比火星大D金星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期比火星大4（4分）場(chǎng)是物理學(xué)中的重要概念。物體之間的萬(wàn)有引力是通過(guò)引力場(chǎng)發(fā)生的，地球附近的引力場(chǎng)又叫重力場(chǎng)。若某點(diǎn)與地心相距x，類比電場(chǎng)強(qiáng)度的定義，該點(diǎn)的重力場(chǎng)強(qiáng)度用E表示。已知質(zhì)量均分布均勻的球殼對(duì)殼內(nèi)任一物體的萬(wàn)有引力為零，地球半

3、徑為R則能正確反應(yīng)E與x關(guān)系的圖象是（）ABCD5（4分）如圖所示，正三角形ABC區(qū)域內(nèi)存在的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直其面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，三角形導(dǎo)線框abc從A點(diǎn)沿AB方向以速度v勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。已知AB2L，abL，b90o，C30o，線框abc三邊阻值均為R，ab邊與AB邊始終在同一條直線上。則在線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A磁感應(yīng)電流始終沿逆時(shí)針?lè)较駼感應(yīng)電流一直增大C通過(guò)線框某截面的電荷量為Dc、b兩點(diǎn)的最大電勢(shì)差為6（4分）如圖所示，輕彈簧的一端固定在地面上，另一端固定一質(zhì)量不為零的托盤，在托盤上放置一小物塊，系統(tǒng)靜止時(shí)彈簧頂端位于B點(diǎn)（未標(biāo)出）。現(xiàn)對(duì)小物塊施

4、加以豎直向上的力F，小物塊由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。以彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，其頂端所在的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直向下為正方向，建立坐標(biāo)軸。在物塊與托盤脫離前，下列能正確反映力F的大小隨小物塊位置坐標(biāo)x變化的圖象是（）ABCD7（4分）如圖所示，兩等量異種點(diǎn)電荷分別固定在正方體的a、b兩個(gè)頂點(diǎn)上，電荷量分別為q和q（a0），c、d為正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）Ac、d兩點(diǎn)的電勢(shì)相等Bc、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C將一正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D將一負(fù)電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電勢(shì)能增加8（4分）如圖所示，小球A、B、C通過(guò)鉸鏈與兩根長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿相連，ABC位于豎直面內(nèi)且成正三角形，其中A、

5、C置于水平面上?，F(xiàn)將球B由靜止釋放，球A、C在桿的作用下向兩側(cè)滑動(dòng)，三小球的運(yùn)動(dòng)始終在同一豎直平面內(nèi)。已知mAmBmCm，不計(jì)摩擦，重力加速度為g。則球B由靜止釋放至落地的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A球B的機(jī)械能先減小后增大B球B落地的速度大小為C球A對(duì)地面的壓力一直大于mgD球B落地地點(diǎn)位于初始位置正下方9（4分）如圖所示，絕緣細(xì)線相連接的A、B兩帶電小球處于在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在外力F作用下沿豎直方向勻速向上運(yùn)動(dòng)，A、B兩球質(zhì)量均為m，均帶正+q（q0）的電荷，場(chǎng)強(qiáng)大小E，某時(shí)刻突然撤去外力F，則下列說(shuō)法正確的是（）AF的大小為4mgBF撤去的瞬間，A球的加速度小于2gCF撤去的瞬間

6、，B球的加速度等于2gDF撤去的瞬間，球A、B之間的繩子拉力為零10（4分）圖示水平面上，O點(diǎn)左側(cè)光滑，右側(cè)粗糙，質(zhì)量分別為m、2m、3m和4m的4個(gè)滑塊（視為指點(diǎn)），用輕質(zhì)細(xì)桿相連，相鄰滑塊間的距離為L(zhǎng)滑塊1恰好位于O點(diǎn)，滑塊2、3、4依次沿直線水平向左排開?，F(xiàn)對(duì)滑塊1施加一水平恒力F，在第2個(gè)滑塊進(jìn)入粗糙水平面后至第3個(gè)滑塊進(jìn)入粗糙水平面前，滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知滑塊與粗糙水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，重力加速度為g，則下列判斷正確的是（）A水平恒力大小為3mgB滑塊勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為C在第2個(gè)滑塊進(jìn)入粗糙水平面前，滑塊的加速度大小為gD在水平恒力F的作用下，滑塊可以全部進(jìn)入粗糙水平面二、

7、實(shí)驗(yàn)題（共15分）11（8分）某實(shí)驗(yàn)小組為了測(cè)量滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因素，設(shè)計(jì)如圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置，彈簧左側(cè)固定在擋板A上，處于原長(zhǎng)的彈簧右端位于C，彈簧與滑塊接觸但不拴接，滑塊上安裝了寬度為d的遮光板，軌道B處裝有光電門。（1）實(shí)驗(yàn)的主要步驟如下：用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光片的寬度d，如圖（b）所示，d cm；將滑塊向左壓縮彈簧，由靜止釋放滑塊，同時(shí)記錄遮光片通過(guò)光電門的時(shí)間t；測(cè)量并記錄光電門與滑塊停止運(yùn)動(dòng)位置之間的距離x；改變彈簧壓縮量，多次重復(fù)步驟和。（2）實(shí)驗(yàn)收集的數(shù)據(jù)并處理如下。序號(hào)123456時(shí)間t/s0.040.050.060.080.100.12距離x/cm17.0110.8

8、87.574.262.731.88實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)表中數(shù)據(jù)在v2x圖中已描繪出五個(gè)點(diǎn)，請(qǐng)描繪出余下的點(diǎn)并作出v2x圖象。根據(jù)所作圖象，可得滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 （g取10m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。12（7分）某實(shí)驗(yàn)小組在“測(cè)定金屬絲電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，選擇了內(nèi)阻已知的電流表，實(shí)驗(yàn)中電阻兩端電壓從零開始調(diào)節(jié)。（1）以下電路圖符合上述要求的是 ；（2）請(qǐng)根據(jù)所選電路圖，完善以實(shí)物圖連接。（3）若電流表的內(nèi)阻為RA，金屬絲的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，直徑為d，實(shí)驗(yàn)中某次電壓表、電流表的示數(shù)分別為U、I，則該次實(shí)驗(yàn)金屬絲電阻率的表達(dá)式為 （用題中字母表示）三、計(jì)算題（本大題共4小題，共45

9、分解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟只寫出最后答案的不得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13（10分）某幼兒園設(shè)計(jì)的一個(gè)滑梯，由于場(chǎng)地大小的限制，滑梯的水平跨度確定為4m，如圖所示。已知滑梯與兒童褲料之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，為使兒童能從滑梯頂端由靜止滑下，且到達(dá)地面的速度不超過(guò)2m/s，取g等于10m/s2求滑梯高度范圍。14（10分）圖示為深圳市地標(biāo)建筑平安金融大廈。其內(nèi)置觀光電梯，位于觀景臺(tái)的游客可360o鳥瞰深圳的景觀。電梯從地面到116層的觀景臺(tái)只需58s，整個(gè)過(guò)程經(jīng)歷勻加速、勻速和勻減速，勻加速和勻減速階段的加速度大小相等，其上行最大速度為10m/s

10、。當(dāng)電梯加速上升時(shí)，質(zhì)量為50kg的人站在置于電梯地板的臺(tái)秤上時(shí)，臺(tái)秤的示數(shù)為65kg，g取10m/s2，求：（1）電梯加速上升的加速度大小；（2）觀景臺(tái)距地面的高度。15（12分）如圖所示，在直角坐標(biāo)xOy平面內(nèi)，第一、二象限有平行y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第三、四象限有垂直坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電荷量為q的正電粒子，從坐標(biāo)原點(diǎn)O以大小為v0，方向與x軸正方向成37o的速度沿坐標(biāo)平面射入第一象限，粒子第一次回到x軸時(shí)，經(jīng)過(guò)x軸上的P點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），已知電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，粒子重力不計(jì)，sin370.6，cos370.8。（1）求p點(diǎn)的坐標(biāo)；（2）若粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，第二次回到x軸的位置與坐

11、標(biāo)原點(diǎn)O的距離為OP的一半，求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向。16（13分）如圖所示，質(zhì)量均為m的木塊A、B，靜止于光滑水平面上。A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的O點(diǎn)系一長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線，細(xì)線另一端系一質(zhì)量也為m的球C，現(xiàn)將球C拉起使細(xì)線水平伸直，并由靜止釋放。當(dāng)球C第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，木塊A與B發(fā)生彈性碰撞。求：（1）球C靜止釋放時(shí)A、B木塊間的距離；（2）球C向左運(yùn)動(dòng)的最大高度；（3）當(dāng)球C第二次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，木塊A的速度。2020年安徽合肥市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共10小題，每小題4分共40分16題在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的，710題有多個(gè)選項(xiàng)是正確

12、的全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選或不答的得0分）1【解答】解：A、由xt圖線斜率表示速度，斜率的正負(fù)表示運(yùn)動(dòng)方向，分析可知，t1時(shí)刻a車沿正向運(yùn)動(dòng)，b車沿負(fù)向運(yùn)動(dòng)，兩者運(yùn)動(dòng)方向相反，故A錯(cuò)誤。B、xt圖線的斜率的正負(fù)表示運(yùn)動(dòng)方向，t2時(shí)刻，a車沿正方向運(yùn)動(dòng)，b車沿正方向運(yùn)動(dòng)，方向相同。故B錯(cuò)誤。CD、在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，a、b兩車運(yùn)動(dòng)的位移相同，由于a做勻速直線運(yùn)動(dòng)，b先沿負(fù)向運(yùn)動(dòng)后沿正向運(yùn)動(dòng)，所以b通過(guò)的路程較大，根據(jù)平均速率等于路程與時(shí)間之比，則知b的平均速率較大，兩車的位移和時(shí)間相等，則平均速度大小相等，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：D。2【解答】解：AB、由題意可知，物體一

13、定受到重力和彈力作用，物體必然受到沿斜面向上的力來(lái)平衡重力平行斜面的分力，可能是摩擦力，也可以是支架下邊緣對(duì)書的彈力，也可以是摩擦力和支架下邊緣對(duì)書彈力的合力。故物體可能受三個(gè)力，也可能受四個(gè)力作用。故A錯(cuò)誤，B正確；C、當(dāng)重力沿斜面向下的分力與支架下邊緣對(duì)書彈力相等時(shí)，摩擦力不存在，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)重力沿斜面向下的分力與向上的摩擦力相等時(shí)，則支架下邊緣對(duì)書彈力不存在，故D錯(cuò)誤。故選：B。3【解答】解：A、根據(jù)mgG 得 g，可知金星與火星表面重力加速度之比，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)v 可知，金星與火星第一宇宙速度之比，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)a 可知，距離太陽(yáng)越遠(yuǎn)，加速度越小，金星距離地球近，則金星繞太

14、陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的加速度比火星大，故C正確；D、根據(jù)開普勒第三定律k，可知距離太陽(yáng)越遠(yuǎn)，周期越長(zhǎng)，金星距離太陽(yáng)近，所以金星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期比火星短，故D錯(cuò)誤；故選：C。4【解答】解：電場(chǎng)中FEq，類比電場(chǎng)強(qiáng)度定義，當(dāng)xR時(shí)，E引g，即在球外E引與x2成反比；當(dāng)xR時(shí)，由于質(zhì)量均分布均勻的球殼對(duì)殼內(nèi)任一物體的萬(wàn)有引力為零，距地心r處的引力場(chǎng)強(qiáng)是有半徑為x的“地球”產(chǎn)生的。設(shè)半徑為x的“地球”質(zhì)量為Mx，則Mx，則E引，即在球內(nèi)與x成正比，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選：C。5【解答】解：A、當(dāng)三角形導(dǎo)線框abc從A點(diǎn)沿AB運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量一直增大，此時(shí)線圈產(chǎn)生一個(gè)逆時(shí)針電流；而后線圈逐漸離開磁場(chǎng)

15、，磁通量減少，線圈產(chǎn)生一個(gè)順時(shí)針電流，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)題意知其有效長(zhǎng)度先增加后減小，根據(jù)公式EBLv可，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先增大后減小故感應(yīng)電流也是先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)q，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)線框a點(diǎn)剛到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E，電流，所，故D正確。故選：D。6【解答】解：以物塊與托盤整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得 F+kxmgma，得 Fmg+makx，可知F隨著x增大而減小，當(dāng)Fm（a+g）時(shí)，物塊與彈簧脫離，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：B。7【解答】解：A、根據(jù)等量異種電荷電勢(shì)分布，由幾何關(guān)系可知，c點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)，A錯(cuò)誤；B、c、d兩點(diǎn)關(guān)于ab對(duì)稱，且ab電荷量相同，故

16、c、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，B正確；C、將一正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，C錯(cuò)誤；D、將一負(fù)電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，D正確。故選：BD。8【解答】解：A、B下落時(shí)，AC開始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)B落地后，AC停止運(yùn)動(dòng)，因ABC三球組成系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故球B的機(jī)械能先減小后增大，A正確；B、對(duì)整個(gè)系統(tǒng)分析，有：，解得：，B正確；C、在B落地前，AC做減速運(yùn)動(dòng)，輕桿對(duì)球有向上力作用，故球A對(duì)地面的壓力可能小于mg，故C錯(cuò)誤；D、因?yàn)锳C兩球質(zhì)量不相同，故球B落地地點(diǎn)不可能位于初始位置正下方，D錯(cuò)誤。故選：AB。9【解答】解：A、A、B兩球一起勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條

17、件有：F2mg+2Eq，結(jié)合E，解得：F4mg，故A正確；BC、F撤去的瞬間，對(duì)整體進(jìn)行分析，由牛頓第二定律有：2mg+2Eq2maAB，結(jié)合E，解得：aAB2g，即A、B兩球的加速度均為2g，方向豎直向下，故B錯(cuò)誤，C正確；D、F撤去的瞬間，對(duì)B球分析，根據(jù)牛頓第二定律得 mg+qETmaAB，解得球A、B之間的繩子拉力 T0，故D正確。故選：ACD。10【解答】解：A、在第2個(gè)滑塊進(jìn)入粗糙水平面后至第3個(gè)滑塊進(jìn)入粗糙水平面前，滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)整體分析則有：F（m+2m）g0，解得：F3mg，故A正確；B、根據(jù)動(dòng)能定理有：，解得：v，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)牛頓第二定律，有：Fmg（m+2m

18、+3m+4m）a，解得ag，故C正確；D、假設(shè)在水平恒力F作用下，滑塊可以全部進(jìn)入粗糙水平面，則從拉力F開始作用到第4個(gè)滑塊剛進(jìn)入粗糙水平面過(guò)程，總功為：WF（L+L+L）mgL（m+2m）gL（m+2m+3m）gLmg0，即滑塊4不能滑上粗糙水平面，故D錯(cuò)誤。故選：AC。二、實(shí)驗(yàn)題（共15分）11【解答】解：（1）因游標(biāo)尺是20分度，則其精確度為0.01mm，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)主尺讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)，即為：d16mm+100.05mm16.50mm1.650cm；（2）實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)表中數(shù)據(jù)在v2x圖中已描繪出五個(gè)點(diǎn)，描繪出v2x圖象如下所示。因摩擦阻力做功，導(dǎo)致動(dòng)能，轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)動(dòng)能定理，則有

19、：0，即為v22gx，因此v2x圖象的斜率k1那么0.050；故答案為：（1）1.650；（2）如上圖所示；0.0480.052；12【解答】解：（1）電阻兩端電壓從零開始調(diào)節(jié)，故選擇分壓式；電流表內(nèi)阻已知，電路圖選擇內(nèi)接法，綜上選B；（2）根據(jù)選擇的電路圖，連接實(shí)物圖。（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知RA+R，又R，S，聯(lián)立解得：故答案為：（1）B，（2）如圖，（3）。三、計(jì)算題（本大題共4小題，共45分解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟只寫出最后答案的不得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13【解答】解：臨界一：小孩恰能勻速下滑，則重力沿著斜坡的分力等于滑動(dòng)摩

20、擦力，即：mgsin1mgcos1，由于小孩下滑是由靜止開始運(yùn)動(dòng)，是加速過(guò)程，故滿足mgsin1mgcos1，滑梯的高度h14tan，聯(lián)立解得h1.6m；臨界二：當(dāng)滑梯高度為h2時(shí)，小孩滑到底端時(shí)速度恰好為2m/s，則由動(dòng)能定理有：，解得h21.8m；綜上，1.6mh1.8m。答：滑梯高度范圍為1.6mh1.8m。14【解答】解：（1）當(dāng)電梯加速上升時(shí)，質(zhì)量為m50kg的人站在置于電梯地板的臺(tái)秤上時(shí)，臺(tái)秤的示數(shù)為65kg，則臺(tái)秤對(duì)它的支持力F650N；根據(jù)牛頓第二定律可得：Fmgma，代入數(shù)據(jù)，可解得a3m/s2；（2）設(shè)勻加速運(yùn)動(dòng)高度為h1，時(shí)間為t，則有h1mm，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得加速上

21、升的時(shí)間：ts；因勻加速和勻減速階段的加速度大小相等，所以兩個(gè)階段的時(shí)間和位移量相同，故勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1T總2t58sss，高度為h2vt1，代入數(shù)值：h2m，故觀景臺(tái)距地面的高度H2h1+h2，代入數(shù)值解得Hm。答：（1）電梯加速上升的加速度大小為3m/s2；（2）觀景臺(tái)距地面的高度m。15【解答】解：（1）由運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性可知，粒子運(yùn)動(dòng)可以看成沿y軸向上先做勻減速后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)和x軸方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)合成的。設(shè)回到x軸過(guò)程所需要的時(shí)間為t，則沿著y軸方向上的初速度為vyv0sin37，根據(jù)牛頓第二定律有加速度a，運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間為t2沿著x軸的初速度為vxv0cos37，p點(diǎn)的橫坐標(biāo)紋xvxt聯(lián)立上式，