各章作業(yè)參考答案

1、材料科學基礎 練習題參考答案第一章原子排列1作圖表示立方晶系中的(123), (0 1 2),(421)晶面和102,211,346 晶向.附圖1-1有關晶面及晶向2. 分別計算面心立方結構與體心立方結構的100,110和111晶面族的面間距，并指出面間距最大的晶面（設兩種結構的點陣常數(shù)均為a）.解 由面心立方和體心立方結構中晶面間的幾何關系，可求得不同晶面族中的面間距如附表1-1 所示.附表1-1立方晶系中的晶面間距晶面100110111FCCaVia面間距243BCCaV?aV3a223顯然，F(xiàn)CC中111晶面的面間距最大，而BCC中110晶面的面間距最大.注意：對于晶面間距的計算，不能簡

2、單地使用公式，應考慮組成復合點陣時，晶面層數(shù)會增加.3. 分別計算fee和bee中的100,110和111晶面族的原子面密度和 <100>,<110>和<111>晶向族的原子線密度，并指出兩種結構的差別(設兩種結構的點陣常數(shù)均為a)解 原子的面密度是指單位晶面內(nèi)的原子數(shù)；原子的線密度是指晶面上單位長度所包含的原子數(shù)據(jù)此可求得原子的面密度和線密度如附表1-2所示.附表1-2 立方晶系中原子的面密度和線密度晶面/晶向100110111<100><110><111>BCC12-返12掐面/線密度a2 a23aa2a3aFCC22

3、返4用1逅a2 a23aaa3a可見，在BCC中，原子密度最大的晶面為110,原子密度最大的晶向為 <111>；在FCC 中，原子密度最大的晶面為111,原子密度最大的晶向為 <110>.4. 在(0 110)晶面上繪出2 1 13晶向.解詳見附圖1-2.附圖1-2六方晶系中的晶向5. 在一個簡單立方二維晶體中，畫出一個正刃型位錯和一個負刃型位錯試求:(1) 用柏氏回路求出正、負刃型位錯的柏氏矢量.(2) 若將正、負刃型位錯反向時，說明其柏氏矢量是否也隨之反向.具體寫出該柏氏矢量的方向和大小.(4)求出此兩位錯的柏氏矢量和.解 正負刃型位錯示意圖見附圖1-3(a)和附圖

4、1-4(a).(b)附圖-3正刃型位錯柏氏矢量的確定(a)實際晶體的柏氏回路|(b)完整晶體的相應回路(b)附圖1 -負刃型位錯柏氏矢量的確定(a)實際晶體的柏氏回路f (b)完整晶體的相應回路(2) 顯然，若正、負刃型位錯線反向，則其柏氏矢量也隨之反向(3) 假設二維平面位于YOZ坐標面，水平方向為Y軸，則圖示正、負刃型位錯方向分別為010和0 10,大小均為一個原子間距(即點陣常數(shù)a).(4) 上述兩位錯的柏氏矢量大小相等，方向相反，故其矢量和等于0.6. 設圖1-72所示立方晶體的滑移面ABCD平行于晶體的上下底面，該滑移面上有一正方形位錯環(huán)如果位錯環(huán)的各段分別與滑移面各邊平行，其柏氏矢

5、量b/ AB,試解答：(1) 有人認為 此位錯環(huán)運動離開晶體后，滑移面上產(chǎn)生的滑移臺階應為4個b”，這種說法是否正確？為什么？(2) 指出位錯環(huán)上各段位錯線的類型，并畫出位錯移出晶體后，晶體的外形、滑移方向和滑移量(設位錯環(huán)線的方向為順時針方向)圖1-72滑移面上的正方形位錯環(huán)附圖1-5位錯環(huán)移岀晶體引起的滑移解(1)這種看法不正確在位錯環(huán)運動移出晶體后，滑移面上下兩部分晶體相對移動 的距離是由其柏氏矢量決定的位錯環(huán)的柏氏矢量為b,故其相對滑移了一個b的距離.(2) A 'B為右螺型位錯,CD為左螺型位錯,BC為正刃型位錯,D 'A '為負刃型位錯.位錯 運動移出晶體后

6、滑移方向及滑移量見附圖1-5.7. 設面心立方晶體中的(111)晶面為滑移面,位錯滑移后的滑移矢量為 -110.2(1) 在晶胞中畫出此柏氏矢量b的方向并計算出其大小(2) 在晶胞中畫出引起該滑移的刃型位錯和螺型位錯的位錯線方向，并寫出此二位錯線的晶向指數(shù)解(1)柏氏矢量等于滑移矢量，因此柏氏矢量的方向為110,大小為、2a/2.(2)刃型位錯與柏氏矢量垂直，螺型位錯與柏氏矢量平行，晶向指數(shù)分別為112和110，詳見附圖1-6.(111)附圖1-6位錯線與其柏氏矢量、滑移矢量m a8. 若面心立方晶體中有b = 101的單位位錯及b = 12 1 的不全位錯，此二位錯2 6相遇后產(chǎn)生位錯反應（

7、1）此反應能否進行？為什么？（2）寫出合成位錯的柏氏矢量，并說明合成位錯的性質(zhì)解（1）能夠進行.一因為既滿足幾何條件又滿足能量條件：.b前八b后111,32 2 . 2 1 2二 43 3（2） b合 =111，該位錯為弗蘭克不全位錯. 口 39. 已知柏氏矢量的大小為b = 0.25nm,如果對稱傾側(cè)晶界的取向差 0= 1。和10°求晶界上位錯之間的距離.從計算結果可得到什么結論 ？解 根據(jù)D :-,得到0= 1 ,10。時，D疋14.3nm, 1.43nm.由此可知，0= 10。時位錯e之間僅隔56個原子間距，位錯密度太大，表明位錯模型已經(jīng)不適用了.第二章固體中的相結構1. 已知

8、Cd, In, Sn, Sb等元素在Ag中的固熔度極限（摩爾分數(shù)）分別為0.435, 0.210, 0.130,0.078;它們的原子直徑分別為 0.3042 nm, 0.314 nm, 0.316 nm, 0.3228 nm; Ag 的原子直徑為 0.2883 nm.試分析其固熔度極限差異的原因，并計算它們在固熔度極限時的電子濃度.答：在原子尺寸因素相近的情況下 ，熔質(zhì)元素在一價貴金屬中的固熔度 （摩爾分數(shù)）受原 子價因素的影響較大，即電子濃度e/a是決定固熔度（摩爾分數(shù)）的一個重要因素，而且電子 濃度存在一個極限值（約為1.4）.電子濃度可用公式C = Za（1 - Xb） z b x b

9、計算.式中，Za, Zb分別為A, B組元的價電子數(shù)；Xb為B組元的摩爾分數(shù).因此，隨著熔質(zhì)元 素價電子數(shù)的增加，極限固熔度會越來越小.Cd, In, Sn, Sb等元素與Ag的原子直徑相差不超過15%（最小的Cd為5.5%, 最大的Sb為11.96%）,滿足尺寸相近原則，這些元素的原子價分別為2, 3, 4, 5價，Ag為1價，據(jù)此推斷它們的固熔度極限越來越小，實際情況正好反映了這一規(guī)律;根據(jù)上面的公式可以計算出它們在固熔度（摩爾分數(shù)）極限時的電子濃度分別為1.435, 1.420, 1.390, 1.312.2. 碳可以熔入鐵中而形成間隙固熔體，試分析是a-Fe還是丫Fe能熔入較多的碳.答

10、：aFe為體心立方結構，致密度為0.68; YFe為面心立方結構，致密度為0.74.顯然, a-Fe中的間隙總體積高于 Fe，但由于aFe的間隙數(shù)量多，單個間隙半徑卻較小，熔入碳原 子將會產(chǎn)生較大的畸變，因此，碳在-Fe中的固熔度較 a-Fe的大.3. 為什么只有置換固熔體的兩個組元之間才能無限互熔，而間隙固熔體則不能？答：這是因為形成固熔體時，熔質(zhì)原子的熔入會使熔劑結構產(chǎn)生點陣畸變，從而使體系能量升高.熔質(zhì)原子與熔劑原子尺寸相差越大，點陣畸變的程度也越大，則畸變能越高，結構的穩(wěn)定性越低，熔解度越小.一般來說，間隙固熔體中熔質(zhì)原子引起的點陣畸變較大，故不能無限互熔，只能有限熔解.第三章凝固1.

11、 分析純金屬生長形態(tài)與溫度梯度的關系答：純金屬生長形態(tài)是指晶體宏觀長大時固-液界面的形貌界面形貌取決于界面前沿液相中的溫度梯度(1) 平面狀長大：當液相具有正溫度梯度時 ，晶體以平直界面方式推移長大 此時，界面上任何偶然的、小的凸起深入液相時，都會使其過冷度減小，長大速率降低或停止長大 ，而被周圍部分趕上，因而能保持平直界面的推移 長大過程中晶體沿平行溫度梯度的方向生長，或沿散熱的反方向生長，而其它方向的生長則受到限制(2) 樹枝狀長大：當液相具有負溫度梯度時，晶體將以樹枝狀方式生長此時，界面上偶然的凸起深入液相時，由于過冷度的增大，長大速率越來越大；而它本身生長時又要釋放 結晶潛熱，不利于近

12、旁的晶體生長，只能在較遠處形成另一凸起這就形成了枝晶的一次軸，在一次軸成長變粗的同時，由于釋放潛熱使晶枝側(cè)旁液體中也呈現(xiàn)負溫度梯度，于是在一次軸上又會長出小枝來，稱為二次軸，在二次軸上又長出三次軸由此而形成樹枝狀骨架，故稱為樹枝晶(簡稱枝晶)2. 簡述純金屬晶體長大機制及其與固-液界面微觀結構的關系答：晶體長大機制是指晶體微觀長大方式，即液相原子添加到固相的方式，它與固-液界面的微觀結構有關(1) 垂直長大方式：具有粗糙界面的物質(zhì)，因界面上約有 50%的原子位置空著，這些空 位都可以接受原子，故液相原子可以進入空位，與晶體連接，界面沿其法線方向垂直推移 ， 呈連續(xù)式長大(2) 橫向(臺階)長大

13、方式：包括二維晶核臺階長大機制和晶體缺陷臺階長大機制，具有光滑界面的晶體長大往往采取該方式二維晶核模式，認為其生長主要是利用系統(tǒng)的能量起伏，使液相原子在界面上通過均勻形核形成一個原子厚度的二維薄層狀穩(wěn)定的原子集團，然后依靠其周圍臺階填充原子，使二維晶核橫向長大，在該層填滿后，則在新的界面上形成新 的二維晶核，繼續(xù)填滿，如此反復進行晶體缺陷方式，認為晶體生長是利用晶體缺陷存在的永不消失的臺階(如螺型位錯的臺階或攣晶的溝槽)長大的第四章相圖1.在Al-Mg合金中，XMg為0.15，計算該合金中鎂的 WMg為多少解 設Al的相對原子量為 Mai，鎂的相對原子量為 MMg，按1mol Al-Mg合金計

14、算，則鎂 的質(zhì)量分數(shù)可表示為WM gXm gMXAl M Al* XMg M100%Mg將 XMg = 0.15, Xai = 0.85, MMg = 24, Mai = 27 代入上式中，得到WMg = 13.56%.2根據(jù)圖4-117所示二元共晶相圖，試完成：(1) 分析合金I，II的結晶過程，并畫出冷卻曲線(2) 說明室溫下合金I，II的相和組織是什么，并計算出相和組織組成物的相對量(3)如果希望得到共晶組織加上相對量為5%的B初的合金，求該合金的成分圖 4-117附圖4-1 合金I的冷卻曲線二元共晶相圖附圖4-2 合金II的冷卻曲線解(1)合金I的冷卻曲線參見附圖4-1,其結晶過程如下

15、：1以上，合金處于液相；12時，發(fā)生勻晶轉(zhuǎn)變L即從液相L中析出固熔體 a L和a的成分沿液相線和固相 線變化，達到2時，凝固過程結束；2時，為a相；23時，發(fā)生脫熔轉(zhuǎn)變，L0i.合金II的冷卻曲線參見附圖4-2,其結晶過程如下：1以上，處于均勻液相；12時，進行勻晶轉(zhuǎn)變L t 62時，兩相平衡共存，Lo.5 f 6.9 ；22時,剩余液相發(fā)生共晶轉(zhuǎn)變L 05 f Cf-0.2 + Bo.9 ；23時，發(fā)生脫熔轉(zhuǎn)變a冊.(2)室溫下,合金I的相組成物為 a+組織組成物為 a+卩I.相組成物相對量計算如下：0.90 -0.20w a100%=82%0.90 -0.050.20 -0.05w 直10

16、0%= 18%0.90 -0.05組織組成物的相對量與相的一致.室溫下，合金II的相組成物為 a + 3組織組成物為B初+ ( a+ 0.相組成物相對量計算如下：0.90 -0.80w a100%=12%0.90 -0.050.80 -0.05 w 3100%=88%0.90 -0.05組織組成物相對量計算如下：0.80 -0.50w 3100%=75%初0.90 -0.500.90 -0.80w（a + 3）100% =25%0.90 -0.50(3)設合金的成分為WB = X,由題意知該合金為過共晶成分于是有22時,剩余液相發(fā)生共晶轉(zhuǎn)變L 05 f Cf-0.2 + Bo.9 ；=5%x

17、- 0.50100%0.90 -0.50所以，x = 0.52,即該合金的成分為wb = 0.52.3. 計算wc為0.04的鐵碳合金按亞穩(wěn)態(tài)冷卻到室溫后組織中的珠光體、二次滲碳體和 萊氏體的相對量，并計算組成物珠光體中滲碳體和鐵素體及萊氏體中二次滲碳體、共晶滲碳體與共析滲碳體的相對量.解 根據(jù)Fe-FesC相圖，Wc = 4%的鐵碳合金為亞共晶鑄鐵，室溫下平衡組織為P + FGi+ Ld：其中P和Fe3Cii系由初生奧氏體轉(zhuǎn)變而來，萊氏體則由共晶成分的液相轉(zhuǎn)變而成，因此萊氏體可由杠桿定律直接計算，而珠光體和二次滲碳體則可通過兩次使用杠桿定律間接 計算出來.42.11Ld'相對量：w1

18、00% =86.3%.Ld 4.3 -2.114.3 -42.11 4.77Fe3Cn 相對量：wF“100% =3.1% .''4.3 -2.116.69 0.774.3 -46.69 -2.11P 相對量：wP100% =10.6%.4.3 -2.116.69 0.77珠光體中滲碳體和鐵素體的相對量的計算則以共析成分點作為支點，以wc = 0.001%和wc = 6.69%為端點使用杠桿定律計算并與上面計算得到的珠光體相對量級聯(lián)得到P 中 F 相對量：wF 二wP 竺 077100% =9.38%6.69 -0.001P 中 Fe3C 相對量：wFeQ =10.6% -9.

19、38%4.22%.至于萊氏體中共晶滲碳體、 二次滲碳體及共析滲碳體的相對量的計算，也需采取杠桿定律的級聯(lián)方式，但必須注意一點，共晶滲碳體在共晶轉(zhuǎn)變線處計算 ，而二次滲碳體及共析滲 碳體則在共析轉(zhuǎn)變線處計算.4 32 11Ld'中共晶滲碳體相對量：wCm w . 100% =41.27%共晶 Ld 6.69 -2.116.69 - 4.32.11 - 0.77Ld 中二次滲碳體相對量:wCm w100% =10.2%" Ld 6.69 -2.116.69 0.77Ld '中共析滲碳體相對量：6.69 一4.36.69 一2.110.77 -0.0218wCm 共析=wl

20、火江況100% =39%d 6.69 一2.116.69 -0.776.69 -0.02184. 根據(jù)下列數(shù)據(jù)繪制 Au-V二元相圖.已知金和釩的熔點分別為 1064 C和1920C.金與 釩可形成中間相 $AuV3);釩在金中的固熔體為 a其室溫下的熔解度為 wv = 0.19;金在釩 中的固熔體為 y其室溫下的熔解度為 wau = 0.25.合金系中有兩個包晶轉(zhuǎn)變，即(1) B(Wv =0.4) L(Wv =0.25)；.豊：”;，(Wv =0.27)(2) y(v =0.52) L( WV =0.345) I 1 羅？:兀 a(wV =0.45)解 根據(jù)已知數(shù)據(jù)繪制的Au-V二元相圖參見

21、附圖4-3.附圖4-3 Au-V二元相圖第五章材料中的擴散1.設有一條直徑為3cm的厚壁管道，被厚度為0.001cm的鐵膜隔開，通過輸入氮氣以保 持在膜片一邊氮氣濃度為 1000 mol/m3；膜片另一邊氮氣濃度為 100 mol/ml若氮在鐵中 700C時的擴散系數(shù)為 4X 10-7 cm2 /s,試計算通過鐵膜片的氮原子總數(shù)解設鐵膜片左右兩邊的氮氣濃度分別為c1, c2,則鐵膜片處濃度梯度為c2 -s100 _1000.: x1 10 -7二 _9.010m ol / m根據(jù)擴散第一定律計算出氮氣擴散通量為于是J = _D 工=_4 10 - (10 -)2 ( _9.0 10 7) =

22、3.6 10 - m ol/(mx單位時間通過鐵膜片的氮氣量為.3 兀-22-6J 'A =3.610 _(310)=2.5410 m ol/s4最終得到單位時間通過鐵膜片的氮原子總數(shù)為623181N =(J ；A)N A = 2.5410 -6.02102 = 3.0610 s-第六章塑性變形1銅單晶體拉伸時，若力軸為001方向，臨界分切應力為 0.64 MPa，問需要多大的 拉伸應力才能使晶體開始塑性變形？解銅為面心立方金屬，其滑移系為111110，4個111面構成一個八面體，詳見教材P219中的圖6-12.圖6-12面心立方晶體的多系滑移力軸為001方向當拉力軸為001方向時，所

23、有滑移面與力軸間的夾角相同，且每個滑移面上的三個滑移方向中有兩個與力軸的夾角相同，另一個為硬取向(入=90°.于是，取滑移系(1 1 1)" 1 0進行計算0 x1 +0 x1 +1 x 11cos，J02 +02 +12 漢 J12 +12 +12 爲0 X (_1) +0 x 0 +1 X11J。2 +02 +12 漢 J(1)2 +02 +12421 m = cos cos / ：，V6二s=0.64 ：=1.57 M Pa.m即至少需要1.57 MPa的拉伸應力才能使晶體產(chǎn)生塑性變形.2. 什么是滑移、滑移線、滑移帶和滑移系？作圖表示a-Fe, Al, Mg中的最重

24、要滑移系.那 種晶體的塑性最好，為什么？答：滑移是晶體在切應力作用下一部分相對于另一部分沿一定的晶面和晶向所作的平 行移動；晶體的滑移是不均勻的，滑移部分與未滑移部分晶體結構相同.滑移后在晶體表面留下臺階，這就是滑移線的本質(zhì).相互平行的一系列滑移線構成所謂滑移帶.晶體發(fā)生滑移時，某一滑移面及其上的一個滑移方向就構成了一個滑移系(c)pITojS方金屬；10庫心立方金風壬 G巒排六方僉皿附圖6-1三種晶體點陣的主要滑移系aFe具有立方體心結構，主要滑移系可表示為110<111>,共有6X 2 = 12個；Al具有面心立方結構,其滑移系可表示為111<110>,共有4 X

25、3 =12個；Mg具有密排六方結構,主要滑移系可表示為oooi :：. 11 20 .,共有1X 3 = 3個.晶體的塑性與其滑移系的數(shù)量有直接關系，滑移系越多，塑性越好；滑移系數(shù)量相同時，又受滑移方向影響，滑移方向多者塑 性較好，因此，對于a-Fe, Al, Mg三種金屬，Al的塑性最好，Mg的最差，aFe居中.三種典型 結構晶體的重要滑移系如附圖6-1 所示.3. 什么是臨界分切應力？影響臨界分切應力的主要因素是什么？單晶體的屈服強度與外力軸方向有關嗎？為什么？答：滑移系開動所需的作用于滑移面上、沿滑移方向的最小分切應力稱為臨界分切應力臨界分切應力 T的大小主要取決于金屬的本性，與外力無關

26、.當條件一定時，各種晶體的臨 界分切應力各有其定值.但它是一個組織敏感參數(shù)，金屬的純度、變形速度和溫度、金屬的 加工和熱處理狀態(tài)都對它有很大影響.如前所述,在一定條件下，單晶體的臨界分切應力保持為定值,則根據(jù)分切應力與外加 軸向應力的關系：cs = T/m m為取向因子，反映了外力軸與滑移系之間的位向關系，因此,單晶體的屈服強度與外力軸方向關系密切.m越大，則屈服強度越小，越有利于滑移.4. 孿生與滑移主要異同點是什么？為什么在一般條件下進行塑性變形時鋅中容易出現(xiàn)攣晶，而純鐵中容易出現(xiàn)滑移帶？答：孿生與滑移的異同點如附表6-1 所示.附表6-1晶體滑移與孿生的比較滑移孿生相同方面（1）宏觀上看

27、，兩者都是在剪（切）應力作用下發(fā)生的均勻剪切變形；（2）微觀上看，兩者都是晶體塑性變形的基本方式，是晶體的一部分相對于另一部分沿一定的晶面和晶向平移；（3）兩者都不改變晶體結構類型.不 同 方 面晶體中的位向晶體中已滑移部分與未滑移部分位向相同已孿生部分（攣晶）和未孿生部分（基 體）的位向不同，且兩部分之間具有 特定的位向關系（鏡面對稱）位移的量原子的位移是沿滑移方向上原子間距的 整數(shù)倍，且在一個滑移面上總位移較大原子的位移小于孿生方向的原子間 距，一般為孿生方向原子間距的1/n對塑性變形的貢獻很大，即總變形量大有限，即總變形量小變形應力有確定的臨界分切應力所需分切應力一般高于滑移的變形條件一

28、般情況下，先發(fā)生滑移滑移困難時；或晶體對稱度很低、變 形溫度較低、加載速率較高時變形機制全位錯運動的結果分位錯運動的結果鋅為密排六方結構金屬，主要滑移系僅 3個，因此塑性較差，滑移困難，往往發(fā)生孿生變形，容易出現(xiàn)攣晶；純鐵為體心立方結構金屬，滑移系較多，共有48個，其中主要滑移系 有12個，因此塑性較好，往往發(fā)生滑移變形，容易出現(xiàn)滑移帶第七章 回復與再結晶1. 已知鋅單晶體的回復激活能為 8.37X 104 J/mol，將冷變形的鋅單晶體在-50 C進行回 復處理，如去除加工硬化效應的 25%需要17 d,問若在5 min內(nèi)達到同樣效果，需將溫度提 高多少攝氏度？解 根據(jù)回復動力學，采用兩個不同溫度將同一冷變形金屬的加工硬化效應回復到同 樣程度，回復