2014年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試模擬試題

1、咼考模擬試題精編一【說明】本試卷分第一卷選擇題和第二卷非選擇題兩局部總分值100分，考試時間90分鐘.第一卷選擇題 共40分一、選擇題：此題共10小題，每題4分，共40分在每題給出的四個選項中，有一個或一個以上選項符合題目 要求，全部選對的得 4分，選不全的得2分，有錯選或不答的得 0分.1 在物理學開展的過程中，有許多偉大的科學家做出了奉獻關于科學家和他們的奉獻，以下說確的是A 安培首先提出了磁場對運動電荷的作用力公式B 法拉第根據小磁針在通電導線周圍的偏轉發(fā)現了電流的磁效應c 楞次發(fā)現了電磁感應現象，并研究得出了判斷感應電流方向的方法一一楞次定律D 法國物理學家?guī)靵隼门こ訉嶒灠l(fā)現了電荷之

2、間的相互作用規(guī)律一一庫侖定律2如下列圖，兩個等量異種點電荷對稱地放在一無限大平面的兩側兩點電荷未畫出，0點是兩點電荷連線與平面的交點，也是連線的中點在平面以 0點為圓心畫兩個同心圓，兩圓上分別有 a、b、c、d四個點，那么以下說法錯誤的選項是A a、c兩點電場強度大小相等B c、d兩點電場強度一定相等C a、b兩點電勢一定相等D a、d兩點電勢一定相等3 a、b兩車在同一直線上做勻加速直線運動，v t圖象如下列圖，在15 s末兩車在途中相遇，由圖象可知 A a車的速度變化比b車慢B .出發(fā)前a車在b車之前75 m處C .出發(fā)前b車在a車之前150 m處D .相遇前a、b兩車的最遠距離為 150

3、 m 4 2021年6月，"神九'飛天，"蛟龍'探海，實現了"可上九天攬月，可下五洋捉鱉"這個充滿浪漫主義氣概的夢想處于340 km高空的"神九"和處于 7 000 m深海的"蛟龍"的向心加速度分別為a1和a2,轉動的角速度分別為 31和32,以下說法中正確的選項是 A 因為"神九"離地心的距離較大，根據3= r得：31< 32B 根據3= n可知，3與圓周運動的半徑r無關，所以31= 32C 因為"神九"離地心的距離較大，根據a= ：2得：a1<

4、a2D 因為"神九"離地心距離較大且角速度也較"蛟龍"大，根據a= 32r得：a1>a25 甲、乙兩運動物體在t1、t2、t3時刻的速度矢量分別為V1、V2、V3和V1、V2、V3.以下說法中正確的選項是A 甲做的可能是直線運動，乙做的可能是圓周運動B甲和乙可能都做圓周運動C .甲和乙受到的合力都可能是恒力D .甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力I6如圖，在固定斜面上的一物塊受到一外力取值應有一定圍，其最大值和最小值分別為F的作用，F平行于斜面向上假設要物塊在斜面上保持靜止,Fi和F2F2>0.由此可求出A 物塊的質量B .斜面

5、的傾角C 物塊與斜面間的最大靜摩擦力D .物塊對斜面的正壓力7導體A B、C的伏安特性曲線分別是圖線1、2、3，其中導體C為一非線性電阻當它們串聯后接在電壓恒為6V的直流電源兩端時，它們的電阻分別為A .此時流過三導體的電流均為1 ARi、R2、R3,那么以下說確的是B . Ri : R2 : R3= 1 : 3 : 2C 假設將三導體串聯后接在 3 V的直流電源上，那么三導體的阻值之比不變D .假設將三導體并聯后接在 3 V的直流電源上，那么通過它們的電流之比 Ii : I2： 13= 3 :8自耦變壓器的輸入端接在阻為r的交流電源上，輸出端接阻值為 R的負載.如果要求負載上消耗的電功率最大

6、，變壓器原、副線圈的匝數比應為變壓器為理想變壓器，輸入端的電勢恒定9.如下列圖，兩個質量均為 m的完全一樣的小球 A和B用輕桿連接，由靜止從曲面上釋 至滑到水平面的過程中，不計一切摩擦，那么桿對A球做的功為書71 1A. mgh B. qmghC. mgh D. mgh10.如下列圖，質量為 M的足夠長金屬導軌 abed放在光滑的絕緣水平面上.一電阻為 r，質量為m的導體棒PQ放 置在導軌上，始終與導軌接觸良好，PQbe構成矩形.棒與導軌間光滑、棒左側有兩個固定于水平面的光滑立柱. 導軌be段電阻為R,長為L,其他局部電阻不計以 ef為界，其左側勻強磁場 方向豎直向上，右側勻強磁場水平向右，磁

7、感應強度大小均為B.在 t = 0時,一水平向左的拉力 F垂直作用在導軌的 be邊上，使導軌由靜止開始做勻加速 直線運動，加速度為 a.那么A . F與t成正比B . F與t2成正比C 當t到達一定值時，QP剛好對軌道無壓力ABD .假設F = 0, PQbc靜止，ef左側磁場均勻減小，當 云到達一定值時，QP剛好對軌道無壓力 答題欄題號12345678910答案第二卷非選擇題共60分 二、非選擇題：此題共5小題，共60分按題目要求作答解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演 算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位.11.岬傳IO竝力伽辭 右1.1 占、

8、.VhttJMAC5分現用如下列圖的裝置探究“加速度與物體受力的關系'小車所受拉力與其速度可分別由拉力傳感器和速度傳感器記錄下來.速度傳感器安裝在距離 L = 48.0 cm的長木板的A、B兩點.05 I D 15 2J0Z5*1實驗主要步驟如下：A 將拉力傳感器固定在小車上；B 平衡摩擦力，讓小車在沒有拉力作用時能做勻速直線運動；C 把細線的一端固定在拉力傳感器上，另一端通過定滑輪與輕質小盤盤中放置砝碼相連；D 接通電源后自C點釋放小車，小車在細線拉動下運動，記錄細線拉力F的大小與小車分別到達 A、B時的速率 Va、VB ；E.改變小盤中砝碼的數量，重復D的操作.由以上實驗可得出加速

9、度的表達式a=.現已得出理論上的 a-F圖線，某同學又用描點法根據實驗所得數據，在坐標紙上作出了由實驗測得的a F圖線比照實驗結果與理論計算得到的兩個關系圖線，偏差的主要原因是 .12. 10分某同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和阻他根據教師提供的 了如下列圖的原理圖.A .電壓表 V15 V,10 k QB .電流表 G量程3.0 mA，阻 Q為10 QC.電流表A量程0.6 A，阻約為0.5 QD .滑動變阻器 R1(020 Q 10 A)E.滑動變阻器 R2(0100 Q 1 A)F.定值電阻R3= 990 QG .開關S和導線假設干1該同學沒有選用電壓表是因為 忙;:+応益:攔:益“二:

10、I BB IB 1 IB 2該同學將電流表G與定值電阻 R3串聯，實際上是進展了電表的改裝，那么他改裝的電壓表對應的量程是V ；3為了能準確地進展測量，同時為了操作方便，實驗中應選用的滑動變阻器是 填寫器材前的字母編號；4該同學利用上述實驗原理圖測得以下數據，并根據這些數據繪出了如下列圖的圖線，根據圖線可求出干電池的 電動勢E=V保存3位有效數字，干電池的阻r =Q 保存2位有效數字.序號123456電流表G(11/mA)1.371.351.261.241.181.11電流表A(I2/A)0.120.160.210.280.360.4313. 13分如下列圖，在光滑水平面上有一長為Li、寬為L

11、2的單匝矩形閉合導體線框abed，處于磁感應強度為B的有界勻強磁場中，其ab邊與磁場的邊界重合.線框由同種粗細均勻的導線制成，它的總電阻為R現用垂直于線框ab邊的水平拉力，將線框以速度v向右沿水平方向勻速拉出磁場 此過程中保持線框平面與磁感線垂直，且ab邊與磁場邊界平行，線框中產生的焦耳熱與導體線框abed以ab為軸勻速順時針cd向上轉動90°過程中線框中產生的焦耳熱一樣.求線框勻速轉 動的角速度.14. 14分如下列圖，傳送帶 A、B間距離L = 5 m且在同一水平面，兩個輪子半徑均為r=0.2 m,半徑R= 0.4 m的固定豎直光滑圓軌道與傳送帶相切于B點，C點是圓軌道的最高點.

12、當傳送帶靜止不動時，質量m= 1 kg的小煤塊在A點以初速度vo= 2 15 m/s 開始運動，剛好能運動到 C點.重力加速度g= 10 m/s2.求：1當傳送帶的輪子以 3= 10 rad/s的角速度勻速轉動時，將小煤塊無初速地放到傳送帶 上的A點，求小煤塊從 A點運動到B點的過程中在傳送帶上劃過痕跡的長度.A點，小煤塊運動到 C點2當傳送帶的輪子勻速轉動的角速度在什么圍時，將小煤塊無初速地放到傳送帶上的 時對圓軌道的壓力最大，最大壓力Fc是多大.15. 18分如下列圖，電源電動勢為 Eo未知，阻不計，滑動變阻器的滑片 P處于R的中 點.一質量為 m,帶電荷量為q的粒子重力不計從加速電場AK

13、中的si點由靜止經 加速電場加速后，沿 SiS2方向從邊長為L的正方形場區(qū)的中間進入有界均勻場區(qū).當 場區(qū)只加豎直向上的勻強電場電場強度為E時，帶電粒子恰從 b點射出場區(qū).1求加速電源的電動勢Eo.2假設滑動變阻器的滑片位置不變，場區(qū)只加垂直紙面向里大小為B的勻強磁場，帶電粒子仍從b點射出，那么帶電粒子的比荷 q為多大？m3假設使帶電粒子進入場區(qū)后不改變方向，需在場區(qū)同時加勻強電場和勻強磁場，求所加復合場的電場強度Ei與磁感應強度Bi之比.附加題：此題共3小題，每題15分.分別考查3-3、3 4、3-5模塊.請考生根據本省考試情況選擇相應題目 作答，其分值不計入總分.1 .物理一一選修3 31

14、5分15分以下說法中正確的選項是 .A .物體是由大量分子組成的，分子間的引力和斥力同時隨分子間距離的增大而減小 B .懸浮在水中的花粉顆粒運動不是水分子的運動，而是花粉分子的運動C .物體的機械能可以為零，而能不可以為零D .第二類永動機違反能量守恒定律E. 定質量的理想氣體壓強不變，溫度升高時吸收的熱量一定大于能的增加量25分家用煤氣的主要成分是一氧化碳，其密度小于空氣的密度，且空氣在常溫下的密度為1.29 kg/m3，如果家庭出現了煤氣泄漏，當煤氣的質量到達空氣總質量的6%時可發(fā)生爆炸.假設某家庭密閉的廚房中煤氣發(fā)生泄漏，且泄漏的速度是 10 g/min，那么煤氣可發(fā)生爆炸時煤氣已經泄漏

15、了 h;假設爆炸時廚房的溫度迅速上升到1 500C，那么此時廚房的氣體壓強為 Pa.假設廚房的空間體積為30 m3，大氣壓強為105 Pa,廚房溫度為27C，忽略煤氣泄漏與爆炸反響對廚房空氣分子數的影響r工廠5分如下列圖，光滑水平地面上放有一質量為m的導熱氣缸，用活塞封閉了一局部氣體.活塞質量為m，截面積為S,可無摩擦滑動，氣缸靜止時與缸底距離為L0.現用水平恒力F向右推氣缸，最后氣缸與活塞到達相對靜止狀態(tài).大氣壓強為 內.求： 穩(wěn)定時封閉氣體的壓強； 穩(wěn)定時活塞與氣缸底部的距離.2 .物理一一選修3 415分 15分歐洲大型強子對撞機是現在世界上體積最大、能量最高的加速器，是一種將粒子加速對

16、撞的高能物理設備該設備能把數以萬計的粒子加速到相當于光速的99.9%，粒子流每秒可在隧道狂飆11 245圈，單束粒子能量可達7萬億電子伏那么以下說法中錯誤的選項是 A .如果繼續(xù)對粒子進展加速，粒子的速度不能到達光速B .如果繼續(xù)對粒子進展加速，粒子的速度能夠到達光速C .如果繼續(xù)對粒子進展加速，粒子的速度能夠超過光速D .粒子咼速運動時的質量大于靜止時的質量E.粒子高速運動時的質量小于靜止時的質量5分一簡諧橫波以2 m/s的波速沿x軸正方向傳播.的周期為 , t = 0時刻x= 0處的質點運動方向為t= 0時的波形如下列圖，那r 一,x=0處的質xy么該波點在最短時間t=s時速度值最大.35

17、分為了研究光通過折射率n= 1.6的球形玻璃的偏折現象，讓一細束光線射入玻璃球，玻璃球的半徑R= 10mm ,球心0到入射光線的垂直距離d= 8 mm.(si n 53 =°.8)在圖上畫出該束光線射入玻璃球后，第一次從玻璃球中射出的光路圖.求這束光線從射入玻璃球到第一次射出玻璃球，光線偏轉的角度.3.物理一一選修3 515分15分關于近代物理容的假設干表達正確的選項是 .A .自然界中含有少量的14C,14C具有放射性，能夠自發(fā)地進展B衰變，因此在考古中可利用14C來測定年代B .重核的裂變過程質量增大，輕核的聚變過程有質量虧損C .比結合能越大，表示原子核中核子結合得越結實，原子

18、核越穩(wěn)定D .根據玻爾理論，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能 增大，電勢能減小E.紫外線照射到金屬鋅板外表時能夠發(fā)生光電效應，那么當增大紫外線的照射強度時，從鋅板外表逸出的光電 子的最大初動能也隨之增大25分核能發(fā)電已經成為人類開發(fā)和利用新能源的重要途徑，某艦艇想依靠所攜帶的 10.9 kg鈾丸，利用其放射性衰變釋放的能量發(fā)電.鈾丸 俺8U衰變后成為Th，那么衰變方程為 ;假設分別用 m1、m2、m3表示衰變過程中238U核、IfTh核和放出的粒子的質量，那么衰變過程中釋放出的核能可以表示為.35分如下列圖，質量為 m1= 60 kg的滑塊在光滑

19、水平面上以速度V1= 0.5 m/s向右運動，質量為 m2 = 40 kg的滑塊包括小孩在光滑水平面上以速度V2= 3 m/s向左運動，為了防止兩滑塊再次相碰，在兩滑塊靠近的瞬間，m2上的小孩用力將 m1推開.求小孩對 m1做功的圍.滑塊m2與右邊豎直墻壁碰撞時無機械能損失，小孩與滑塊不 發(fā)生相對滑動，光滑水平面無限長咼考模擬試題精編一參考答案1 . D 洛倫茲提出了磁場對運動電荷的作用力公式，A錯奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，B錯法拉第發(fā)現了電磁感應現象，C錯庫侖利用扭秤發(fā)現了電荷之間的相互作用規(guī)律，D正確.2 . A 因為兩個等量異種點電荷對稱地放在大平面的兩側，電場線應該垂直平面，且該平面應

20、該是一個等勢面, 所以C、D說法是正確的，根據電場線的分布情況，說法A錯、B正確，應選A.3. AD 由v t圖象可知，兩車的加速度分別為A COQaa=m/s2= 1.5 m/s2, ab=m/s2= 2 m/s2，車的加速度是1015表示車的速度變化快慢的物理量，A對；相遇時,Xa= 2x 10X 15 m= 75 m, Xb =15X 30 m= 225 m, Xa+ &=Xb，所以 a 車在 b 車前 Ax= Xb xa= 150 m, B、 們在15 s時相遇，即意味著它們的距離從C錯誤；由圖象可知，兩車位移差隨時間的增加而增大，且它150 m 一直減小到0，所以D正確.4.

21、 D 根據3 = 丫可知，做圓周運動的角速度不僅與 r有關，還與線速度v有關,所以A、B均錯；因為“蛟龍"屬于天體自轉問題， 它轉動的角速度與地球同步衛(wèi)星一樣，“神九與同步衛(wèi)星相比,根據= mw 2r得“神九"的角速度較大，即"神九"的角速度大于"蛟龍"隨地球自轉的角速度，根據a= 32r得C錯、D正確.5. BD 甲、乙兩物體速度的方向在改變，不可能做直線運動，那么A錯；從速度變化量的方向看，甲的方向一定，乙的發(fā)生了變化，甲的合力可能是恒力，也可能是變力，而乙的合力不可能是恒力，那么C錯誤；B、D正確.6. C 物塊在斜面上處于靜止

22、狀態(tài)，先對物塊進展受力分析，確定其運動趨勢，列平衡方程可得 物塊受與斜面平行的外力F作用，而在斜面上靜止，此時摩擦力的大小和方向將隨F fmax.F的變化而變化.設斜面傾F1 F2角為0,由平衡條件F 1 mgsi n0 Ffmax = 0,F2 mgs in0+Ffmax =0,解得 Ffmax=2，應選項C 正確.7. AB 由題給的伏安特性曲線可知， 當三導體串聯接在電壓恒為 6V的直流電源的兩端時， 作平行U軸的直線 使三導體兩端的總電壓為 6 V , R1、R2、R3兩端的電壓分別為 1 V、3 V、2V，此直線恰好過I軸的1 A處，可知A、B正確；同樣可判斷 C錯誤；假設將三導體并

23、聯后接在3 V的直流電源上，過 U軸3 V作平行I軸的豎直線7 / 12可知，通過三導體的電流分別約為3 A、1 A和22 A，可知D錯.8. B 設變壓器原、副線圈的匝數分別為 ni、n2,輸入端的電動勢為 E,電流分別為li、|2，電壓分別為Ui、U2, 那么：Ui= E- lir，電阻R消耗的電功率 P= U2|2= U1I1,即卩P = E lirli = - 1補+ Eli，可見當li = #時，P有最 大值 Pmax= E，此時 Ui= E lir = E:r =號，那么 U2 = Ui = , b = 卑昌，又因半=，聯立以上各式4r2r 2nini2R n i2RI2 niD錯

24、,B對.9. B 由初、末狀態(tài)看出，A、B的機械能：Ea初一Eb初=mgh，Ea末一Eb末=0，由得：Ea初-Ea末+ Eb末一Eb初=mgh,即卩AEa減+ AEb增=mgh，由 A、B系統(tǒng)機械能守恒可知AEa減=AEb增，聯立得：AEa減1 1=mgh，根據功能關系得，桿對 A球做的功為？mgh，那么A、C、D錯，B對.10. C be切割磁感線運動時產生的感應電動勢為E= BLv,感應電流1= ，由于be做初速度為0的勻加速R+ r運動，所以v = at, be受到的安培力Fa = BlL ,對于金屬導軌abed，根據牛頓第二定律得： F Fa = Ma，聯立上 面各式得：F = Ma

25、+ 鬻，所以A、B均錯；當be向左運動時，根據楞次定律， QP的電流方向由P,根據 左手定那么可知，C正確；假設F = 0, PQbe靜止，當ef左側磁場均勻減小時， QP的電流方向由PQ,根據 左手定那么可知，D錯.11 .解析：1小車從A到B做勻加速直線運動，由運動學公式2aL = vB - vA，得加速度vB vA2L2實驗所得圖線為直線，但不過原點，當F有一定數值時，小車加速度仍為零，說明沒有完全平衡摩擦力，也可能拉力傳感器讀數存在誤差，即讀數偏大.答案：vB vA2L3分Ri所在支路電阻，所以干路電流近似Er|i= rRZR?，由圖象知直線與縱軸的截距為吉=皿mA，解得E =皿V，直

26、線斜率的絕對值為1.48 1.06 X 10 ',解得 r = 0.84R3 + Rg0.52沒有完全平衡摩擦力或拉力傳感器讀數偏大2分12 解析：1因為電壓表量程遠大于干電池的電動勢；2改裝電壓表的量程等于電流表 G的滿偏電流與電流表G所在支路總電阻的乘積， 即UV= lgR3+ Rg = 3.0X 103x 990 + 10V = 3.0 V ;為了便于調節(jié)，滑動變阻器的 阻值不能太大，選擇 Ri比較適宜；4由于R3支路電阻遠大于滑動變阻器等于l2，閉合電路歐姆定律 E= U + lr可變形為：E= liR3 + Rg +丨2，即Q.答案：1電壓表量程太大2分232分3D2 分41

27、.482 分0.842 分13. 解：線框被拉出磁場的過程中：產生的感應電流1= 72分R需要的時間t = ¥1分所以產生的焦耳熱 Q= l2Rt=魚2分R線框轉動90°過程中：產生感應電流的最大值Imax = BL；2% 分BL1L2有效值I =:1分V2Rn需要的時間t' = 21分所以產生的焦耳熱 Q= I' 2Rt'孕2分4R聯立得:4vd_i2分14. 解：1當傳送帶靜止不動時，小煤塊剛好能運動到C點，那么在C點，根據牛頓第二定律得：mg= mvR小煤塊與傳送帶的相對位移為I = vt 2 = 0.5 m,即劃過痕跡的長度為0.5 m2 分

28、2當小煤塊在傳送帶上一直加速時，小煤塊到達B點的速度最大，在C點對圓軌道的壓力最大設小煤塊到達1分小煤塊從AtC過程中，由動能定理得:1 2 1 2i mgL- 2mgR= mvc mvS1 分 聯立得1= 0.41分v = 3 = 2 m/s1 分當傳送帶的輪子以3= 10 rad/s的角速度勻速轉動時，傳送帶的線速度t = = 0.5 s1 分 ig由-= 0.5 m<L,得小煤塊在傳送帶上加速的時間2 ig1B點的最大速度為 vb，那么：i mg=?mvB1分解得 vb= 2 .10 m/s1 分傳送帶的線速度 v>2 10 m/s,即傳送帶的角速度 3> 10.10

29、rad/s時，小煤塊在C點對圓軌道的壓力最大1分 小煤塊從BtC,由機械能守恒定律得：1 12mgR= mvB mvCmax 1 分小煤塊此時在C點，由牛頓第二定律得：2 VCmaxe .八、F max+ mg= m1 分R聯立得 F max= 50 N1 分根據牛頓第三定律得，對圓軌道最大壓力Fc= Fmax= 50 N1分115. 解：1設帶電粒子加速后的速度大小為vo,那么在加速電場中，由動能定理得：Uq = -mv22分在偏轉電場中做類平拋運動：L = vot 1 分2=2翠1分聯立解得：u = EL1分由閉合電路歐姆定律得：Eo = 2U = EL2分2帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周

30、運動，設軌道半徑為R,如圖，由幾何關系得：r2= L2+ R寺 22 分由向心力為洛倫茲力得：2Bqvo= m*® 2 分R聯立解得：q = 26尋2分m 25B2L3帶電粒子在復合場中做直線運動，電場力與洛倫茲力平衡：qvoB1= qE13分E1 4E聯立解得：=52分附加題1 . 1解析：根據分子動理論，A對；布朗運動不是分子的運動，B錯；物體的能是物體的所有分子動能與分子勢能的總和，由于分子動能不可能為零，所以物體能不可以為零，C對；第二類永動機違反熱力學第二定律，不違反能量守恒定律，D錯；由半=C得，氣體壓強不變溫度升高時體積V變大，氣體對外做功，W<0，根據熱力學第一定律 Q + W= AU得E正確.答案：ACE5分解析：由題意可知煤氣可發(fā)生爆炸時的質量m= 6% pV= 2.322 kg ,那么煤氣泄漏的時間t= 10 g/門232.2 minP2 =瞇=6 X 105Pa.=3.87 h .把空氣近似看做理想氣體，那么由題意可知在爆炸瞬間可看做是體積不變的過程，那么由查理定律可 得嚴=p2,所以爆炸瞬間產生的氣體壓強為T1 T2答案：3.872 分6 X 1053 分亠m解：對整體：F = m+ 2 a